2020高考物理一輪總復(fù)習(xí)課時(shí)沖關(guān)04《重力彈力摩擦力》（含解析）人教版.doc

1、重力、彈力、摩擦力 A級(jí)基礎(chǔ)練1頭頂球是足球比賽中常用到的一種技術(shù)如圖所示，關(guān)于運(yùn)動(dòng)員在頂球時(shí)頭頂受到壓力產(chǎn)生的直接原因是()A球的形變B頭的形變C球受到的重力 D人受到的重力解析：A頭頂受到的壓力是由于球產(chǎn)生形變，對(duì)與之接觸的頭產(chǎn)生力的作用，選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤2一輕質(zhì)彈簧原長(zhǎng)為8 cm，在4 N的拉力作用下伸長(zhǎng)了2 cm，彈簧未超出彈性限度，則該彈簧的勁度系數(shù)為()A40 m/N B40 N/mC200 m/N D200 N/m解析：D由題意知彈簧的彈力為4 N時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)2 cm，根據(jù)胡克定律Fkx，代入可得彈簧的勁度系數(shù)k200 N/m，所以A、B、C錯(cuò)誤，D正確3.如圖，一把正

2、常使用的自動(dòng)雨傘，關(guān)于其中的彈簧的狀態(tài)，正確的說(shuō)法是()A無(wú)論雨傘收起還是打開(kāi)，彈簧都受到壓力B無(wú)論雨傘收起還是打開(kāi)，彈簧都受到拉力C雨傘打開(kāi)時(shí)，彈簧受到壓力；雨傘收起時(shí)，彈簧受到拉力D雨傘打開(kāi)時(shí)，彈簧受到拉力；雨傘收起時(shí)，彈簧受到壓力解析：A彈簧的位置處于傘柄的支架上，支架兩個(gè)套筒中間夾著一個(gè)始終壓縮的彈簧，彈簧的勁度系數(shù)較大，原理是利用壓縮彈簧來(lái)改變?nèi)切蔚囊贿叺拈L(zhǎng)度，從而達(dá)到改變支架與傘柄之間的角度. 當(dāng)自動(dòng)雨傘收起時(shí)，要使AB間的夾角減小，所以應(yīng)壓縮彈簧，當(dāng)角度為零時(shí)，彈簧還處于壓縮狀態(tài)；當(dāng)自動(dòng)雨傘打開(kāi)時(shí)，壓縮的彈簧要恢復(fù)原狀，所以打開(kāi)雨傘，即打開(kāi)時(shí)彈簧也受到壓力，故A正確，B、C、D

3、錯(cuò)誤4(2019雅禮模擬)質(zhì)量為mA和mB的小球與勁度系數(shù)均為k的輕彈簧L1和L2連接如圖，靜止時(shí)，兩彈簧伸長(zhǎng)量分別為x1和x2，則()A只要mAmB，有x1x2B只要mAmB，有x1x2C只要mAmB，有x1x2D只要不超出彈性限度，始終有x1x2解析：D由于kx2mBg，kx1(mAmB)g，故x1x2，所以D正確5(2019衡水二調(diào))裝修工人在搬運(yùn)材料時(shí)施加一個(gè)水平拉力將其從水平臺(tái)面上拖出，如圖所示，則在勻加速拖出的過(guò)程中()A材料與平臺(tái)之間的接觸面積逐漸減小，摩擦力逐漸減小B材料與平臺(tái)之間的相對(duì)速度逐漸增大，摩擦力逐漸增大C平臺(tái)對(duì)材料的支持力逐漸減小，摩擦力逐漸減小D材料與平臺(tái)之間的動(dòng)

4、摩擦因數(shù)不變，支持力也不變，因而工人的拉力也不變解析：D勻加速拖出材料的過(guò)程，只能持續(xù)到材料的重心離開(kāi)臺(tái)面的瞬間，故在勻加速拉動(dòng)過(guò)程中，材料的重心在臺(tái)面上，故材料對(duì)臺(tái)面的壓力不變，材料受到的支持力不變，故C錯(cuò)誤；而在拉動(dòng)過(guò)程中動(dòng)摩擦因數(shù)不變，由FfFN可知摩擦力不變，故A、B錯(cuò)誤；因?yàn)槟Σ亮Σ蛔?，材料做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知FFfma，因?yàn)榧铀俣炔蛔?，摩擦力不變，所以工人的拉力不變，故D正確6(2019溫州聯(lián)考)如圖所示，建筑裝修中工人用質(zhì)量為m的磨石對(duì)斜壁進(jìn)行打磨，當(dāng)對(duì)磨石加豎直向上大小為F的推力時(shí)，磨石恰好沿斜壁向上勻速運(yùn)動(dòng)，已知磨石與斜壁之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則磨石受到的摩擦力

5、是()A(Fmg)cos B(Fmg)sin C(Fmg)cos D(Fmg)解析：A分析磨石的受力，有重力mg、彈力FN(垂直于斜壁向下)、摩擦力Ff(沿斜壁向下)、外力F四個(gè)力把這四個(gè)力沿斜壁和垂直于斜壁方向正交分解，由于磨石處于平衡狀態(tài)，在沿斜壁方向有mgcos FfFcos ，F(xiàn)f(Fmg)cos ，垂直于斜壁方向有FNmgsin Fsin ，又根據(jù)FfFN，可得Ff(Fmg)sin ，A正確7(2019銅陵模擬)如圖所示，物體A、B置于水平地面上，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物體A、B用一跨過(guò)動(dòng)滑輪的細(xì)繩相連，現(xiàn)用逐漸增大的力向上提升滑輪，某時(shí)刻拉A物體的繩子與水平面的夾角為53，拉B

6、物體的繩子與水平面的夾角為37，此時(shí)A、B兩物體剛好處于平衡狀態(tài)，則A、B兩物體的質(zhì)量之比為(認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，sin 370.6，cos 370.8)()A. B.C. D.解析：A設(shè)繩中張力為F，對(duì)A應(yīng)用平衡條件可得：Fcos 53(mAgFsin 53)，對(duì)B應(yīng)用平衡條件可得：Fcos 37(mBgFsin 37)，以上兩式聯(lián)立可解得：，A正確8(2019福建四地六校聯(lián)考)如圖，A、B兩物體疊放在水平地面上，A物體質(zhì)量m20 kg，B物體質(zhì)量M30 kg.處于水平位置的輕彈簧一端固定于墻壁，另一端與A物體相連，彈簧處于自然狀態(tài)，其勁度系數(shù)為250 N/m，A與B之間、B與地

7、面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5.現(xiàn)用一水平推力F作用于物體B上，使B緩慢地向墻壁移動(dòng)，A、B始終保持相對(duì)靜止當(dāng)B移動(dòng)0.2 m時(shí)，水平推力的大小為(g取10 m/s2)()A200 N B250 NC300 N D350 N解析：CB相對(duì)地面移動(dòng)，B與地面之間為滑動(dòng)摩擦力，大小f(Mm)g250 N，因緩慢移動(dòng)，故受力平衡，F(xiàn)kxf，代入數(shù)據(jù)得F300 N，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤B級(jí)能力練9(多選)如圖所示，A、B、C三個(gè)物體質(zhì)量相等，它們與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同三個(gè)物體隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示，則下列說(shuō)法正確的是()AA物體受到的摩擦力不為零，方向向右B三個(gè)物體只有A物

8、體受到的摩擦力為零CB、C受到的摩擦力大小相等，方向相同DB、C受到的摩擦力大小相等，方向相反解析：BCA物體與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，也沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，所以A物體不受摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)B、C物體進(jìn)行受力分析，可知B、C所受的靜摩擦力大小均等于mgsin ，方向均沿傳送帶向上，選項(xiàng)B、C正確，D錯(cuò)誤10如圖所示，質(zhì)量為10 kg的物體A拴在一個(gè)被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的拉力為5 N時(shí)，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)若小車以1 m/s2的加速度向右運(yùn)動(dòng)，則(g10 m/s2)()A物體A相對(duì)小車向右運(yùn)動(dòng)B物體A受到的摩擦力減小C物體A受到的摩擦力大小不變D物體A受到的彈簧拉力增大解析：

9、C由題意得物體A與小車的上表面間的最大靜摩擦力Ffm5 N，小車向右運(yùn)動(dòng)后，對(duì)物體A受力分析，可得F合ma10 N，可知此時(shí)小車對(duì)物體A的摩擦力為5 N，方向向右，且為靜摩擦力，所以物體A相對(duì)于小車仍然靜止，故A、B錯(cuò)誤，C正確；物體A相對(duì)于小車仍然靜止，所以受到的彈簧的拉力大小不變，故D錯(cuò)誤11(2019天一大聯(lián)考)如圖所示，滑塊放在水平地面上，左邊受一個(gè)彈簧拉力作用，彈簧原長(zhǎng)小于懸掛點(diǎn)的高度，用水平向右的拉力F拉動(dòng)滑塊，使滑塊向右緩慢移動(dòng)，并且滑塊始終沒(méi)有離開(kāi)地面，則在上述過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A彈簧彈力在豎直方向的分量不變，滑塊受到的摩擦力不變B彈簧彈力在豎直方向的分量不變，滑塊受

10、到的摩擦力變小C彈簧彈力在豎直方向的分量增大，滑塊受到的摩擦力變小D彈簧彈力在豎直方向的分量增大，滑塊受到的摩擦力不變解析：C設(shè)懸掛點(diǎn)的高度為H，彈簧的原長(zhǎng)為l0，勁度系數(shù)為k，彈簧彈力在豎直方向的分量Fyksin ，故FykHkl0sin ，當(dāng)滑塊向右移動(dòng)時(shí)夾角減小，可知彈簧彈力的豎直分量在增大，故滑塊與地面間的彈力減小，滑塊與地面間的摩擦力減小，C項(xiàng)正確12(2019濱海新區(qū)模擬)如圖所示，P、Q兩物塊疊放在一起，在水平向右恒力F作用下沿光滑水平面一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻Q接觸彈簧，二者相對(duì)靜止運(yùn)動(dòng)到速度變?yōu)榱?，則關(guān)于接觸彈簧后二者向右的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()A接觸彈簧后二

11、者立即減速B接觸彈簧后P受的摩擦力大小不變C接觸彈簧后P受的摩擦力方向先向右后向左D接觸彈簧后P受的摩擦力方向先向左后向右解析：CA項(xiàng)，以整體為研究對(duì)象分析，當(dāng)整體接觸彈簧后，水平方向受到向右的恒力F和彈簧水平向左的彈力，彈簧的彈力先小于恒力F，后大于恒力F，木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)，接觸彈簧后，由于整體的加速度發(fā)生變化，則對(duì)P分析可知，P受到的摩擦力充當(dāng)合外力，由牛頓第二定律可知，加速度變化時(shí)合外力變化，故摩擦力大小發(fā)生變化，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；CD項(xiàng)，由A項(xiàng)的分析可知，整體的加速度先向右再向左，P的加速度也應(yīng)先向右后向左，由牛頓第二定律可知

12、，P受到的摩擦力先向右后向左，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤13.如圖所示，兩根輕彈簧AC和BD，它們的勁度系數(shù)分別為k1和k2，它們的C、D端分別固定在質(zhì)量為m的物體上，A、B端分別固定在支架和正下方地面上當(dāng)物體m靜止時(shí)，上方的彈簧處于原長(zhǎng)；若將物體的質(zhì)量變?yōu)?m，仍在彈簧的彈性限度內(nèi)，當(dāng)物體再次靜止時(shí)，其相對(duì)第一次靜止時(shí)位置下降了()Amg B2mgC2mg Dmg解析：C當(dāng)物體m靜止時(shí)，上方的彈簧處于原長(zhǎng)，由平衡條件可得，k2x1mg，下面彈簧壓縮了x1.若將物體的質(zhì)量變?yōu)?m，設(shè)相對(duì)第一次靜止時(shí)位置下降了x，則有上面彈簧拉力F1k1x.由平衡條件可得下面彈簧支持力等于3mgF13mgk1x.由胡克定律得，k2(xx1)3mgk1x，解得x2mg，C項(xiàng)正確14質(zhì)量為M20 kg、長(zhǎng)為L(zhǎng)5 m的木板放在水平面上，木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為10.15.將質(zhì)量m10 kg的小木塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，以v04 m/s的速度從木板的左端水平拋射到木板上，小木塊與木板面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為20.4(最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g10 m/s2)則以下正確的是()A木