北京市海淀區(qū)2024-2025學(xué)年高三下學(xué)期一模（期中）物理試卷（解析版）VIP

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1海淀區(qū)2024-2025學(xué)年第二學(xué)期期中練習(xí)高三物理一、本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.關(guān)于光現(xiàn)象及應(yīng)用，下列說法正確的是（）A.佩戴特制的眼鏡觀看立體電影，是利用了光的折射B.醫(yī)學(xué)上用光纖制成內(nèi)窺鏡做人體內(nèi)部檢查，是利用了光偏振C.雨后太陽光入射到水滴形成彩虹，是由于光的干涉D.光經(jīng)過針尖時(shí)，其影的輪廓模糊不清，出現(xiàn)明暗相間的條紋，是由于光的衍射【答案】D【解析】A．觀看立體電影所戴的眼鏡利用了光的偏振，故A錯(cuò)誤；B．醫(yī)學(xué)上用光纖制成內(nèi)窺鏡做人體內(nèi)部檢查，利用了光的全反射把光傳送到人體內(nèi)部進(jìn)行照明，故B錯(cuò)誤；C．雨后彩虹是由于太陽光入射到水滴中發(fā)生的折射形成的，故C錯(cuò)誤；D．光經(jīng)過針尖時(shí)，其影的輪廓模糊不清，出現(xiàn)明暗相間的條紋，是由于光的衍射，故D正確。故選D。2.下列核反應(yīng)方程中，括號(hào)內(nèi)的粒子為質(zhì)子的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．由質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒可得，括號(hào)內(nèi)的粒子為，故A不符合題意；B．由質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒可得，括號(hào)內(nèi)的粒子為，故B不符合題意；C．由質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒可得，括號(hào)內(nèi)的粒子為，故C符合題意；D．由質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒可得，括號(hào)內(nèi)的粒子為，故D不符合題意。故選C。3.關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說法正確的是（）A.懸浮在液體中的固體微粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B.當(dāng)分子間的距離減小時(shí)，分子間作用力一定增大C.物體的溫度升高，物體內(nèi)每個(gè)分子的動(dòng)能都增大D.溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)劇烈程度的標(biāo)志【答案】D【解析】A．根據(jù)布朗運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故A錯(cuò)誤；B．分子間距離為平衡位置時(shí)，分子力為零，所以當(dāng)分子間的距離減小，分子間作用力不一定增大，還要看分子間距離與平衡位置的大小關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能越大，但不是物體內(nèi)每個(gè)分子的動(dòng)能都增大，故C錯(cuò)誤；D．溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)劇烈程度的標(biāo)志，故D正確。故選D。4.圖甲為一列沿x軸正向傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)的圖像，圖甲中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.圖乙可能是質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像B.再經(jīng)1s質(zhì)點(diǎn)a將沿x軸運(yùn)動(dòng)到x=2m處C.質(zhì)點(diǎn)b的位移與時(shí)間的關(guān)系為y=0.1sin(πt)mD.波在傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)a在2s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0.8m【答案】A【解析】A．根據(jù)“上、下坡法”可知，質(zhì)點(diǎn)a在時(shí)由平衡位置向上振動(dòng)，而乙圖中某質(zhì)點(diǎn)在時(shí)也恰好由平衡位置向上振動(dòng)，故乙圖可能是質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像，A正確；B．質(zhì)點(diǎn)只能在各自的平衡位置附近做簡諧振動(dòng)，而不會(huì)隨著波遷移，B錯(cuò)誤；C．由圖可知，質(zhì)點(diǎn)的振幅周期角頻率由甲圖可知，當(dāng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b經(jīng)過平衡位置向下振動(dòng)，故質(zhì)點(diǎn)b的位移與時(shí)間關(guān)系為C錯(cuò)誤；D．由于該波的周期為，質(zhì)點(diǎn)a在2s時(shí)間內(nèi)恰好完成一個(gè)周期的振動(dòng)，一個(gè)周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a運(yùn)動(dòng)的路程為D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，彈簧上端固定、下端懸掛一個(gè)磁鐵，在磁鐵正下方放置一個(gè)固定在桌面上的閉合銅質(zhì)線圈。將磁鐵托起到某一高度后放開、磁鐵開始上下振動(dòng)。不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（）A.磁鐵振動(dòng)過程中、線圈始終有收縮的趨勢(shì)B.磁鐵振動(dòng)過程中、彈簧和磁鐵組成系統(tǒng)的機(jī)械能保持不變C.磁鐵遠(yuǎn)離線圈時(shí)，線圈對(duì)桌面的壓力小于線圈的重力D.磁鐵靠近線圈時(shí)，線圈與磁鐵相互吸引【答案】C【解析】根據(jù)題意可知，磁鐵靠近線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量增大，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律可知，線圈有收縮的趨勢(shì)，線圈與磁鐵相互排斥，線圈對(duì)桌面的壓力大于線圈的重力；磁鐵遠(yuǎn)離線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量減小，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律可知，線圈有擴(kuò)大的趨勢(shì)，線圈與磁鐵相互吸引，線圈對(duì)桌面的壓力小于線圈的重力，整個(gè)過程中，由于線圈中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，即有電能產(chǎn)生，由能量守恒定律，可知彈簧和磁鐵組成系統(tǒng)的機(jī)械能會(huì)一直減小。故選C。6.某同學(xué)用如圖所示的可拆變壓器完成“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，可拆變壓器上各接線柱對(duì)應(yīng)的數(shù)字表示倍率為“×100”的匝數(shù)。將原線圈的“0””和“1”接線柱與學(xué)生電源連接，將副線圈的“0”和“8”接線柱與電壓表連接，測(cè)得副線圈的輸出電壓為15V。下列說法正確的是（）A.原線圈接的是學(xué)生電源的直流電壓擋B.原線圈的輸入電壓可能是2VC.原、副線圈之間靠鐵芯導(dǎo)電來傳輸能量D.若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則副線圈的輸出電壓將大于15V【答案】B【解析】A．原線圈接的是學(xué)生電源的交流電壓擋，故A錯(cuò)誤；B．將原線圈的“0””和“1”接線柱與學(xué)生電源連接，則副線圈的“0”和“8”接線柱與電壓表連接，則若考慮到有漏磁現(xiàn)象，則有其中可得則原線圈的輸入電壓可能是2V，故B正確；C．變壓器的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場(chǎng)能，在副線圈上將磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”磁場(chǎng)能的作用，不是鐵芯導(dǎo)電，傳輸能量，故C錯(cuò)誤；D．若將電源改接原線圈的“0”和“4”接線柱，則即原線圈匝數(shù)變多，則由可知，副線圈的輸出電壓將小于15V，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，兩相同物塊用細(xì)線相連接，放在粗糙水平面上，在水平恒力F作用下，一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物塊間細(xì)線的拉力大小為T。當(dāng)兩物塊均由粗糙的水平面運(yùn)動(dòng)到光滑的水平面上且仍在F的作用下運(yùn)動(dòng)，則（）A.兩物塊的加速度變大，細(xì)線的拉力仍為TB.兩物塊的加速度不變，細(xì)線的拉力仍為TC.兩物塊的加速度變大，細(xì)線的拉力小于TD.兩物塊的加速度不變，細(xì)線的拉力小于T【答案】A【解析】設(shè)物塊的質(zhì)量為m，當(dāng)水平地面粗糙時(shí)，設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為，以兩物塊為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度為以左側(cè)物體為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得繩子的拉力為當(dāng)水平地面光滑時(shí)，以兩物塊為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度為以左側(cè)物體為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得繩子的拉力為則有，，故選A。8.如圖所示，MN右側(cè)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。質(zhì)量為m、電荷量為q的兩個(gè)電性不同的粒子，均以與MN夾角為、大小為v的速度垂直磁場(chǎng)射入。不計(jì)重力及粒子間的相互作用。則兩粒子（）A.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑不同 B.在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同C.射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向不同 D.射出位置到射入位置的距離不同【答案】B【解析】AC．由可得故兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同。如圖所示正電荷粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為大圓弧，負(fù)電荷粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為小圓弧射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向相同，故AC錯(cuò)誤；B．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期若粒子帶負(fù)電荷，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間若粒子帶正電荷，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間故兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，故B正確；D．由幾何關(guān)系可知，兩粒子射出位置到射入位置的距離相同，大小等于故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，物體在與水平方向夾角為、大小為F的拉力作用下，從靜止開始沿水平地面向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物體和地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在物體運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t的過程中（）A.僅改變，拉力對(duì)物體做的功不變B.僅改變，合力對(duì)物體做的功不變C.僅改變拉力大小F，物體受到重力的沖量不變D.僅改變拉力大小F，物體受到摩擦力的沖量不變【答案】C【解析】AB．對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得其中聯(lián)立解得拉力對(duì)物體所做的功為合力對(duì)物體所做的功可見，若改變，則拉力所做功隨之改變，若改變，合力所做的功也會(huì)改變，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)沖量的定義可知，重力的沖量由于重力的大小不變，作用時(shí)間不變，故重力的沖量不變，C正確；D．拉力的大小改變，結(jié)合上述分析可知，物體所受摩擦力的大小發(fā)生改變，而作用時(shí)間不變，因此摩擦力的沖量發(fā)生改變，D錯(cuò)誤。故選C。10.2024年6月，“嫦娥六號(hào)”探測(cè)器成功著陸在月球背面預(yù)選著陸區(qū)，開啟人類探測(cè)器首次在月球背面實(shí)施的樣品采集任務(wù)?！版隙鹆?hào)”被月球捕獲進(jìn)入月球軌道的部分過程如圖所示：探測(cè)器在橢圓軌道1運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)變軌進(jìn)入橢圓軌道2、在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)再次變軌進(jìn)入圓軌道3。三個(gè)軌道相切于P點(diǎn)，Q點(diǎn)是軌道2上離月球最遠(yuǎn)的點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.探測(cè)器從軌道1進(jìn)入軌道2的過程中，需點(diǎn)火加速B.探測(cè)器在軌道2上從P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)的過程中，機(jī)械能越來越大C.探測(cè)器分別沿著軌道2和軌道3運(yùn)行，經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度相同D.探測(cè)器在軌道3上運(yùn)行的周期大于其在軌道1上運(yùn)行的周期【答案】C【解析】A．由軌道1變到軌道2，半徑減小，做近心運(yùn)動(dòng)，因此需要在P點(diǎn)減速，故A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器在軌道2上從P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)的過程中，只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律，有由于探測(cè)器分別沿著軌道2和軌道3運(yùn)行，經(jīng)過P點(diǎn)的距離r相同，所以經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度相同，故C正確；D．根據(jù)開普勒第三定律可知，軌道1的半長軸大于軌道3的半長軸，所以在軌道1上運(yùn)行的周期比在軌道3上運(yùn)行的周期大，故D錯(cuò)誤。故選C。11.兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B的電荷量分別為qA和qB，M是點(diǎn)電荷連線中垂線上的某點(diǎn)，其電場(chǎng)方向如圖所示，下列說法正確的是（）A.qA和qB的大小可能相等B.A和B為同種電荷，且qA>qBC.A和B為異種電荷，且qA>qBD.若A和B的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，則M點(diǎn)的電場(chǎng)方向不變【答案】D【解析】A．若qA和qB的大小相等且為異種電荷，由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理可知M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與AB連線垂直；若qA和qB的大小相等且為同種電荷，由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理可知M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與AB連線平行，由圖可知M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向既不與AB連線垂直也不與AB連線平行，故qA和qB的大小不可能相等，故A錯(cuò)誤；BC．要使M點(diǎn)的電場(chǎng)方向如圖中所示，由電場(chǎng)疊加原理可知，點(diǎn)電荷A和B在M點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度、如圖所示則有點(diǎn)電荷A帶負(fù)電荷、點(diǎn)電荷B帶正電荷，且有，又點(diǎn)電荷A和B到M點(diǎn)距離相等，由，可知，故BC錯(cuò)誤；D．若A和B的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，則點(diǎn)電荷A和B在M點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，則由平行四邊形定則可知M點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)，方向不變，故D正確。故選D。12.如圖所示，一定厚度和寬度的半導(dǎo)體板放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)半導(dǎo)體板通過一定電流，且電流與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，在上側(cè)面A和下側(cè)面之間會(huì)產(chǎn)生一定的電勢(shì)差UH將這種半導(dǎo)體板制成磁敏元件，可用來探測(cè)某空間的磁場(chǎng)。下列說法正確的是（）A.若半導(dǎo)體板內(nèi)載流子為電子，則上側(cè)面A的電勢(shì)比下側(cè)面的電勢(shì)高B.探測(cè)空間磁場(chǎng)時(shí)，UH與被測(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度呈線性關(guān)系C.探測(cè)空間磁場(chǎng)時(shí)，磁敏元件的擺放方向?qū)H的數(shù)值無影響D.在圖示情況下，半導(dǎo)體板單位體積中載流子數(shù)目越大UH越大【答案】B【解析】A．根據(jù)左手定則可知，電子受到洛倫茲力向上偏轉(zhuǎn)，故上側(cè)面A的電勢(shì)比下側(cè)面的電勢(shì)低，A錯(cuò)誤；BD．設(shè)半導(dǎo)體板的厚度為d，高度為h，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式當(dāng)電勢(shì)差穩(wěn)定時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，則有聯(lián)立解得可知電勢(shì)差與B成正比，與d成反比，半導(dǎo)體板單位體積中載流子數(shù)目越大UH越小，B正確，D錯(cuò)誤；C．探測(cè)空間磁場(chǎng)時(shí)，磁敏元件的擺放要求磁場(chǎng)方向與板的厚度平行，即磁敏元件的擺放方向?qū)H的數(shù)值有影響，C錯(cuò)誤。故選B。13.飛輪儲(chǔ)能是一種利用高速旋轉(zhuǎn)飛輪來儲(chǔ)存和釋放能量的技術(shù)。飛輪能儲(chǔ)存能量，是因?yàn)檗D(zhuǎn)動(dòng)的物體具有動(dòng)能。如圖所示，將飛輪簡化為圓盤，可繞通過其圓心且與圓盤平面垂直的轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)?？梢园褕A盤分成很多小塊，任取一小塊都能根據(jù)來計(jì)算其動(dòng)能，將所有小塊的動(dòng)能累加即可以求得飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)的動(dòng)能。下列說法正確的是（）A.飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能與其轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度成正比B.飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)的動(dòng)能與其質(zhì)量分布是否均勻無關(guān)C.保持角速度的大小不變，若飛輪改為繞其直徑轉(zhuǎn)動(dòng)，則其動(dòng)能不變D.保持角速度的大小不變，若飛輪改為繞其直徑轉(zhuǎn)動(dòng)，則其動(dòng)能變小【答案】D【解析】圓盤上的各點(diǎn)同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，質(zhì)量為m距轉(zhuǎn)軸距離為r的點(diǎn)的速度其動(dòng)能其中為轉(zhuǎn)動(dòng)慣量。A．圓盤繞垂直于盤面的軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)其中m為圓盤質(zhì)量，R為圓盤半徑，飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能則飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能與其轉(zhuǎn)動(dòng)角速度的平方成正比，故A錯(cuò)誤；B．轉(zhuǎn)動(dòng)慣量I與飛輪的質(zhì)量分布是否均勻有關(guān)，飛輪轉(zhuǎn)動(dòng)的動(dòng)能與其質(zhì)量分布是否均勻有關(guān)，故B錯(cuò)誤；CD．飛輪繞垂直于盤面且過盤心的軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量繞過直徑的軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量保持角速度的大小不變，若飛輪改為繞其直徑轉(zhuǎn)動(dòng)，則其動(dòng)能變小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。14.當(dāng)波源與觀測(cè)者發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，觀測(cè)者接收到波的頻率發(fā)生變化，這是我們熟悉的多普勒效應(yīng)。觀測(cè)者和波源之間的距離變化越快，多普勒效應(yīng)越明顯。原子會(huì)吸收和發(fā)出某些特定波長的電磁波，我們觀測(cè)到的某顆恒星的光譜包含由此恒星的大氣層中的原子引起的吸收譜線。已知鈉原子具有一條波長為的特征譜線（線）。研究人員在觀測(cè)某雙恒星系統(tǒng)時(shí)，從t=0時(shí)開始在表中記錄雙恒星系統(tǒng)中的鈉原子在線對(duì)應(yīng)波長處的吸收光譜，其中1號(hào)恒星和2號(hào)恒星在吸收波長處吸收光譜的波長分別為λ1和λ2假定研究人員處于雙恒星運(yùn)動(dòng)所在平面，雙恒星均近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且不考慮雙恒星系統(tǒng)質(zhì)心（質(zhì)點(diǎn)系的質(zhì)量中心）的運(yùn)動(dòng)。不考慮相對(duì)論效應(yīng)和宇宙膨脹的影響。關(guān)于該雙恒星系統(tǒng)，下列說法正確的是（）t/dλ1/λ2/0.35893.15897.50.65892.85897.70.95893.75897.21.25896.25896.21.55897.35895.11.85898.75894.32.15899.05894.12.45898.15894.62.75896.45895.63.05894.55896.73.35893.15897.33.65892.85897.73.95893.75897.2A.雙恒星繞質(zhì)心轉(zhuǎn)動(dòng)的周期約為1.8dB.觀測(cè)到波長為的光是1號(hào)恒星靠近觀測(cè)者時(shí)發(fā)出的C.在間觀測(cè)到波長為的光是1號(hào)恒星在距離觀測(cè)者最近位置附近發(fā)出的D.通過比較觀測(cè)波長變化量，可判斷1號(hào)恒星質(zhì)量較小【答案】D【解析】A．從表中數(shù)據(jù)來看，波長從一種狀態(tài)變化回類似狀態(tài)的時(shí)間間隔約為3.0d，因?yàn)殡p恒星繞質(zhì)心轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，會(huì)引起光的多普勒效應(yīng)，從而導(dǎo)致觀測(cè)到的波長周期性變化，這個(gè)周期就等于雙恒星繞質(zhì)心轉(zhuǎn)動(dòng)的周期，所以雙恒星繞質(zhì)心轉(zhuǎn)動(dòng)的周期約為，故A錯(cuò)誤；D．如圖所示M點(diǎn)表示恒星相對(duì)觀察者在靠近，且靠近速度最大的位置，根據(jù)多普勒效應(yīng)，頻率應(yīng)在其數(shù)據(jù)中最大，波長應(yīng)在其數(shù)據(jù)中最??；同理N點(diǎn)表示波長應(yīng)在其數(shù)據(jù)中最大。表中1號(hào)恒星的最短波長（對(duì)應(yīng)其做大頻率）為，2號(hào)恒星最短波長（對(duì)應(yīng)其最大頻率），可以看出1號(hào)恒星的最短波長更短，則對(duì)應(yīng)最大頻率更大，說明1號(hào)恒星相對(duì)觀察者靠近的最大速度更大。說明其對(duì)應(yīng)的軌道半徑更大，即M點(diǎn)所在的圓軌道。根據(jù)雙星知識(shí)，軌道半徑與質(zhì)量成反比，則1號(hào)恒星比2號(hào)恒星質(zhì)量小，故D正確；BC．根據(jù)前面的分析，圖中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)1號(hào)恒星波長最小的時(shí)刻，即，那么其再轉(zhuǎn)四分之一周期后（即）離觀測(cè)者最近，再過半個(gè)周期后（即）離觀測(cè)者最遠(yuǎn)，再次離觀測(cè)者最近時(shí)，則在間觀測(cè)到波長為的光不是1號(hào)恒星在距離觀測(cè)者最近位置附近發(fā)出的，時(shí)1號(hào)恒星一定是遠(yuǎn)離觀測(cè)者，故BC錯(cuò)誤。故選D。二、非選擇題15.現(xiàn)有一個(gè)阻值約為2kΩ的定值電阻，用多用電表測(cè)其電阻，應(yīng)選用電阻_______擋（選填“×10”“×100”或“×1k”)；圖為已選定擋位后正在測(cè)量中的多用電表表盤，其對(duì)應(yīng)的阻值是_______Ω?！敬鸢浮俊窘馕觥縖1]歐姆表的中央刻度為“15”，待測(cè)電阻的阻值約為，為了減小誤差，應(yīng)使歐姆表的指針指在中央刻度附近，故應(yīng)選擇“”擋；[2]根據(jù)上述分析及歐姆表指示的刻度，可知待測(cè)電阻的阻值為。16.用圖所示裝置探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律。如圖甲所示，輕質(zhì)小圓環(huán)掛在橡皮條的一端，橡皮條的另一端固定，橡皮條恰好伸直時(shí)的長度為GE。通過兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)共同拉動(dòng)小圓環(huán)，小圓環(huán)受到拉力的共同作用，靜止于O點(diǎn)，橡皮條伸長的長度為EO，如圖乙所示。改用一個(gè)力F單獨(dú)拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于O點(diǎn)，如圖丙所示。關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A.需要記錄GE和EO長度B.描點(diǎn)確定拉力方向時(shí)，所描兩點(diǎn)之間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些C.借助該實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)也可以完成“探究力的分解規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)【答案】BC【解析】A．本實(shí)驗(yàn)是通過橡皮條的伸長來體現(xiàn)力的作用效果，不需要記錄橡皮條原長，只需要橡皮條兩次伸長量相同（都到O點(diǎn)），保證力的作用效果相同即可，故A錯(cuò)誤；B．描點(diǎn)確定拉力方向時(shí)，所描兩點(diǎn)之間的距離適當(dāng)大一些，可以減小作圖時(shí)的誤差，使確定的方向更準(zhǔn)確，故B正確；C．根據(jù)力的合成與分解的互逆關(guān)系，借助該實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，已知合力F和分力、的情況，也可以完成“探究力的分解規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，故C正確。故選BC。17.某同學(xué)通過雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量單色光的波長。該同學(xué)調(diào)整好實(shí)驗(yàn)裝置后，分別用圖所示的氫原子在可見光區(qū)的四條譜線中的Hβ和Hγ兩條譜線的光照射雙縫。已知?dú)湓铀臈l譜線的波長滿足，其中對(duì)應(yīng)Hα，為常量）。在干涉圖樣中，條紋間距較小的是譜線_______所對(duì)應(yīng)的光形成的。（選填“Hβ”或“Hγ”）【答案】【解析】根據(jù)題意，由公式結(jié)合圖像可知Hβ、Hγ分別是氫原子從第4能級(jí)和第5能級(jí)躍遷到第2能級(jí)發(fā)出的光，可知λHβ＞λHγ由條紋間距公式可知，紋間距較小的是譜線Hγ所對(duì)應(yīng)的光形成的。18.某實(shí)驗(yàn)小組用圖1所示電路測(cè)量一段粗細(xì)均勻、阻值約為5Ω的金屬絲的電阻率。（1）實(shí)驗(yàn)室有電源（電動(dòng)勢(shì)E為3.0V，內(nèi)阻約為1Ω）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A．電流表（量程0～0.6A，內(nèi)阻約0.125Ω）B．電流表（量程0～3A，內(nèi)阻約0.025Ω）C．電壓表（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）E．滑動(dòng)變阻器（0～5Ω，額定電流2A）F．滑動(dòng)變阻器（0～1kΩ，額定電流0.5A）為了比較準(zhǔn)確地測(cè)量金屬絲的電阻阻值，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選___，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___。（選填器材前的字母）（2）圖2所示為測(cè)量R2的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)根據(jù)圖1電路圖補(bǔ)充完成圖2中實(shí)物間的連線___。（3）該小組同學(xué)正確連接電路，改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置，測(cè)量得到多組電壓U和電流I，并在圖3坐標(biāo)系中標(biāo)出。a．請(qǐng)?jiān)趫D3中畫出U-I圖線___。b．已通過U-I圖線得到了Rx。為準(zhǔn)確測(cè)量待測(cè)金屬絲的電阻率，請(qǐng)寫出還需要測(cè)量的物理量及對(duì)應(yīng)的測(cè)量方法___。（4）該小組同學(xué)利用上述相同實(shí)驗(yàn)器材，分別按照?qǐng)D1和圖4的電路圖正確連接電路。按操作規(guī)范，將滑動(dòng)變阻器滑片從一端滑向另一端，探究電壓表示數(shù)U與滑片移動(dòng)距離x間的關(guān)系，分別得到圖線甲和乙。已知滑動(dòng)變阻器電阻絲的總長度為L，下列反映U-x關(guān)系的示意圖中可能正確的是。A. B. C.【答案】（1）AE（2）（3）見解析（4）C【解析】【小問1詳析】[1]根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路中的最大電流因此電流表應(yīng)選擇A；[2]滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E；【小問2詳析】根據(jù)電路圖，實(shí)物連接情況如下【小問3詳析】[1]描點(diǎn)作圖，舍棄個(gè)別相差較遠(yuǎn)的點(diǎn)，如圖所示[2]根據(jù)電阻定律可得為了測(cè)量金屬絲的電阻率，根據(jù)圖像可得的阻值后，還需要用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑d，毫米刻度尺測(cè)量金屬絲接入電路中的長度L?！拘?詳析】圖1中，滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)距離時(shí)，滑片位于最左端，電壓表的示數(shù)為零；圖4中，滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)距離時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片位于最右端，電壓表的示數(shù)最小值為圖1中，滑動(dòng)變阻器的滑片位移最右端時(shí)，滑片移動(dòng)的距離為，電壓表的示數(shù)為最大值圖4中，滑動(dòng)變阻器的滑片位移最左端時(shí)，滑片移動(dòng)的距離，電壓表的示數(shù)為最大值由于，所以，即圖線甲的最大值小于圖線乙的最大值；圖4中滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)的距離時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的有效長度，設(shè)電阻絲的橫截面積為S，則電壓表的示數(shù)為其中隨著x的增大，逐漸減小，根據(jù)均值不等式可知，當(dāng)，減小到最大，此后減小得幅度逐漸增大，電壓表示數(shù)增大得越快，綜合分析可知C正確。故選C。19.如圖所示，光滑水平面內(nèi)存在一有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向如圖所示。一邊長為L的正方形單匝導(dǎo)線框位于水平面內(nèi)，某時(shí)刻導(dǎo)線框以垂直磁場(chǎng)邊界的初速度v從磁場(chǎng)左邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)線框的質(zhì)量為m、電阻為R。求導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，求：（1）感應(yīng)電流的最大值I；（2）加速度的最大值a；（3）流過導(dǎo)線截面的電荷量q?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大為E=BLv根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得感應(yīng)電流則感應(yīng)電流的最大值為【小問2詳析】線框受到的安培力為F=BIL根據(jù)牛頓第二定律可得F=ma解得加速度的最大值為【小問3詳析】導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，平均電動(dòng)勢(shì)為平均電流為流過導(dǎo)線截面的電荷量為聯(lián)立解得流過導(dǎo)線截面的電荷量為20.如圖所示，運(yùn)動(dòng)員以一定速度從P點(diǎn)沿水平方向離開平臺(tái)，恰能從A點(diǎn)與軌道相切進(jìn)入粗糙圓弧軌道AC，沿圓弧軌道在豎直平面做圓周運(yùn)動(dòng)。已知運(yùn)動(dòng)員（含裝備）質(zhì)量m=50kg，運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入圓弧軌道時(shí)的速度大小vA=10m/s，圓弧軌道的半徑R=4m，圓弧軌道AB對(duì)應(yīng)的圓心角∠。測(cè)得運(yùn)動(dòng)員在軌道最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道的壓力是其總重力的3.8倍。取重力加速度，，。將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力。求：（1）運(yùn)動(dòng)員從P點(diǎn)到A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程所用時(shí)間t；（2）運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；（3）在圓弧軌道AB段運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功W。【答案】（1）0.6s（2）2800J（3）-100J【解析】【小問1詳析】由于運(yùn)動(dòng)員從P到A的運(yùn)動(dòng)過程為平拋運(yùn)動(dòng)，且vA=10m/s，故運(yùn)動(dòng)員在A點(diǎn)豎直方向速度，解得【小問2詳析】在B點(diǎn)由牛頓第二定律得由牛頓第三定律可知運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)的動(dòng)能解得【小問3詳析】運(yùn)動(dòng)員從A到B過程，由動(dòng)能定理得解得所以在圓弧軌道AB段運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功為-100J。21.如圖1所示，把一個(gè)質(zhì)量為m小球連接在勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的右端，彈簧的左端固定，小球置于光滑水平面，小球和彈簧組成的系統(tǒng)稱為彈簧振子。以彈簧原長時(shí)小球的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，以水平向右為正方向建立坐標(biāo)軸Ox。小球在運(yùn)動(dòng)過程中彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略摩擦阻力的影響。（1）把小球拉向O點(diǎn)的右方x=+L處，然后由靜止釋放，小球沿著坐標(biāo)軸做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。a．在圖2中畫出彈簧彈力F隨x變化的示意圖，并由此求出小球從x=+L處靜止釋放至第一次運(yùn)動(dòng)到平衡位置O的過程中，彈簧對(duì)小球做的功W。b．求小球從x=+L處靜止釋放至第一次運(yùn)動(dòng)到平衡位置O的過程中，彈簧對(duì)小球沖量的大小I。（2）動(dòng)量p隨位移x變化的圖像在理論物理、近代數(shù)學(xué)分析的發(fā)展中扮演了重要的角色。如圖3所示，小球運(yùn)動(dòng)過程的p-x圖線為橢圓，已知彈簧振子系統(tǒng)的機(jī)械能為E。a．求該橢圓的半長軸a和半短軸b。b．實(shí)際上，小球在運(yùn)動(dòng)過程中受到微小的阻力，在相當(dāng)長的時(shí)間內(nèi)可近似認(rèn)為其p-x圖線是一系列面積不同的封閉橢圓。經(jīng)過一段相當(dāng)長的時(shí)間T，橢圓的面積減小為原來的90％，求這段時(shí)間內(nèi)克服微小阻力做功的平均功率P。（已知橢圓面積S=πab)【答案】（1）a．，；b．（2）a．，；b．【解析】【小問1詳析】a．如圖所示圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積即表示功的大小，其面積大小為由于彈力方向與位移方向均與規(guī)定的正方向相反，則故彈簧對(duì)小球所做的功b．由動(dòng)能定理可得以水平向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理則有，聯(lián)立解得【小問2詳析】a．在處時(shí)，小球的動(dòng)量為零，則小球的速度為零，動(dòng)能為零，則有解得半長軸在處彈簧的彈性勢(shì)能為零，則有，解得即半短軸b．將上述結(jié)論代入橢圓的面積公式即有橢圓的面積減小為原來的90％，系統(tǒng)的能量由功能關(guān)系可得，克服阻力所做的功所以這段時(shí)間內(nèi)克服微小阻力做功的平均功率22.尋求守恒量，是解決物理問題的重要方法。（1）如圖1所示，用細(xì)線懸掛的兩個(gè)完全相同的小球，靜止時(shí)恰