2024-2025學(xué)年湖南省岳陽(yáng)市臨湘市高二下學(xué)期開(kāi)學(xué)物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025年高二下學(xué)期物理入學(xué)考試試卷一、單選題1.從2023年起，每年的4月23日將被命名為世界乒乓球日。關(guān)于乒乓球運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.球拍對(duì)乒乓球的彈力越大，乒乓球的動(dòng)量變化一定越大B.球拍將飛來(lái)的乒乓球以原速率反向擊出的過(guò)程，乒乓球的動(dòng)量和動(dòng)能均保持不變C.乒乓球被球拍擊打出的過(guò)程，球拍對(duì)乒乓球的沖量大小大于乒乓球?qū)η蚺牡臎_量大小D.一次擊球過(guò)程中，球拍對(duì)乒乓球的沖量大小等于乒乓球?qū)η蚺牡臎_量大小【答案】D【解析】A．由動(dòng)量定理有則有可知，乒乓球的動(dòng)量變化量等于合外力的沖量，即乒乓球的動(dòng)量變化量除了與力的大小方向有關(guān)，還與力的作用時(shí)間有關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．動(dòng)量是矢量，既有大小又有方向，當(dāng)球拍以原速率反向擊出的過(guò)程，乒乓球的速率不變，但是方向發(fā)生了改變，因此乒乓球的動(dòng)量發(fā)生了改變，故B錯(cuò)誤；CD．用球拍打擊球時(shí)，球拍對(duì)乒乓球的力與乒乓球?qū)η蚺牡牧κ且粚?duì)相互作用力，大小相等、作用時(shí)間相同、沖量大小相等，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，將條形磁鐵兩次插入閉合線圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且兩次的起始和終止位置相同，則()A.第一次磁通量變化較大B.第一次G的最大偏角較大C.第一次經(jīng)過(guò)G的總電荷量較多D.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，G不偏轉(zhuǎn)，故兩次均無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)【答案】B【解析】因兩次的起始和終止位置相同,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量相同,由知:兩次磁通量變化相同,故A錯(cuò)誤；因磁通量變化相同，匝數(shù)n相同，，根據(jù)和知，第一次G的最大偏角較大，故B正確；根據(jù)可知:經(jīng)過(guò)G的總電量相同，故C錯(cuò)誤；有無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的條件是穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生變化，電路無(wú)需閉合，兩次穿過(guò)回路的磁通量均發(fā)生了變化，故D錯(cuò)誤．所以選B．3.顯像管原理的示意圖如圖所示，當(dāng)沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，電子束將打在熒光屏正中的O點(diǎn)，安裝在管徑上的偏轉(zhuǎn)線圈可以產(chǎn)生磁場(chǎng)，使電子束發(fā)生偏轉(zhuǎn)。設(shè)垂直紙面向里的磁場(chǎng)方向?yàn)檎较?，若使電子打在熒光屏上的位置由b點(diǎn)逐漸移動(dòng)到a點(diǎn)，下列變化的磁場(chǎng)能夠使電子發(fā)生上述偏轉(zhuǎn)的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】高速電子流打在熒光屏上的位置由b點(diǎn)逐漸移動(dòng)到a點(diǎn)，所以電子先受到向下的洛倫茲力，且逐漸減弱為零，后受到向上的洛倫茲力，且逐漸增強(qiáng)。根據(jù)左手定則可以判斷，磁場(chǎng)的方向先垂直紙面向里，方向?yàn)檎?，且逐漸減弱為零，后來(lái)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，方向?yàn)樨?fù)，且逐漸增強(qiáng)，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，物體A置于物體B上，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度內(nèi)，A和B一起在光滑水平面上做往復(fù)運(yùn)動(dòng)（不計(jì)空氣阻力），A、B之間始終保持相對(duì)靜止，彈簧的勁度系數(shù)為k，A和B的質(zhì)量分別為m和M（M≠m），A和B之間的最大靜摩擦力為fm，則下列說(shuō)法正確的是（）A.A對(duì)B靜摩擦力對(duì)B不做功，而B(niǎo)對(duì)A的靜摩擦力對(duì)A做功B.A和B一起（相對(duì)靜止）振動(dòng)的振幅不能大于C當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)振幅與取下A前相同D.當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期與取下A前相同【答案】C【解析】A．A對(duì)B的靜摩擦力和B對(duì)A的靜摩擦力都沿水平方向，二者振動(dòng)過(guò)程中沿所受靜摩擦力的方向運(yùn)動(dòng)，所受的靜摩擦力均做功，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)A和B一起（相對(duì)靜止）振動(dòng)的最大振幅為A，當(dāng)二者運(yùn)動(dòng)到最大位移處時(shí)，對(duì)A和整體分別根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立得故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的最大位移處與平衡位置均不變，故物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅不變，但由于物塊B的質(zhì)量小于A和B的質(zhì)量之和，故物塊B經(jīng)過(guò)同一位置（除平衡位置外）時(shí)的加速度變大，故物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期變小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時(shí)，帶電粒子沿軌跡①?gòu)膬砂逭虚g飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間。設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度相同，不計(jì)粒子重力，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為（）A.U1∶U2=1∶8 B.U1∶U2=1∶4C.U1∶U2=1∶2 D.U1∶U2=1∶1【答案】A【解析】根據(jù)x=v0t可知，兩種情況下帶電粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比t1∶t2=2∶1偏轉(zhuǎn)距離之比y1∶y2=1∶2由得兩種情況下粒子的加速度之比由于U∝a，故U1∶U2=1∶8故選A。6.一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q方；若該電阻接到正弦交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為，該電阻上電壓的峰值均為u0，周期均為T(mén)，如圖所示。則Q方∶Q正等于（）A.1∶ B.∶1 C.1∶2 D.2∶1【答案】D【解析】由有效值概念知，一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量可得故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。二、多選題7.如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動(dòng)的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一如圖所示的閉合電路，當(dāng)PQ在一外力的作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN向右運(yùn)動(dòng)，則PQ所做的運(yùn)動(dòng)可能是()A.向右加速運(yùn)動(dòng) B.向左加速運(yùn)動(dòng)C.向右減速運(yùn)動(dòng) D.向左減速運(yùn)動(dòng)【答案】BC【解析】根據(jù)安培定則可知，ab在右側(cè)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪毕蚶?，有因?yàn)镸N向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可判斷MN中感應(yīng)電流方向由M到N。由安培定則可知L1中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知L2中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上并減弱或向下并增強(qiáng)。如果L2中磁場(chǎng)向上減弱，根據(jù)安培定則可知PQ中感應(yīng)電流為Q到P且減小，再根據(jù)右手定則可知PQ向右減速運(yùn)動(dòng)；如果L2中磁場(chǎng)向下增強(qiáng)，根據(jù)安培定則可知PQ中感應(yīng)電流為P到Q且增大，再根據(jù)右手定則可知PQ向左加速運(yùn)動(dòng)，AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC。8.質(zhì)譜儀是測(cè)量帶電粒子的質(zhì)量和分析同位素的重要工具。圖為質(zhì)譜儀的原理示意圖，現(xiàn)利用這種質(zhì)譜儀對(duì)氫元素進(jìn)行測(cè)量。氫元素的各種同位素從容器A下方的小孔S由靜止飄入電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)，經(jīng)加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。氫的三種同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質(zhì)譜線”。關(guān)于三種同位素進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小的排列順序和a、b、c三條“質(zhì)譜線”的排列順序，下列判斷正確的是（）A.進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚B.進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氚、氘、氕C.a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列順序是氚、氘、氕D.a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列的順序是氕、氘、氚【答案】AC【解析】AB．加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，由動(dòng)能定理：解得：三種同位素電荷量相同，則質(zhì)量大的速度小，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚，A正確，B錯(cuò)誤；CD．進(jìn)入磁場(chǎng)后，洛倫茲力提供向心力：解得：質(zhì)量大的半徑大，即a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列的順序是氚、氘、氕，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，在豎直平面內(nèi)從a點(diǎn)沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用，兩小球電荷量始終不變，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（??）A.沿ab、ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B.若沿ab做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶正電，且一定做勻速運(yùn)動(dòng)C.若沿ac做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶負(fù)電，可能做勻加速運(yùn)動(dòng)D.兩小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能均保持不變【答案】AB【解析】ABC．沿ab方向拋出的帶電小球，根據(jù)左手定則及正電荷所受的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同可知，只有帶正電，小球受向下的重力、向左的電場(chǎng)力和垂直ab斜向右上方的洛倫茲力才可能平衡；同理而沿ac方向拋出的帶電小球，帶負(fù)電時(shí)，才能做直線運(yùn)動(dòng)，因速度影響洛倫茲力大小，所以做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)必然是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故AB正確，C錯(cuò)誤；D．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，因電場(chǎng)力做功，導(dǎo)致小球的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖，兩條平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為θ，間距為L(zhǎng)。導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C。導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌平面。在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為m的金屬棒，棒可沿導(dǎo)軌下滑，且在下滑過(guò)程中保持與導(dǎo)軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導(dǎo)軌上端由靜止開(kāi)始下滑，則以下說(shuō)法正確的是（）A.金屬棒先做變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B.金屬棒一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為C.當(dāng)金屬棒下滑的速度大小為v時(shí)，電容器的電荷量為CBLvD.金屬棒在t時(shí)刻的速度大小為【答案】CD【解析】AB．設(shè)金屬棒的速度大小為v1時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為t1，通過(guò)金屬棒的電流為I1，金屬棒受到的磁場(chǎng)力方向沿導(dǎo)軌向上，大小為f1=BLI1設(shè)在時(shí)間間隔（t1，t1+t）內(nèi)流經(jīng)金屬棒的電荷量為Q，則Q=CBLv按定義有Q也是平行板電容器極板在時(shí)間間隔（t1，t1+t）內(nèi)增加的電荷量，由上式可得，v為金屬棒的速度變化量。金屬棒所受到的摩擦力方向沿導(dǎo)軌斜面向上，大小為f=μmgcosθ金屬棒在時(shí)刻t1的加速度方向沿斜面向下，設(shè)其大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ﹣f1﹣f=ma又聯(lián)立解得mgsinθ﹣μmgcosθ=CB2L2a+ma聯(lián)立上此式可得可知，金屬棒做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)。故AB錯(cuò)誤；C．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv平行板電容器兩極板之間的電勢(shì)差為U=E設(shè)此時(shí)電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有聯(lián)立可得Q=CBLv故C正確；D．金屬棒在t時(shí)刻的速度大小為故D正確。三、非選擇題11.研究小組在測(cè)量某一均勻圓柱金屬導(dǎo)體電阻率時(shí)獲得以下數(shù)據(jù)：（1）若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數(shù)：______V若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數(shù)：______A。（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某次測(cè)量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____mm。（3）用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度，測(cè)量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____mm。【答案】（1）2.500.36（2）0.400（3）14.50【解析】（1）[1]若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數(shù)為2.50V。[2]若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數(shù)為0.36A。（2）[3]螺旋測(cè)微器讀數(shù)為40.0×0.01mm=0.400mm（3）[4]游標(biāo)卡尺讀數(shù)為12.某同學(xué)在物理實(shí)驗(yàn)室找到一個(gè)熱敏電阻（圖中符號(hào)TC），想研究其電阻隨溫度變化的關(guān)系。按照下圖連接了實(shí)驗(yàn)器材，圖中為定值電阻，電壓表視為理想電壓表。（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開(kāi)始調(diào)節(jié)。請(qǐng)?jiān)趫D中添加一根導(dǎo)線改進(jìn)該實(shí)驗(yàn)__________。（2）正確添加導(dǎo)線后，閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器R的滑片調(diào)至適當(dāng)位置，讀出并記錄兩電壓表，的示數(shù)，。則熱敏電阻的阻值可以表示為_(kāi)_________（用，、表示）。（3）該同學(xué)查閱相關(guān)資料，發(fā)現(xiàn)熱敏電阻分為正溫度系數(shù)電阻（阻值隨溫度升高而增大）和負(fù)溫度系數(shù)電阻（阻值隨溫度升高而減?。﹥煞N，同時(shí)了解溫度一定時(shí)流過(guò)熱敏電阻的電流大小也會(huì)影響電阻值。為了判斷該熱敏電阻的種類(lèi)，用控溫箱升高熱敏電阻的溫度后，該同學(xué)應(yīng)采取的實(shí)驗(yàn)步驟及判斷方法是__________。【答案】（1）（2）（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器阻值，使電壓表示數(shù)與之前相同，若示數(shù)變大，則為正溫度系數(shù)電阻，反之則為負(fù)溫度系數(shù)電阻【解析】（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器用分壓式接法，如圖所示（2）由歐姆定律，通過(guò)熱敏電阻的電流大小為熱敏電阻大小為聯(lián)立解得（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器阻值，使電壓表示數(shù)與之前相同，若示數(shù)變大，則為正溫度系數(shù)電阻，反之則為負(fù)溫度系數(shù)電阻。13.忽略水對(duì)浮漂的阻力，浮漂在水中的上下振動(dòng)可以視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，如圖（a）所示。以豎直向上為正方向，從時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，浮漂振動(dòng)圖像如圖（b）所示，到達(dá)最高點(diǎn)的時(shí)刻為，重力加速度。（1）寫(xiě)出浮漂簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程，并求出簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期。（2）已知浮漂和鉛墜的總質(zhì)量為，浮漂截面積，水的密度，求浮漂運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】（1）由題圖（b）可知浮漂振動(dòng)振幅浮漂（含鉛墜）的位移滿足關(guān)系式時(shí)刻有，結(jié)合之后振動(dòng)方向可得時(shí)刻有，可得則浮漂簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期（2）在平衡位置時(shí)，浮力等于重力，在最低點(diǎn)時(shí)，浮漂所受合外力等于浮力增加的量。由牛頓第二定律有可得14.平面直角坐標(biāo)系中，第1象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度垂直于軸射入電場(chǎng)，經(jīng)軸上的N點(diǎn)與軸正方向成60o角射入磁場(chǎng)，最后從軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)與軸正方向成60o角射出磁場(chǎng)，如圖所示。不計(jì)粒子重力，求：（1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R；（2）粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間；（3）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】（1）設(shè)粒子過(guò)N點(diǎn)時(shí)的速度為v，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的速度關(guān)系v=①分別過(guò)N、P點(diǎn)作速度方向的垂線，相交于Q點(diǎn)，則Q是粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心，根據(jù)牛頓第二定律qvB=②聯(lián)立①②解得軌道半徑R=③（2）設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，有ON=v0t1④由幾何關(guān)系得ON=Rsin30°+Rcos30°⑤聯(lián)立③④⑤解得t1=⑥粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=⑦由幾何關(guān)系知∠NQP=150°，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2t2=T⑧聯(lián)立⑦⑧解得t2=⑨故粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t=t1+t2=⑩（3）粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t由牛頓第二定律：qE=ma

（11）設(shè)沿電場(chǎng)方向的分速度為vy，vy=at（12）粒子在電場(chǎng)中x軸方向做勻速運(yùn)動(dòng)，由圖根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡可以得出：粒子在x軸方向的位移：Rsin30°+Rcos30°=v0t

（13）

又vy=v0tan60°（14）聯(lián)立（11）（12）（13）（14）可以解得E=2025年高二下學(xué)期物理入學(xué)考試試卷一、單選題1.從2023年起，每年的4月23日將被命名為世界乒乓球日。關(guān)于乒乓球運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.球拍對(duì)乒乓球的彈力越大，乒乓球的動(dòng)量變化一定越大B.球拍將飛來(lái)的乒乓球以原速率反向擊出的過(guò)程，乒乓球的動(dòng)量和動(dòng)能均保持不變C.乒乓球被球拍擊打出的過(guò)程，球拍對(duì)乒乓球的沖量大小大于乒乓球?qū)η蚺牡臎_量大小D.一次擊球過(guò)程中，球拍對(duì)乒乓球的沖量大小等于乒乓球?qū)η蚺牡臎_量大小【答案】D【解析】A．由動(dòng)量定理有則有可知，乒乓球的動(dòng)量變化量等于合外力的沖量，即乒乓球的動(dòng)量變化量除了與力的大小方向有關(guān)，還與力的作用時(shí)間有關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．動(dòng)量是矢量，既有大小又有方向，當(dāng)球拍以原速率反向擊出的過(guò)程，乒乓球的速率不變，但是方向發(fā)生了改變，因此乒乓球的動(dòng)量發(fā)生了改變，故B錯(cuò)誤；CD．用球拍打擊球時(shí)，球拍對(duì)乒乓球的力與乒乓球?qū)η蚺牡牧κ且粚?duì)相互作用力，大小相等、作用時(shí)間相同、沖量大小相等，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，將條形磁鐵兩次插入閉合線圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且兩次的起始和終止位置相同，則()A.第一次磁通量變化較大B.第一次G的最大偏角較大C.第一次經(jīng)過(guò)G的總電荷量較多D.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，G不偏轉(zhuǎn)，故兩次均無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)【答案】B【解析】因兩次的起始和終止位置相同,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量相同,由知:兩次磁通量變化相同,故A錯(cuò)誤；因磁通量變化相同，匝數(shù)n相同，，根據(jù)和知，第一次G的最大偏角較大，故B正確；根據(jù)可知:經(jīng)過(guò)G的總電量相同，故C錯(cuò)誤；有無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的條件是穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生變化，電路無(wú)需閉合，兩次穿過(guò)回路的磁通量均發(fā)生了變化，故D錯(cuò)誤．所以選B．3.顯像管原理的示意圖如圖所示，當(dāng)沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，電子束將打在熒光屏正中的O點(diǎn)，安裝在管徑上的偏轉(zhuǎn)線圈可以產(chǎn)生磁場(chǎng)，使電子束發(fā)生偏轉(zhuǎn)。設(shè)垂直紙面向里的磁場(chǎng)方向?yàn)檎较颍羰闺娮哟蛟跓晒馄辽系奈恢糜蒪點(diǎn)逐漸移動(dòng)到a點(diǎn)，下列變化的磁場(chǎng)能夠使電子發(fā)生上述偏轉(zhuǎn)的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】高速電子流打在熒光屏上的位置由b點(diǎn)逐漸移動(dòng)到a點(diǎn)，所以電子先受到向下的洛倫茲力，且逐漸減弱為零，后受到向上的洛倫茲力，且逐漸增強(qiáng)。根據(jù)左手定則可以判斷，磁場(chǎng)的方向先垂直紙面向里，方向?yàn)檎?，且逐漸減弱為零，后來(lái)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，方向?yàn)樨?fù)，且逐漸增強(qiáng)，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，物體A置于物體B上，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度內(nèi)，A和B一起在光滑水平面上做往復(fù)運(yùn)動(dòng)（不計(jì)空氣阻力），A、B之間始終保持相對(duì)靜止，彈簧的勁度系數(shù)為k，A和B的質(zhì)量分別為m和M（M≠m），A和B之間的最大靜摩擦力為fm，則下列說(shuō)法正確的是（）A.A對(duì)B靜摩擦力對(duì)B不做功，而B(niǎo)對(duì)A的靜摩擦力對(duì)A做功B.A和B一起（相對(duì)靜止）振動(dòng)的振幅不能大于C當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)振幅與取下A前相同D.當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期與取下A前相同【答案】C【解析】A．A對(duì)B的靜摩擦力和B對(duì)A的靜摩擦力都沿水平方向，二者振動(dòng)過(guò)程中沿所受靜摩擦力的方向運(yùn)動(dòng)，所受的靜摩擦力均做功，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)A和B一起（相對(duì)靜止）振動(dòng)的最大振幅為A，當(dāng)二者運(yùn)動(dòng)到最大位移處時(shí)，對(duì)A和整體分別根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立得故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)彈簧最短時(shí)迅速將物塊A取下，物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的最大位移處與平衡位置均不變，故物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅不變，但由于物塊B的質(zhì)量小于A和B的質(zhì)量之和，故物塊B經(jīng)過(guò)同一位置（除平衡位置外）時(shí)的加速度變大，故物塊B做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期變小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時(shí)，帶電粒子沿軌跡①?gòu)膬砂逭虚g飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間。設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度相同，不計(jì)粒子重力，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為（）A.U1∶U2=1∶8 B.U1∶U2=1∶4C.U1∶U2=1∶2 D.U1∶U2=1∶1【答案】A【解析】根據(jù)x=v0t可知，兩種情況下帶電粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比t1∶t2=2∶1偏轉(zhuǎn)距離之比y1∶y2=1∶2由得兩種情況下粒子的加速度之比由于U∝a，故U1∶U2=1∶8故選A。6.一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q方；若該電阻接到正弦交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為，該電阻上電壓的峰值均為u0，周期均為T(mén)，如圖所示。則Q方∶Q正等于（）A.1∶ B.∶1 C.1∶2 D.2∶1【答案】D【解析】由有效值概念知，一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量可得故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。二、多選題7.如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動(dòng)的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一如圖所示的閉合電路，當(dāng)PQ在一外力的作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，MN向右運(yùn)動(dòng)，則PQ所做的運(yùn)動(dòng)可能是()A.向右加速運(yùn)動(dòng) B.向左加速運(yùn)動(dòng)C.向右減速運(yùn)動(dòng) D.向左減速運(yùn)動(dòng)【答案】BC【解析】根據(jù)安培定則可知，ab在右側(cè)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪毕蚶铮幸驗(yàn)镸N向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可判斷MN中感應(yīng)電流方向由M到N。由安培定則可知L1中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知L2中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向上并減弱或向下并增強(qiáng)。如果L2中磁場(chǎng)向上減弱，根據(jù)安培定則可知PQ中感應(yīng)電流為Q到P且減小，再根據(jù)右手定則可知PQ向右減速運(yùn)動(dòng)；如果L2中磁場(chǎng)向下增強(qiáng)，根據(jù)安培定則可知PQ中感應(yīng)電流為P到Q且增大，再根據(jù)右手定則可知PQ向左加速運(yùn)動(dòng)，AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC。8.質(zhì)譜儀是測(cè)量帶電粒子的質(zhì)量和分析同位素的重要工具。圖為質(zhì)譜儀的原理示意圖，現(xiàn)利用這種質(zhì)譜儀對(duì)氫元素進(jìn)行測(cè)量。氫元素的各種同位素從容器A下方的小孔S由靜止飄入電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)，經(jīng)加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。氫的三種同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質(zhì)譜線”。關(guān)于三種同位素進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小的排列順序和a、b、c三條“質(zhì)譜線”的排列順序，下列判斷正確的是（）A.進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚B.進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氚、氘、氕C.a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列順序是氚、氘、氕D.a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列的順序是氕、氘、氚【答案】AC【解析】AB．加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，由動(dòng)能定理：解得：三種同位素電荷量相同，則質(zhì)量大的速度小，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚，A正確，B錯(cuò)誤；CD．進(jìn)入磁場(chǎng)后，洛倫茲力提供向心力：解得：質(zhì)量大的半徑大，即a、b、c三條質(zhì)譜線依次排列的順序是氚、氘、氕，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，在豎直平面內(nèi)從a點(diǎn)沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用，兩小球電荷量始終不變，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（??）A.沿ab、ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運(yùn)動(dòng)B.若沿ab做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶正電，且一定做勻速運(yùn)動(dòng)C.若沿ac做直線運(yùn)動(dòng)，則小球帶負(fù)電，可能做勻加速運(yùn)動(dòng)D.兩小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能均保持不變【答案】AB【解析】ABC．沿ab方向拋出的帶電小球，根據(jù)左手定則及正電荷所受的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同可知，只有帶正電，小球受向下的重力、向左的電場(chǎng)力和垂直ab斜向右上方的洛倫茲力才可能平衡；同理而沿ac方向拋出的帶電小球，帶負(fù)電時(shí)，才能做直線運(yùn)動(dòng)，因速度影響洛倫茲力大小，所以做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)必然是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故AB正確，C錯(cuò)誤；D．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，因電場(chǎng)力做功，導(dǎo)致小球的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。故選AB。10.如圖，兩條平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為θ，間距為L(zhǎng)。導(dǎo)軌上端接有一平行板電容器，電容為C。導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌平面。在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量為m的金屬棒，棒可沿導(dǎo)軌下滑，且在下滑過(guò)程中保持與導(dǎo)軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導(dǎo)軌上端由靜止開(kāi)始下滑，則以下說(shuō)法正確的是（）A.金屬棒先做變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B.金屬棒一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為C.當(dāng)金屬棒下滑的速度大小為v時(shí)，電容器的電荷量為CBLvD.金屬棒在t時(shí)刻的速度大小為【答案】CD【解析】AB．設(shè)金屬棒的速度大小為v1時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為t1，通過(guò)金屬棒的電流為I1，金屬棒受到的磁場(chǎng)力方向沿導(dǎo)軌向上，大小為f1=BLI1設(shè)在時(shí)間間隔（t1，t1+t）內(nèi)流經(jīng)金屬棒的電荷量為Q，則Q=CBLv按定義有Q也是平行板電容器極板在時(shí)間間隔（t1，t1+t）內(nèi)增加的電荷量，由上式可得，v為金屬棒的速度變化量。金屬棒所受到的摩擦力方向沿導(dǎo)軌斜面向上，大小為f=μmgcosθ金屬棒在時(shí)刻t1的加速度方向沿斜面向下，設(shè)其大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ﹣f1﹣f=ma又聯(lián)立解得mgsinθ﹣μmgcosθ=CB2L2a+ma聯(lián)立上此式可得可知，金屬棒做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)。故AB錯(cuò)誤；C．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv平行板電容器兩極板之間的電勢(shì)差為U=E設(shè)此時(shí)電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有聯(lián)立可得Q=CBLv故C正確；D．金屬棒在t時(shí)刻的速度大小為故D正確。三、非選擇題11.研究小組在測(cè)量某一均勻圓柱金屬導(dǎo)體電阻率時(shí)獲得以下數(shù)據(jù)：（1）若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數(shù)：______V若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數(shù)：______A。（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某次測(cè)量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____mm。（3）用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度，測(cè)量結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____mm?！敬鸢浮浚?）2.500.36（2）0.400（3）14.50【解析】（1）[1]若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數(shù)為2.50V。[2]若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數(shù)為0.36A。（2）[3]螺旋測(cè)微器讀數(shù)為40.0×0.01mm=0.400mm（3）[4]游標(biāo)卡尺讀數(shù)為12.某同學(xué)在物理實(shí)驗(yàn)室找到一個(gè)熱敏電阻（圖中符號(hào)TC），想研究其電阻隨溫度變化的關(guān)系。按照下圖連接了實(shí)驗(yàn)器材，圖中為定值電阻，電壓表視為理想電壓表。（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開(kāi)始調(diào)節(jié)。請(qǐng)?jiān)趫D中添加一根導(dǎo)線改進(jìn)該實(shí)驗(yàn)__________。（2）正確添加導(dǎo)線后，閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器R的滑片調(diào)至適當(dāng)位置，讀出并記錄兩電壓表，的示數(shù)，。則熱敏電阻的阻值可以表示為_(kāi)_________（用，、表示）。（3）該同學(xué)查閱相關(guān)資料，發(fā)現(xiàn)熱敏電阻分為正溫度系數(shù)電阻（阻值隨溫度升高而增大）和負(fù)溫度系數(shù)電阻（阻值隨溫度升高而減?。﹥煞N，同時(shí)了解溫度一定時(shí)流過(guò)熱敏電阻的電流大小也會(huì)影響電阻值。為了判斷該熱敏電阻的種類(lèi)，用控溫箱升高熱敏電阻的溫度后，該同學(xué)應(yīng)采取的實(shí)驗(yàn)步驟及判斷方法是__________?！敬鸢浮浚?）（2）