【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷-浙江卷（含答案）

【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷（浙江卷）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．下列屬于力的單位是（）A．kg·m/s2 B．kg·m/s C．kg·m2/s D．kg·s/m22．下列說(shuō)法正確的是（）A．鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度不變B．足球下落過(guò)程中慣性不隨速度增大而增大C．乒乓球被擊打過(guò)程中受到的作用力大小不變D．籃球飛行過(guò)程中受到空氣阻力的方向與速度方向無(wú)關(guān)3．如圖所示，魚兒擺尾擊水躍出水面，吞食荷花花瓣的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．魚兒吞食花瓣時(shí)魚兒受力平衡B．魚兒擺尾出水時(shí)浮力大于重力C．魚兒擺尾擊水時(shí)受到水的作用力D．研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動(dòng)作可把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)4．關(guān)于雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）A．用復(fù)色光投射就看不到條紋B．明暗相間條紋是兩列光在屏上疊加的結(jié)果C．把光屏前移或后移，不能看到明暗相間條紋D．藍(lán)光干涉條紋的間距比紅光的大5．下列說(shuō)法正確的是（）A．恒定磁場(chǎng)對(duì)靜置于其中的電荷有力的作用B．小磁針N極在磁場(chǎng)中的受力方向是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向C．正弦交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)，穿過(guò)線圈平面的磁通量最大時(shí)，電流最大D．升壓變壓器中，副線圈的磁通量變化率大于原線圈的磁通量變化率6．神舟十三號(hào)飛船采用“快速返回技術(shù)”，在近地軌道上，返回艙脫離天和核心艙，在圓軌道環(huán)繞并擇機(jī)返回地面。則（）A．天和核心艙所處的圓軌道距地面高度越高，環(huán)繞速度越大B．返回艙中的宇航員處于失重狀態(tài)，不受地球的引力C．質(zhì)量不同的返回艙與天和核心艙可以在同一軌道運(yùn)行D．返回艙穿越大氣層返回地面過(guò)程中，機(jī)械能守恒7．圖為氫原子的能級(jí)圖。大量氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，在向低能級(jí)躍遷時(shí)放出光子，用這些光子照射逸出功為2.29eV的金屬鈉。下列說(shuō)法正確的是（）A．逸出光電子的最大初動(dòng)能為10.80eVB．n=3躍遷到n=1放出的光電子動(dòng)量最大C．有3種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)D．用0.85eV的光子照射，氫原子躍遷到n=4激發(fā)態(tài)8．如圖所示，王亞平在天宮課堂上演示了水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)，在失重環(huán)境下，往大水球中央注入空氣，形成了一個(gè)空氣泡，氣泡看起來(lái)很明亮，其主要原因是（）A．氣泡表面有折射沒有全反射 B．光射入氣泡衍射形成“亮斑”C．氣泡表面有折射和全反射 D．光射入氣泡干涉形成“亮斑”9．如圖所示，帶等量異種電荷的兩正對(duì)平行金屬板M、N間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，板長(zhǎng)為L(zhǎng)（不考慮邊界效應(yīng)）。t=0時(shí)刻，M板中點(diǎn)處的粒子源發(fā)射兩個(gè)速度大小為v0的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到達(dá)N板時(shí)速度大小為2vA．M板電勢(shì)高于N板電勢(shì)B．兩個(gè)粒子的電勢(shì)能都增加C．粒子在兩板間的加速度為a=D．粒子從N板下端射出的時(shí)間t=10．如圖所示，一輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角θ=60°。一重為G的物體懸掛在橫桿中點(diǎn)，則每根斜桿受到地面的（）A．作用力為33G C．摩擦力為34G 11．如圖所示，一根固定在墻上的水平光滑桿，兩端分別固定著相同的輕彈簧，兩彈簧自由端相距x。套在桿上的小球從中點(diǎn)以初速度v向右運(yùn)動(dòng)，小球?qū)⒆鲋芷跒門的往復(fù)運(yùn)動(dòng)，則（）A．小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)B．小球動(dòng)能的變化周期為TC．兩根彈簧的總彈性勢(shì)能的變化周期為TD．小球的初速度為時(shí)，其運(yùn)動(dòng)周期為2T12．風(fēng)力發(fā)電已成為我國(guó)實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途經(jīng)之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s時(shí)，輸出電功率為405kW，風(fēng)速在5~10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過(guò)的面積為A，空氣密度為ρ，風(fēng)場(chǎng)風(fēng)速為v，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說(shuō)法正確的是（）A．該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比B．單位時(shí)間流過(guò)面積A的流動(dòng)空氣動(dòng)能為1C．若每天平均有1.0×108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4×109kW·hD．若風(fēng)場(chǎng)每年有5000h風(fēng)速在6~10m/s的風(fēng)能資源，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為6.0×105kW·h13．小明用額定功率為1200W、最大拉力為300N的提升裝置，把靜置于地面的質(zhì)量為20kg的重物豎直提升到高為85.2m的平臺(tái)，先加速再勻速，最后做加速度大小不超過(guò)5m/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)平臺(tái)速度剛好為零，則提升重物的最短時(shí)間為（）A．13.2s B．14.2s C．15.5s D．17.0s二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不選全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14．秦山核電站生產(chǎn)C614的核反應(yīng)方程為N714+A．X是HB．C6C．e?1D．經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，10個(gè)C615．如圖為某一徑向電場(chǎng)示意圖，電場(chǎng)強(qiáng)度大小可表示為E=aA．軌道半徑r小的粒子角速度一定小B．電荷量大的粒子的動(dòng)能一定大C．粒子的速度大小與軌道半徑r一定無(wú)關(guān)D．當(dāng)加垂直紙面磁場(chǎng)時(shí)，粒子一定做離心運(yùn)動(dòng)16．位于x=0.25m的波源P從t=0時(shí)刻開始振動(dòng)，形成的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正負(fù)方向傳播，在t=2.0s時(shí)波源停止振動(dòng)，t=2.1s時(shí)的部分波形如圖所示，其中質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置xa=1.75m，質(zhì)點(diǎn)b的平衡位置xb=－0.5m。下列說(shuō)法正確的是（）A．沿x軸正負(fù)方向傳播的波發(fā)生干涉B．t=0.42s時(shí)，波源的位移為正C．t=2.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向振動(dòng)D．在0到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動(dòng)總路程是2.55m三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17．（1）①“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，長(zhǎng)木板水平放置，細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行。圖2是打出紙帶的一部分，以計(jì)數(shù)點(diǎn)O為位移測(cè)量起點(diǎn)和計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)小車位移大小為cm。由圖3中小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求得加速度為m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。②利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，需調(diào)整的是（多選）。A．換成質(zhì)量更小的車B．調(diào)整長(zhǎng)木板的傾斜程度C．把鉤碼更換成砝碼盤和砝碼D．改變連接小車的細(xì)繩與長(zhǎng)木板的夾角（2）“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖4所示，在該實(shí)驗(yàn)中，

①下列說(shuō)法正確的是（單選）；A．拉著細(xì)繩套的兩只彈簧秤，穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同B．在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)C．測(cè)量時(shí)彈簧秤外殼與木板之間不能存在摩擦D．測(cè)量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要（選填“2”、“3”或“4”）次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到O。18．（1）探究滑動(dòng)變阻器的分壓特性，采用圖1所示的電路，探究滑片P從A移到B的過(guò)程中，負(fù)載電阻R兩端的電壓變化。①圖2為實(shí)驗(yàn)器材部分連線圖，還需要（選填af、bf、fd、fc、ce或cg）連線（多選）。②圖3所示電壓表的示數(shù)為V。③已知滑動(dòng)變阻器的最大阻值R0=10Ω，額定電流I=1.0A。選擇負(fù)載電阻R=10Ω，以R兩端電壓U為縱軸，為xL橫軸（x為AP的長(zhǎng)度，L為AB的長(zhǎng)度），得到U?xL分壓特性曲線為圖4中的“I”；當(dāng)R=100Ω，分壓特性曲線對(duì)應(yīng)圖4中的（2）兩個(gè)相同的電流表G1和G2如圖5所示連接，晃動(dòng)G1表，當(dāng)指針向左偏轉(zhuǎn)時(shí)，靜止的G2表的指針也向左偏轉(zhuǎn)，原因是_________（多選）。A．兩表都是“發(fā)電機(jī)”B．G1表是“發(fā)電機(jī)”，G2表是“電動(dòng)機(jī)”C．G1表和G2表之間存在互感現(xiàn)象D．G1表產(chǎn)生的電流流入G2表，產(chǎn)生的安培力使G2表指針偏轉(zhuǎn)19．物流公司通過(guò)滑軌把貨物直接裝運(yùn)到卡車中，如圖所示，傾斜滑軌與水平面成24°角，長(zhǎng)度l1=4m，水平滑軌長(zhǎng)度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開始下滑，其與滑軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=2（1）求貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)加速度a1的大??；（2）求貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度v的大??；（3）若貨物滑離水平滑軌末端時(shí)的速度不超過(guò)2m/s，求水平滑軌的最短長(zhǎng)度l2。20．如圖所示，在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量m的物塊a靜置于懸點(diǎn)O正下方的A點(diǎn)，以速度v逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶MN與直軌道AB、CD、FG處于同一水平面上，AB、MN、CD的長(zhǎng)度均為l。圓弧形細(xì)管道DE半徑為R，EF在豎直直徑上，E點(diǎn)高度為H。開始時(shí)，與物塊a相同的物塊b懸掛于O點(diǎn)，并向左拉開一定的高度h由靜止下擺，細(xì)線始終張緊，擺到最低點(diǎn)時(shí)恰好與a發(fā)生彈性正碰。已知m=2g，l=1m，R=0.4m，H=0.2m，v=2m/s，物塊與MN、CD之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，軌道AB和管道DE均光滑，物塊a落到FG時(shí)不反彈且靜止。忽略M、B和N、C之間的空隙，CD與DE平滑連接，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。

（1）若h=1.25m，求a、b碰撞后瞬時(shí)物塊a的速度v0的大?。唬?）物塊a在DE最高點(diǎn)時(shí)，求管道對(duì)物塊的作用力FN與h間滿足的關(guān)系；（3）若物塊b釋放高度0.9m<h<1.65m，求物塊a最終靜止的位置x值的范圍（以A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平向右為正，建立x軸）。21．艦載機(jī)電磁彈射是現(xiàn)在航母最先進(jìn)的彈射技術(shù)，我國(guó)在這一領(lǐng)域已達(dá)到世界先進(jìn)水平。某興趣小組開展電磁彈射系統(tǒng)的設(shè)計(jì)研究，如圖1所示，用于推動(dòng)模型飛機(jī)的動(dòng)子（圖中未畫出）與線圈絕緣并固定，線圈帶動(dòng)動(dòng)子，可在水平導(dǎo)軌上無(wú)摩擦滑動(dòng)。線圈位于導(dǎo)軌間的輻向磁場(chǎng)中，其所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。開關(guān)S與1接通，恒流源與線圈連接，動(dòng)子從靜止開始推動(dòng)飛機(jī)加速，飛機(jī)達(dá)到起飛速度時(shí)與動(dòng)子脫離；此時(shí)S擲向2接通定值電阻R0，同時(shí)施加回撤力F，在F和磁場(chǎng)力作用下，動(dòng)子恰好返回初始位置停下。若動(dòng)子從靜止開始至返回過(guò)程的v-t圖如圖2所示，在t1至t3時(shí)間內(nèi)F=(800－10v)N，t3時(shí)撤去F。已知起飛速度v1=80m/s，t1=1.5s，線圈匝數(shù)n=100匝，每匝周長(zhǎng)l=1m，飛機(jī)的質(zhì)量M=10kg，動(dòng)子和線圈的總質(zhì)量m=5kg，R0=9.5Ω，B=0.1T，不計(jì)空氣阻力和飛機(jī)起飛對(duì)動(dòng)子運(yùn)動(dòng)速度的影響，求（1）恒流源的電流I；（2）線圈電阻R；（3）時(shí)刻t3。22．離子速度分析器截面圖如圖所示。半徑為R的空心轉(zhuǎn)筒P，可繞過(guò)O點(diǎn)、垂直xOy平面（紙面）的中心軸逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（角速度大小可調(diào)），其上有一小孔S。整個(gè)轉(zhuǎn)筒內(nèi)部存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。轉(zhuǎn)筒下方有一與其共軸的半圓柱面探測(cè)板Q，板Q與y軸交于A點(diǎn)。離子源M能沿著x軸射出質(zhì)量為m、電荷量為－q（q>0）、速度大小不同的離子，其中速度大小為v0的離子進(jìn)入轉(zhuǎn)筒，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好沿y軸負(fù)方向離開磁場(chǎng)。落在接地的筒壁或探測(cè)板上的離子被吸收且失去所帶電荷，不計(jì)離子的重力和離子間的相互作用。（1）①求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；②若速度大小為v0的離子能打在Q板的A處，求轉(zhuǎn)筒P角速度ω的大??；（2）較長(zhǎng)時(shí)間后，轉(zhuǎn)筒P每轉(zhuǎn)一周有N個(gè)離子打在板Q的C處，OC與x軸負(fù)方向的夾角為θ，求轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間內(nèi)，C處受到平均沖力F的大小；（3）若轉(zhuǎn)筒P的角速度小于6v

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律有F=ma，m=1kg，a=1m/s2，F(xiàn)=1N，

所以1N=1kg·m/s2

則屬于力的單位為kg·m/s2.

故選A。

【分析】根據(jù)力學(xué)中的三個(gè)基本單位結(jié)合牛頓第二定律列方程求解。2．【答案】B【解析】【解答】A.鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小不變，但方向時(shí)刻都在改變，故A錯(cuò)誤。

B.足球的慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故B正確。

C.乒乓球被擊打過(guò)程中受到的作用力隨著形變量的減小而減小，故C錯(cuò)誤。

D.籃球飛行過(guò)程中所受阻力的方向與速度方向相反，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】加速度是矢量，既有大小，又有方向；慣性只與質(zhì)量有關(guān)與其他因素?zé)o關(guān)；乒乓球所受的作用力與形變量的大小有關(guān)；籃球所受空氣阻力與速度方向相反。3．【答案】C【解析】【解答】A．魚兒吞食花瓣時(shí)只受重力，處于完全失重狀態(tài)，受力不平衡，故A錯(cuò)誤。

B．魚兒擺尾出水的原因是擺尾時(shí)水對(duì)魚向上的作用力大于重力，故B錯(cuò)誤。

C.魚兒擺尾時(shí)對(duì)水有作用力，由牛頓第三定律可得水對(duì)魚尾也有作用力，故C正確。

D．研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動(dòng)作不可以把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)，D錯(cuò)誤。

故選C。

【分析】根據(jù)魚躍出水面時(shí)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)進(jìn)行受力分析，結(jié)合力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析求解。4．【答案】B【解析】【解答】A．用復(fù)色光投射看到的時(shí)彩色條紋，故A錯(cuò)誤；

B．雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，明暗相間條紋是兩列光在屏上發(fā)生干涉疊加的結(jié)果，B正確；

C．由條紋間距公式?x=Ldλ知，把光屏前移或后移，改變了L，從而改變了條紋間距，但還可能看到明暗相間條紋，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)條紋間距?x=Ldλ和λ藍(lán)<λ5．【答案】B【解析】【解答】A．恒定磁場(chǎng)對(duì)速度不平行于磁感線的運(yùn)動(dòng)電荷才有力的作用，A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義：小磁針N極在磁場(chǎng)中的受力方向是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，B正確；

C．根據(jù)正弦交流交流電的產(chǎn)生規(guī)律可得，穿過(guò)線圈平面的磁通量最大時(shí)，電流為0，C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)變壓器的原理可知，副線圈中磁通量的變化率小于或等于原線圈中磁通量的變化率，D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】磁場(chǎng)對(duì)靜止電荷或平行磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的電荷沒有力的作用；小磁針N極在磁場(chǎng)中的受力方向是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向；正弦交流電磁通量最大時(shí)，電流為零；理想變壓器原副線圈磁通量的變化率相同。6．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力GMmR2=mv2R，可得v=GMR，可知圓軌道距地面高度越高，環(huán)繞速度越??；而只要環(huán)繞速度相同，返回艙和天和核心艙可以在同一軌道運(yùn)行，與返回艙和天和核心艙的質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤。

7．【答案】B【解析】【解答】A．由題可知，從n=3躍遷到n=1放出的光電子能量最大，根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=hν-W0

可得此時(shí)最大初動(dòng)能為9.8eV，故A錯(cuò)誤。

B．根據(jù)光子動(dòng)量的表達(dá)式P=hλ=hνc，又因?yàn)楣庾拥哪芰縀=hν，所以光子的能量越大，頻率越大，動(dòng)量越大，從n=3躍遷到n=1放出的光子能量最大，故可知?jiǎng)恿孔畲?，故B正確；

C．大量氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷基態(tài)能放出6種頻率的光子，其中從n=3躍遷到n=2放出的光子能量為1.89eV，小于2.29eV，所以不能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)，其他兩種均可以，故C錯(cuò)誤；

D．由于從n8．【答案】C【解析】【解答】當(dāng)光從水中射到空氣泡的界面處時(shí)，一部分光的入射角大于或等于臨界角，發(fā)生了全反射現(xiàn)象；還有一部分光折射到內(nèi)壁然后再折射出去，所以水中的空氣泡看起來(lái)比較亮。故A，B，D錯(cuò)誤，C正確。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)題中所描述的光學(xué)現(xiàn)象結(jié)合光的折射，反射和全反射的現(xiàn)象和規(guī)律進(jìn)行分析。9．【答案】C【解析】【解答】A．題中沒有給出帶電粒子的正負(fù)，無(wú)法確定兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度方向，故無(wú)法判斷M板和N板的電勢(shì)高低，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)題意粒子到達(dá)N板時(shí)速度增加，動(dòng)能增加，則電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故B錯(cuò)誤；

C．因?yàn)榱Ｗ拥竭_(dá)N板時(shí)速度為2v0，則粒子垂直金屬板方向的速度為v0由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得a=2v02L，故C正確。

D.粒子在垂直金屬板方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則10．【答案】B【解析】【解答】設(shè)斜桿的彈力大小為F，以水平橫桿和重物為整體，豎直方向根據(jù)受力平衡可得G=4Fcosθ2，解得F=36G

對(duì)斜桿受力分析，每根斜桿受到地面的作用力應(yīng)與F平衡，即大小為36G，每根斜桿受到地面的摩擦力為11．【答案】B【解析】【解答】A．小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，所受合外力大小與偏離平衡位置的位移不成正比，故小球做的不是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．小球做周期性運(yùn)動(dòng)，且在關(guān)于中點(diǎn)對(duì)稱的兩側(cè)位置動(dòng)能相同，所以小球動(dòng)能變化的周期為運(yùn)動(dòng)周期的一半，故動(dòng)能變化的周期為T2，故B正確。

C.由B可知?jiǎng)幽茏兓闹芷跒門2，且整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以彈簧彈性勢(shì)能的變化周期與動(dòng)能變化周期相等，故C錯(cuò)誤。

D．小球的初速度為v2時(shí)，可知小球在勻速階段的時(shí)間變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，接觸彈簧過(guò)程，根據(jù)彈簧振子周期公式，可知接觸彈簧過(guò)程所用時(shí)間與速度無(wú)關(guān)，即接觸彈簧過(guò)程時(shí)間保持不變，故小球的初速度為v2時(shí)，其運(yùn)動(dòng)周期應(yīng)小于2T，D錯(cuò)誤；12．【答案】D【解析】【解答】A．風(fēng)力發(fā)電機(jī)的原理是將空氣的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，單位時(shí)間內(nèi)風(fēng)的動(dòng)能為Ek=12mv2=12ρAv·v2，所以單位時(shí)間內(nèi)風(fēng)的動(dòng)能與速度的三次方成正比，轉(zhuǎn)化的電功率與速度的三次方成正比，故A錯(cuò)誤。

B.由A可知單位時(shí)間流過(guò)面積A的動(dòng)能為Ek=1213．【答案】C【解析】【解答】若想在最短的時(shí)間內(nèi)將物體提升至平臺(tái)，則先以最大拉力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到額定功率后保持額定功率，達(dá)到最大速度后保持勻速，最后以最大加速度減速到達(dá)終點(diǎn)。勻加速階段由牛頓第二定律可得F-mg=ma1，解得a1=5m/s2，達(dá)到額定功率時(shí)P=Fv1，得v1=4m/s；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得t1=v1a1=0.8s，h114．【答案】A,B【解析】【解答】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)子數(shù)為1，中子數(shù)為1，即為H11，故A正確；

B．一些元素的放射性同位素常用作示蹤原子，故B正確；

C．衰變過(guò)程中放出的電子由原子核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子被釋放出來(lái)，所以電子來(lái)自原子核內(nèi)，故C錯(cuò)誤；

D．半衰期只對(duì)于大量原子核衰變有意義，個(gè)數(shù)較少時(shí)規(guī)律不成立，故D錯(cuò)誤。

故選AB。15．【答案】B,C【解析】【解答】A．由題意可知電場(chǎng)力提供向心力qE=mω2r，E=ar，解得ω=aqm1r可知角速度與軌道半徑成反比，所以半徑越小角速度越大，故A錯(cuò)誤；

B.由A可知粒子的線速度v=ωr=aqm16．【答案】B,D【解析】【解答】A.兩列波從同一位置向相反方向傳播不會(huì)發(fā)生相遇，故不會(huì)發(fā)生干涉，故A錯(cuò)誤。

B.由圖可知波長(zhǎng)為1m，0.1s內(nèi)傳播了四分之一波長(zhǎng)可得周期為0.4s，根據(jù)同側(cè)法可得波源的震動(dòng)方向向上，所以0.42s時(shí)波源的位移為正，故B正確。

C.由題可知波速為2.5m/s，波源停止振動(dòng)，到質(zhì)點(diǎn)a停止振動(dòng)的時(shí)間為0.6s>0.25s，即質(zhì)點(diǎn)a還在繼續(xù)振動(dòng)，結(jié)合圖象可知質(zhì)點(diǎn)a位移為正且向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.波傳到b點(diǎn)所需的時(shí)間t=0.3s；在0到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)的時(shí)間為1.7s，質(zhì)點(diǎn)b運(yùn)動(dòng)總路程17倍的振幅，所以總路程為2.25m，故D正確。

故選BD。

【分析】根據(jù)兩個(gè)波發(fā)生干涉的條件以及機(jī)械波的波長(zhǎng)，波速和周期頻率之間的關(guān)系列方程求解。17．【答案】（1）6.20±0.05；1.9±0.2；BC（2）D；3【解析】【解答】（1）①根據(jù)刻度尺的讀數(shù)原理可得O到B的距離為6.20cm

由圖3中小車運(yùn)動(dòng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，有a=?v?t=1.05-0.300.4=1.9m/s

②A．利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量，所以不需要換質(zhì)量更小的車，故A錯(cuò)誤；

B．利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要平衡摩擦阻力，所以需要將長(zhǎng)木板的一端墊高，故B正確；

C．以系統(tǒng)為研究對(duì)象，依題意“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)有1.9m/s≈mg-fM+m，因?yàn)閒<<mg，則有1.9m/s≈mgM+m，解得M≈4m，而利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)要保證所懸掛質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量；可知目前實(shí)驗(yàn)條件不滿足，所以利用當(dāng)前裝置在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)，需將鉤碼更換成砝碼盤和砝碼，以滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于所懸掛物體的質(zhì)量，故C正確；

D．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，需將連接砝碼盤和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長(zhǎng)木板始終保持平行，與之前的相同，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

（2）①A．在不超出彈簧測(cè)力計(jì)的量程和橡皮條形變限度的條件下，使拉力適當(dāng)大些，不必使兩只測(cè)力計(jì)的示數(shù)相同，故A錯(cuò)誤；

B．在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的一個(gè)點(diǎn)就可以了，故B錯(cuò)誤；

C．實(shí)驗(yàn)中拉彈簧秤時(shí)，只需讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為彈簧對(duì)細(xì)繩的拉力相等，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D．為了減小實(shí)驗(yàn)中摩擦對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，拉橡皮條時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板，故D正確。

故選D

②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)，用手拉住一條細(xì)繩，用彈簧稱拉住另一條細(xì)繩，互成角度的拉橡皮條，使其結(jié)點(diǎn)達(dá)到某一點(diǎn)O，記下位置O和彈簧稱示數(shù)F1和兩個(gè)拉力的方向；交換彈簧稱和手所拉細(xì)繩的位置，再次將結(jié)點(diǎn)拉至O點(diǎn)，使兩力的方向與原來(lái)兩力方向相同，并記下此時(shí)彈簧稱的示數(shù)F2；只有一個(gè)彈簧稱將結(jié)點(diǎn)拉至18．【答案】（1）af、fd、ce；1.50±0.02；Ⅱ；R（2）B；D【解析】【解答】（1）①由實(shí)驗(yàn)電路圖可知，還需要af、fd、ce連線；

②由題可知，電壓表的示數(shù)為1.50V，注意估讀。

③假定AP部分的電阻為R'，R'分別與10Ω與100Ω并聯(lián)再與BP部分的電阻串聯(lián)；由于相同的R'與100Ω并聯(lián)后的電阻較與10Ω并聯(lián)后的電阻大，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，滑片在相同位置下，負(fù)載電阻越大，其兩端電壓越大；即在相同橫坐標(biāo)下，此時(shí)負(fù)載100Ω時(shí)，電壓表的示數(shù)應(yīng)該較曲線為圖4中的“I”來(lái)得大，故應(yīng)該選“Ⅱ”。

由上述分析可知，對(duì)于不同的負(fù)載電阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭時(shí)負(fù)載兩端的電壓變化規(guī)律不同，當(dāng)負(fù)載電阻小于滑動(dòng)變阻器最大阻值時(shí)，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動(dòng)觸頭的變化而更迅速變化；當(dāng)負(fù)載電阻大于滑動(dòng)變阻器最大阻值時(shí)，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動(dòng)觸頭的變化而更加平穩(wěn)變化，從而獲得更多的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。所以，在保證電路安全的情況下，滑動(dòng)變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是相比負(fù)載電阻越小越好，即R0<R。

（2）據(jù)題意可知：電流表主要部件是永久磁鐵和帶有指針的線圈，G1和G2用導(dǎo)線連接起來(lái)．當(dāng)晃動(dòng)動(dòng)G1時(shí)，相當(dāng)于G1中的線圈做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，電路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；由于兩個(gè)電表構(gòu)成了閉合電路，則電流會(huì)通過(guò)G2表中的線圈，而該線圈處于磁場(chǎng)中，由于通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受力的作用，G2的指針也會(huì)偏轉(zhuǎn)；則G1【分析】(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行連線即可；根據(jù)電壓表的讀數(shù)原則進(jìn)行讀數(shù)，注意估讀；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，在保證電路安全的前提下，阻值越小越好，

（2）根據(jù)電動(dòng)機(jī)和發(fā)電機(jī)的原理和電路的結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析求解。19．【答案】（1）解：已知傾斜滑軌與水平面成24°角，

對(duì)貨物列牛頓第二定律mgsin24°?μmgcos（2）解：貨物做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度和位移的關(guān)系可得：v2=2a（3）解：貨物做勻減速運(yùn)動(dòng)

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：v12?v2=2a2【解析】【分析】（1）對(duì)貨物進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。（2）根據(jù)第一問(wèn)所求加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列方程求解。

（3）根據(jù)題意分析臨界條件，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律聯(lián)立分析求解。20．【答案】（1）解：滑塊b擺到最低點(diǎn)mgh=彈性正碰v（2）解：以豎直向下為正方向FN+mg=mF從h1釋放時(shí)，滑塊a運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)速度恰好為零mgh1（3）解：當(dāng)1.2m≤h<1.65m時(shí)t=2Hg(3+當(dāng)0.9m<h<1.2m時(shí)從h2=0.9m釋放時(shí)，滑塊a運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn)滑塊a由E點(diǎn)速度為零，返回到CD時(shí)距C點(diǎn)0.6m處速度恰好為零2.6m<x≤3m【解析】【分析】（1）由動(dòng)能定理計(jì)算碰撞前物體b的速度，再根據(jù)彈性碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列方程求解。（2）由動(dòng)能定理可計(jì)算出物塊a到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度表達(dá)式，再對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。

（3）分別計(jì)