2024-2025學年安徽省A10聯盟高三上學期12月質檢物理試題（B卷）（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1A10聯盟2025屆高三上學期12月質檢考物理試題B一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.將一個小球從水平地面上同一點A先后兩次拋出，兩次小球均落在了水平面上同一點B，小球第一次的運動軌跡為1，第二次的運動軌跡為2。不計空氣阻力，小球可視為質點，下列說法正確的是（）A.第一次小球拋出的初速度大B.第二次小球拋出的初速度大C.第一次小球在空中運動的時間長D.第二次小球在空中運動的時間長【答案】D【解析】AB．第一次小球拋出時豎直分速度小，水平分速度大，因此兩拋出的初速度大小關系不能確定，故AB錯誤；CD．由于第二次最大高度高，設小球運動時間為，在豎直方向，根據可知，運動時間為，因此第二次小球運動的時間長，故C錯誤，D正確。故選D。2.某實驗小組測得在豎直方向飛行的無人機飛行高度隨時間的變化曲線如圖所示，、段可視為兩段直線，其方程分別為和。取豎直向上為正方向，則（）A.段無人機的速度大小為B.段無人機做曲線運動C.段無人機處于失重狀態(tài)D.段無人機重力的瞬時功率先減小再增大【答案】C【解析】A．根據MN段方程可知MN段無人機的速度為可知段無人機的速度大小為，故A錯誤；B．描述無人機在豎直方向的運動，所以段無人機做直線運動，故B錯誤；C．根據圖像的切線斜率表示無人機的速度，可知FM段無人機先向上做減速運動，后向下做加速運動，加速度方向一直向下，則無人機處于失重狀態(tài)，故C正確；D．根據圖像的切線斜率表示無人機的速度，可知段無人機向上先做勻速運動，再做減速運動，后向下做加速運動，再做勻速運動；則無人機重力的瞬時功率先不變，再減小，然后增大，最后不變，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，光滑水平面上有一光滑的斜面，斜面上有一可視為質點的物塊從頂端由靜止開始下滑，一直運動到底端。忽略空氣阻力的影響，在此過程中，下列說法正確的是（）A.物塊受到的支持力對物塊不做功B.物塊受到的支持力對物塊做負功C.物塊對斜面的壓力對斜面不做功D.物塊受到的支持力與斜面不垂直【答案】B【解析】ABC．由于水平面是光滑的，在物塊下滑的過程中，物塊和斜面組成的系統機械能守恒，隨著斜面動能的增加，物塊的機械能減小，所以物塊受到的支持力對物塊做負功，物塊對斜面的壓力對斜面做正功，AC項錯誤、B項正確；D．在物塊運動過程中，物塊受到的支持力方向與斜面始終垂直，D項錯誤。故選B。4.某天文愛好者長期觀察繞地球做勻速圓周運動的不同衛(wèi)星，測出各衛(wèi)星運行線速度的三次方和角速度滿足的關系如圖所示。已知引力常量為G，則地球的質量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由萬有引力提供向心力得又聯立可得由題圖可知解得地球的質量為故選A。5.如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平面上，斜面上放著質量分別為、…的個滑塊，開始時用手托住第一個滑塊，使所有滑塊靜止在斜面上。重力加速度為，放手后這些滑塊沿著斜面下滑過程中，第個滑塊與第個滑塊之間的作用力大小為（）A.0 B.C. D.【答案】A【解析】把這n個滑塊當作一個整體，整體的加速度為設第個滑塊與第個滑塊之間的作用力大小為，以第n個滑塊為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得故選A。6.如圖所示，長L的輕桿兩端分別固定著可視為質點的質量為2m和m的小球，置于光滑水平桌面上，輕桿中心O有一豎直方向的固定轉動軸。當輕桿繞軸以角速度ω在水平桌面上轉動時，轉軸受桿的拉力大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由向心力公式，對質量為2m的小球受力分析，可得轉軸對小球的拉力方向指向圓心，對質量為m的小球受力分析，可得轉軸對小球的拉力方向指向圓心。由牛頓第三定律可知，小球對轉軸的力與轉軸對小球的力等大反向，則轉軸受桿拉力的大小為故選A。7.2024年11月份，某學校組織高中生進行體能測試。在50米跑測試中，李明從A點由靜止開始做勻加速直線運動，通過AB、BC、CD、DE連續(xù)四段相等的位移到達E點。已知通過E點時的瞬時速度為，通過AE段的時間為t，李明可視為質點。下列說法正確的是（）A.李明通過AB段的時間等于B.李明通過B處時的速度大小為C.李明通過C處時的瞬時速度小于通過AE段的平均速度D.李明通過BC段和CE段所用時間之比為【答案】D【解析】A．設每段位移為，則對段有對段有解得故A錯誤；B．因則李明通過處時的速度大小為故B錯誤；C．由分析可知，B處為的中間時刻，可知李明通過B處時的瞬時速度等于通過段的平均速度，因為李明做勻加速運動，所以通過C處時的瞬時速度大于通過段的平均速度，故C錯誤；D．根據連續(xù)相等位移所用時間的比例關系知，李明通過段時間之比為李明通過段和段所用時間之比，故D正確。故選D。8.如圖所示，物塊、的質量均為，各接觸面均光滑，在水平推力作用下，兩物塊始終保持靜止狀態(tài)，則水平推力從零逐漸增大的過程中（）A.所受合力逐漸增大 B.對地面的壓力保持不變C.對地面的壓力逐漸減小 D.對地面的壓力逐漸減小【答案】C【解析】A．物塊處于靜止狀態(tài)，所以a所受合力為0，保持不變，故A錯誤；D．設、接觸面與水平方向的夾角為，以為對象，其受力如圖所示根據平衡條件可得，水平推力從零逐漸增大的過程中，可知、之間的彈力逐漸增大，地面對的支持力逐漸增大，則對地面的壓力逐漸增大，故D錯誤；BC．以為對象，其受力如圖所示根據平衡條件可得由于、之間的彈力逐漸增大，則地面對的支持力逐漸減小，對地面的壓力逐漸減小，故B錯誤，C正確。故選C。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.甲、乙兩輛汽車在同一平直公路的不同車道上行駛，時刻兩車正好相遇，0~4s內兩車的圖像如圖所示。關于這段時間內兩車的運動情況，下列說法正確的是（）A.甲、乙兩車運動方向相反B.時刻，甲車在乙車前方C.時刻，甲、乙兩車再次相遇D.0~4s內，甲車的平均速度小于乙車的平均速度【答案】BD【解析】A．由圖像可知，甲、乙兩車速度均為正值，即甲、乙兩車運動方向相同，故A錯誤；B．時刻兩車正好相遇，根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，由題圖可知內甲的位移大于乙的位移，則時刻，甲車在乙車前方，故B正確；C．時刻兩車正好相遇，根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，由題圖可知內甲的位移小于乙的位移，則時刻，乙車在甲車前方，故C錯誤；D．由于內甲的位移小于乙的位移，根據可知，甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故D正確。故選BD。10.物體A和物體B疊放在光滑水平面上靜止，如圖所示。已知，，A、B間的最大靜摩擦力?，F用一水平向右的拉力作用在A上，則（）A.當時，A、B都靜止B.當時，A對B的摩擦力大小是C.當時，A對B的摩擦力大小是D當時，A、B間會相對滑動【答案】CD【解析】A．由于水平面光滑，可知只要，A、B都會運動，故A錯誤；BCD．設當拉力為，A、B剛好保持相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得，可知當時，A、B相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得A對B的摩擦力大小為當時，A、B相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得A對B的摩擦力大小為當時，A、B間會相對滑動；故B錯誤，CD正確。故選CD。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某同學用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力關系”的實驗。已知滑輪的質量為。（1）該實驗______（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；（2）按正確的實驗操作進行實驗，打出的一條紙帶如圖乙所示，已知打點計時器使用交流電源的頻率為，相鄰兩計數點之間還有四個點未畫出，由圖中的數據可知小車運動的加速度大小是______（計算結果保留3位有效數字）；（3）改變砂桶中砂的質量進行多次實驗，記錄每次力傳感器的示數，并根據打出的紙帶求出小車運動的加速度，根據測得的多組、，作出圖像，隨著砂桶中砂的質量增加，作出的圖像應該是______；若圖像直線的斜率為，則小車的質量為______。A．B.C.【答案】（1）需要（2）2.40（3）A【解析】【小問1詳析】由于實驗通過傳感器測小車受到的拉力與小車加速度的關系，所以該實驗需要平衡摩擦力?！拘?詳析】相鄰兩計數點之間還有四個點未畫出，則相鄰計數點間時間間隔為由逐差法可得小車加速度大小【小問3詳析】[1]根據牛頓第二定律可得可得可知圖像應是通過原點的一條傾斜直線。故選A。[2]根據上述分析可得圖像的斜率為則小車的質量為12.某班級分若干個學習小組，通過實驗驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示。驗證機械能守恒定律思路：求出做自由落體運動物體的重力勢能的減少量和對應過程動能的增加量，在實驗誤差允許范圍內，若二者相等，說明機械能守恒，從而驗證機械能守恒定律。（1）在實驗操作過程中出現如圖所示的四種情況，操作正確的是。A. B.C.D.（2）按正確合理的方法進行操作，打出的一條紙帶如下圖所示，在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC。已知當地重力加速度為g，重物的質量為m，交流電的頻率為f。從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減小量__________，動能增加量__________。（3）換用兩個質量分別為m1、m2的重物P、Q進行多次實驗，記錄下落高度h和相應的速度大小v，描繪v2-h圖像如圖。對比圖像分析正確的是。A.阻力可能為零 B.阻力不可能為零C.m1可能等于m2 D.m1不可能等于m2【答案】（1）B（2）（3）BC【解析】【小問1詳析】打點計時器應連接交流電源，為了減小紙帶與打點計時器間的摩擦，并且充分利用紙帶，應手提著紙帶上端使紙帶處于豎直方向且重物靠近打點計時器。故選B。【小問2詳析】[1]從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能的減少量[2]依題意有，根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打B點時的速度大小為則從打O點到打B點的過程中，重物動能的增加量為【小問3詳析】設重物受到的阻力大小為f，根據動能定理可得整理可得若阻力為0，則v2-h圖線的斜率為，則兩圖線斜率應相同，由題圖可知，兩圖線斜率不相等，所以阻力不可能為零；由圖像斜率關系可知由于不清楚兩重物所受阻力大小關系，所以無法確定m1與m2的大小關系，即m1可能等于m2。故選BC。13.質量為2kg的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在光滑水平地面上做直線運動，規(guī)定水平向右為正方向，力F與時間t的關系圖像如圖所示。求：（1）3s時物塊的位移大小；（2）0~4s時間內F對物塊所做的功?！敬鸢浮浚?）3m（2）4J【解析】【小問1詳析】由圖可知，0~2s時間內，物塊受到向右的力F1=2N，向右加速，根據牛頓第二定律有2s末物體受到向左的力F2=4N，根據牛頓第二定律有2s時物塊速度大小為0~2s物塊運動的位移大小2s后物塊以加速度a2開始減速，減速到0所用的時間為解得即3s時物塊速度恰好減為零，2~3s物塊運動的位移大小3s時物塊的位移大小為【小問2詳析】4s時物塊的速度由動能定理，0~4s時間內F對物塊所做的功14.如圖所示，物塊A置于傾角θ=37°的固定斜面上，連接物塊A的輕繩依次繞過光滑的輕質定滑輪和動滑輪固定在水平天花板上，質量分別為m、3m的物塊B、C之間用勁度系數為k的輕彈簧連接，豎直放置于水平地面上，動滑輪下方用輕繩掛上物塊B之后，整個系統都處于靜止狀態(tài)。已知物塊C恰好未離開地面，此時物塊A恰好不下滑，斜面上方輕繩平行于斜面，動滑輪兩側輕繩始終處于豎直方向，物塊A與斜面間的動摩擦因數為0.25，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）物塊A質量M；（2）從剪斷動滑輪與物塊B連接的輕繩開始，到物塊B所受合力為0的過程，物塊B下降的高度h?！敬鸢浮浚?）5m（2）【解析】【小問1詳析】已知物塊C恰好未離開地面，則B上方繩子的拉力根據動滑輪的原理可知，與A連接的繩子的拉力對A分析，根據平衡條件解得小問2詳析】剪斷輕繩前，彈簧伸長量剪斷后，物塊B受合外力為零時，彈簧壓縮量物塊B下降的高度聯立解得15.某款游戲裝置可簡化為如圖所示模型。水平傳送帶A、B兩端間距離為3.6m，傳送帶沿順時針方向勻速運行，速度大小可調，傳送帶上表面與光滑水平面BC在同一水平面內。半徑為0.5m的光滑半圓弧軌道CD固定在豎直面內，圓弧面的最低點C與水平面相切，物塊與傳送帶上表面間動摩擦因數為0.5，游戲時先調節(jié)傳送帶速度，然后只需將質量為0.5kg的物塊輕放在傳送帶上表面的左端，已知重力加速度大小為。（1）若傳送帶的速度調為2m/s，求物塊運動到圓弧面C點時對圓弧面的壓力大??；（2）要使物塊在圓弧面上運動時不離開圓弧面，則傳送帶勻速運行的速度應調節(jié)在什么范圍內；（3）若傳送帶的速度調為4m/s，求物塊在圓弧面上運動時離開圓弧面的位置離水平面的高度。【答案】（1）9N（2）或（3）0.7m【解析】【小問1詳析】由牛頓第二定律，可知解得依題意，物塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，則有即物塊離開傳送帶時，速度為傳送帶的速度v，BC段光滑，物塊在C點，由牛頓第二定律，可得解得根據牛頓第三定律，可知物塊運動到圓弧面C點時對圓弧面的壓力大小【小問2詳析】物塊經傳送帶能獲得的最大速度解得要使物塊在圓弧面上運動時不離開圓弧面，有兩個臨界情況，其一物塊恰好運動到與圓心等高處，有解得其二物塊恰好能過圓弧最高點，有又聯立，解得則傳送帶勻速運行的速度應調節(jié)范圍或者【小問3詳析】根據第二問分析可知，若傳送帶的速度調為4m/s，則有說明物塊離開圓弧面時，其高度已經超過圓心高度，但是還未達到圓弧最高點，設離開圓弧面的位置離水平面的高度為h，則有又由幾何關系，可得聯立，解得A10聯盟2025屆高三上學期12月質檢考物理試題B一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.將一個小球從水平地面上同一點A先后兩次拋出，兩次小球均落在了水平面上同一點B，小球第一次的運動軌跡為1，第二次的運動軌跡為2。不計空氣阻力，小球可視為質點，下列說法正確的是（）A.第一次小球拋出的初速度大B.第二次小球拋出的初速度大C.第一次小球在空中運動的時間長D.第二次小球在空中運動的時間長【答案】D【解析】AB．第一次小球拋出時豎直分速度小，水平分速度大，因此兩拋出的初速度大小關系不能確定，故AB錯誤；CD．由于第二次最大高度高，設小球運動時間為，在豎直方向，根據可知，運動時間為，因此第二次小球運動的時間長，故C錯誤，D正確。故選D。2.某實驗小組測得在豎直方向飛行的無人機飛行高度隨時間的變化曲線如圖所示，、段可視為兩段直線，其方程分別為和。取豎直向上為正方向，則（）A.段無人機的速度大小為B.段無人機做曲線運動C.段無人機處于失重狀態(tài)D.段無人機重力的瞬時功率先減小再增大【答案】C【解析】A．根據MN段方程可知MN段無人機的速度為可知段無人機的速度大小為，故A錯誤；B．描述無人機在豎直方向的運動，所以段無人機做直線運動，故B錯誤；C．根據圖像的切線斜率表示無人機的速度，可知FM段無人機先向上做減速運動，后向下做加速運動，加速度方向一直向下，則無人機處于失重狀態(tài)，故C正確；D．根據圖像的切線斜率表示無人機的速度，可知段無人機向上先做勻速運動，再做減速運動，后向下做加速運動，再做勻速運動；則無人機重力的瞬時功率先不變，再減小，然后增大，最后不變，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，光滑水平面上有一光滑的斜面，斜面上有一可視為質點的物塊從頂端由靜止開始下滑，一直運動到底端。忽略空氣阻力的影響，在此過程中，下列說法正確的是（）A.物塊受到的支持力對物塊不做功B.物塊受到的支持力對物塊做負功C.物塊對斜面的壓力對斜面不做功D.物塊受到的支持力與斜面不垂直【答案】B【解析】ABC．由于水平面是光滑的，在物塊下滑的過程中，物塊和斜面組成的系統機械能守恒，隨著斜面動能的增加，物塊的機械能減小，所以物塊受到的支持力對物塊做負功，物塊對斜面的壓力對斜面做正功，AC項錯誤、B項正確；D．在物塊運動過程中，物塊受到的支持力方向與斜面始終垂直，D項錯誤。故選B。4.某天文愛好者長期觀察繞地球做勻速圓周運動的不同衛(wèi)星，測出各衛(wèi)星運行線速度的三次方和角速度滿足的關系如圖所示。已知引力常量為G，則地球的質量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由萬有引力提供向心力得又聯立可得由題圖可知解得地球的質量為故選A。5.如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平面上，斜面上放著質量分別為、…的個滑塊，開始時用手托住第一個滑塊，使所有滑塊靜止在斜面上。重力加速度為，放手后這些滑塊沿著斜面下滑過程中，第個滑塊與第個滑塊之間的作用力大小為（）A.0 B.C. D.【答案】A【解析】把這n個滑塊當作一個整體，整體的加速度為設第個滑塊與第個滑塊之間的作用力大小為，以第n個滑塊為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得故選A。6.如圖所示，長L的輕桿兩端分別固定著可視為質點的質量為2m和m的小球，置于光滑水平桌面上，輕桿中心O有一豎直方向的固定轉動軸。當輕桿繞軸以角速度ω在水平桌面上轉動時，轉軸受桿的拉力大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由向心力公式，對質量為2m的小球受力分析，可得轉軸對小球的拉力方向指向圓心，對質量為m的小球受力分析，可得轉軸對小球的拉力方向指向圓心。由牛頓第三定律可知，小球對轉軸的力與轉軸對小球的力等大反向，則轉軸受桿拉力的大小為故選A。7.2024年11月份，某學校組織高中生進行體能測試。在50米跑測試中，李明從A點由靜止開始做勻加速直線運動，通過AB、BC、CD、DE連續(xù)四段相等的位移到達E點。已知通過E點時的瞬時速度為，通過AE段的時間為t，李明可視為質點。下列說法正確的是（）A.李明通過AB段的時間等于B.李明通過B處時的速度大小為C.李明通過C處時的瞬時速度小于通過AE段的平均速度D.李明通過BC段和CE段所用時間之比為【答案】D【解析】A．設每段位移為，則對段有對段有解得故A錯誤；B．因則李明通過處時的速度大小為故B錯誤；C．由分析可知，B處為的中間時刻，可知李明通過B處時的瞬時速度等于通過段的平均速度，因為李明做勻加速運動，所以通過C處時的瞬時速度大于通過段的平均速度，故C錯誤；D．根據連續(xù)相等位移所用時間的比例關系知，李明通過段時間之比為李明通過段和段所用時間之比，故D正確。故選D。8.如圖所示，物塊、的質量均為，各接觸面均光滑，在水平推力作用下，兩物塊始終保持靜止狀態(tài)，則水平推力從零逐漸增大的過程中（）A.所受合力逐漸增大 B.對地面的壓力保持不變C.對地面的壓力逐漸減小 D.對地面的壓力逐漸減小【答案】C【解析】A．物塊處于靜止狀態(tài)，所以a所受合力為0，保持不變，故A錯誤；D．設、接觸面與水平方向的夾角為，以為對象，其受力如圖所示根據平衡條件可得，水平推力從零逐漸增大的過程中，可知、之間的彈力逐漸增大，地面對的支持力逐漸增大，則對地面的壓力逐漸增大，故D錯誤；BC．以為對象，其受力如圖所示根據平衡條件可得由于、之間的彈力逐漸增大，則地面對的支持力逐漸減小，對地面的壓力逐漸減小，故B錯誤，C正確。故選C。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.甲、乙兩輛汽車在同一平直公路的不同車道上行駛，時刻兩車正好相遇，0~4s內兩車的圖像如圖所示。關于這段時間內兩車的運動情況，下列說法正確的是（）A.甲、乙兩車運動方向相反B.時刻，甲車在乙車前方C.時刻，甲、乙兩車再次相遇D.0~4s內，甲車的平均速度小于乙車的平均速度【答案】BD【解析】A．由圖像可知，甲、乙兩車速度均為正值，即甲、乙兩車運動方向相同，故A錯誤；B．時刻兩車正好相遇，根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，由題圖可知內甲的位移大于乙的位移，則時刻，甲車在乙車前方，故B正確；C．時刻兩車正好相遇，根據圖像與橫軸圍成的面積表示位移，由題圖可知內甲的位移小于乙的位移，則時刻，乙車在甲車前方，故C錯誤；D．由于內甲的位移小于乙的位移，根據可知，甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故D正確。故選BD。10.物體A和物體B疊放在光滑水平面上靜止，如圖所示。已知，，A、B間的最大靜摩擦力。現用一水平向右的拉力作用在A上，則（）A.當時，A、B都靜止B.當時，A對B的摩擦力大小是C.當時，A對B的摩擦力大小是D當時，A、B間會相對滑動【答案】CD【解析】A．由于水平面光滑，可知只要，A、B都會運動，故A錯誤；BCD．設當拉力為，A、B剛好保持相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得，可知當時，A、B相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得A對B的摩擦力大小為當時，A、B相對靜止，以A、B為整體，根據牛頓第二定律可得以B為對象，根據牛頓第二定律可得聯立解得A對B的摩擦力大小為當時，A、B間會相對滑動；故B錯誤，CD正確。故選CD。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某同學用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力關系”的實驗。已知滑輪的質量為。（1）該實驗______（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；（2）按正確的實驗操作進行實驗，打出的一條紙帶如圖乙所示，已知打點計時器使用交流電源的頻率為，相鄰兩計數點之間還有四個點未畫出，由圖中的數據可知小車運動的加速度大小是______（計算結果保留3位有效數字）；（3）改變砂桶中砂的質量進行多次實驗，記錄每次力傳感器的示數，并根據打出的紙帶求出小車運動的加速度，根據測得的多組、，作出圖像，隨著砂桶中砂的質量增加，作出的圖像應該是______；若圖像直線的斜率為，則小車的質量為______。A．B.C.【答案】（1）需要（2）2.40（3）A【解析】【小問1詳析】由于實驗通過傳感器測小車受到的拉力與小車加速度的關系，所以該實驗需要平衡摩擦力。【小問2詳析】相鄰兩計數點之間還有四個點未畫出，則相鄰計數點間時間間隔為由逐差法可得小車加速度大小【小問3詳析】[1]根據牛頓第二定律可得可得可知圖像應是通過原點的一條傾斜直線。故選A。[2]根據上述分析可得圖像的斜率為則小車的質量為12.某班級分若干個學習小組，通過實驗驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示。驗證機械能守恒定律思路：求出做自由落體運動物體的重力勢能的減少量和對應過程動能的增加量，在實驗誤差允許范圍內，若二者相等，說明機械能守恒，從而驗證機械能守恒定律。（1）在實驗操作過程中出現如圖所示的四種情況，操作正確的是。A. B.C.D.（2）按正確合理的方法進行操作，打出的一條紙帶如下圖所示，在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC。已知當地重力加速度為g，重物的質量為m，交流電的頻率為f。從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減小量__________，動能增加量__________。（3）換用兩個質量分別為m1、m2的重物P、Q進行多次實驗，記錄下落高度h和相應的速度大小v，描繪v2-h圖像如圖。對比圖像分析正確的是。A.阻力可能為零 B.阻力不可能為零C.m1可能等于m2 D.m1不可能等于m2【答案】（1）B（2）（3）BC【解析】【小問1詳析】打點計時器應連接交流電源，為了減小紙帶與打點計時器間的摩擦，并且充分利用紙帶，應手提著紙帶上端使紙帶處于豎直方向且重物靠近打點計時器。故選B。【小問2詳析】[1]從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能的減少量[2]依題意有，根據勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則打B點時的速度大小為則從打O點到打B點的過程中，重物動能的增加量為【小問3詳析】設重物受到的阻力大小為f，根據動能定理可得整理可得若阻力為0，則v2-h圖線的斜率為，則兩圖線斜率應相同，由題圖可知，兩圖線斜率不相等，所以阻力不可能為零；由圖像斜率關系可知由于不清楚兩重物所受阻力大小關系，所以無法確定m1與m2的大小關系，即m1可能等于m2。故選BC。13.質量為2kg的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在光滑水平地面上做直線運動，規(guī)定水平向右為正方向，力F與時間t的關系圖像如圖所示。求：（1）3s時物塊的位移大??；（2）0~4s時間內F對物塊所做的功?！敬鸢浮浚?）3m（2）4J【解析】【小問1詳析】由圖可知，0~2s時間內，物塊受到向右的力F1=2N，向右加速，根據牛頓第二定律有2s末物體受到向左的力F2=4N，根據牛頓第二定律有2s時物塊速度大小為0~2s物塊運動的位移大小2s后物塊以加速度a2開始減速，減速到0所用的時間為解得即3s時物塊速度恰好減為零，2~