2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊月考試卷836考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、電容器是一種重要的電學(xué)元件，有廣泛的應(yīng)用。它能夠儲存電荷，其儲存電荷的特性可以用電容來描述。關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器的電容只由它本身決定B.電容器不帶電時，其電容為零C.電容器所帶電荷量越多，其電容越大D.電容器兩極板間電勢差越小，其電容越大2、閉合電路歐姆定律的公式是（）A.B.C.D.3、如圖所示，左面是條形磁鐵，a、b、c磁鐵為軸線上的點；則()

A.a、b、c三點中，a點磁感應(yīng)強度最大B.a、b、c三點中，b點磁感應(yīng)強度最大C.a、b、c三點中，c點磁感應(yīng)強度最大D.a、b、c三點的磁感應(yīng)強度比磁鐵內(nèi)部的磁感應(yīng)強度大4、兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中a點進入電場；其運動軌跡為圖中實線所示，若粒子只受靜電力作用，則下列關(guān)于帶電粒子的判斷正確的是（）

A.帶正電B.速度先變大后變小C.電勢能先變大后變小D.經(jīng)過b點和d點時的速度大小不同5、下列做法中，為了防止靜電危害的是（）A.高大建筑物頂部安裝避雷針B.家用電器如洗衣機、電腦等外殼接有地線C.使用電器時不能超過其電壓或電流的額定值D.手機一般都帶有天線（有的手機為了美觀設(shè)計為內(nèi)置天線）6、如圖所示；絕緣支柱支撐的枕形導(dǎo)體A；B兩端各貼有一對金屬箔片。開始時枕形導(dǎo)體不帶電，現(xiàn)一帶正電的小球C靠近枕形導(dǎo)體左端后，關(guān)于枕形導(dǎo)體可能的情況是（??）

A.左端帶有一定的正電荷B.右端帶有一定的負(fù)電荷C.有負(fù)電荷從右端轉(zhuǎn)移到左端D.有負(fù)電荷從右端轉(zhuǎn)移到左端7、兩個等量點電荷的電場線分布如圖所示；圖中A點和B點在兩點電荷連線上，C點和D點在兩點電荷連線的中垂線上．若將一電荷放在此電場中，則以下說法正確的是。

A.電荷沿直線由A到B的過程中，電場力先增大后減小B.電荷沿直線由C到D的過程中，電場力先增大后減小C.電荷沿直線由A到B的過程中，電勢能先減小后增大D.電荷沿直線由C到D的過程中，電勢能先增大后減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距為d，兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時極板所帶電荷量是油滴所帶電荷量的k倍；則（）

A.油滴帶負(fù)電B.油滴所帶電荷量為C.電容器的電容為D.將極板N向下緩慢移動一小段距離，油滴將向上運動9、如圖所示，在水平的勻強電場中，一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球，系在一根長為L的絕緣細(xì)線一端，小球可以在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動。AB為圓周的水平直徑，CD為豎直直徑。已知重力加速度為g，電場強度不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.若小球在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，則小球運動到B點時的機械能最大B.若將小球在A點由靜止開始釋放，它將沿著ACBD圓弧運動C.若小球在豎直平面內(nèi)繞O點做完整的圓周運動，則它運動過程中的最小速度為D.若將小球在A點以大小為的速度豎直向上拋出，它將可以到B點10、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子以速度v。從MN連線上的P點水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強電場中。已知MN與水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略。則粒子到達MN連線上的某點時（）

A.所用時間為B.速度大小為C.與P點的距離為D.速度方向與豎直方向的夾角為30°11、如圖所示，圓臺上下底面的圓心分別為兩點連線的中點為O，以O(shè)為圓心的圓周上放置了四個點電荷，E、F處電荷量為G、H處電荷量為以O(shè)為圓心的圓平面水平且平行，設(shè)O三點的電場強度分別為電勢分別為下列說法正確的是（）

A.O三點的電場強度的大小關(guān)系為B.O三點的電勢的大小關(guān)系為直線上各點電勢相等C.將電荷量為的微粒（不計重力）從點沿移至O點的過程中，電勢能增加D.將電荷量為的微粒（不計重力）從沿移至O點的過程中，微粒所受電場力減小12、如圖所示的電路中，理想二極管和水平放置的平行板電容器串聯(lián)在電路中，閉合開關(guān)S，平行板間有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電液滴恰好能處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法中正確的是（）

A.將A板向上平移一些，液滴將向下運動B.將A板向下平移一些，液滴將向上運動C.將A板向左平移一些，液滴將向上運動D.斷開開關(guān)S，將A板向右平移一些，液滴將保持靜止13、如圖所示，其中電流表的量程為0~0.2A，內(nèi)阻為5Ω，R1的阻值為2.5Ω；R2的阻值為10Ω。下列分析正確的是（）

A.將接線柱1、3接入電路時，新電壓表的量程為0~6VB.將接線柱1、3接入電路時，新電壓表的量程為0~7VC.將接線柱1、2接入電路時，新電流表的量程為0~0.4AD.將接線柱1、2接入電路時，新電流表的量程為0~0.6A14、如圖所示的電路中，已知電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，滑動變阻器R的阻值可以從零連續(xù)增大到Rmax，定值電阻R1的阻值范圍為r<R1<Rmax；則下列結(jié)論正確的是（）

A.當(dāng)R＝R1-r時，R1消耗的功率最大B.R消耗的最大功率可能為C.當(dāng)R＝0時，R1消耗的功率最大D.外電路消耗的最大功率為15、如圖所示電路中，已知R1＝R2＝R3，R1兩端電壓為3V，R3兩端電壓為1V．R4、R5為定值電阻．則()

A.R2兩端電壓可能為2VB.A、B兩端電壓可能為7VC.若A、B兩端電壓為5V，可以判斷出R4＞R5D.若A、B兩端電壓為5V，可以判斷出R4＜R5評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖，兩根通電長直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中的電流強度分別為I和2I，此時a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向為正，則b受到的磁場力大小為_____．當(dāng)在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時b受到的磁場力大小為_____．17、如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)K閉合時，燈泡L正常發(fā)光，現(xiàn)斷開開關(guān)K，閉合電路的總電阻將_____(填“增大”“減小”或“不變”)，燈泡L的亮度將______(填“變亮”“變暗”或“不變”)

18、如圖所示電路，當(dāng)滑動變阻器的滑片P位置不變而電阻箱R阻值增大的時候，電表A和V的變化情況是：表V示數(shù)_____，表A示數(shù)_____．(填“變大；變小或不變”).

19、在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx的阻值約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為1Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結(jié)果由公式計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則___________（選填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值，測量值Rx2___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值。

20、串聯(lián)電路；并聯(lián)電路的特點。

。

串聯(lián)電路。

并聯(lián)電路。

電流關(guān)系。

各處電流相等，即I=___________

總電流等于各支路電流___________，即I=___________

電壓關(guān)系。

總電壓等于各部分電壓___________，即U=___________

各支路兩端電壓___________，即U=___________

電阻關(guān)系。

總電阻等于各部分電阻___________，即R=___________

總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻___________，即=＋＋＋

21、伏安法。

（1）原理圖。

（2）主方程：______。

（3）主要器材：滑動變阻器；電流表、電壓表。

（4）實驗設(shè)計：通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，只需測出U、I的兩組數(shù)據(jù)，就可以列出兩個關(guān)于E、r的方程，從而解出E、r。22、比荷：帶電粒子的____________與其____________的比值。23、在邊長為r的等邊三角形的頂點分別放置一點電荷a、b、c，如圖所示。已知Qa=Qc=+q，Qb=－q，則c受到的庫侖力的大小為___________，方向為___________。

24、如圖所示為實驗室常用的兩個量程的電壓表原理圖．當(dāng)使用O、A兩接線柱時，量程為3V；當(dāng)使用O、B兩接線柱時，量程為15V．已知電流計的內(nèi)電阻Rg=500Ω，滿偏電流Ig=100μA．則電阻R=____Ω,R=____Ω

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)25、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

26、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。27、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

28、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)29、有一種新式游標(biāo)卡尺，它的刻度與傳統(tǒng)的游標(biāo)卡尺明顯不同——刻度看起來很“稀疏”，使用時讀數(shù)顯得清晰明了，便于使用者正確讀取數(shù)據(jù)。新式游標(biāo)卡尺也有10分度、20分度、50分度三種規(guī)格，但游標(biāo)尺的刻度卻是分成10等分，分成20等分，分成50等分。以“分成20等分”新式游標(biāo)卡尺為例，如圖，試分析其精確度是______如圖的讀數(shù)是______

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

電容是描述電容器儲存電量本領(lǐng)的物理量，其決定式為

電容的大小與帶不帶電、兩極板的電壓、帶電量多少均無關(guān)，故選A。2、B【分析】【詳解】

A．是部分電路的歐姆定律表達式；故A錯誤；

B．是閉合電路的歐姆定律表達式；體現(xiàn)電流由電動勢和總電阻決定，故B正確；

C．是部分電路的電壓計算式；故C錯誤；

D．是閉合電路的電動勢的計算式；故D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

ABC．因a、b、c三點離磁極越來越遠(yuǎn)，則磁感應(yīng)強度依次減小，即則A正確，BC錯誤；

D．根據(jù)磁感線的分布可知，所有的磁感線都通過條形磁鐵內(nèi)部，故a、b、c三點的磁感應(yīng)強度比磁鐵內(nèi)部的磁感應(yīng)強度?。还蔬x項D錯誤．

故選A。

點睛：考查磁場的基本知識，明確離磁極越近磁感應(yīng)強度越大，知道磁感線的分布情況．4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可得；該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負(fù)電荷在下方；從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用，所以粒子帶負(fù)電，A錯誤；

BC．粒子從a到c到e的過程中電場力先做負(fù)功后做正功；速度先減后增，電勢能先增大后減?。籅錯誤，C正確；

D．因為bd兩點在同一等勢面上，所以在bd兩點的電勢能相同，所以經(jīng)過b點和d點時的速度大小相同；D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

A．避雷針避雷是中和云層中的異種電荷，及時消除云層與地面的電勢差，屬于靜電的防止，故A正確；

B．家用電器如洗衣機、電腦等外殼接有地線是利用地線將外殼所帶的電導(dǎo)入地下，與靜電的防止無關(guān)，故B錯誤；

C．使用電器時不能超過其電壓或電流的額定值，是為了避免電流過大燒壞電器，與靜電的防止無關(guān)，故C錯誤；

D．手機帶有天線是為了更好地接受或發(fā)射信號，與靜電的防止無關(guān)，故D錯誤；

故選A。6、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)靜電感應(yīng)原理可知；帶正電的小球C靠近枕形導(dǎo)體左端后，導(dǎo)體左端帶負(fù)電，右端帶正電，故AB錯誤；

CD．任何物體帶電量必定是元電荷（）的整數(shù)倍，故不可能轉(zhuǎn)移了負(fù)電荷，可能轉(zhuǎn)移了負(fù)電荷從右端到左端；故C正確，D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

電場線的疏密程度表示電場強度大小，故從A到B過程中電場線先變疏后變密，即電場強度先減小后增大，所以電場力先減小后增大，從C到D過程中電場線先變密后變疏，故電場力先增大后減小，A錯誤B正確；由于不知道電場方向以及運動電荷的電性，所以無法判斷電勢能變化，CD錯誤．二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】【分析】

本題考查平行板電容器及帶電粒子在電場中的運動；由電容的定義式，再結(jié)合電容的決定式進行分析；油滴的運動可結(jié)合其受力情況進行分析。

【詳解】

A．由題意可知，帶電荷量為的微粒靜止不動；則微粒受到向上的電場力，平行板電容器板間場強方向豎直向下，則微粒帶負(fù)電，故A正確；

B．由平衡條件得

解得油滴帶電荷量為

故B錯誤；

C．電容器的電容為

故C正確；

D．極板N向下緩慢移動一小段距離，電容器兩極板距離d增大，因電壓U不變，故板間場強E減小，微粒所受電場力F減小，則有

微粒將向下做加速運動；故D錯誤。

故選AC。

【點睛】

本題整合了微粒的力平衡、電容器動態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，注意由受力情況來確定運動情況，是解題的思路。9、A:D【分析】【詳解】

A．除重力和彈力以外的其他力做功等于機械能的變化，若小球在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，則小球運動到B點時，電場力做功最多，故小球到B點時機械能最大；故A正確；

B．重力與電場力的和為

其方向與電場方向成夾角斜向下，故若將小球在A點由靜止開始釋放；它將先沿這個方向做勻加速直線運動，故B錯誤；

C．若小球在豎直平面內(nèi)繞O點做圓周運動，設(shè)最小速度為v，則有

得

故C錯誤；

D．若將小球在A點以大小為的速度豎直向上拋出，小球?qū)⒉粫貓A周運動，因此小球在豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻加速運動，因

故水平加速度和豎直加速度大小均為g，當(dāng)豎直方向上的位移為零時，運動時間

則水平位移為

說明小球剛好到B點；故D正確。

故選AD。10、A:C【分析】【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，水平方向

豎直方向

由

可得

故A正確；

B．由于

故粒子速度大小為

故B錯誤；

C．由幾何關(guān)系可知，到P點的距離為

故C正確；

D．速度方向與豎直方向的夾角的正切值

即

故D錯誤。

故選AC。

【命題意圖】

考查帶電粒子在電場中做類平拋運動。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．因O1O與O2O的距離相等，由電場的疊加知O、O1與O2的合電場強度都為零，故A正確；

B．同理由電場的疊加知，O1O2連線上場強處處為零，移動電荷時電場力不做功，則直線O1O2上各點電勢相等，故B正確；

C．將-q微粒從O1點沿O1O方向移至O點過程，電場力不做功，電勢能變化為零，故C錯誤：

D．因O與O1點的合電場強度都為零，且O1O之間的電場強度都為零，所以將-q微粒從O1點沿O1O方間移至O點過程所受電場力為零，故D錯誤。

故選AB。12、B:C【分析】【詳解】

A．閉合開關(guān)后電容器充電，電容

極板間的電場強度

整理得

油滴靜止時所受合力為零，則qE=mg

當(dāng)A板上移時，d變大，由

可知，C變小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，所以帶電荷量保持不變，?/p>

可知；極板間的電場強度不變，油滴仍靜止，A錯誤；

B．當(dāng)A板下移時，d變小，由

可知，C變大，電容器充電，電壓不變，由

可知；極板間的電場強度變大，油滴向上運動，B正確；

C．當(dāng)A板左移時，S變小，由

可知，C變小，由于電容器不能通過二極管放電，所以帶電荷量不變，電壓變大，由

可知；極板間的電場強度增大，油滴將向上運動，C正確；

D．?dāng)嚅_開關(guān)S，將A板向右平移一些時，S變小，由

可知，C變小，因為電容器電荷量不變，所以電壓變大，由

可得；電場強度變大，液滴將向上運動，D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

CD．當(dāng)接上1、2時，是在電流表上并聯(lián)一個定值電阻，所以是電流表，由于的阻值為電流表內(nèi)阻的一半，所以擴大后的量程是原來的3倍，即為故C錯誤，D正確；

AB．接1、3時是給電流表串聯(lián)一定值電阻，則是電壓表，由于通過電流是電流表滿偏電流的3倍，所以兩端的電壓是電流表滿偏電壓的6倍；而電流表的滿偏電壓是。

所以改裝后的電壓是故錯誤；B正確。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

AC.當(dāng)R＝0時，R1的電流最大，R1消耗的功率最大；C正確，A錯誤；

B.把R1看作電流的內(nèi)阻，當(dāng)時，電源的輸出功率最大，即R消耗的最大功率最大，其最大值為

B正確；

D.外電路的電阻越接近電源內(nèi)阻時，外電路消耗的功率越大，當(dāng)時，外電路消耗的功率最大，其最大值為

解得D錯誤。

故選BC。15、A:B:C【分析】【詳解】

設(shè)R＝R1＝R2＝R3，已知R1兩端電壓為3V，R3兩端電壓為1V，根據(jù)歐姆定律，流過R1的電流為流過R3的電流為故流過電阻R2的電流可能為：也可能為：若流過R2的電流為則R2兩端電壓為2V；若流過R2的電流為則R2兩端電壓為4V，故A正確；點A與點B間的電壓等于電阻R1與R2電壓之和．R1兩端電壓為3V，若R2兩端電壓為2V，則A、B兩端電壓為5V；若R2兩端電壓為4V，則A、B兩端電壓為7V，故B正確；若A、B兩端電壓為5V；電流流向如圖所示；

說明電阻R3上端的電勢較高，下端的電勢較低，則R4兩端的電壓應(yīng)該高于電阻R5兩端的電壓，故R4＞R5；故C正確，D錯誤．故選ABC.

【點睛】本題考查了串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活應(yīng)用．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，c在a、b兩導(dǎo)線處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反，c導(dǎo)線對b導(dǎo)線的作用力是它對a導(dǎo)線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導(dǎo)線對a導(dǎo)線的作用力可能是F也可能是-3F，c導(dǎo)線對b導(dǎo)線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；17、略

【分析】【詳解】

[1]．閉合開關(guān)時電路中的總電阻為

斷開開關(guān)電路中的總電阻為R′=r+RL+R1

所以斷開開關(guān)后電路中的總電阻增大；

[2]．?dāng)嚅_開關(guān)電路的總電阻變大，根據(jù)歐姆定律知，電路中的總電流變小，所以燈泡變暗；【解析】增大變暗18、略

【分析】【詳解】

[1][2]滑動變阻器的滑片P位置不變而電阻箱R阻值增大的時候，外電路電阻增大，則干路電流減小，根據(jù)

可知，路端電壓變大，所以電阻箱兩端電壓變大，電壓表示數(shù)變大，與電阻箱并聯(lián)部分的滑動變阻器兩端電壓變大，電流變大，而干路電流減小，所以電阻箱支路電流減小，電流表示數(shù)減?。窘馕觥孔兇笞冃?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為。

可知用電流表內(nèi)接誤差較小，即Rx1更接近待測電阻的真實值；

[2][3]根據(jù)。

可知a圖中電壓表的讀數(shù)大于待測電阻上的電壓，可知測量值Rx1大于真實值；b圖中電流表的讀數(shù)大于待測電阻上的電流值，則測量值Rx2小于真實值?！窘馕觥縍x1大于小于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]串聯(lián)電路；電流關(guān)系，各處電流相等，即。

[2][3]并聯(lián)電路；電流關(guān)系，總電流等于各支路電流之和，即。

[4][5]串聯(lián)電路；電壓關(guān)系，總電壓等于各支路電壓之和，即。

[6][7]并聯(lián)電路；電壓關(guān)系，各支路兩端電壓相等，即。

[8][9]串聯(lián)電路；電阻關(guān)系，總電阻等于各部分電阻，即。

[10]并聯(lián)電路，電阻關(guān)系，總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻的倒數(shù)之和?！窘馕觥恐椭拖嗟戎偷箶?shù)之和21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】E=U+Ir22、略

【解析】①.電荷量②.質(zhì)量23、略

【分析】【分析】

【