2025年湘教版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖，帶電量分別為qa、qb、qc的小球，固定在等邊三角形的三個頂點上，qa所受庫侖力的合力F方向垂直于qa、qb的連線；則（）

A.qb、qc異號，且qc=2qbB.qa、qb異號，且qb=2qaC.qa、qc同號，且qc=2qaD.qa、qb同號，且qb=2qa2、如圖所示，R1=2Ω，R2=R3=6Ω，R4總電阻為6Ω，電源內(nèi)阻r=1Ω，開始P在R4的最上端，現(xiàn)讓P滑至最底端(電表均為理想電表)；下列關(guān)于該過程的說法正確的是（）

A.電源輸出功率減小B.R4消耗的功率先增大后減小C.電源效率在增大D.電壓表與電流表的示數(shù)改變量之比逐漸變小3、法拉第首先提出用電場線形象生動地描繪電場，如圖為點電荷所形成電場的電場線分布圖；下列說法正確的是（）

A.為異種電荷，帶電量大于帶電量B.為異種電荷，帶電量小于帶電量C.為同種電荷，帶電量大于帶電量D.為同種電荷，帶電量小于帶電量4、如圖，在絕緣光滑水平面上C點固定一個正的點電荷甲，另一個帶負電的小球乙僅受甲的庫侖力作用沿橢圓軌道I運動（甲、乙均可視為質(zhì)點），C點是橢圓軌道的其中一個焦點，A、D點分別為該橢圓軌道的左右頂點。小球乙在某一時刻經(jīng)過A點時因速度大小突然發(fā)生改變（電量不變）而進入以C為圓心的圓形軌道Ⅱ做勻速圓周運動；以下說法錯誤的是（）

A.在甲電荷的電場中，軌道I上的各點，D點的電勢最高B.乙球在軌道I運動時，經(jīng)過D點時系統(tǒng)的電勢能最大C.乙球在兩個軌道運動時，經(jīng)過A點的加速度大小相等D.乙球從軌道I進入軌道Ⅱ運動時，系統(tǒng)的總能量減小5、某電場在直角坐標系中的電場線分布情況如圖所示，O、P、M、N為電場中的四個點，其中P和M在一條電場線上；則下列說法正確的是（）

A.M點的場強小于N點的場強B.M點的電勢高于N點的電勢C.將一負電荷由O點移到M點電勢能增加D.將一正電荷由P點無初速釋放，僅在電場力作用下，可沿PM電場線運動到M點評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示，豎直平面內(nèi)有固定的半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，水平勻強電場平行于軌道平面向左，P、Q分別為軌道的最高點、最低點。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球（可視為質(zhì)點）在軌道內(nèi)運動，已知重力加速度為g，場強要使小球能沿軌道做完整的圓周運動；下列說法中正確的是（）

A.小球過Q點時速度至少等于B.小球過Q點時速度至少等于C.小球過Q、P點受軌道彈力大小的差值為6mgD.小球過Q、P點受軌道彈力大小的差值為7.5mg7、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動到Q點，在此過程中克服電場力做了的功。那么（）A.M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.P點的場強一定小于Q點的場強C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.M在P點的動能一定大于它在Q點的動能8、把一帶正電小球a放在光滑絕緣斜面上，欲使小球a能靜止在如圖所示的位置上，需在MN間放一帶電小球b，則球b可能（）

A.帶正電，放在A點B.帶負電，放在A點C.帶負電，放在C點D.帶正電，放在C點9、如圖所示,以電荷量為+Q的點電荷為圓心的圓弧上有A、B、C、D四個點,其中A、C兩點連線和B、D兩點連線垂直.在點電荷的右側(cè)有一接地金屬板MN,點電荷和金屬板附近的電場線分布如圖。下列說法正確的是()

A.B、D兩點的電勢相等，場強大小相等B.A點的場強小于C點的場強，A點的電勢高于C點的電勢C.將一個試探電荷由A點移到C點，電場力做功為零D.將一個帶正電的不計重力的粒子從B點由靜止釋放，粒子將沿電場線運動10、下列關(guān)于電流的說法中，正確的是（）A.金屬導(dǎo)體中，電流的傳播速率就是電場的傳導(dǎo)速率B.溫度升高時，金屬導(dǎo)體中自由電子熱運動加快，電流也就加大C.電路接通后，電子就由電源出發(fā)，只要經(jīng)過一個極短的時間就能到達用電器D.通電的金屬導(dǎo)體中，自由電子的運動是熱運動和定向移動的合運動，電流的傳播速率等于光速11、如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值分別為理想電流表示數(shù)變化量的絕對值為則（）

A.B.C.和保持不變D.電源輸出功率先增大后減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)12、如圖所示，A燈的額定功率為15W，A燈與B燈額定電壓相同，在外加電壓改變時設(shè)兩盞燈的電阻保持不變，當K1與K2都斷開時，電壓表讀數(shù)U=12V；當K1閉合，K2斷開時，電壓表讀數(shù)U1=11V；當K1、K2都閉合時，電壓表讀數(shù)U2=9V時；則B燈的額定功率為________W

13、用多用電表進行了幾次測量，指針分別處于a和b的位置，如圖所示，若多用電表的選擇開關(guān)處于下面表格中所指的擋位，a和b的相應(yīng)讀數(shù)是多少？請?zhí)钤诒砀裰小?/p>

指針位置選擇開關(guān)所處擋位讀數(shù)a直流電流10mA______mA直流電壓50V______V______Vb電阻×100______Ω14、如圖所示，兩條不等長的細線一端固定在同一點，另一端分別拴兩個帶同種電荷的小球，兩小球所帶的電荷量分別為質(zhì)量分別為當兩小球靜止時恰好處于同一水平線上，且試分析造成的原因是___________。

15、已知軸上電場方向與軸方向平行，軸上各點電勢如圖所示，處電勢為一電子從處由靜止釋放，則處電場強度為___________該電子運動到處時的動能為__________

16、電動機消耗的功率P電＝_____。17、描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是________，其單位可用國際單位制中的基本單位表示為________。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)18、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短19、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)21、如圖a所示；某同學(xué)利用下圖電路測量電源電動勢和內(nèi)阻．先將電路中的電壓傳感器d端與a端連接．

（1）若該同學(xué)開始實驗后未進行電壓傳感器的調(diào)零而其他器材的使用均正確，則移動滑片后，得到的U-I圖象最可能為___________．

（2）將電壓傳感器d端改接到電路中c端，正確調(diào)零操作，移動滑片后，得到如圖b所示的U-I圖，已知定值電阻R=10Ω，則根據(jù)圖象可知電源電動勢為_________V、內(nèi)阻為________Ω．（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

評卷人得分六、解答題(共1題，共10分)22、如圖所示；充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間的距離為d，上板正中有一小孔．質(zhì)量為m；電荷量為+q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計，極板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g）．求：

（1）小球到達上極板小孔處的速度；

（2）極板間電場強度的大小E和電容器所帶電荷量Q；參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知，小球a，c之間存在排斥力，同號，小球a，b之間存在吸引力，異號，所以和異號，根據(jù)平行四邊形法則，排斥力是吸引力的兩倍，根據(jù)庫倫定律

故

根據(jù)題意得

所以有

故BCD錯誤；A正確。

故選A。2、B【分析】【詳解】

A．R3及滑動變阻器上部分的電阻被短路，電源的內(nèi)阻r=1Ω，外電阻R=R1+R并=2Ω+R并

在P向下滑動的過程中，R并減小，R減小因為R＞r且減小；所以電源的輸出功率變大，選項A錯誤；

B．設(shè)滑動變阻器連入電路的阻值為R′，R4兩端的電壓

R4消耗的電功率

當時，即R′=2Ω時，R4消耗的電功率最大，故R4消耗的功率先增大后減小；選項B正確；

C．電源的效率

當P向下滑動的過程中，電路中的總電阻減小由閉合電路歐姆定律知，干路中的電流I增大；故電源的效率減小，選項C錯誤；

D．設(shè)電源的路端電壓為U0，由閉合電路歐姆定律知E=U0+Ir，則U0=E-Ir，根據(jù)數(shù)學(xué)知識知

故電壓表與電流表的示數(shù)改變量之比不變；選項D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

由圖可知電場線方向由指向故帶正電，帶負電；根據(jù)電場線的疏密程度可知，帶電量大于帶電量。

故選A。4、A【分析】【詳解】

A．甲為正的場源電荷，在其周圍電場線向外，電勢逐漸降低，則D點離甲最遠；電勢最低，故A錯誤，符合題意；

B．由電勢能

知負電荷在電勢最低的D點電勢能最大；故B正確，不符合題意；

C．圓軌道和橢圓軌道的同一點，都是相同的庫侖力產(chǎn)生加速度

則兩軌道經(jīng)過同一A點時的加速度相等；C正確，不符合題意；

D．乙球從橢圓軌道進入低軌道需要減速；則需要損失部分動能，根據(jù)能量守恒定律知系統(tǒng)的總能量減小，D正確，不符合題意。

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．電場線密的地方電場強度大，由圖可知M點電場線比N點的密，所以M點的場強大于N點的場強度；故A錯誤；

B．沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢低于N點的電勢；故B錯誤；

C．將一負電荷由O點移到M點電場力做負功；所以電荷的電勢能增加，故C正確；

D．一正點電荷從P點由靜止釋放，該電荷所受的電場力是變力，與電場線的相切，據(jù)曲線運動的條件該電荷并不能沿電場線運動到M點；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)6、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．要使小球能沿軌道做完整的圓周運動；則小球恰好能通過等效最高點，此時合外力為。

根據(jù)牛頓第二定律得。

聯(lián)立解得。

設(shè)等效最高點的合力與豎直方向夾角為θ；則。

從Q點到等效最高點；根據(jù)動能定理。

解得。

故A正確；B錯誤；

CD．已知Q點的速度；根據(jù)牛頓第二定律得。

從Q到P根據(jù)動能定理。

解得。

根據(jù)牛頓第二定律得。

聯(lián)立解得。

故C正確；D錯誤。

故選AC。7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．從題目可知移動電荷的過程中克服電場力做功，即電場力做負功，故電勢能增加，P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，電場分布情況不知，無法判斷P點和Q點電場強度的大小關(guān)系；故A正確，B錯誤；

C．因為電荷正負不知；故無法判斷電勢高低，故C錯誤；

D．因為只有電場力做功，因此只有電勢能和動能之間的轉(zhuǎn)化，電勢能增加，則動能減小，M在P點的動能一定大于Q點的動能；故D正確。

故選AD。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

小球a能靜止在斜面上，則a球的合外力為0，小球在斜面上所受到重力、支持力的合力應(yīng)該與b球給a球的庫侖力大小相等方向相反；則當b球帶正電，放在A點時，向上的電場力與重力平衡時，a能靜止；當b球帶負電，放在C點，b對a的引力、a的重力和斜面對a的支持力可能平衡。

故選AC。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)對稱性，B、D兩點的電勢相等；場強大小相等，A正確；

B．電場線的疏密反應(yīng)了場強的大小，由圖可知，A點的場強小于C點的場強，由于正點荷與C之間電場線密集，電勢降落的快，而正點電荷與A點間電場線稀疏，電勢降落的慢，因此C點電勢低于A點電勢；B正確；

C．由于A、C兩點電勢不等，因此將一個試探電荷由A點移到C點；電場力做功不為零，C錯誤；

D．將一個帶正電的不計重力的粒子從B點由靜止釋放；由于電場線是彎曲的，因此粒子不會沿電場線運動，D錯誤。

故選AB。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．金屬導(dǎo)體中；電流的速率就是建立電場的速率，故A正確；

B．金屬導(dǎo)體中自由電子熱運動加快；但是電子定向移動的速率并未加快，所以電流不會增大，故B錯誤；

C．電場建立后；回路中的自由電子開始做定向移動，所以并非是從電源發(fā)出的電子，故C錯誤；

D．通電導(dǎo)體中；自由電子的運動是熱運動和定向移動的合運動，電流的傳播速率即光速，故D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【詳解】

A．測量路端電壓，測量R的電壓，測量滑動變阻器的電壓，將滑動變阻器滑片向下滑動，滑動變阻器阻值減小，總電阻減小，則總電流增大，內(nèi)電壓增大，變小，變大，變小，減小量小于增大量和減小量之和，所以

；A錯誤：

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

則有B正確；

C．根據(jù)歐姆定律得不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

則有不變，C正確；

D．當外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源輸出功率最大，而電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r；所以將滑動變阻器滑片向下滑動，電源輸出功率變大，D錯誤．

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)12、略

【分析】【詳解】

當開關(guān)均斷開時，電壓表示數(shù)為電源的電動勢，故E=12V；當S1閉合S2斷開，只有B燈接入電路，由閉合電路歐姆定律可知12=11+I1r

由歐姆定律可知

當S1、S2都閉合，電壓表讀數(shù)U2=9V，則有12=9+I2r；

聯(lián)立以上四式可得

兩燈的額定電壓相等，則由可知兩燈的功率之比

故PB=×15=40W【解析】4013、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]指針在a位置時；直流電流10mA擋，讀第二行刻度“0～10”一排，最小分度值為0.2mA，估讀到0.1mA就可以了，讀數(shù)為2.0mA。

[2]指針在a位置時；直流電壓50V擋，讀第二行刻度“0～50”一排，最小分度值為1V，估讀到0.1V就可以了，讀數(shù)為10.0V。

[3]指針在b位置時，電阻×100擋，讀第一行刻度，測量值等于表盤上讀數(shù)“3.2”乘以倍率100，讀數(shù)為320Ω?！窘馕觥竣?2.0②.10.0③.32014、略

【分析】【分析】

【詳解】

對兩個球受力分析；均受重力；拉力和靜電斥力，如圖所示。

無論電荷量大小熱河，靜電斥力都大小相等，故電荷量關(guān)系不影響角度和根據(jù)平衡條件有

由于

故

故原因是【解析】15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)圖線斜率的意義可知，φ-t圖線的斜率表示電場強度，所以可知在x=0處電場強度為0

[2]電子從x=-2cm處由靜止釋放，由圖可知，在x=-2cm處的電勢為2V，電子在x=0處的電勢為5V，電子的電勢增大3V，所以電子的電勢能減小3eV，由于電子運動的過程中只有電場力做功，電子動能的增加量等于電勢能的減少量，所以電子到達x=0處的動能為3eV【解析】0316、略

【分析】【詳解】

略【解析】UI17、略

【分析】【詳解】

[1]描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是電動勢；

[2]根據(jù)公式

可得【解析】電動勢四、作圖題(共3題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD19、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點