2025年粵教新版選修三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版選修三物理下冊階段測試試卷790考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖，厚度均勻的矩形金屬薄片邊長ab＝6cm，bc＝3cm.當將A與B接入電壓為U的電路中時；電流為2A；若將C與D接入同一電路中，則電流為（）

A.9AB.8AC.4AD.3A2、如圖所示,閉合開關S后,A燈與B燈均發(fā)光,當滑動變阻器的滑片P向左滑動時,以下說法中正確的是(一直A、B兩燈電阻均大于電源內(nèi)阻)（））

A.A燈變暗B.B燈變暗C.電源的輸出功率先變大后減小D.電源的總功率可能增大3、如圖所示，上、下表面平行的玻璃磚置于空氣中，一束復色光斜射到上表面，穿過玻璃后從下表面射出，分成a、b兩束平行單色光。下列說法中正確的是（）

A.玻璃對b光的折射率較大B.在真空中a光的速度大于b光的速度C.a光光子能量大于b光光子能量D.如果b光是綠光，那么a光可能是紅光4、某空間區(qū)域有豎直方向的電場（圖中只畫出了一條電場線）．一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，在電場中從A點由靜止開始沿電場線豎直向下運動．不計一切阻力，運動過程中小球的機械能E與小球位移x的關系圖象如圖所示；由此可以判斷。

A.小球所處的電場為非勻強電場，且場強不斷減小，場強方向向上B.小球所處的電場為勻強電場，場強方向向下C.小球可能先做加速運動，后做勻速運動D.小球一定先做加速運動，達到最大速度后做減速運動，最后靜止5、2003年全世界物理學家評選出“十大最美物理實驗”，排名第一的為1961年物理學家利用“托馬斯·楊”雙縫干涉實驗裝置，進行電子干涉的實驗．從輻射源輻射出的電子束經(jīng)兩靠近的狹縫后在顯微鏡的熒光屏上出現(xiàn)干涉條紋，該實驗說明（）

A.光具有波動性B.光具有波粒二象性C.微觀粒子也具有波動性D.微觀粒子也是一種電磁波6、如圖所示的電路中，電源電動勢為E．內(nèi)阻為R，L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R．電壓表為理想電表，K為單刀雙擲開關，當開關由1位置擲到2位置時，下列說法中正確的是（）

A.L1亮度不變，L2將變暗B.L1將變亮，L2將變暗C.電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率將變小D.電壓表示數(shù)將變小7、如圖所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其電阻可以忽略不計，L1、L2是兩個完全相同的小燈泡，隨著開關S閉合和斷開的過程中，燈L1、L2的亮度變化情況是(燈絲不會斷)()．

A.S閉合，L1亮度不變，L2亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開，L2立即不亮，L1逐漸變亮B.S閉合，L1不亮，L2很亮；S斷開，L1、L2立即不亮C.S閉合，L1、L2同時亮，而后L1逐漸熄滅，L2亮度不變；S斷開，L2立即不亮，L1亮一下才熄滅D.S閉合，L1、L2同時亮，而后L1逐漸熄滅，L2則逐漸變得更亮；S斷開，L2立即不亮，L1亮一下才熄滅8、簡諧運動屬于下列運動中的().A.勻速直線運動B.勻加速直線運動C.非勻變速直線運動D.勻變速直線運動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()

A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變10、一定質(zhì)量的理想氣體自狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)C變化到狀態(tài)B，這一過程在圖上表示如圖所示（豎直，水平），則（）

A.在過程中，氣體的壓強不變B.在過程中，氣體的壓強變大C.在狀態(tài)A時，氣體的壓強最小D.在狀態(tài)B時，氣體的壓強最小11、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)a。其p-V圖像如圖所示。ab、bc、ca皆為直線，ca平行于p軸，bc平行于V軸。關于理想氣體經(jīng)歷的三個過程；下列說法正確的是（）

A.b、c兩個狀態(tài)下的氣體溫度相等B.a點氣體溫度與b點氣體溫度之比為C.bc過程中，氣體一定從外界吸熱E.ab過程中，氣體分子的平均動能先變大后變小E.ab過程中，氣體分子的平均動能先變大后變小12、下列說法正確的是（）A.晶體的物理性質(zhì)是各向異性的，非晶體是各向同性的B.熱力學溫度是國際單位制中7個基本物理量之一C.熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.液體不浸潤固體的原因是，附著層的液體分子比液體內(nèi)部的分子稀疏E.液體不浸潤固體的原因是，附著層的液體分子比液體內(nèi)部的分子稀疏13、下列說法正確的是（）A.一定質(zhì)量的零攝氏度的水結(jié)成同溫度的冰，分子平均熱運動動能不會改變B.一定質(zhì)量的氣體體積變大一定對外做功C.無論科技如何發(fā)達，降溫技術有多么高明絕對零度都不可能真正達到D.隨著溫度的升高，物質(zhì)的每個分子熱運動劇烈程度都在加劇14、已知干電池的電動勢為下列說法正確的是（）A.用電壓表直接連接干電池的兩極，測量得到的電壓近似等于該電池的電動勢B.當外電路閉合時，每當?shù)碾姾闪客ㄟ^，該干電池就能把的化學能轉(zhuǎn)化為電能C.當外電路閉合時，在內(nèi)有的電荷量通過該電池D.當外電路閉合時，在內(nèi)該電池能提供的電能15、如圖甲所示，電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與R=8Ω的定值電阻、滑動變阻器Rp、開關S組成串聯(lián)回路，已知滑動變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值RP的關系如圖乙所示．下列說法正確的是。

A.電源的電動勢E=V，內(nèi)阻r=2ΩB.圖乙中Rx=25ΩC.滑動變阻器的滑片向左移動時，R上消耗的功率先增加后減小D.調(diào)整滑動變阻器Rp的阻值可以得到該電源的最大輸出功率為1.28W評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內(nèi)部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______17、確定一個溫標的方法。

（1）選擇一種_______物質(zhì)。

（2）了解測溫物質(zhì)用以測溫的某種性質(zhì)。

（3）確定溫度的_______和_______的方法。18、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程和回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示，氣體在狀態(tài)______（填“a”、“b”或“c”）的分子平均動能最小，在過程中氣體體積_______（填“變大”、“變小”或“不變”），在過程中，氣體對外界做功________（填“大于”；“小于”或“等于”）氣體吸收的熱量。

19、恒溫環(huán)境中，在導熱性能良好的注射器內(nèi)，用活塞封閉了一定質(zhì)量的空氣（視為理想氣體）。用力緩慢向里壓活塞，該過程中封閉氣體的壓強_________（選填“增大”或“減小”）；氣體_________（選填“吸收”或“放出”）熱量。20、如圖所示，一邊長為0.1m的單匝正方形線圈從左側(cè)勻速進入勻強磁場，磁場的磁感應度B＝2T．從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經(jīng)歷的時間為0.2s，則線圈中產(chǎn)生的感應電動勢為________V.

21、為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，P是平衡位置在x=0.5m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x=2.0m處的質(zhì)點；圖（b）為質(zhì)點Q的振動圖象．下列說法正確的是()

A．這列簡諧波沿x軸正方向傳播。

B．這列簡諧波沿x軸負方向傳播。

C．波的傳播速度為20m/s

D．從t=0到t=0.25s；波傳播的距離為50cm

E．在t=0.10s時，質(zhì)點Q的加速度方向與y軸正方向相同22、如圖所示，在以O點為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)，在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場，a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的3點，其中∠aob=∠boc=600，一束質(zhì)量為m，電量為e而速率不同的電子從a點沿ao方向射人磁場區(qū)域，其中從bc兩點的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子，其速率取值范圍是______．23、如圖甲所示，100匝的圓形線圈面積為1m2，與水平放置的平行板電容器連接，電容器兩板間距離10cm．圓形線圈內(nèi)有垂直于圓平面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示（B取向里為正），圓形線圈中感應電動勢大小為______V；剛開始對電容器充電時圓形線圈中感應電流的方向為______（填“順時針”或“逆時針”）；穩(wěn)定后，質(zhì)量10g的帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，粒子的電荷量大小為______C．g取10m/s2．

24、已知質(zhì)子的質(zhì)量為m1，中子的質(zhì)量為m2，碳核（）的質(zhì)量為m3，則碳核（）的比結(jié)合能為_____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現(xiàn)外來的宇宙射線與大氣作用產(chǎn)生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應產(chǎn)生碳-14，請寫出核反應方程__________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)28、用插針法測定玻璃折射率的實驗中；以下說法正確的是（______）

（）及之間的距離適當大些；可以提高準確度。

（）及之間的距離取得小些；可以提高準確度。

（）入射角適當大些；可以提高準確度。

（）入射角太大；折射光線會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，使實驗無法進行。

（）的間距，入射角的大小均與實驗的準確度無關A.（）（）B.（）（）C.（）（）D.（）（）29、小君同學利用打點計時器來驗證動量守恒定律．讓小車A運動，小車B靜止．在兩小車的碰撞端分別裝上撞針和橡皮泥，碰撞時撞針插入橡皮泥中，把兩個小車連接成一體．

具體實驗步驟如下：

A.用天平測出小車A和小車B的質(zhì)量、

B.更換紙帶重復操作三次

C.小車A靠近打點計時器放置，在車后固定紙帶，把小車B放在長木板中間

D.把長木板平放在桌面上，在一端固定打點計時器，連接電源

E.接通電源，給小車A一定的初速度

（1）請將以上步驟按操作的先后順序排列出來：A→___→___→___→B

（2）如圖為打出的一條清晰的紙帶，可知_________

30、某同學想測定某節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻,實驗室提供了合適的實驗器材,甲同學按電路圖進行測量實驗,其中R0=1.0Ω；則:

(1)由電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I,畫出U-I圖線如圖b所示,可得電源的電動勢E=____V,內(nèi)電阻r=_____Ω；(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)；

(2)在上述實驗過程中存在系統(tǒng)誤差，在下圖所繪圖象中,虛線代表沒有誤差情況下,電壓表兩端電壓的直實值與通過電源電流直實值關系的圖象,實線是根據(jù)測量數(shù)據(jù)繪出的圖象,則下圖中能正確表示二者關系的是______

(3)乙同學將測量電路連接成如圖c所示,其他操作正確,由電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)I,畫出U-I圖線如圖d所示,可得電源的電動勢E=_____V,內(nèi)電阻r=_____Ω(結(jié)果保留2位有效數(shù)字).31、某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V；2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：

A．直流電源（6V；內(nèi)阻不計）

B．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻）

C．電流表A（內(nèi)阻未知）

D．滑動變阻器R（5A）

E．滑動變阻器Rˊ（）

F．定值電阻R0（阻值）

G．開關與導線若干。

（1）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）_____

（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用_____．（填寫器材序號）

（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動勢E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計．調(diào)節(jié)滑動變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子元件R1的阻值為_____R3接入電路的阻值為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)32、如圖所示，真空中區(qū)域I存在垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域II存在水平向右的勻強電場，磁場和電場寬度均為d且長度足夠長，圖中虛線是磁場與電場的分界線，Q為涂有熒光物質(zhì)的熒光板，電子打在Q板上能產(chǎn)生亮斑．現(xiàn)有一束電子從A處的小孔以速度v0連續(xù)不斷地射入磁場，入射方向平行紙面且與P板成300夾角．已知電子質(zhì)量為m，電荷量大小為e，區(qū)域II的電場強度不計重力和電子間的相互作用力，求：

(1)若電子垂直打在Q板上，I區(qū)磁場的磁感應強度B1大小和電子到達Q板的速度．

(2)逐漸增大磁感應強度B1為保證Q板上出現(xiàn)亮斑，所加磁感應強度B昀最大值．33、如圖所示，在一條張緊的繩子上掛幾個擺，其中A、B的球心與懸線間的距離均為l，當A擺振動時，其它幾個擺也振動起來，穩(wěn)定時B、C、D擺中哪個振幅最大？設最大振幅為該擺從平衡位置向正方向擺動開始計時，請寫出它的振動方程。

34、如圖所示，足夠長的光滑金屬導軌與水平面的夾角為θ，兩導軌間距為L，在導軌上端接入電源和滑動變阻器，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，一質(zhì)量為m的導體棒ab與兩導軌垂直并接觸良好，整個裝置處于磁感強度為B，垂直于斜面向上的勻強磁場中，導軌與導體棒的電阻不計，重力加速度用g表示。

（1）若要使導體棒ab靜止于導軌上；求滑動變阻器的阻值應取何值；

（2）若將滑動變阻器的阻值取為零，由靜止釋放導體棒ab，求釋放瞬間導體棒ab的加速度；

（3）求第（2）問所示情況中導體棒ab所能達到的最大速度的大小。35、如圖所示，電阻是的滑線變阻器．電源電壓不變，為一水平放置的平行板電容器置于真空中；兩板間為勻強電場。

（1）當開關斷開時，若電容器中有一液滴處于平衡靜止狀態(tài)，請你判斷液滴的電性并求出此時整個電路消耗的功率；

（2）若液滴的質(zhì)量為電量為判斷電容器上下極板的電勢高低，求出勻強電場場強為的大??；

（3）若液滴靜止時勻強電場場強為調(diào)整滑線變阻器使液滴向上運動時勻強電場場強為持續(xù)時間后閉合開關使場強突然反向（電場變化的時間忽略不計），而場強的大小保持不變，又經(jīng)過相同時間后，帶電液滴恰好回到原來靜止時的所在位置。已知整個過程中液滴未與極板相碰，求：

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

當AB接入電路中時

根據(jù)電阻定律

即

當CD接入同一電路時

故選B．2、B【分析】【分析】

滑動變阻器滑片P向左移動時；變阻器在路電阻增大，分析電路總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷燈泡B亮度的變化；當內(nèi)；外電阻相等時，電源的輸出功率功率最大；燈泡B的電阻大于電源的內(nèi)阻，當R增大時，電源的輸出功率減?。蛔冏杵鲀啥穗妷涸龃?，通過A燈的電流增大，A燈變亮；

【詳解】

AB、當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻增大，干路電流I減小，B燈變暗，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，B的電壓減小，所以A的電壓增大，A燈變亮，故A錯誤，B正確；

C、當內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，燈泡B的電阻大于電源的內(nèi)阻，當R增大時，電源的輸出功率減小，故C錯誤；

D、電源的總功率P=EI，電流減小，總功率減小，故D錯誤；

故選B．

【點睛】

關鍵是閉合電路的動態(tài)分析，抓住電源電動勢和內(nèi)阻不變，按照從局部到整體再到局部的方法進行分析．3、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．由圖可知，玻璃對a光的折射率較大，則a光的頻率大于b光的頻率；由。

可知a光光子能量大于b光光子能量；故C正確，A錯誤；

BD．在真空中；光速都相等，由公式。

可知a光的波長小于b光的波長，則如果b光是綠光，那么a光不可能是紅光；故BD錯誤。

故選C。4、A【分析】【分析】

【詳解】

AB、物體的機械能不斷減小，由功能關系知電場力做負功，故電場強度方向向上，根據(jù)功能關系得：△E＝qE△x；知圖象的斜率等于電場力，斜率不斷減小，故電場強度不斷減小，因此電場是非勻強電場．故A正確；B錯誤；

CD、在運動過程中，物體受重力與電場力；物體由靜止開始下落，故剛開始時重力大于電場力，下落過程中，電場力越來越小，故加速度越來越大，當電場力減小到0時，加速度達到最大值g，故物體做加速度越來越大的加速運動，最后做勻加速直線運動，故CD錯誤．5、C【分析】【詳解】

考點：用雙縫干涉測光的波長．

專題：實驗題．

分析：干涉是波所特有的現(xiàn)象；電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．

解答：解：電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性；因為干涉是波所特有的現(xiàn)象．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

點評：解決本題的關鍵知道干涉是波所特有的現(xiàn)象．以及知道電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．6、D【分析】【詳解】

開關在位置1時，外電路總電阻R總=電壓表示數(shù)U=E=同理，兩燈電壓U1=U2=E；

電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率為P熱==．

開關在位置2時，外電路總電阻R總′=R，電壓表示數(shù)U′=E=燈泡L1的電壓U1′=E，L2′的電壓U2′=電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率為；

A、由上可知，L1亮度不變，L2將變亮．故AB錯誤．

C；電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率將變大．故C錯誤。

D；電壓表讀數(shù)變?。蔇正確．

故選D．7、D【分析】當S閉合瞬時，兩燈同時獲得電壓，同時發(fā)光，隨著線圈L電流的增加，逐漸將L1燈短路，L1逐漸變暗直到熄滅，同時，L2電流逐漸增大；變得更亮；

S斷開瞬時，L2中電流消失，故立即熄滅，而L1中由于電感中產(chǎn)生一個與電流同向的自感電動勢，故右端為正，電流由燈泡L1的右側(cè)流入，故L1亮一下逐漸熄滅．故D正確；ABC錯誤；

點睛：對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源．8、C【分析】【分析】

【詳解】

簡諧振動的物體的加速度不斷變化，屬于非勻變速直線運動，選項C正確．二、多選題(共7題，共14分)9、A:B:D【分析】【分析】

分析電路結(jié)構(gòu)，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減??；分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值．

【詳解】

由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)；電容器在電路穩(wěn)定時相當于斷路；

A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減?。浑娐返目傠娮铚p小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；

B.由歐姆定律知；電壓表的示數(shù)增大，故B正確；

C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減?。浑娙萜魃系碾姾闪繙p少，故C錯誤；

D.|△U/△I|=R1；保持不變，故D正確．

故選ABD10、B:C【分析】【詳解】

A．氣體在過程中發(fā)生等溫變化，由

可知；體積減小，壓強增大，故選項A錯誤；

B．在變化過程中，氣體的體積不發(fā)生變化，為等容變化，由

可知；溫度升高，壓強增大，故選項B正確；

CD．綜上所述，在過程中氣體的壓強始終增大，所以氣體在狀態(tài)B時的壓強最大，在狀態(tài)A時壓強最小；故選項C正確，D錯誤。

故選BC。11、B:D:E【分析】【詳解】

A．由圖知b、c兩個狀態(tài)，氣壓相等，且

根據(jù)蓋-呂薩克定律

所以

故A錯誤；

B．由圖知a、b兩個狀態(tài)下

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

解得

故B正確；

C．bc過程中，根據(jù)熱力學第一定律

因體積變小，所以

壓強不變，體積變小，根據(jù)蓋-呂薩克定律，溫度降低，所以內(nèi)能變小，即

所以

體積減小氣體一定放熱；故C錯誤；

D．ca過程中；體積不變，氣體壓強增大，根據(jù)查理定律，氣體溫度升高，故D正確；

E．作出a、b兩點的等溫線，可知ab過程中溫度先增大后減??；所以氣體分子的平均動能先變大后變小，故E正確。

故選BDE。12、B:C:E【分析】【詳解】

A．單晶體的物理性質(zhì)是各向異性的；多晶體和非晶體是各向同性的，A錯誤；

B．熱力學溫度是國際單位制中7個基本物理量之一；B正確；

C．熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體；但不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，需要引起別的變化才能從低溫傳到高溫，C正確；

D．做功是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能；熱傳遞是通過能量的轉(zhuǎn)移方式改變系統(tǒng)的內(nèi)能，D錯誤；

E．液體不浸潤固體的原因是；附著層的液體分子比液體內(nèi)部的分子稀疏，E正確。

故選BCE。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質(zhì)量的零攝氏度的水結(jié)成同溫度的冰；溫度不變，分子平均熱運動動能不會改變，故A正確；

B．一定質(zhì)量的氣體若自由膨脹；體積增大，但是不對外做功，故B錯誤；

C．無論科技如何發(fā)達；降溫技術有多么高明絕對零度都不可能真正達到，故C正確；

D．溫度是分子無規(guī)則熱運動激烈程度的反映；溫度升高，分子熱運動加劇，分子的平均動能增大，但這是一個統(tǒng)計規(guī)律，由于分子運動是雜亂無章的，不是每個分子的動能都增大，某個分子的動能可能減小，故D錯誤；

故選AC。14、A:B【分析】【詳解】

A．用電壓表直接連接干電池的兩極，構(gòu)成閉合回路，可得

由于電壓表內(nèi)阻很大，故電流很小，路端電壓U近似等于電動勢E；即電壓表測量得到的電壓近似與該電池的電動勢大小相等，A正確；

B．據(jù)電動勢的定義可得

即

故當外電路閉合時，每當?shù)碾姾闪客ㄟ^，該電池就能提供的電能；B正確；

C．當外電路閉合時；通過電池的電荷量與電流大小有關，C錯誤；

D．當外電路閉合時，1C的電荷量通過該電池時該電池能提供1.5J的電能，由

可知；由于電流未知，則所用時間不一定是1s，D錯誤。

故選AB。15、B:D【分析】【分析】

將R看成電源的內(nèi)阻，當電源的內(nèi)外電阻相等時的功率最大，由圖讀出的功率最大值及對應的阻值，即可求得電源的內(nèi)阻，根據(jù)功率公式求出電源的電動勢．根據(jù)滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等列式，可求得Rx．當RP=0時電路中電流最大；R消耗的功率最大．根據(jù)內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大求該電源的最大輸出功率．

【詳解】

把R等效為電源的內(nèi)阻，根據(jù)圖像可知功率最大時解得A錯誤；滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等，有即解得B正確；當滑片向左滑動時，其接入電路的電阻增加，電流減小，R消耗的功率減小，C錯誤；當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．本題中定值電阻R的阻值大于內(nèi)阻的阻值，故滑動變阻器的阻值為0時，電源的輸出功率最大，最大功率為D正確．

【點睛】

解決本題的關鍵是掌握推論：當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．對于定值電阻，當電流最大時其消耗的功率最大．對于變阻器的最大功率，可采用等效法研究．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內(nèi)阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法。【解析】00R2max17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】測溫零點分度18、略

【分析】【詳解】

[1]氣體在狀態(tài)a時的溫度最低；則分子平均動能最小；

[2]在過程中氣體溫度不變；壓強變大，則體積變??；

[3]在過程中，壓強不變，溫度升高，內(nèi)能變大，?U>0；體積變大，則氣體對外界做功，則W<0，則根據(jù)

可知，Q>0，即氣體對外界做功小于氣體吸收的熱量?！窘馕觥縜變小小于19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]下壓活塞，氣體的體積變小，溫度不變，由

可知；壓強增大；

[2]外界對氣體做正功，氣體溫度不變故內(nèi)能不變，由

可知，氣體放出熱量?！窘馕觥竣?增大②.放出20、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產(chǎn)生的感應電動勢．【解析】0.020.121、略

【分析】【詳解】

由b圖知，在時刻Q質(zhì)點向上振動，根據(jù)“上下坡法”，知波沿x軸正方向傳播，故A正確，B錯誤；由波動圖象知，波長為由振動圖象知，振動的周期為波傳播的周期與質(zhì)點的振動周期相等，則波速為故C正確；從到波傳播的距離為故D錯誤；在時，即經(jīng)過半個周期，質(zhì)點P在平衡位置下方，加速度的方向沿y軸正方向，故E正確．【解析】ACE;22、略

【分析】電子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知，電子軌道半徑：電子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得解得將軌道半徑代入解得，速度范圍是

【解析】23、略

【分析】【詳解】

第一空．根據(jù)法拉第電磁感應定律從圖乙可知聯(lián)立解得：．

第二空．根據(jù)楞次定律可知；磁通量向里增加，感應電流磁場向外，根據(jù)右手定則判斷感應電流為逆時針方向．

第三空．帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，根據(jù)平衡條件有通過以上分析板間電壓為100V，板間場強與電壓關系：聯(lián)立解得：．【解析】100逆時針1×10-424、略

【分析】【詳解】

此核反應方程為故碳核（）的結(jié)合能為因核子數(shù)為12，則比結(jié)合能為根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，得核反應方程為．

【點睛】本題關鍵是掌握愛因斯坦質(zhì)能方程以及比結(jié)合能的計算公式，知道核反應過程中，電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒；先求出質(zhì)量虧損．核反應中質(zhì)量虧損等于反應前后質(zhì)量之差，再根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求結(jié)合能，結(jié)合能與核子數(shù)之比等于比結(jié)合能，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應方程．【解析】四、作圖題(共3題，共15分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共16分)28、A【分析】折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度會較大，故及之間的距離適當大些，可以提高準確度，故（）正確，（）錯誤；入射角盡量大些，折射角也會大些，折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對誤差會減小，故（）正確（5）錯誤；由幾何知識可以知道，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可以知道，光線一定會從下表面射出，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，故（）錯誤．29、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)題意；小車A與B碰撞并粘連在一起，然后根據(jù)實驗原理來判斷實驗步驟；

（2）根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)求解碰前A車的速度和碰后二者共同的速度；根據(jù)動量守恒定律進行求解即可；

【詳解】

（1）首先用天平測出小車A和小車B的質(zhì)量然后把長木板平放在桌面上，在一端固定打點計時器，連接電源，小車A靠近打點計時器放置，在車后固定紙帶，把小車B放在長木板中間，接通電源，給小車A一定的初速度使小車A與小車B發(fā)生碰撞，并粘連一起運動，最后更換紙帶重復操作三次，故合理順序為：ADCEB；

（2）由紙帶可知，碰撞前A車的速度為：

A車與B車碰后共同運動的速度為：

根據(jù)動量守恒可以得到：

代入數(shù)據(jù)可以得到：．

【點睛】

本題要重點掌握動量守恒定律的原理，明確實驗中采用的實驗方法，從而明確實驗中數(shù)據(jù)處理的方法．【解析】DCE2：130、略

【分析】【分析】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，根據(jù)圖象即可得出電源的電動勢和內(nèi)電阻；

（2）明確實驗誤差原因，根據(jù)測量值和真實值之間的關系確定正確的圖象；

（3）明確電路結(jié)構(gòu)；知道滑動變阻左右兩端并聯(lián)接入電路，則根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律和圖象結(jié)合可求得電動勢和內(nèi)電阻．

【詳解】

（1）電源U-I圖象與縱軸交點坐標值為電源電動勢，由圖示圖象可知，電源電動勢：E=3.0V，

電源內(nèi)阻：

（2）本實驗采用相對電源的電流表外接法，由于電壓表不是理想電表，故存在分流現(xiàn)象，導致電流表示數(shù)偏??；而當外電路短路時，電壓表的分流可以忽略，故真實圖象和測量圖象在橫軸上的交點相同，故A正確，BCD錯誤，故選A.

（3）由乙同學的電路接法可知，R左右兩部分并聯(lián)后與R0串聯(lián)，則可知，在滑片移動過程中，滑動變阻器接入電阻先增大后減小，則路端電壓先增大后減小，所以出現(xiàn)圖d所示的圖象，則由圖象可知，當電壓為2.40V時，電流為0.50A，此時兩部分電阻相等，則總電流為I1=1A；而當電壓為2.30V時，電流分別對應0.33A和0.87A，則說明當電壓為2.4V時，干路電流為I2=0.33+0.87=1.2A；

則根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：2.40=E-r，2.30=E-1.2r，解得：E=2.9V，r=0.50Ω；

【點睛】

本題考查電源電動勢和內(nèi)電阻的測量實驗，用伏安法測量電源的電動勢和內(nèi)阻的原理是閉合電路歐姆定律，要注意掌握數(shù)據(jù)處理的基本方法以及誤差分析的方法【解析】（1）3.0V；0