2025年冀教新版選修三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版選修三物理下冊階段測試試卷83考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應電流的正方向如圖甲所示，當磁場的磁感應強度B隨時間t如圖乙變化時，正確表示線圈中感應電動勢E變化的是圖中的（）

A.B.C.D.2、一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻和的阻值分別為和為理想交流電流表，為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定.當開關斷開時，電流表的示數(shù)為當閉合時，電流表的示數(shù)為該變壓器原；副線圈匝數(shù)比為（）

A.2B.3C.4D.53、在如圖甲的電路中,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10:1,ab兩端接入圖乙的電壓,副線圈接火災報警系統(tǒng)(報警器未畫出),圖中電壓表和電流表均為理想電表,D為理想二極管（電流正向通過該元件時其電阻可忽略不計，反向通過時其電阻可視為無窮大）,R0為定值電阻,L為電阻恒定的指示燈,RT為熱敏電阻（其阻值隨溫度的升高而減?。铝姓f法中正確的是()

A.電壓表的示數(shù)為22VB.若RT處出現(xiàn)火災時，指示燈L將變暗C.若RT處出現(xiàn)火災時，電流表示數(shù)保持不變D.若RT處出現(xiàn)火災時，電壓表示數(shù)將變大4、如圖所示是顯像管的原理圖；沒有磁場時陰極射線（電子束）將打在熒光屏正中的Ｏ點，要使電子束打在圖中的Ａ點，偏轉磁場應該沿著什么方向：

A.沿著紙面向上；B.沿著紙面向右；C.垂直于紙面向外；D.垂直于紙面向里．5、一個質量為m、電荷量為q的帶電粒子,由靜止開始經(jīng)加速電場加速后(加速電壓為U),該粒子的德布羅意波長為()A.B.C.D.6、如圖所示是一臺發(fā)電機的結構示意圖，其中N、S是永久磁鐵的兩個磁極，它們的表面呈半圓柱面形狀。M是圓柱形鐵芯，它與磁極的柱面共軸，鐵芯上有一矩形線框，可繞與鐵芯M共軸的固定轉動軸旋轉。磁極與鐵芯之間的縫隙中形成方向沿半徑、大小相等的磁場。若從圖示位置開始計時，當線框繞固定轉動軸勻速轉動時，下列圖像中可能正確反映線框中感應電動勢e隨時間t變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.7、如右圖所示的電路為歐姆表原理圖，電池的電動勢E＝1.5V，G為電流表，滿偏電流為200μA。當調好零后，在兩表筆間接一被測電阻Rx時，電流表G的指針示數(shù)為50μA，那么Rx的值是()A.7.5kΩB.22.5kΩC.15kΩD.30kΩ8、兩個相同的金屬小球（可視為點電荷），它們均帶正電，所帶電荷量之比為1:7，真空中相距r，把它們接觸后再放回原處，則它們間的靜電力為原來的（）A.倍B.倍C.倍D.倍9、關于原子核的衰變，下列說法正確的是（）A.射線是電子流，是原子核外電子的一種自發(fā)的放射現(xiàn)象B.對天然放射性元素加熱，其半衰期將變短C.原子核發(fā)生衰變時，衰變前后的電荷數(shù)和質量數(shù)都守恒D.任何元素都有可能發(fā)生衰變評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為2∶1，在原、副線圈的回路中接入的電阻阻值均為R，電壓表和電流表均為理想電表，a、b端接有電壓為220sin10πtV的交流電，開關S處于斷開狀態(tài)時，設電壓表讀數(shù)為U，原、副線圈回路中電阻R消耗的功率之比為k；則()

A.U＝88V，k＝B.U＝110V，k＝4C.當開關閉合時，電流表的示數(shù)會減小D.當開關閉合時，電壓表的讀數(shù)會減小11、關于物體內能，下列說法中正確的是（）A.每一個分子的動能與分子勢能的總和叫物體的內能B.物體所有分子的動能與分子勢能的總和叫物體的內能C.一個物體，當它的機械能發(fā)生變化時，其內能也一定發(fā)生變化D.一個物體內能的多少與它的機械能多少無關12、一定質量理想氣體從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到狀態(tài)A，其體積V與溫度T的關系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，氣體內能增大B.從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放熱C.從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程中，氣體壓強增大D.從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中，外界對氣體做正功13、下列說法正確的是_____________A.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果B.懸浮在水中的花粉的布朗運動反應了花粉分子的熱運動C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點E.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內能一定增加E.一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，內能一定增加14、下列說法正確的是（）A.當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，其分子勢能一定最小B.達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度C.一定質量的理想氣體，在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，其分子的平均動能一定減小E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變?yōu)?E.將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強將變?yōu)?15、下列說法中正確的是（）A.氣體放出熱量，其分子平均動能不一定減小B.液體汽化現(xiàn)象的原因是液體分子間存在斥力，分子相互排斥導致汽化現(xiàn)象的發(fā)生C.布朗運動可以說明液體分子在永不停息地做無規(guī)則運動D.任何物質的摩爾體積V、分子體積V0與阿伏加德羅常數(shù)NA之間的關系都可表示為V=NAV016、下列說法中正確的是（）A.無論技術怎樣改進，熱機的效率都不可能達到100%B.露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用C.能量耗散從能量轉化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性E.在油膜法估測分子大小的實驗中，用一滴酒精油酸溶液的體積與淺盤中油膜面積的比值可估測油酸分子的直徑E.在油膜法估測分子大小的實驗中，用一滴酒精油酸溶液的體積與淺盤中油膜面積的比值可估測油酸分子的直徑17、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖中實線所示，t=時的波形圖如圖中虛線所示，若波傳播的速度v=8m/s；下列說法正確的是（）

E.x=2m處的質點的位移表達式為A.這列波的周期為0.4sB.這列波沿x軸負方向傳播C.t=0時刻質點a沿y軸負方向運動D.從t=0時刻開始質點a經(jīng)0.25s通過的路程為0.4m18、氫原子的能級如圖所示；已知可見光的光子能量范圍約為1.62～3.11eV．下列說法正確的是()

A.一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光B.大量氫原子從高能級向n＝3能級躍遷時，可能發(fā)出可見光C.處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離D.大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6種不同頻率的光評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的_______（選填“相對”或“絕對”）濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強_______（選填“較大”或“較小”）。20、如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為L，磁場磁感應強度為B；當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大?。?/p>

F=________F=_________F=________F=________21、如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉的情況不同。若從左側水平射入的帶電粒子，不計重力，穿過這一區(qū)域時未發(fā)生偏轉，則該粒子的速度大小為________；若只改變該粒子的電性，則粒子穿過這一區(qū)域時是否會發(fā)生偏轉？________（選填“會”或“不會”）。22、如圖，交流電壓隨時間按正弦函數(shù)規(guī)律變化，則該交流電的電壓最大值為_________V，有效值為_________V．

23、一條彈性繩子呈水平狀態(tài)；M為繩子中點，兩端P；Q同時開始上下振動，一小段時間后產(chǎn)生的波形如圖所示，對于其后繩上各點的振動情況，以下判斷正確的是（____）

E．繩的兩端點P、Q開始振動的方向相同24、閱讀短文；回答問題：

變頻空調機。

空調機中有被稱為“冷媒”的物質；利用它的物態(tài)變化可以實現(xiàn)室內；室外熱量的轉移，如圖所示是空調機制冷系統(tǒng)的原理圖，其中壓縮機的作用是對氣態(tài)“冷媒”加壓，并使“冷媒”在管內循環(huán)，壓縮機的轉速越大，“冷媒”的流量越大，空調機的制冷能力就越強．

壓縮機的轉速由供電頻率決定；“變頻空調”是與傳統(tǒng)供電頻率不變的“定頻空調”相比較而產(chǎn)生的概念，與“定頻空調”相比，變頻空調機的變頻器可以在一定范圍內調節(jié)供電頻率，從而改變壓縮機的轉速．供電頻率越高，轉速越大，達到控制“冷媒”流量的目的．

變頻空調機開始工作時；以最大功率進行制冷，當室內溫度快速降至設定溫度后，壓縮機隨機處于低速持續(xù)運轉狀態(tài)，維持室溫基本不變．

某型號變頻空調機的部分參數(shù)如下表；其中：制冷量是指單位時間內空調機從密閉區(qū)域內去除熱量的總和；能效比是空調機在額定狀態(tài)工作時，制冷量與輸入功率之比．

。

最小。

額定。

最大。

輸入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

請回答下列問題：

(1)空調機的制冷原理是：在室內；“冷媒”由于________吸收熱量，而在室外則由于________放出熱量，從而把室內的熱量轉移到室外，達到降低室內溫度的目的．（以上均填物態(tài)變化名稱）

(2)關于變頻空調機；下列說法正確的是：（_____）．（填字母序號）

A；變頻空調的壓縮機與定頻空調一樣；也是斷斷續(xù)續(xù)工作的。

B；空調機制冷時；圖中鋼管A內流動的是氣態(tài)“冷媒”

C；空調壓縮機是利用降溫的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的。

D、變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強25、閱讀短文；并回答問題。

家庭熱泵﹣﹣空調。

夏天來了；安裝空調的家庭逐漸多了起來，如圖甲是家用分體式空調的原理圖，其制冷原理是室外機中的壓縮機將氣態(tài)的制冷劑壓縮后成為高溫高壓的液態(tài)制冷劑，散熱后液態(tài)的制冷劑經(jīng)膨脹閥進入蒸發(fā)器（室內機）迅速變成氣體，吸收大量的熱量，從而使房間的溫度迅速下降（冬天的制熱工作過程與上述相反），空調在制冷運行的過程中會產(chǎn)生大量的冷凝水，因此空調配有排水系統(tǒng)。

制冷量是家庭購買空調時需要考慮的一項重要指標．它是指空調進行制冷運行時；單位時間內從密閉空間內去除的熱量總和，制冷量大的空調適用于面積比較大的房間，且制冷速度較快，以15平方米的居室面積為例，使用額定制冷量在2500W左右的空調比較合適，家用空調的制冷量單位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空調節(jié)電效果的一項重要指標；家用空調器的能效比（EER）就是其制冷量與制冷消耗電功率之比，如圖乙所示是兩臺不同品牌空調上的能效標識（能效標識是附在產(chǎn)品上的一種信息標簽，用于表示耗能產(chǎn)品的能源效率等級等性能指標，為用戶和消費者的購買決策提供必要的信息，以引導用戶和消費者選擇高效節(jié)能產(chǎn)品），如表是國家標準中關于分體式空調部分能效等級指標。

額定制冷量CC/W能效等級與對應的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空調制冷運行時，室內的空氣濕度________（大于/小于）室外，圖乙中，兩空調工作時更節(jié)能的是________（A/B）；

(2)關于空調機，下列說法正確的是()。

A；家庭安裝空調要鋪設專線；目的是為了防止觸電。

B；空調機制冷時；室外機放出的熱量要大于壓縮機消耗的電能。

C；空調壓縮機是利用降溫的方法使氟利昂發(fā)生物態(tài)變化的。

D；空調制冷時室外機中有風扇在轉動；它的作用是將冷氣吹向室內。

(3)某家庭空調機制冷量為1.5匹，能效比為3，在額定狀態(tài)下連續(xù)工作10min，消耗的電能為________kW?h，不計熱損失，理論上可以使40m2的密閉房間內的空氣溫度下降________℃。[取房間層高3m，空氣的密度ρ=1.29kg/m3，比熱容c=1.0×103J/（kg?℃）]。評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)29、某物理興趣小組的小明和小華兩同學走進實驗室；準備利用實驗室現(xiàn)有器材進行電學知識實驗探究。實驗室可供探究的器材有：

A．干電池（電動勢E=1.5V，內阻r約為2）；

B．電流表A（滿偏電流為3mA，內阻約為9）；

C．電壓表V（量程為1.5V，內阻約為1000）

D．電阻箱R1（最大阻值為999.9）；

E．滑動變阻器R2（最大阻值為1000）；

F．定值電阻R3（阻值約為1）；

G．開關；導線若干。

（1）小明同學將干電池、電流表A和滑動變阻器R串聯(lián)，設計了如圖甲所示的歐姆表，完成測試后表盤上1.5mA刻度對應的電阻值為_______

（2）小華同學為了對圖甲的歐姆表進行改裝，他首先測量了電流表A的內阻，他將電流表A與電阻箱R1串聯(lián)，設計了如圖乙所示的測量電路。閉合開關，調節(jié)電阻箱的阻值，當電流表滿偏時電壓表的示數(shù)為1.47V，電阻箱的讀數(shù)為480則電流表的內阻RA=_______

（3）小華同學在上述實驗基礎上繼續(xù)利用電流表A和電壓表V來測量定值電阻R3的阻值，用伏安法的內接和外接兩種電路進行測量，則采用伏安法的_______（填“內接”或“外接”）測量較準確。在測量中，若電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，則定值電阻R3阻值的表達式為R3=_______（用實驗測量的物理量的字母表示）。

（4）小華同學經(jīng)過多次測量得到定值電阻R3的電阻為他利用該定值電阻對小明同學設計的如圖甲所示的歐姆表進行改裝，從而實現(xiàn)了對歐姆表倍率的轉換，改裝電路如圖丙所示。則圖甲和圖丙兩種歐姆表的倍率之比為_______。30、有一電流表A，量程為1mA，內阻r1約為100Ω．要求測量其內阻．可選用器材有，電阻箱R0；最大阻值為99999.9Ω；

滑動電阻箱甲；最大阻值為10kΩ；

滑動電阻箱乙；最大阻值為2kΩ；

電源E1；電動勢約為2V，內阻不計；

電源E2；電動勢約為6V，內阻不計；

開關2個；導線若干．

采用的測量電路圖如圖所示；實驗步驟如下：

a.斷開S1和S2，將R調到最大；

b.合上S1調節(jié)R使A滿偏；

c.合上S2，調節(jié)R1使A半偏，此時可以認為A的內阻rg＝R1；試問：

（ⅰ）在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇____；為了使測量盡量精確，可變電阻R應該選擇____；電源E應該選擇____．

（ⅱ）認為內阻rg＝R1，此結果與rg的真實值相比____．（填“偏大”、“偏小”或“相等”）31、為了測一個自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

（A）待測線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動勢E約為9V；內阻很小）

（I）單刀單擲開關兩只S1、S2；導線若干．

要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內測得多組A1表和A2表的讀數(shù)I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準確值．

①實驗中定值電阻應選用______，滑動變阻器應選用________．（填寫器材前面的序號；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號均不得分）

②請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖_____________．

③實驗結束時應先斷開開關_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.32、(1)用螺旋測微器測量圓柱體直徑如圖甲，可知其直徑D為______mm，用游標卡尺測量其長度如乙，可知其長度L為______cm．

(2)欲測量一個電流表的內阻；現(xiàn)備有如下器材:

A.待測電流表A1(量程3mA，內阻約為40)

B.電壓表V(量程3V，內阻約3000)

C.電流表A2(量程15mA，內阻為40)

D.定值電阻

E.直流電源E(電動勢1.5V；內阻忽略不計)

F.滑動變阻器(總阻值5；額定電流0.5A)

G.開關一個；導線若干。

①請利用上述所給器材，設計出合理的、便于多次測量的實驗電路圖，并保證各電表的示數(shù)超過其量程的一半，將電路圖畫在題中的虛線框中__________．

②在所測量的數(shù)據(jù)中選一組，用測量量和已知量來計算A1的內阻，表達式為______．(用物理量對應的字母表示)評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)33、如圖所示，ABCD為某棱鏡的截面，∠B=∠C=90°，∠D=75°。用激光筆從BC面上的P點射入一束激光，該光束從AD面的Q點與AD面成30°角射出。Q點到BC面垂線的垂足為E，P、Q兩點到E點的距離分別為a、a，激光在真空中的速度為c；求：

①該棱鏡的折射率；

②激光在棱鏡中傳播的時間(不考慮光的反射）。

34、電磁彈射技術是一種新興的直線推進技術；適宜于短行程發(fā)射大載荷，在軍事；民用和工業(yè)領域具有廣泛應用前景．我國已成功研制出用于航空母艦艦載機起飛的電磁彈射器．它由發(fā)電機、直線電機、強迫儲能裝置和控制系統(tǒng)等部分組成．

電磁彈射器可以簡化為如圖所示的裝置以說明其基本原理．電源和一對足夠長平行金屬導軌M、N分別通過單刀雙擲開關K與電容器相連．電源的電動勢E=10V，內阻不計．兩條足夠長的導軌相距L=0.1m且水平放置，處于磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面且豎直向下，電容器的電容C=10F．現(xiàn)將一質量m=0.1kg、電阻r=0.1Ω的金屬滑塊垂直放置于導軌的滑槽內，分別與兩導軌良好接觸．將開關K置于a使電容器充電，充電結束后，再將開關K置于b；金屬滑塊會在電磁力的驅動下運動，不計導軌和電路其他部分的電阻，且忽略金屬滑塊運動過程中的一切阻力，不計電容充放電過程中該裝置向外輻射的電磁能量及導軌中電流產(chǎn)生的磁場對滑塊的作用．

（1）在電容器放電過程中，金屬滑塊兩端電壓與電容器兩極間電壓始終相等．求在開關K置于b瞬間，金屬滑塊的加速度的大小a；

（2）求金屬滑塊最大速度v；

（3）a.電容器是一種儲能裝置，當電容兩極間電壓為U時，它所儲存的電能A=CU2/2．求金屬滑塊在運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q；

b.金屬滑塊在運動時會產(chǎn)生反電動勢，使金屬滑塊中大量定向運動的自由電子又受到一個阻力作用．請分析并計算在金屬滑塊運動過程中這個阻力所做的總功W．35、如圖所示，圓柱形油桶中裝滿折射率n=的某種透明液體，油桶的高度為H，半徑為H，桶的底部裝有一塊平面鏡，在油桶底面中心正上方高度為d處有一點光源P，要使人從液體表面上方任意位置處都能夠觀察到此液體內點光源P發(fā)出的光，d應該滿足什么條件?

36、如圖甲所示裝置由加速電場、偏轉電場和偏轉磁場組成，偏轉電場處在相距為d的兩塊水平放置的平行導體板之間，勻強磁場水平寬度為l，豎直寬度足夠大．大量電子(重力不計)由靜止開始，經(jīng)加速電場加速后，連續(xù)不斷地沿平行板的方向從兩板正中間射入偏轉電場．已知電子的質量為m、電荷量為e，加速電場的電壓為U1＝當偏轉電場不加電壓時，這些電子通過兩板之間的時間為T；當偏轉電場加上如圖乙所示的周期為T、大小恒為U0的電壓時；所有電子均能通過電場，穿過磁場后打在豎直放置的熒光屏上．

(1)求水平導體板的板長l0；

(2)求電子離開偏轉電場時的最大側向位移ym；

(3)要使電子打在熒光屏上的速度方向斜向右下方；求磁感應強度B的取值范圍．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

在0~1s內，根據(jù)法拉第電磁感應定律

根據(jù)楞次定律；感應電動勢的方向與圖示箭頭方向相同，為正值；

在1~3s內，磁感應強度不變，感應電動勢為零；在3~5s內，根據(jù)法拉第電磁感應定律

根據(jù)楞次定律；感應電動勢的方向與圖示方向相反，為負值，故A正確，BCD錯誤。

故選A。2、B【分析】【詳解】

設理想變壓器的原、副線圈的電壓比原則電流比結合本題數(shù)據(jù)，當開關斷開時有當開關閉合時有綜合得到解得故選B.3、B【分析】【詳解】

A.設原線圈兩端電壓原線圈回路加了二極管，根據(jù)熱效應可得解得則副線圈電壓A錯誤。

B.若RT處出現(xiàn)火災時，RT電阻變小，輸出功率變大，電流變大，兩端電壓變大；則燈泡兩端電壓變小，燈泡變暗，B正確。

C.若RT處出現(xiàn)火災時，RT電阻變小；輸出功率變大，則根據(jù)變壓器原理，輸入功率變大，電壓不變，則電流表示數(shù)變大，C錯誤。

D.輸入電壓不變，匝數(shù)比不變，則副線圈兩端電壓即電壓表示數(shù)不變，D錯誤4、C【分析】【詳解】

帶負電的電子向右運動；根據(jù)左手定則可以得知，電子開始上偏，故磁場的方向垂直紙面向外，故選C.

【點睛】

本題就是對洛倫茲力的考查，掌握住左手定則即可解決本題．在解答的過程中要注意電子帶負電，電子運動的方向與電流的方向相反.5、C【分析】【詳解】

加速后的速度為v，根據(jù)動能定理可得，所以，由德布羅意波公式可得，C正確．6、D【分析】【詳解】

AB．因發(fā)電機的兩個磁極N；S呈半圓柱面形狀；磁極間的磁感線呈輻向分布，磁感應強度的大小不變，僅方向發(fā)生改變，故線框在磁場中轉動時垂直切割磁感線，產(chǎn)生的感應電動勢的大小不變，故AB錯誤；

CD．線框越過空隙段后；由于線框切割磁感線方向發(fā)生變化，所以感應電動勢的方向發(fā)生變化，故D正確，C錯誤。

故選D。7、B【分析】【詳解】

試題分析:由滿偏電流求歐姆表的內阻：R內＝=7500Ω

連入電阻后，由I=解得RX=22.5KΩ；故選B

考點：用多用電表測電阻．8、D【分析】【分析】

【詳解】

設最初兩球電荷量分別為q和7q，原來的靜電力

接觸后電荷均分各自電荷量均為4q，靜電力為

故把它們接觸后再放回原處，則它們間的靜電力為原來的倍。

故選D。9、C【分析】【分析】

【詳解】

β射線是原子核發(fā)生β衰變產(chǎn)生的，是核內中子轉化為質子時放出的負電子，不是原子核外電子電離產(chǎn)生的，故A錯誤；半衰期的大小由原子核內部因素決定，與溫度、壓強等因素無關，故B錯誤；原子核在衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒，故C正確；有些原子核不穩(wěn)定，可以自發(fā)地衰變，但不是所有元素都可能發(fā)生衰變，故D錯誤；二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】【詳解】

AB、由原線圈回路中電阻R消耗的功率副線圈回路中電阻R消耗的功率則有副線圈的電流原線圈回路中原線圈回路中電阻R的電壓a、b端電壓有效值為由題意可知輸入電壓有效值為解得故A正確；B錯誤；

CD、當開關閉合時，負載減小，副線圈的電流原線圈回路中原線圈回路中電阻R的電壓由題意可知輸入電壓有效值為解得故C錯誤，D正確；

故選AD．

【點睛】突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓，找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值關系．11、B:D【分析】【詳解】

物體內所有分子的動能與勢能的總和叫物體的內能；物體的內能對單個分子而言無意義。物體的內能與其所含分子的動能與分子勢能有關，與物體的動能和勢能；機械能無關；物體體積減小時，分子間距離減小，但分子勢能可能減小。

故選BD。12、A:B【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中；氣體發(fā)生等容變化，溫度升高，氣體內能增加，故A正確；

B．從狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中；氣體發(fā)生的是等溫變化，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律知氣體放熱，故B正確；

C．從狀態(tài)C到狀態(tài)D，氣體體積減小，溫度降低，由可知；壓強可能增大，可能減小，也可能不變，故C錯誤；

D．從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程中；體積增大，氣體對外做功，故D錯誤。

故選AB。13、A:C:E【分析】【詳解】

A．空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果；故A正確；

B．懸浮在水中的花粉的布朗運動反應了水分子的熱運動；故B錯誤；

C．彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質具有各向異性的特點；故C正確；

D．高原地區(qū)水的沸點較低；這是高原地區(qū)氣壓較低的緣故，故D錯誤；

E．一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；體積增大，溫度升高，則內能一定增加，故E正確；

故選ACE。14、A:B:C【分析】【詳解】

A．當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，分子間距為分子間距小于時，分子間為斥力，隨距離增大，分子力做正功，分子勢能減小，分子間距大于時，分子間為引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢能減小，則分子間距為時；分子勢能最小，故A正確；

B．熱傳遞的條件是兩個系統(tǒng)之間存在溫度差；溫度是否相等是兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡的標志，因此達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度，故B正確；

C．一定質量的理想氣體；在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，氣體對外做功，氣體內能減小，溫度降低，分子的平均動能一定減小，故C正確；

D．一種液體是否浸潤某種固體與液體的性質和固體的性質都有關；故D錯誤；

E．氣體的壓強與氣體的重力無關；則將密閉一定質量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內的氣體壓強不變，故E錯誤。

故選。15、A:C【分析】【詳解】

A．由于做功和熱傳遞都可以改變物體的內能；如果放出熱量的同時外界對氣體做功，內能不一定減小，即分子平均動能不一定減小，A正確；

B．由于分子永不停息的做無規(guī)則運動；液體內總有一些分子運動的速率特別快，脫離其它分子的束縛，跑到液體外面，這就是液體的汽化現(xiàn)象，B錯誤；

C．布朗運動是固體粒顆粒在液體分子撞擊下永不停息的做無規(guī)則的運動；則于固體顆粒的無規(guī)則運動，說明液體分子在永不停息地做無規(guī)則運動，C正確；

D．由于氣體分子間距離特別遠，分子間隙不能忽略，因此氣體分子的摩爾體積V、分子體積V0與阿伏加德羅常數(shù)NA之間的關系都不能表示為。

V=NAV0D錯誤。

故選AC。16、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；無論技術怎樣改進，熱機的效率都不能達到100%，故A正確；

B．液體表面張力使液體表面收縮；所以露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用，故B正確；

C．能量耗散從能量轉化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性；說明能量雖然守恒，但是仍然要節(jié)約能源，故C正確；

D．已知阿伏加德羅常數(shù)；某種氣體的摩爾質量和密度；可以估算該種氣體分子平均占據(jù)空間體積的大小，由于分子距離很大，故不能確定分子的大小，故D錯誤；

E．“油膜法估測分子的大小”實驗中；用一滴油酸酒精溶液中油酸的體積與淺盤中油膜面積的比值可估測油酸分子的直徑，不是油酸酒精溶液的體積與淺盤中油膜面積的比值，故E錯誤。

故選ABC。17、B:C:D【分析】由圖讀出波長λ=4m，則波的周期為由題，波傳播的時間為t=s=根據(jù)波形的平移可知，波的傳播方向沿x軸負方向，故A錯誤，B正確。波x軸負方向傳播，由“上下坡法”可知t=0時，質點a沿y軸負方向運動。故C正確。從t=0時刻經(jīng)0.25s時，由于t=0.25s=所以質點通過的路程等于2A=0.4m，故D正確。t=0時刻x=2m處的質點正向y軸負方向運動，其位移表達式為y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E錯誤。故選BCD。

點睛：本題要理解波的圖象隨時間變化的規(guī)律．波在一個周期內傳播一個波長，波的圖象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波動圖象常用的方法．18、C:D【分析】【詳解】

一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出2種不同頻率的光，即3→2,2→1，選項A錯誤；氫原子從高能級向n=3能級躍遷時發(fā)出的光子能量小于1.51eV，不在1.62eV到3.11eV之間，一定全是不可見光，故B錯誤．紫外線的光子能量大于3.11eV，則處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離，選項C正確；大量處于n=4能級的氫原子躍遷到基態(tài)的過程中可以釋放出＝6種頻率的光子；故D正確；故選CD．

點睛：本題考查氫原子的波爾理論，解決本題的關鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em-En=hv，并能靈活運用；注意“一個氫原子”和“大量氫原子”躍遷產(chǎn)生光子的種數(shù)的計算方法不同．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

[1][2]春天，人們會感覺到周圍環(huán)境比秋天潮濕，是因為空氣的相對濕度較大，即在相同溫度下，空氣中所含的水蒸氣的壓強較大，從而使得體表的水分難以蒸發(fā)?！窘馕觥肯鄬^大20、略

【分析】【詳解】

當導體棒與磁場垂直時受的安培力最大；平行時受安培力為零，則從左到右，導體棒所受安培力的大小分別為：BIL；BIL、BIL、0.

【點睛】

此題關鍵是搞清四個導體棒的放置方式，知道導體棒與磁場垂直時受的安培力最大，最大值為BIL，平行時受安培力為零.【解析】BIL；BIL；BIL；021、略

【分析】帶電粒子未發(fā)生偏轉則所以只改變該粒子的電性，粒子所受的電場力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會發(fā)生偏轉【解析】不會22、略

【分析】【詳解】

由圖可知，該交流電的電壓最大值為Um(V)，有效值為V．【解析】Um．23、A:D:E【分析】由題意可知；波在同種介質傳播，所以波速相同，由于距離相同，所以兩波同時到達M點．故A正確，B錯誤．由于波長的不同，因此在M點相遇時，并不總是加強或減弱；當兩波剛傳的M點時，此時刻位移為零，所以M點的位移大小在某時刻可能為零．故C錯誤，D正確．據(jù)波的傳播特點可知，各質點的起振方向與波源的起振方向相同，據(jù)波形可知，兩波源的起振方向都是向上振動，故E正確；

故選ADE．

點睛：考查波的疊加原理，及相遇后出現(xiàn)互不干擾現(xiàn)象．同時注意之所以兩列在相遇時“消失”，原因這兩列波完全相同，出現(xiàn)振動減弱現(xiàn)象.24、略

【分析】（1）在室內；制冷劑由液態(tài)變成氣態(tài)，叫做汽化，汽化吸熱；在室外又由氣態(tài)變成液態(tài)叫液化，液化放熱．故填汽化（蒸發(fā)）；液化．

（2）變頻空調的壓縮機是連續(xù)工作的，故A錯誤；由圖示可知，空調機制冷時，圖中鋼管A內流動的是氣態(tài)“冷媒”，故B正確；空調壓縮機是利用做功的方法使“冷媒”發(fā)生物態(tài)變化的，故C錯誤；變頻器供電頻率越高，空調機的制冷能力越強，故D正確。所以選BD。【解析】液化汽化BD25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]空調制冷運行時；室內的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會發(fā)生液化現(xiàn)象，凝結成小水滴排出室外，室內的空氣濕度小于室外；

[2]根據(jù)能效等級做出分析；圖乙中，兩空調工作時更節(jié)能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用電器空調時，電路中電流I過大；可能會引起火災或跳閘等事故，鋪設了專線，可以防止這種危害，故A錯誤；

B．空調機制冷時，消耗的電能W，室外機放出的熱量包括從房間里取出一部分熱量Q和消耗的電能W，釋放到大氣熱量中的熱量為Q+W；所以室外機放出的熱量要大于壓縮機消耗的電能，故B正確；

C．氟利昂在空調內部的蒸發(fā)器里面汽化；汽化要吸熱，使空調蒸發(fā)器的溫度降低，室內的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會發(fā)生液化現(xiàn)象，空調壓縮機是利用氟利昂發(fā)生物態(tài)變化方法降溫的，故C錯誤；

D．空調制冷時室外機中有風扇在轉動；它的作用是將熱氣吹向室外，故D錯誤。

故選A；

（3）[4]已知制冷量

因為效能比

所以制冷量

在t=10min=600s內消耗的電能

[5]制冷量

空氣質量

根據(jù)

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作圖題(共3題，共9分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]測量電阻前先進行歐姆調零，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

解得調零后歐姆表內阻為

設表盤上刻度對應的電阻值為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

解得

（2）[2]根據(jù)歐姆定律可得

解得電流表的內阻為

（3）[3][4]由于電流表內阻已經(jīng)測得為故應采用電流表內接法測定值電阻根據(jù)歐姆定律可得

解得

（4）[5]圖甲歐姆調零后的歐姆表內阻為

圖丙與電流表并聯(lián)，相當于變成一個大量程的電流表，最大電流為

圖丙歐姆調零后的歐姆表內阻為

假設圖甲歐姆表和圖丙歐姆表測電阻時指針指在同一刻度，對于圖甲，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

對于圖丙，此時電路總電流為

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

聯(lián)立可得

故圖甲和圖丙兩種歐姆表的倍率之比為【解析】50010內接30、略

【分析】【詳解】

（i）[1]根據(jù)半偏法的測量原理，R1必須選電阻箱R0；

[2]由于電流表的電阻很小，要求R1的阻值很大，故R應選滑動電阻箱甲；

[3]電源選擇E2，誤差較?。?/p>

（ii）[4]根據(jù)閉合電路的歐姆定律及電路特點可得：

合上S1，調節(jié)R使電流表滿偏：

合上S2，調節(jié)R1使電流表半偏（電路中的總電流）：

故：I＞Ig．所以，通過電阻箱的電流IR1：IR1＞Ig

用U表示電阻箱兩端電壓，則

即：rg＞R1

故：認為內阻rg=R1，此結果與的rg真實值相比偏小．【解析】①.R0②.滑動變阻器甲③.E2④.偏小31、略

【分析】【詳解】

①[1][2]測量線圈的電阻一般采用伏安法，為了防止測量自感系數(shù)很大的線圈斷電產(chǎn)生的大自感電流燒壞電表，可與電表串聯(lián)一個開關。由于待測線圈L的阻值約為2Ω，額定電流為2A，最大電壓為4V，而電源電動勢為9V，所以定值電阻選F；為方便調節(jié)，滑動變阻器選D即可；

②[3]由于本實驗盡可能大的范圍內測得數(shù)據(jù)，所以必須采用滑動變阻器的分壓接法；電流表A2的量程大，所以電流表A2外接電路進行測量；電路如圖所示。

③[4]實驗結束時為了防止測量自感系數(shù)很大的線圈斷電產(chǎn)生的大自感電流燒壞電表，應先斷開開關S2；

④[5]由電路圖知自感線圈兩端的電壓與下邊支路電壓相等，所以

得

從I1-I2圖象上選取一組數(shù)據(jù)，如（0.3，1.8）代入公式得【解析】FDS22.232、略

【分析】【分析】

明確測量原理；知道電流表本身可以顯示電流，再選擇一個電表測量電壓即可；根據(jù)安全性和準確性原則即可明確儀表及接法．

【詳解】

（1）直徑D為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；長度L為：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根據(jù)題中給出的備用器材，應選擇伏安法測量電流表的內阻．由于給出電壓表量程過大，故應選擇內阻已知的電流表A2作為電壓表；選擇保護電阻R與并聯(lián)的兩個電流表串聯(lián)．由于電流表兩端電壓最大只有0.12V，滑動變阻器最大電阻只有5Ω，并且要求盡可能高的測量精度，并能測得多組數(shù)據(jù)；所以選擇分壓電路，電路圖如圖所示．

②根據(jù)歐姆定律可知待測電流表A1的內阻為：

【點睛】

本題考查伏安法測電阻的實驗規(guī)律，要注意明確實驗要求，知道分壓接法的正確應用，并注意已知內阻的電流表在本題中可以充當電壓表使用．【解析】（1）2.150mm；6.015cm