2025年湘教版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版高三物理下冊階段測試試卷966考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；甲；乙所示為兩種測電阻R的電路，下面說法正確的是（）

A.甲、乙都對，甲比乙的誤差小B.甲、乙都對，甲比乙的誤差大C.甲測大電阻時誤差小，乙測小電阻時誤差小D.甲測小電阻時誤差小，乙測大電阻時誤差小2、如圖所示，用電流傳感器研究自感現(xiàn)象．電源內(nèi)阻不可忽略，線圈的自感系數(shù)較大，其直流電阻小于電阻R的阻值．t=0時刻閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，t1時刻斷開S，電流傳感器連接計算機分別描繪了整個過程線圈中的電流IL和電阻中的電流IR隨時間t變化的圖象．下列圖象中可能正確的是3、【題文】一個質(zhì)量為0.3kg的物體沿水平面做直線運動，如圖所示，圖線a表示物體受水平拉力時的v-t圖象，圖線b表示撤去水平拉力后物體繼續(xù)運動的v-t圖象，g=10m/s2；下列說法中正確的是()

A.撤去拉力后物體還能滑行7.5mB.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.1C.水平拉力的大小為0.1N，方向與摩擦力方向相同D.水平拉力對物體做功為1.2J4、如圖所示，R2=3Ω，電壓表讀數(shù)為2V，電流表讀數(shù)為某段電路發(fā)生故障后，兩表的讀數(shù)變?yōu)?.5V和1.5A，則電路中哪一部分發(fā)生了故障?是何故障?(兩表均為理想電表)（）

A.R1斷路B.R2斷路C.R3斷路D.R1短路5、如圖所示電路；向右移動滑動變阻器滑片，電流表和電壓表示數(shù)變化正確的是（）

A.A示數(shù)變大，V示數(shù)變大B.A示數(shù)變大，V示數(shù)變小C.A示數(shù)變小，V示數(shù)變大D.A示數(shù)變小，V示數(shù)變小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、設(shè)地球表面的平均重力加速度為g，地球的半徑為R，萬有引力常數(shù)為G，則地球質(zhì)量為____地球的密度ρ為____．7、如圖所示，電子射線管（A為其陰極），放在蹄形磁鐵的N、S兩極間（圖中C為N極），射線管的A、B兩極分別接在直流高壓電源的負極和正極．此時，熒光屏上的電子束運動徑跡______偏轉(zhuǎn)（填“向上”“向下”或“不”）．8、已知某金屬的極限頻率為f0，光在真空中的傳播速度為c，普朗克常量為h．要使金屬表面發(fā)出的光電子的最大初動能為Ekm，則入射光的波長應(yīng)為______，該金屬的逸出功為______．9、釷234核不穩(wěn)定，發(fā)生的核反應(yīng)方程為Th→Pa+e，在反應(yīng)過程中減少了____個中子．10、一般情況下36V可視為安全電壓．工廠里機床上照明電燈的額定電壓就是36V．如果這個電壓是通過理想變壓器把220V的電壓降壓后得到的；已知變壓器副線圈的匝數(shù)是180匝，照明電燈的額定功率是45W，則。

（1）變壓器原線圈的匝數(shù)為____

（2）電燈正常發(fā)光時，原線圈的電流為____．11、質(zhì)量為4.0kg的物體A靜止在水平桌面上，另一個質(zhì)量為2.0kg的物體B以5.0m/s的水平速度與物體A相碰．碰后物體B以1.0m/s的速度反向彈回，則系統(tǒng)的總動量為____kg?m/s，碰后物體A的速度大小為____m/s．12、LC振蕩電路的電容為C，電感為L，則電容器兩板間電勢差從正向最大值到反向最大值所需的最短時間為t=____，若電磁波在真空中的傳播速度為c真，則此電路發(fā)射的電磁波在真空中傳播時波長為λ=____．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)13、普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對錯）14、電子手表中的液晶在外加電壓的影響下能夠發(fā)光．____．（判斷對錯）15、原先沒有磁性的鐵，在長期受到磁鐵的吸引會產(chǎn)生磁性____．（判斷對錯）16、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對錯）17、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)18、如圖，質(zhì)量均為m的三木塊A、B、C，其中除A的左側(cè)面光滑外，其余各側(cè)面均粗糙．當受到水平外力F作用時，三木塊均處于靜止狀態(tài)．畫出各木塊的受力圖．求出各木塊所受的摩擦力大小與方向．19、物理--物理3-4

湖面上一點O上下振動；振幅為0.2m，以O(shè)點為圓心形成圓形水波，如圖所示，A；B、O三點在一條直線上，OA間距離為4.0m，OB間距離為2.4m．某時刻O點處在波峰位置，觀察發(fā)現(xiàn)2s后此波峰傳到A點，此時O點正通過平衡位置向下運動，OA間還有一個波峰．將水波近似為簡諧波．

（1）求此水波的傳播速度；周期和波長．

（2）以O(shè)點處在波峰位置為0時刻，某同學(xué)打算根據(jù)OB間距離與波長的關(guān)系確定B點在0時刻的振動情況，畫出B點的振動圖象．你認為該同學(xué)的思路是否可行？若可行，畫出B點振動圖象；若不可行，請給出正確思路并畫出B點的振動圖象．20、【題文】如圖18所示；杠桿在力F1；F2作用下處于平衡狀態(tài)，L1為F1的力臂。請在圖中作出F2的力臂L2及力F1。

。21、一摩托車由靜止開始在平直的公路上行駛；在0～20s內(nèi)做勻加速運動，20s末的速度為30m/s，接著在20s～45s內(nèi)做勻速運動，再接著在45s～75s內(nèi)勻減速運動，75s末速度為0．求：

（1）畫出運動過程的v-t圖象；

（2）摩托車在0～20s加速度大??；

（3）摩托車在0～75s這段時間平均速度大?。u卷人得分五、推斷題(共1題，共7分)22、鐵觸媒是重要的催化劑，rm{CO}易與鐵觸媒作用導(dǎo)致其失去催化活性：rm{Fe+5CO=Fe(CO)_{5}}除去rm{CO}的化學(xué)反應(yīng)方程式：rm{[Cu(NH_{3})_{2}]OOCCH_{3}+CO+NH_{3}=[Cu(NH_{3})_{3}(CO)]OOCCH_{3}}請回答下列問題：rm{(1)C}rm{N}rm{O}的電負性由大到小的順序為___________，基態(tài)rm{Fe}原子的價電子排布圖為___________。rm{(2)Fe(CO)_{5}}又名羰基鐵，常溫下為黃色油狀液體，則rm{Fe(CO)_{5}}的晶體類型是_________，與rm{CO}互為等電子體的分子的電子式為__________________。rm{(3)}配合物rm{[Cu(NH_{3})_{2}]OOCCH_{3}}中碳原子的雜化類型是_____________，配體中提供孤對電子的原子是____________。rm{(4)}用rm{[Cu(NH_{3})_{2}]OOCCH_{3}}除去rm{CO}的反應(yīng)中，肯定有__________________形成。rm{A.}離子鍵rm{B.}配位鍵rm{C.}非極性鍵rm{D.婁脪}鍵rm{(5)}單質(zhì)鐵的晶體在不同溫度下有兩種堆積方式，晶胞分別如圖所示，面心立方晶胞和體心立方晶胞中實際含有的鐵原子個數(shù)之比為_________________，面心立方堆積與體心立方堆積的兩種鐵晶體的晶胞參數(shù)分別為rm{apm}和rm{bpm}則rm{dfrac{a}=}________。rm{(6)NaAlH_{4}}晶體的晶胞如圖，與rm{Na^{+}}緊鄰且等距的rm{AlH_{4}^{-}}有__________個；rm{NaAlH_{4}}晶體的密度為_________rm{g隆隴cm^{-3}(}用含rm{a}的代數(shù)式表示rm{)}

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】該題中用伏安法測電阻的兩種常用電路分別是電流表內(nèi)接法和電流表外接法，電流表內(nèi)接法測得的電阻阻值是電流表內(nèi)阻與待測電阻的串聯(lián)值的和，電流表外接法測得的電阻阻值是待測電阻Rx和電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻值；用的電流表內(nèi)阻越小，電壓表內(nèi)阻越大，測量的誤差越?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓杭讏D所示電路是電流表內(nèi)接法，用它測量電阻時，測量值R測=Rx+RA＞Rx；

乙圖所示電路是電流表外接法；用它測量電阻時，測量值是待測電阻Rx和電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻值，故測得的電阻值偏?。?/p>

電流表內(nèi)阻越小，R測=Rx+RA＞Rx；相對誤差就越?。浑妷罕韮?nèi)阻越大，并聯(lián)電阻阻值相對于測量值的誤差越小，故D正確，ABC錯誤；

故選：D．2、A|D【分析】【解析】試題分析：自感電流總是阻礙原電流的變化，閉合開關(guān)后如圖黑色為原電路，紅色為感應(yīng)電流，電感線圈所在支路電流緩緩增加而電阻所在支路因為有紅黑兩路電流剛開始會比較大，C選項錯誤。當斷開開關(guān)時，電流情況如圖流過電阻的電流方向反向，且逐漸減小，C正確。流過電感的電流方向不變但大小逐漸變小，A正確?？键c：自感現(xiàn)象【解析】【答案】AD3、C【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)速度時間圖象的斜率等于加速度得，物體的加速度大小為：0-3s內(nèi)：a1==m/s2=m/s2，3-6s內(nèi)：a2==m/s2=m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：3-6s內(nèi)：摩擦力大小為f=ma2=0.1N，0-3s內(nèi)：F+f=ma1，F(xiàn)=0.1N，方向與摩擦力方向相同，故C正確．0-3s內(nèi)，物體的位移為x=×3m=12m，水平拉力對物體做功為W=-Fx=-0.1×12J=-1.2J，故D錯誤．設(shè)撤去拉力后物體還能滑行距離為s，則由動能定理得-fs=0-mv2得，s==m=13.5m；故A錯誤．由f=μmg得，μ≈0.03，故B錯誤．

考點：牛頓第二定律，勻變速直線運動的圖像，滑動摩擦力，功的計算【解析】【答案】C4、C【分析】【分析】R1斷路，電流表無示數(shù)，A錯；如果是R2斷路電壓表無示數(shù)，B錯；如果是R1短路電壓表無示數(shù)，C對；由此可知當R3斷路時兩電表示數(shù)都會增大。

【點評】明確電路中的串并聯(lián)關(guān)系，由斷路或短路中給電路造成的電阻變化判斷電表變化是解決本題的思路，采用假設(shè)法是故障排除的方法。5、B【分析】【分析】由圖可知滑動變阻器直接接入電源，電壓表測量路端電壓，電流表測電路中的電流；將滑動變阻器的滑片P向右移動過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，由歐姆定律可求得電路中電流的變化及電壓表示數(shù)的變化．【解析】【解答】解：將滑動變阻器的滑片P向右移動過程中；滑動變阻器接入電阻變小，電路的總電阻變??；

由歐姆定律可得；電路中電流變大，即電流表示數(shù)變大；

由U=E-Ir可知；路端電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小．

故選：B二、填空題(共7題，共14分)6、【分析】【分析】根據(jù)物體的重力等于地球的萬有引力，列式求解地球的質(zhì)量，由質(zhì)量與體積之比求解地球的密度ρ．【解析】【解答】解：不考慮地球的自轉(zhuǎn)時；物體的重力等于地球?qū)ξ矬w的萬有引力，則得：

mg=G

解得地球的質(zhì)量為：M=

地球的密度為：ρ===

故答案為：，．7、略

【分析】解：據(jù)題因為A是陰極；B是陽極，所以電子在陰極管中的運動方向是A到B，產(chǎn)生的電流方向是B到A（注意是電子帶負電），根據(jù)左手定則，四指由B指向A，掌心對著N極此時拇指向下，所以電子束所受的洛倫茲力向下，軌跡向下偏轉(zhuǎn)．

故答案為：向下。

此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理．陰極是發(fā)射電子的電極；要接到高壓的負極上，電子在磁場中運動，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)．從而顯示電子運動的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷．

本題關(guān)鍵要了解電子射線管的原理，知道電子運動的方向，正確運用左手定則判斷洛倫茲力的方向，要注意電子帶負電，四指應(yīng)指向電子運動的相反方向．【解析】向下8、略

【分析】解：當Ekm=0時；對應(yīng)的頻率為極限頻率；

則：hf0-W=0；

解得：W=hf0；

根據(jù)光電效應(yīng)方程得：Ekm=hγ-W=-hf0；

解得：入射光的波長λ=

故答案為：hf0

根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm=hγ-W；結(jié)合光電子的最大初動能，求解入射光的波長．再根據(jù)頻率頻率與極限波長的關(guān)系，從而求解金屬的逸出功；

本題是光電效應(yīng)規(guī)律的應(yīng)用問題，首先要對光電效應(yīng)四大規(guī)律要理解，抓住與經(jīng)典理論的區(qū)別進行記憶．【解析】hf09、1【分析】【分析】β衰變時釋放的電子是由核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子同時釋放出來的，衰變過程中滿足質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒．【解析】【解答】解：β衰變的實質(zhì)：β衰變時釋放的電子是由核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子同時釋放出來的，所以在核反應(yīng)方程為Th→Pa+e中；減小了一個中子．

故答案為：110、1100匝0.2A【分析】【分析】由電壓與匝數(shù)成正比可求得原線圈的匝數(shù)，由P=UI可得原線圈的電流．【解析】【解答】解：（1）由電壓與匝數(shù)的關(guān)系為：可得：=1100匝。

（2）p=UI可得：I==0.2A

故答案為：（1）1100匝（2）0.2A11、103【分析】【分析】系統(tǒng)的總動量等于兩個球的動量矢量和．根據(jù)動量守恒定律求解碰后物體A的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓喝∨鲎睬癇的速度方向為正方向，則系統(tǒng)的總動量為：P=mBvB=2×5kgm/s=10kgm/s．

根據(jù)動量守恒定律得：P=-mBvB′+mAvA′；

代入數(shù)據(jù)解得：vA′=3m/s；

故答案為：10，3．12、2πc真【分析】【分析】LC振蕩電路的電容為C，電感為L，周期為T=2．電容器兩板間電勢差從正向最大值到反向最大值所需的最短時間為半個周期．此電路發(fā)射的電磁波的周期等于振蕩電路的周期，根據(jù)波速公式c真=求波長．【解析】【解答】解：電容器兩板間電勢差從正向最大值到反向最大值所需的最短時間為：t=T==；

此電路發(fā)射的電磁波的周期等于振蕩電路的周期，根據(jù)波速公式c波=得波長為：

λ=c真T=c真=2πc真．

故答案為：；2πc真．三、判斷題(共5題，共10分)13、×【分析】【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×14、×【分析】【分析】液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)；液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光，而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．【解析】【解答】解：液晶在外加電壓的影響下并不發(fā)光；而是由于液晶通電時，排列變得有秩序，使光線容易通過．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×15、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當鐵棒靠近磁鐵時分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性；對磁鐵加熱或敲打時會使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當鐵棒靠近磁鐵時分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性．所以該說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當二力反向時；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯誤的；

故答案為：×四、作圖題(共4題，共40分)18、略

【分析】【分析】由于三木塊均處于靜止狀態(tài)，合力都為零，可以以AB組成的整體為研究對象，根據(jù)平衡條件求解C對B的摩擦力大小和方向，再以牛頓第三定律分析B對C的摩擦力大小和方向．【解析】【解答】解：對A受力分析可知；A受重力；壓力和B的彈力以及A的向上的摩擦力；

對B分析的可知；B受重力；A和C的壓力、A對B向下的摩擦力和C對B向上的摩擦力；

對C分受力分析可知；C受重力；壓力、墻壁的支持力、B對C向下的摩擦力和墻對C向上的摩擦力；

受力分析如圖所示；

19、略

【分析】【分析】（1）由題意可知波傳播的距離及所用時間；由波速公式可求得波的傳播速度；由OA間對應(yīng)的波長數(shù)可求得波長，由波長；頻率及波速的關(guān)系可求得周期；

（2）由OB的距離可知OB相距的波長數(shù)，則可確定出B在O時刻所在的位置及振動方向，則可確定B振動圖象．【解析】【解答】解：

（1）波速

由題意可知OA間相距個波長，則對應(yīng)個周期；故由可得：

周期T=1.6s；

則波長λ=vT=3.2m；

該水波的傳播速度為2m/s；周期為1.6s，波長為3.2m；

（2）OB相距2.4m==λ；故O在波峰處時，B在平衡位置向下振動；

故可畫出此后B的振動圖象；

故可行

振動圖象如圖．20、略

【分析】【解析】分析：F2與杠桿垂直，故連接支點O與F2的作用點即為力臂L2，過L1的上端作L1的垂線，交杠桿于一點，即為F1的作用點，F(xiàn)1的方向向上．

解答：解：

【解析】【答案】略21、略

【分析】【分析】（1）由運動速度的變化作圖．

（2）v-t圖象的斜率等于加速度；由加速度的定義求解．

（3）由圖象與時間軸所圍的面積表示位移，求得位移，再求平均速度大小【解析】【解答】解：（1）如圖；

（2）在0～20s內(nèi)做勻加速運動，可求加速度a1==1.5m/s2；

（3）根據(jù)v-t圖象與坐標軸圍面積表示位移可求在0～75s時間內(nèi)位移為。

x==1500m

所以平均速度為==20m/s

答：（1）運動過程的v-t圖象如上圖；

（2）摩托車在0～20s加速度大小為1.5m/s2；

（3）摩托車在0～75s這段時間平均速度大小為20m/s五、推斷題(共1題，共7分)22、（1）O＞N＞C3d64s2

（2）分子晶體

（3）sp3、sp2N

（4）bd

（5）2：1（6）8

【分析】【分析】本題考查晶胞計算，為高頻考點，側(cè)重考查學(xué)生分析計算及空間想象能力，涉及晶胞計算、原子雜化方式判斷、元素周期律等知識點，難點是晶胞計算，注意rm{Fe}晶胞面心立方和體心立方區(qū)別，關(guān)鍵會正確計算兩種晶胞體積，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}同一周期元素，元素電負性隨著原子序數(shù)增大而增大，這三種元素第一電離能大小順序是rm{O>N>C}rm{Fe}原子rm{3d}rm{4s}能級電子為其價電子，基態(tài)rm{Fe}原子的價電子排布式為rm{3d^{6}4s^{2}}故答案為：rm{O>N>C}rm{3d^{6}4s^{2}}

rm{(2)}熔沸點較低的晶體為分子晶體，rm{Fe(CO)_{5}}又名羰基鐵，常溫下為黃色油狀液體，其熔沸點較低，為分子晶體；與rm{CO}互為等電子體的分子的電子式為互為等電子體的分子的電子式為

故答案為：分子晶體；rm{CO}該配合物中rm{(3)}原子價層電子對個數(shù)是rm{C}和rm{4}且不含孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥理論確定rm{3}原子雜化方式為rm{C}rm{sp^{3}}該配體中rm{sp^{2}}原子提供空軌道、rm{Cu}原子提供孤電子對，故答案為：rm{N}rm{sp^{3}}rm{sp^{2}}

rm{N}用rm{(4)}除去rm{[Cu(NH_{3})_{2}]OOCCH_{3}}的反應(yīng)中，肯定有rm{CO}原子和rm{Cu}rm{N}原子之間的配位鍵且也是rm{C}鍵生成，故選rm{婁脛}

rm{bd}利用均攤法計算晶胞中rm{(5)}原子個數(shù)，面心立方晶胞中rm{Fe}原子個數(shù)rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}體心立方晶胞中rm{Fe}原子個數(shù)rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac

{1}{2}=4}所以二者rm{Fe}原子個數(shù)之比rm{=1+8隆脕dfrac{1}{8}=2}rm{Fe}rm{=4}設(shè)rm{2=2}原子半徑為rm{1}面心立方晶胞半徑rm{Fe}體心立方晶胞半徑rm{=dfrac{4sqrt{3}}{3}rcm}rm{rcm}rm{=2sqrt{2}rcm}rm{=dfrac{4sqrt

{3}}{3}rcm}面心立方堆積與體心立方堆積的兩種鐵晶體的晶胞參數(shù)分別為rm{a}rm{a}rm{dfr