2025年浙教新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、水平放置的光滑導軌上放置一根長為L、質(zhì)量為m的導體棒ab，ab處在磁感應強度大小為B、方向如圖所示的勻強磁場中，導軌的一端接一阻值為R的電阻，導軌及導體棒電阻不計．現(xiàn)使ab在水平恒力F作用下由靜止沿垂直于磁場的方向運動，當通過位移為x時，ab達到最大速度v.此時撤去外力，最后ab靜止在導軌上．在ab運動的整個過程中；下列說法正確的是()

A.撤去外力后，ab做勻減速運動B.合力對ab做的功為FxC.R上釋放的熱量為Fx＋mv2D.R上釋放的熱量為Fx2、一定質(zhì)量的理想氣體，在壓強不變的情況下，溫度由5℃升高到10℃，體積的增量為ΔV1；溫度由283K升高到288K，體積的增量為ΔV2，則（）A.ΔV1=ΔV2B.ΔV1>ΔV2C.ΔV1<ΔV2D.無法確定3、自主學習活動中，同學們對部分熱學知識進行討論，下列說法中正確的是（）A.水銀不浸潤鉛，但浸潤玻璃B.液體表面層的分子間平均距離比液體內(nèi)部的小C.層狀結(jié)構(gòu)的石墨，層與層之間的作用力比較弱D.空調(diào)機在制冷過程中，從室內(nèi)吸收的熱量大于向室外放出的熱量4、關(guān)于家庭安全用電，下列做法正確的是（）A.所有家用電器都使用二孔插座B.用濕抹布擦工作中的電器上的灰塵C.將多個大功率電器在同一個移動插座上并同時使用D.家用電器使用時需考慮供電電線的粗細5、如圖所示；兩個半徑相同；粗細相同互相垂直的圓形導線圈，可以繞通過公共的軸線xx′自由轉(zhuǎn)動，分別通以相等的電流，設每個線圈中電流在圓心處產(chǎn)生磁感應強度為B，當兩線圈轉(zhuǎn)動而達到平衡時，圓心O處的磁感應強度大小是（）

A.BB.1.41BC.2BD.06、兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開，M板帶正電，N板帶負電，且電荷量保持不變．如圖所示，板間有一個用絕緣細線懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點），小球靜止時與豎直方向的夾角為θ，忽略帶電小球所帶電荷量對極板間勻強電場的影響，則（）

A.小球帶負電；若將細線燒斷，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運動B.小球帶正電；若將細線燒斷，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運動C.若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大D.若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大7、一單擺在地球表面做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系）如圖所示；則（）

A.此單擺的固有周期約為0.5sB.此單擺的擺長約為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動8、如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=2kg的另一物體B以水平速度滑上原來靜止的長木板A的表面；由于A；B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況如圖所示，下列說法正確的是。

A.A.B間的動摩擦因數(shù)為0.2B.系統(tǒng)損失的機械能為4JC.木板A的最小長度為1.5mD.木板獲得的動能為1J9、某同學特別喜歡逛玩具商店，一次逛店時一件玩具引起了他的極大興趣，玩具的主體部分是由5個完全相同的彈性小球組成，如圖所示，小球由等長輕線懸掛并排處于同一水平高度，對此玩具裝置作出的如下判斷，你認為正確的是A.如果將最右邊的1個小球提起一定高度由靜止釋放，該小球碰撞后幾乎反彈到同一高度，另幾個小球幾乎保持原地不動B.如果將最右邊的2個小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定高度由靜止釋放，則這2個小球與左方小球碰撞后立即反彈，另3個小球立即向左運動C.如果將最右邊的3個小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定的高度由靜止釋放，則發(fā)生碰撞后，這5個小球一起向左運動D.無論一次提起幾個小球，這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個小球，另一側(cè)將起來等數(shù)量的幾個小球評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當照射光強度增大時（）

A.電壓表的示數(shù)減少B.R2中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓降低11、電路圖中，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略，當滑動變阻器的滑動片向右移動時，電流表、電壓表可視為理想電表，關(guān)于電流表和電壓表示數(shù)的變化情況的分析，正確的是（）

A.電流表和電壓表讀數(shù)均增大B.電流表和電壓表讀數(shù)均減小C.電壓表V1的示數(shù)變化量小于電壓表V2的示數(shù)變化量D.電流表讀數(shù)變小，電壓表V2讀數(shù)變大，V1讀數(shù)減小12、如圖所示為一定質(zhì)量的某種氣體等容變化的圖線；下列說法中正確的有（）

A.不管體積如何，圖線只有一條B.圖線1和圖線2體積不同且有V1>V2C.兩圖線氣體體積V2>V1D.兩圖線必交于t軸上的同一點13、下列說法正確的是（）A.當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，其分子勢能一定最小B.達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度C.一定質(zhì)量的理想氣體，在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，其分子的平均動能一定減小E.將密閉一定質(zhì)量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內(nèi)的氣體壓強將變?yōu)?E.將密閉一定質(zhì)量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內(nèi)的氣體壓強將變?yōu)?14、新冠肺炎疫情期間；某班級用于消毒的噴壺示意圖如圖所示。閉合閥門K，向下壓壓桿A可向瓶內(nèi)儲氣室充氣，多次充氣后按下按柄B打開閥門K，消毒液會自動經(jīng)導管從噴嘴處噴出。儲氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴液過程中溫度保持不變，則下列說法正確的是（）

A.充氣過程中儲氣室內(nèi)氣體分子數(shù)增多且分子運動劇烈程度增加B.充氣過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子平均動能不變，壓強增大C.只要儲氣室內(nèi)氣體壓強大于外界大氣壓強，消毒液就能從噴嘴處噴出E.噴液過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均作用力減小E.噴液過程中，儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均作用力減小15、下列說法正確的是（）A.多晶體有固定的熔點，但沒有規(guī)則的外形，且表現(xiàn)為各向同性B.若分子間的相互作用力始終表現(xiàn)為斥力，在分子間的距離增大的過程中，分子力減小C.一定質(zhì)量的理想氣體，體積減小，其壓強也一定減小E.一切自發(fā)過程總沿著分子熱運動的無序性減小的方向進行E.一切自發(fā)過程總沿著分子熱運動的無序性減小的方向進行16、一小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖甲所示；已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻為1.0Ω，外接一個電壓表和一個電阻為10Ω的燈泡，如圖乙所示．下列說法正確的是()

A.產(chǎn)生的交變電流的頻率為5HzB.通過燈泡的電流為2.2AC.電壓表讀數(shù)為20VD.燈泡的實際功率為40W17、一個靜止的質(zhì)點，在0～4s時間內(nèi)受到力F的作用，力的方向始終在同一直線上，力F隨時間t的變化如圖所示，則質(zhì)點在()

A.第2s末速度改變方向B.第2s末加速度改變方向C.第4s末回到原出發(fā)點D.第4s末運動速度為零18、如圖所示，所有接觸面均光滑，質(zhì)量為的半圓弧槽靜止地靠在豎直墻面處，是槽的兩個端點，為槽的底部中點．現(xiàn)將質(zhì)量為的小球自槽口點由靜止釋放；下列說法中正確的是（）

A.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒B.小球從到運動過程中，小球重力做功的瞬時功率越來越大C.小球從到運動過程中，小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒D.小球從到運動過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量不守恒評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、如圖，△ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，∠A=30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點射出，其折射角為60°，則玻璃對紅光的折射率為_____。若改用藍光沿同一路徑入射，則光線在D點射出時的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°。20、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強又降低到原來數(shù)值，則氣體在末狀態(tài)時的體積為______，溫度為___________21、玻璃管中的液面呈“凹”形，這是水浸潤玻璃產(chǎn)生的物理現(xiàn)象，根本原因是附著層內(nèi)分子間距______（選填“大于”“等于”或“小于”）液體內(nèi)部分子間距；分子勢能Ep和分子間距離r的關(guān)系圖像如圖所示，能反映附著層內(nèi)水分子的分子勢能Ep的可能是圖中______（選填“A”；“B”或“C”）的位置。

22、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強為經(jīng)歷A→B→C→A的過程，C→A過程中，氣體壓強______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J。該氣體在A→B過程中對外界所做的功為______J。

23、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

24、如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．

①關(guān)于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是______．（選填選項前面的字母）

A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少。

B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小。

C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內(nèi)．現(xiàn)要使靜電計指針偏轉(zhuǎn)角變大，下列做法中可行的是_____．（選填選項前面的字母）

A．保持B板不動，A板向上平移。

B．保持B板不動，A板向右平移。

C．保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板25、三個原子核X、Y、Z，X核放出一個正電子后變?yōu)閅核，Y核與質(zhì)子發(fā)生核反應后生成Z核并放出一個個氦（42He）,則下面說法正確的是。

。A．X核比Z核多一個原子。

B．X核比Z核少一個中子。

C．X核的質(zhì)量數(shù)比Z核質(zhì)量數(shù)大3

D．X核與Z核的總電荷是Y核電荷的2倍。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共40分)29、如圖所示，電源電動勢E=8V，內(nèi)阻為r=0．5Ω；“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R=1．5Ω．求：

（1）通過電動機的電流；

（2）電源的輸出功率；

（3）電動機的輸出功率．30、如圖所示，有一傾斜的光滑平行金屬導軌，導軌平面與水平面的夾角為，導軌間距為L，接在兩導軌間的電阻為R，在導軌的中間矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直斜面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，一質(zhì)量為m、有效電阻為r的導體棒從距磁場上邊緣d處釋放，整個運動過程中，導體棒與導軌接觸良好，且始終保持與導軌垂直．不計導軌的電阻，重力加速度為g．

(1)求導體棒剛進入磁場時的速度；

(2)求導體棒通過磁場過程中，通過電阻R的電荷量q;

(3)若導體棒剛離開磁場時的加速度為0，求導體棒通過磁場的過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q．31、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比．原線圈接電壓為（V）的交流電源，副線圈接的電阻．電流表和電壓表可視為理想電表．求：

（1）副線圈中電壓表的示數(shù)U；

（2）原線圈中電流表的示數(shù)I．32、一條絕緣的擋板軌道ABC固定在光滑水平桌面上，BC段為直線，長為4R，動摩擦因數(shù)為AB是半徑為R的光滑半圓?。▋刹糠窒嗲杏贐點）．擋板軌道在水平的勻強電場中，場強大小為方向與BC夾角為．一帶電量為質(zhì)量為的小球從C點靜止釋放，已知求：

（1）小球在B點的速度大?。?/p>

（2）若場強E與BC夾角可變，為使小球沿軌道運動到A點的速度最大，的取值以及A點速度大?。?/p>

（3）若場強E與BC夾角可變，為使小球沿軌道運動到A點沿切線飛出，的取值范圍．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A.撤去外力后，導體棒受安培力作用：可得加速度：隨著速度減小，加速度減小，不是勻變速，A錯誤。

B.合力對物體做功等于物體動能的該變量，B錯誤。

CD.根據(jù)能量守恒定律得：C錯誤D正確2、A【分析】【詳解】

由蓋—呂薩克定律

得ΔV=V

所以ΔV1=V1、ΔV2=V2

因為V1、V2分別是氣體在5℃和283K時的體積，而=

所以ΔV1=ΔV2

故選A。

【點睛】

在應用蓋—呂薩克定律公式時，T是熱力學溫度，不是攝氏溫度；而ΔT用熱力學溫度或攝氏溫度都可以。3、C【分析】【詳解】

A．水銀不浸潤玻璃；水銀浸潤鉛，故A錯誤；

B．液體表面層的分子間平均距離比液體內(nèi)部的大；所以液面存在表面張力，故B錯誤；

C．石墨是層狀結(jié)構(gòu)；層與層之間的作用力比較弱，所以層與層之間容易滑動，故C正確；

D．空調(diào)機在制冷過程中；把室內(nèi)的熱量向室外釋放，消耗電能，產(chǎn)生熱量，故從室內(nèi)吸收的熱量小于向室外放出的熱量，故D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．家用電器有的使用二孔插座；有的使用三孔插座．故A項錯誤．

B．用濕抹布擦工作中的電器上的灰塵；易導致電路短路．故B項錯誤．

C．多個大功率電器在同一個移動插座上并同時使用時；插座上的電流過大，會導致插座燒毀．故C項錯誤．

D．家用電器使用時需考慮供電電線的粗細，避免負載與導線不匹配，導致導線燒毀．故D項正確．5、C【分析】根據(jù)安培定則可知，豎直方向的通電圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為B；水平方向的通電圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的磁感應強度方向豎直向上，大小為B，兩者相互垂直，由于同向電流吸引，故當兩線圈轉(zhuǎn)動而達到平衡時兩個線圈重合，圓心O處的磁感強度的大小是BO=2B.

故選：C6、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．因為小球向右偏，而M板帶正電；故小球帶正電；若將細線燒斷，則小球?qū)⒀乩K的方向斜向下做勻加速直線運動，故選項AB錯誤；

C．若只將N板水平向右平移稍許，由公式

可知，電容器的電容將變小，而又由

可知，兩板間的電場強度

將不變，故夾角θ將不變；選項C錯誤；

D．若只將N板豎直向上平移稍許，則因為S減小，故根據(jù)

板間的電場強度E將變大，故電場力增大，夾角θ將變大；選項D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．由圖可知；此單擺的發(fā)生共振的頻率與固有頻率相等，則固有頻率為0.5Hz，故A正確；

B．由圖可知，此單擺的發(fā)生共振的頻率與固有頻率相等，則周期為2s，由公式可得；擺長約為1m，故B正確；

C．若擺長增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小，故C錯誤；

D．若擺長增大；則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動，故D錯誤。

故選AB。8、D【分析】【分析】

根據(jù)斜率求出B的加速度大?。桓鶕?jù)牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)，由圖能讀出木板獲得的速度，根據(jù)動量守恒定律求出木板A的質(zhì)量，從而求解木板獲得的動能，根據(jù)A和B的初；末機械能來求解系統(tǒng)損失的機械能，根據(jù)“面積”之差求出木板A的長度；

【詳解】

A．由圖示圖象可知，B的加速度：負號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：代入解得，故A錯誤；

BD．由圖示圖象可知，木板獲得的速度為A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：解得木板A的質(zhì)量為木板獲得的動能為：

系統(tǒng)損失的機械能為故B錯誤，D正確；

C．由圖得到：內(nèi)B的位移為

A的位移為木板A的最小長度為故C錯誤．

【點睛】

本題屬于木塊在木板上滑動類型，既考查讀圖能力，也考查運用牛頓第二定律、功能關(guān)系處理復雜力學問題的能力．9、D【分析】【詳解】

完全相同的彈性小球之間的碰撞為彈性碰撞，總動量守恒，總動能守恒．設入射小球初速度為v0，碰后速度為v1，被碰小球碰后速度為v2；則。

聯(lián)立解得：v1=0，v2=v0；碰撞過程兩者交換速度。

故無論一次提起幾個小球；這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個小球，另一側(cè)將起來等數(shù)量的幾個小球，故ABC錯誤，D正確．

故選：D二、多選題(共9題，共18分)10、B:C:D【分析】【分析】

當照射光強度增大時，變??；分析電路中總電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可得出燈泡功率的變化．

【詳解】

當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，變小，外電路總電阻減小，則電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故兩端的電壓增大，即電壓表的示數(shù)增大，故A錯誤；因電路中總電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，流過的電流減?。挥捎诟陕冯娏髯兇?，流過的電流減小；可知流過燈泡的電流一定增大，小燈泡的功率變大，故BCD正確．

【點睛】

閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復雜，要注意靈活應用電路的性質(zhì)．11、C:D【分析】【詳解】

試題分析：由電路圖可知，滑動變阻器的滑動片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源的電動勢不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，而路端電壓則U增大，電阻的電壓減小，則電壓表示數(shù)減??；并聯(lián)部分的電壓增大，電壓表示數(shù)增大；增大，通過的電流增大，因為總電流減小，所以通過電流表的示數(shù)變?。蔄B錯誤，D正確；電壓表的示數(shù)與電壓表的示數(shù)之和等于U，即因示數(shù)增大，示數(shù)減小，而U減小，所以電壓表的示數(shù)增加量小于電壓表的示數(shù)減小量；故C正確．故選CD．

【點睛】根據(jù)滑片的移動方向判斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點及歐姆定律分析答題．12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．一定質(zhì)量的氣體的等容線；體積不同，圖線不同，在圖線1；2上取溫度相同的兩點，可得。

則。

所以C正確；AB錯誤；

D．圖線1、2都交于t軸上處；即熱力學溫度0K處，故D正確。

故選CD。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．當兩分子間距減小到分子間作用力為0時，分子間距為分子間距小于時，分子間為斥力，隨距離增大，分子力做正功，分子勢能減小，分子間距大于時，分子間為引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢能減小，則分子間距為時；分子勢能最小，故A正確；

B．熱傳遞的條件是兩個系統(tǒng)之間存在溫度差；溫度是否相等是兩個系統(tǒng)是否達到熱平衡的標志，因此達到熱平衡的系統(tǒng)一定具有相同的溫度，故B正確；

C．一定質(zhì)量的理想氣體；在發(fā)生絕熱膨脹的過程中，氣體對外做功，氣體內(nèi)能減小，溫度降低，分子的平均動能一定減小，故C正確；

D．一種液體是否浸潤某種固體與液體的性質(zhì)和固體的性質(zhì)都有關(guān)；故D錯誤；

E．氣體的壓強與氣體的重力無關(guān)；則將密閉一定質(zhì)量氣體的容器置于在軌運行的宇宙飛船中，容器內(nèi)的氣體壓強不變，故E錯誤。

故選。14、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．充電過程中溫度不變；而分子運動的劇烈程度取決于氣體的溫度，溫度不變，分子運動的劇烈程度不變，所以A錯誤；

B．充氣過程中；溫度不變，所以儲氣室內(nèi)氣體的分子平均動能不變，而充氣過程中儲氣室內(nèi)氣體分子數(shù)增多，所以單位面積撞擊器壁的次數(shù)變多，所以壓強增大，所以B正確；

C．只有當儲氣室內(nèi)氣體壓強大于大氣壓強與噴嘴到液面這段液體產(chǎn)生的壓強之和時；消毒液才能從噴嘴處噴出，所以C錯誤；

D．噴液過程中；氣體膨脹，對外做功，但是氣體溫度不變，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律，一定需要從外界吸收熱量，所以D正確；

E．噴液過程中；氣體體積膨脹，由于溫度不變，根據(jù)玻意耳定律，氣體壓強減小，即儲氣室內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的平均撞擊力減小，所以E正確。

故選BDE。15、A:D【分析】【詳解】

A.多晶體有固定的熔點；但沒有規(guī)則的外形，且表現(xiàn)為各向同性，故A正確；

B.當分子間的相互作用力表現(xiàn)為斥力；且分子間的距離增大時，分子間的相互作用力先增大后減小，故B錯誤；

C.一定質(zhì)量的理想氣體；體積減小，當溫度不變時，其壓強增大，故C錯誤；

D.將紅墨水滴入一杯清水中；一會兒整杯清水都變成紅色，說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動，該現(xiàn)象是擴散現(xiàn)象，故D正確；

E.由熱力學第二定律可知；一切自發(fā)過程總沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故E錯誤。

故選AD。16、C:D【分析】【分析】

由甲圖知電壓峰值；周期；從而求電壓有效值、角速度和頻率；電壓表測量的是路端電壓，求解實際功率要用有效值．

【詳解】

由圖可知T=0.02s，則頻率f=1/T=50Hz，選項A錯誤；電動勢有效值為可知通過燈泡的電流為選項B錯誤；電壓表讀數(shù)選項C正確；燈泡的實際功率：P=IU=40W；選項D正確；故選CD.17、B:D【分析】【詳解】

A．物體在0-2s內(nèi)受到力F的方向一直向右，因此物體在0-2s一直做加速運動，在2s后力F的方向發(fā)生了變化因此物體在2s后繼續(xù)向右做減速運動；故A錯；

B．2s時力F的方向發(fā)生了變化；有牛頓第二定律可知加速度也發(fā)生了變化，故B正確；

C．有以上計算可知物體在0-2s內(nèi)加速運動；一直向前運動，2-4s內(nèi)做減速運動，一直向前運動，4s時物體減速為0，即0-4s內(nèi)物體一直向前運動，故C錯誤．

D．F-t的面積表示力F的沖量，因此可知力F在0-2s內(nèi)的沖量大小和2-4s內(nèi)的沖量大小相等，對物體在0-4s寫動量定理有故D正確；18、A:D【分析】【詳解】

A．依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；小球機械能守恒，小球和槽組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A正確；

B．小球在點，速度大小為0，小球的功率為0，小球在點，速度方向與重力方向垂直，小球的功率為0，小球從到Ｃ運動過程中；功率先變大后變小，故B錯誤；

CD．依據(jù)能量守恒和動量守恒的條件，小球從到運動過程中；球和槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，系統(tǒng)動量不守恒，故C錯誤，D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】本題考查折射定律；光的色散及其相關(guān)的知識點。

根據(jù)題述和圖示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃對紅光的折射率n==若改用藍光沿同一路徑入射，由于玻璃對藍光的折射率大于玻璃對紅光的折射率，則光線在D點射出時的折射角大于60°?！窘馕觥看笥?0、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態(tài)參量。

由等容變化；有。

得。

發(fā)生等溫變化；壓強又降低到原來的數(shù)值，由。

知。

【解析】8L600K21、略

【分析】【詳解】

[1][2]浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距小于液體內(nèi)部分子間距，分子間表現(xiàn)為斥力，分子勢能可能是圖像中的A點?！窘馕觥啃∮贏22、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過程中，圖線是過原點的直線，根據(jù)

可得

可知C→A過程中氣體壓強不變；

[2]整個過程中與外界交換的熱量相當于放出61.4J，而整個過程中內(nèi)能不變，則外界對氣體做功為W=61.4J

其中A→B過程氣體體積變大，對外做功W1；B→C過程體積不變，W2=0；從C→A過程等壓壓縮，外界對氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過程中對外界所做的功為138.6J。【解析】不變138.623、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應該為吸收熱量。【解析】=＜吸收24、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大??；所以A錯誤B正確。

因為目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉑片上電勢差相等；所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確。

電壓表有示數(shù)必須有電源；所以不可以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤。

故選BC

②現(xiàn)要使靜電計指針偏角變大，即電勢差增大，電荷量不變，所以電容減小，保持B板小動，A板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確。

保持B板不動；A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤。

保持A；B兩板不動；在A、B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，增大介電常數(shù)，電容增大，不符合題意，故C錯誤。

故選A25、C:D【分析】試題分析：設原子核X的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為y，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得原子核Y的質(zhì)量數(shù)為x，電荷數(shù)為原子核Z的質(zhì)量數(shù)為電荷數(shù)為．由此可得X核的質(zhì)子（y）比Z核的質(zhì)子（）多2個，X核的中子比Z核的中子多1個；故AB錯誤；X核的質(zhì)量數(shù)（x）比Z核的質(zhì)量數(shù)（x-3）多3個，故C正確；X核與Z核的總電荷（2y-2）是Y核電荷（y-1）的2倍，故D正確．

考點：考查了核反應方程。

名師點睛：關(guān)鍵是知道反映前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒的知識，屬于基礎(chǔ)知識，應仔細閱讀題目，一步一步向下分析．四、作圖題(共3題，共6分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；