2025年華師大版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個質(zhì)子垂直磁場方向進入磁場區(qū)域；運動的軌跡為圓形．若換成一個氦核以相同速度進入這個磁場，則（）

A.軌跡半徑增大。

B.軌跡半徑減小。

C.運動周期不變。

D.運動周期減小。

2、如圖所示的電路，a、b、c為三個相同的燈泡，每個燈泡的電阻大于電源內(nèi)阻，當變阻器R的滑臂P向上移動時，下列判斷中正確的是:A.b燈中電流變化值小于c燈中電流變化值B.a、b兩燈變亮，c燈變暗C.電源輸出功率增大D.電源的供電效率增大3、如圖所示，均勻介質(zhì)中兩波源S1、S2分別位于x軸上的x1=0、x2=16m處，質(zhì)點P位于x軸上的x3=4m處。t=0時刻，兩波源同時由平衡位置開始向上振動，振動周期T=0.1s，傳播速度均為v=80m/s。波源S1的振幅A1=3cm，波源S2的振幅A2=4cm。則從t=0到t=0.35s時間內(nèi)質(zhì)點P通過的路程為A.98cmB.14cmC.56cmD.68cm4、如圖所示，一個靜止的質(zhì)量為m，帶電量為+q的帶電粒子(不計重力)，經(jīng)電壓U加速后垂直進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，粒子打至P點，設(shè)OP=x，能正確反映x與U之間函數(shù)關(guān)系的x—U圖如圖中的（）5、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的一個、矩形的四個頂點，已知A、B、D三點電勢分別為ΨA=20V，ΨB=24V，ΨD=4V，則可得C點電勢ΨC為（）

A.4V

B.8V

C.12V

D.24V

6、如圖所示，一小球用細線懸于O

點在豎直面內(nèi)AC

間做圓周運動，OA

與豎直方向的夾角為53鈭?

不計空氣阻力，則小球在A

點和最低點B

點的加速度之比為(

)

A.35

B.45

C.15

D.11

評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、甲和乙兩個物體在同一直線上運動，它們的速度--時間圖象分別如圖中的a和b所示．由圖可知它們的運動方向____（填“相同”或“相反”）；在t1時刻，甲的速度比乙的速度____（填“大”或“小”）．

8、如圖所示，在真空中有兩個點電荷A和B，電荷量分別為－Q和＋2Q，它們相距L。如果在兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r(2r＜L)的空心金屬球，且球心位于O點，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大?。撸撸撸叻较颍撸撸撸?。9、如圖所示，是利用放射線自動控制鋁板厚度的裝置．假如放射源能放射出α、β、γ三種射線，而根據(jù)設(shè)計，該生產(chǎn)線壓制的是3mm厚的鋁板，那么是三種射線中的____射線對控制厚度起主要作用．當探測接收器單位時間內(nèi)接收到的放射性粒子的個數(shù)超過標準值時，將會通過自動裝置將M、N兩個軋輥間的距離調(diào)____一些．

10、如圖所示，A、B、C三點都在勻強電場中．已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm．把一個q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零；從B移到C，電場力做功為-×10-3J，則該勻強電場的場強大小是______，并在圖中作出這個電場線．11、將一個10鈭?6C

的負電荷從電場中A

點移到B

點，克服電場力做功2隆脕10鈭?6

J、從C

點移到D

點，電場力做功7隆脕10鈭?6J

若已知B

點比C

點電勢高3V

則UAB=______VUCD=

______VUDA=

______V.

12、一彈簧測力計在10N

外力作用下，在彈性限度內(nèi)，彈簧伸長了0.2m

彈簧的彈性勢能將______(

選填“增大”或“減小”)

該彈簧測力計的彈簧的勁度系數(shù)為______N/m

該彈簧測力計不稱重物時，彈簧的勁度系數(shù)為______N/m

．13、在我國北方的冬季，常遭遇低溫冰雪天氣的襲擊，停在室外汽車的水箱經(jīng)常會有被凍裂的現(xiàn)象，原因是水箱中的水結(jié)冰后質(zhì)量______，密度______，體積______。（均選填“增大”、“減小”或“不變”）14、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過如圖所示的一系列過程：

下列說法正確的是______。

A．由a→b過程；氣體內(nèi)能增加。

B．由a→b過程；氣體分子熱運動加劇。

C．當分子熱運動減緩時；壓強必定減小。

D．當分子平均動能增大時；氣體體積可以保持不變。

在上述b→c過程中，氣體______（選填“氣體對外界”“外界對氣體”）做功；c→a過程中，氣體______（選填”從外界吸收“或”向外界放出“）熱量。15、如圖（a）所示，阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與一個阻值為2R的電阻連接成閉合電路．線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域存在垂直于線圈平面的勻強磁場（向里為正），磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，圖中B1、t1為已知量．導線電阻不計，則t1時刻經(jīng)過電阻的電流方向為______（選填“a→b”或“b→a”），電流的大小為______．

評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、畫圖題(共2題，共6分)24、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象25、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、作圖題(共1題，共3分)26、（９分）有一個直流電動機,把它接入0.2V電壓的電路時,電機不轉(zhuǎn),測得流過電動機的電流是0.4A；若把電動機接入2.0V電壓的電路中,電動機正常工作,工作電流是1.0A,求電動機正常工作時的輸出功率多大?如果在電動機正常工作時,轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機的發(fā)熱功率是多大？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】

質(zhì)子的質(zhì)量數(shù)是1；電荷數(shù)是1，它的比荷數(shù)是1；氦核的質(zhì)量數(shù)是4，電荷數(shù)是2，它的比荷數(shù)是2，即氦核的比荷是質(zhì)子的2倍．

A、B：根據(jù)半徑公式：得：所以氦核的軌跡半徑大，故A正確，B錯誤；

C、D：根據(jù)周期公式：得：所以氦核的軌跡周期大，故C錯誤，D錯誤．

故選：A

【解析】【答案】已知質(zhì)子和氦核的質(zhì)量和電量關(guān)系，根據(jù)半徑公式即可求出半徑關(guān)系，根據(jù)確定周期關(guān)系．

2、B|C【分析】【解析】試題分析：B當變阻器R的滑臂P向上移動時，外電路總電阻減小，電路中總電流增大，則a燈中電流增大，并聯(lián)部分電壓減小，則c燈中電流減小，b燈中電流，增大，減小，則增大．由于總電流增大，所以b燈中電流變化值大于c燈中電流變化值，a、b兩燈變亮，c燈變暗．故A錯誤，B正確．由于外電路總電阻大于電源的內(nèi)阻，則當變阻器R的滑臂P向上移動時，外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大．故C正確．外電路總電阻減小，路端電壓減小，則電源的供電效率減小．故D錯誤．故選BC考點：考查了電路動態(tài)分析【解析】【答案】BC3、D【分析】【解析】【答案】D4、B【分析】試題分析：由加速電場可知：Uq=mv2，又由偏轉(zhuǎn)磁場可知：Bqv=聯(lián)立二式得：x=即U與x2成正比，故B是正確的?？键c：帶電粒子的加速與在磁場中的偏轉(zhuǎn)。【解析】【答案】B5、B【分析】

根據(jù)在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分將線段bd五等分，如圖所示，則Ube=Ubd=×（24-4）=4v；

故Ube=φb-φe=4v；

故φf-φd=4v；

故φe=24-4=20v．

φf=8v．

故φa=φe；

連接cf；則cf∥ae；

故c點的電勢φc=φf=8v．

故B正確；ACD錯誤．

故選B．

【解析】【答案】在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段兩端的電勢差等分，故可將bd五等分，求出e、f的電勢，連接ae和cf，則cf∥ae，φc=φf=8v．

6、D【分析】解：小球在A

點時速度為零，因此向心力為零，向心加速度為零，只有切向加速度，大小滿足mgsin53鈭?=ma1

得a1=0.8g

從A

到最低點的過程中，小球的機械能守恒，則有mgL(1鈭?cos53鈭?)=12mvB2

在B

點，只有向心加速度，即a2=vB2L

得a2=0.8g

故a1a2=11

故選：D

小球在A

點時速度為零；向心力為零，由重力沿圓弧切線方向的分力產(chǎn)生加速度.

小球在B

點時，由重力和拉力的合力產(chǎn)生加速度，根據(jù)機械能守恒定律和牛頓第二定律結(jié)合解答．

本題運用正交分解的思維方式來分析加速度，將加速度分解切向和法向兩個方向研究，知道A

點的速度為零時，只有切向加速度.

在B

點只有向心加速度．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

由圖看出，速度均為正值，說明a、b都沿正方向運動，它們的運動方向相同．速度圖線都是傾斜的直線，說明兩物體都做勻變速直線運動，b做勻加速直線運動，a在做勻減速直線運動．由圖讀出，在t1時刻，a的速度比b的速度大．故甲的速度比乙的速度大．

故答案為：相同；大。

【解析】【答案】速度的正負表示速度的方向．勻變速直線運動的速度圖象是傾斜的直線．根據(jù)圖線的縱坐標直接讀出速度的大?。?/p>

8、略

【分析】【解析】【答案】12kQ/L2右9、β大【分析】【解答】α、β、γ三種射線的穿透能力不同，α射線不能穿過3mm厚的鋁板，γ射線又很容易穿過3mm厚的鋁板，厚度的微小變化不會使穿過鋁板的γ射線的強度發(fā)生較明顯變化，所以基本不受鋁板厚度的影響．而β射線剛好能穿透幾毫米厚的鋁板，因此厚度的微小變化會使穿過鋁板的β射線的強度發(fā)生較明顯變化，即是β射線對控制厚度起主要作用．若超過標準值；說明鋁板太薄了，應(yīng)該將兩個軋輥間的距離調(diào)大些．

故答案為：β；大。

【分析】α射線穿透本領(lǐng)太弱，γ射線穿透能力又太強，而β射線穿透能力β居中．10、略

【分析】解：由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線．BC間電勢差為UBC==V=-173V

該勻強電場的場強大小E===1000V/m

電場線方向垂直于AB向下．如圖．

故答案為：1000V/m；電場線如圖．

根據(jù)一個q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，可知，A與B電勢相等．根據(jù)電荷從B移到C，電場力做功為-1.73×10-3J，由電勢差的公式求出BC間的電勢差．由E=求場強大??；根據(jù)等勢線與電場線垂直，作出電場線．

本題根據(jù)題設(shè)條件找到等勢點，作出等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，并由高電勢處指向低電勢處作電場線是常規(guī)思路．【解析】1000V/m11、2；-7；2【分析】解：根據(jù)條件，電荷的電量q=鈭?10鈭?6C

負電荷從電場中A

點移到B

點，克服電場力做功2隆脕10鈭?6J

電場力做功為WAB=鈭?2隆脕10鈭?6J

則UAB=WABq=鈭?2隆脕10鈭?6鈭?1隆脕10鈭?6V=2V.

由題，負電荷從C

點移到D

點，電場力做功WCD=7隆脕10鈭?6J

則UCD=WCDq=鈭?7隆脕10鈭?61隆脕10鈭?6V=鈭?7V.

已知B

點比C

點電勢高3V

即UBC=3V.

而UDA=UDC鈭?UAB鈭?UBC=7V鈭?2V鈭?3V=2V

．

故答案為：2鈭?72

由題，電荷從電場中A

點移到B

點，克服電場力做功2隆脕10鈭?6J

電場力做功為鈭?2隆脕10鈭?6

J.根據(jù)公式U=Wq

分別求出AB

間UAB

及CD

間的電勢差UCD.

根據(jù)已知條件B

點比C

點電勢高3V

求解UDA

．

本題根據(jù)電勢差定義式求解兩點間的電勢差，可通過畫電場線，將各點在電場線的相對位置標出，更直觀反映各點電勢的高低．【解析】2鈭?72

12、略

【分析】解：在彈性限度內(nèi)；彈簧伸長了0.2m

彈簧的彈性勢能將增大．

由F=kx

得k=Fx=100.2=50N/m

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；該彈簧測力計不稱重物時，彈簧的勁度系數(shù)不變，仍為50N/m

．

故答案為：增大；5050

．

彈簧的彈性勢能與彈簧的形變量有關(guān)；形變量越大，彈性勢能越大.

根據(jù)胡克定律可求得彈簧的勁度系數(shù).

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定，與是否受力無關(guān)．

彈簧的彈力與形變量之間的關(guān)系遵守胡克定律.

要知道公式F=kx

中，x

是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量．【解析】增大；5050

13、不變變小變大【分析】解：冬天室外溫度很低；汽車水箱里的水放熱，達到凝固點后逐漸結(jié)成了冰；水結(jié)成冰后，狀態(tài)改變，體積變大，但是質(zhì)量不變；

根據(jù)ρ=可知冰的密度減小。

故答案為：不變；變小；變大。

物質(zhì)狀態(tài)發(fā)生變化時體積也發(fā)生變化；多數(shù)物質(zhì)從液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)時體積變小，但水例外；質(zhì)量是物體的一種屬性，與物體的位置；形狀、狀態(tài)無關(guān)。

解決此類問題的關(guān)鍵是知道凝固的現(xiàn)象，并且明白冰和水的密度不一樣導致體積不一樣，而質(zhì)量是不變量?！窘馕觥坎蛔冏冃∽兇?4、D外界對氣體從外界吸收【分析】解：A、由a→b過程；溫度不變，故一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能不變，故A錯誤；

B、由a→b過程；溫度不變，分子熱運動的平均動能不變，故氣體分子熱運動的劇烈程度不變，故B錯誤；

C、由b→c過程；溫度降低，分子熱運動減緩，壓強不變，故C錯誤；

D；由c→a過程溫度升高；分子平均動能增大，因為c→a過程的P-T圖象過原點，所以由c→a過程為等容過程，故氣體體積可以保持不變，故D正確。

根據(jù)=C可知：b→c過程中P不變；而溫度T減小，故體積V變小，所以是外界對氣體做功；

c→a過程中溫度升高；故內(nèi)能增大△U＞0，c→a為等容過程，故W=0，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q

所以：Q＞0；故氣體從外界吸收熱量；

故答案為：D；外界對氣體，從外界吸收。

結(jié)合圖象分析過程中壓強P；體積V、溫度T三個參量的變化情況；利用過原點的P-T圖象過程為等容過程；一定質(zhì)量的理想氣體的溫度與內(nèi)能變化一致；分子運動的劇烈程度與溫度有關(guān)等結(jié)論逐項分析即可；

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可知b→c過程中P不變；根據(jù)溫度T變化情況分析出體積變化情況，進而可以確定做功的正負；根據(jù)熱力學第一定律結(jié)合做功情況，即可求出c→a過程中，氣體與外界熱量交換的情況。

本題考查氣體定律的綜合運用，解題關(guān)鍵是要根據(jù)圖象分析好壓強P、體積V、溫度T三個參量的變化情況，知道發(fā)生何種狀態(tài)變化過程，選擇合適的實驗定律，再結(jié)合熱力學?！窘馕觥緿外界對氣體從外界吸收15、略

【分析】解：由圖（b）可知，在0～t1時間內(nèi)，感應(yīng)電流從b→a，由歐姆定律可知，在t1以后，感應(yīng)電流從b→a，因此t1時，電流從b→a；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢E=n=nS=nπr22電流大小I==

故答案為：b→a，．

由楞次定律可以判斷出電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律可以求出電路電流大?。?/p>

本題考查了判斷感應(yīng)電流的方向，求感應(yīng)電流大小，熟練應(yīng)用楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律即可正確解題．【解析】b→a；三、判斷題(共8題，共16分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?1、B【