2025年蘇教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、電荷量為4×10－6C的小球絕緣固定在A點(diǎn)，質(zhì)量為0.2kg、電荷量為－5×10－6C的小球用絕緣細(xì)線懸掛，靜止于B點(diǎn)．A、B間距離為30cm，AB連線與豎直方向夾角為60°．靜電力常量為9.0×109N?m2/C2，小球可視為點(diǎn)電荷．下列圖示正確的是（）A.B.C.D.2、如圖所示，邊長為L的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置5根長度也為L的相同絕緣細(xì)棒。每根細(xì)棒均勻帶上正電?，F(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn)，此時正六邊形幾何中心O點(diǎn)的場強(qiáng)為零。若移走AB邊上的細(xì)棒，則O點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為(k為靜電力常量)(不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響)（）

A.B.C.D.3、如圖所示，在勻強(qiáng)電場中固定一個點(diǎn)電荷Q，圖中虛線為以Q為圓心、半徑為r的圓，a、b、c、d為圓周上均勻分布的4點(diǎn)。已知a點(diǎn)的合場強(qiáng)為零，則b點(diǎn)的合場強(qiáng)大小為()

A.0B.C.D.4、如圖，V型對接的絕緣斜面M、N固定在水平面上，兩斜面與水平面夾角均為其中斜面N光滑。兩個質(zhì)量相同的帶電小滑塊P；Q分別靜止在M、N上，P、Q連線垂直于斜面M，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則P與M間的動摩擦因數(shù)至少為（）

A.B.C.D.5、某課題組為探測磁場的有無，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計如圖電路，且知磁敏電阻在無磁場時電阻很小，有磁場時電阻變大，并且磁場越強(qiáng)阻值越大。電源的電動勢和內(nèi)阻不變，在無磁場時調(diào)節(jié)變阻器R使小燈泡L正常發(fā)光；若探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)，下列說法正確的有（）

A.通過滑動變阻器的電流變大B.磁敏電阻兩端電壓變小C.電壓表的示數(shù)變小D.小燈泡L亮甚至燒毀6、下列敘述中正確的是()A.電場強(qiáng)度的定義式適用于任何電場，式中的q是場源電荷的電荷量B.強(qiáng)度公式適用于真空中點(diǎn)電荷，式中的Q是場源電荷的電荷量C.公式是勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)計算式，U越大，則電場強(qiáng)度越大D.由可知q越大，則電場強(qiáng)度越??；由可知Q越大，則電場強(qiáng)度越大7、在一點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中，一個粒子（帶負(fù)電荷）通過時的軌跡如圖實(shí)線所示，圖中虛線表示電場的兩個等勢面a、b；以下說法中正確的是。

A.點(diǎn)電荷Q可能為正電荷，也可能為負(fù)電荷B.運(yùn)動中粒子總是克服電場力做功C.粒子在a、b兩等勢面時a的動能一定比b的大D.粒子在經(jīng)過a、b兩等勢面上時的a點(diǎn)時的電勢能一定比b點(diǎn)時的大8、真空中有一帶負(fù)電的電荷繞固定的點(diǎn)電荷運(yùn)動，其運(yùn)動軌跡為橢圓，如圖所示。已知為橢圓的四個頂點(diǎn)，處在橢圓的一個焦點(diǎn)上；則下列說法正確的是（）

A.產(chǎn)生的電場中，兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.負(fù)電荷在點(diǎn)的速度大于在d點(diǎn)的速度C.負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能D.負(fù)電荷在運(yùn)動過程中電場力始終不做功評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電壓表V1、V2、V3為理想電壓表，R1、R3為定值電阻，R2為熱敏電阻(其阻值隨溫度升高而減小)，C為電容器，閉合開關(guān)S，電容器C中的微粒A恰好靜止．當(dāng)室溫從25℃升高到35℃的過程中，流過電源的電流變化量是ΔI，三只電壓表的示數(shù)變化量是ΔU1、ΔU2和ΔU3.則在此過程中()

A.V1示數(shù)增大B.Q點(diǎn)電勢升高C.D.R3中的電流方向由M向N，微粒A勻加速下移10、如圖所示，一個形金屬軌道水平放置，其上放有一個金屬導(dǎo)體棒ab，有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場的磁感線斜向上穿過軌道平面，且與豎直方向的夾角為在下列各過程中；一定能在導(dǎo)體棒與軌道構(gòu)成的回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A.ab向右運(yùn)動，同時使減小B.使磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，同時使也減小C.ab向左運(yùn)動，同時增大磁感應(yīng)強(qiáng)度D.增大11、如圖所示，是邊長為L的等邊三角形，電荷量為的點(diǎn)電荷固定在A點(diǎn)，先將一電荷量也為的點(diǎn)電荷從無窮遠(yuǎn)處（電勢為0）移到B點(diǎn)，此過程中電場力對做功為再將從B點(diǎn)沿BC移到C點(diǎn)并固定，最后將一電荷量為+3q的點(diǎn)電荷從無窮遠(yuǎn)處移到B點(diǎn)，已知靜電力常量為下列說法正確的有（）

A.移入之前，B、C兩點(diǎn)電勢相等B.從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中，其電勢能先增大后減小C.從無窮遠(yuǎn)處移到B點(diǎn)的過程中，電場力對做功為6WD.在B點(diǎn)所受電場力大小為12、小明同學(xué)在物理實(shí)驗(yàn)室中描繪出了兩個等量點(diǎn)電荷的等勢線。如圖所示，Q點(diǎn)處為正電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場的等勢線分布如圖，a、b、c、d、e為電場中的5個點(diǎn)，其中a、b連線和P、Q連線相互垂直，e點(diǎn)在P、Q連線的中垂線上，設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則下列說法中正確的是（）

A.e點(diǎn)的電勢大于0B.a點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.b點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢D.將負(fù)電荷從a點(diǎn)移動到c點(diǎn)時，電荷的電勢能增加13、利用一個電動勢為E的電源對一電容器（電容為C）充電，充電過程中，電容器兩端的電壓U和電容器所帶電荷量Q的函數(shù)關(guān)系如圖所示，若圖中ΔQ取得盡可能小，則陰影部分的面積可以表示對電荷量為ΔQ的電荷所做的功，即電容器所帶電荷量增加ΔQ時儲存的能量；則（）

A.圖象的斜率等于電容C的大小B.圖象斜率的倒數(shù)等于電容C的大小C.充電完畢電容器儲存的能量為CE2D.充電完畢電容器儲存的能量為CE214、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，A在上方，B在下方，現(xiàn)將其和二極管串聯(lián)接在電源上，已知A和電源正極相連，二極管具有單向?qū)щ娦?，一帶電小球沿AB中心水平射入，打在B極板上的N點(diǎn)；小球的重力不能忽略?，F(xiàn)通過上下移動A板來改變兩極板AB間距（兩極板仍平行），則下列說法正確的是（）

A.若小球帶正電，當(dāng)AB間距增大時，小球打在N的右側(cè)B.若小球帶正電，當(dāng)AB間距減小時，小球打在N的左側(cè)C.若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距減小時，小球打在板上動能可能變小D.若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距增大時，小球落在板上的動能可能增大15、如圖甲所示兩平行極板P、Q的極板長度和板間距離均為l,位于極板左側(cè)的粒子源沿兩板的中軸線向右連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電量為+q、速度相同、重力不計的帶電粒子．在0~3t0時間內(nèi)兩板間加上如圖乙所示的電壓(不考慮極板邊緣的影響)．已知t=0時刻進(jìn)入兩板間的帶電粒子恰好在2t0時刻經(jīng)極板邊緣射出．上述m、q、l、t0為已知量．(不考慮粒子間相互影響及返回極板間的情況)；則。

A.該粒子在平行板間一直做曲線運(yùn)動B.該粒子進(jìn)入平行板間的初速度C.該粒子在平行板間偏轉(zhuǎn)時的加速度D.兩平行板上所加電壓大小16、如圖所示電路，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a端移動時；則（）

A.電流表讀數(shù)減小B.電壓表讀數(shù)減小C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動D.R3上消耗的功率逐漸減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、在紙面上有一個等邊三角形ABC，其頂點(diǎn)處都有通相同電流的三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，電流方向如圖所示，每根通電導(dǎo)線在三角形的中心產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為則中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為__．

18、能源的開發(fā)與環(huán)境的關(guān)系∶

（1）人類的生存與發(fā)展需要____，能源的開發(fā)與使用又會對環(huán)境造成_____。

（2）一方面要大力提倡____，另一方面要發(fā)展_______能源以及天然氣、清潔煤和核能等在生產(chǎn)及消費(fèi)過程中對生態(tài)環(huán)境的污染程度低的____能源。19、判斷下列說法的正誤．

（1）只要閉合電路內(nèi)有磁通量，閉合電路中就有感應(yīng)電流產(chǎn)生。（____）

（2）穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時，螺線管內(nèi)部就一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生。（____）

（3）閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動時，電路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流。（____）

（4）不論電路是否閉合，只要電路中磁通量發(fā)生變化，電路中就有感應(yīng)電流。（____）20、電功。

（1）電流做功的實(shí)質(zhì)是，導(dǎo)體中的恒定電場對自由電荷的____在做功。電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能，是通過_____來實(shí)現(xiàn)的。

（2）電功的計算公式：W＝_____。

單位：____；符號為J。

常用的單位：千瓦時（kW·h），也稱“______”，1kW·h＝_______J。21、光是傳播中的電磁場，即電磁波。“電磁波的振動方向”指的是__________方向。22、真空中有兩個相同的金屬小球，帶電量分別為＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r時（遠(yuǎn)大于小球直徑），相互作用為0.3N，現(xiàn)將兩球相接觸后再放回原處，則它們之間的相互作用力為________N，此時每個小球的帶電量相當(dāng)于______個電子所帶電量。23、均勻帶電正方形框邊長為R，所帶電量為+Q，若取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則其兩條對角線交點(diǎn)處的電勢___零，(選填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一邊中點(diǎn)挖去一個長為r(r<<R)的一小段后，則其兩條對角線交點(diǎn)處電場強(qiáng)度大小____________24、描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是________，其單位可用國際單位制中的基本單位表示為________。25、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

27、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短28、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

29、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當(dāng)報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

根據(jù)庫侖定律求解兩球之間的庫侖力；然后對球B受力分析，結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件分析三力之間的關(guān)系，從而確定細(xì)線拉力方向．

【詳解】

兩球之間的庫侖力為小球B受到的重力大小為且F與豎直方向夾角為60°，故小球B受到的庫侖力，重力以及細(xì)線的拉力，組成的矢量三角形為等邊三角形，所以細(xì)線與豎直方向的夾角為60°，B正確．

【點(diǎn)睛】

當(dāng)三力平衡時，能組成一個封閉的矢量三角形，再結(jié)合一個角為60°的等腰三角形為等邊三角形即可求解．2、A【分析】【詳解】

每根細(xì)棒均勻帶上正電，現(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn)，此時正六邊形幾何中心O點(diǎn)的場強(qiáng)為零；由此可知，+Q的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為

那么每根細(xì)棒在O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小也為

若移走AB邊上的細(xì)棒，那么其余棒在O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為

故選A。3、C【分析】【詳解】

如下圖所示。

固定一個點(diǎn)電荷Q，在圓周a、b、c、d上由于間距相等，所以它們的電場強(qiáng)度大小均相等，均為

而a點(diǎn)的合電場強(qiáng)度為零，則可判定點(diǎn)電荷Q是負(fù)電荷，勻強(qiáng)電場在a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小也為

Q是負(fù)電荷，在b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向豎直向下，勻強(qiáng)電場在b點(diǎn)場強(qiáng)方向水平向右，它們方向相互垂直，大小相等，根據(jù)矢量合成圖可知b點(diǎn)的合電場強(qiáng)度大小為

故C正確；ABD錯誤。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

滑塊Q在光滑斜面N上靜止，則P與Q帶電同性，兩者之間為庫侖斥力設(shè)為F；兩滑塊的受力分析和角度關(guān)系如圖所示。

對Q物體在沿著斜面方向有

可得

而對P物體動摩擦因素最小時有

聯(lián)立解得

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

探測裝置從無磁場區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場區(qū)時，磁敏電阻變大，電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流I變小，根據(jù)

可知I減小，路端電壓U增大，則電壓表的示數(shù)變大，小燈泡兩端的電壓增大，所以小燈L泡變亮甚至燒毀，小燈泡的電流增大，而總電流減小，所以通過滑動變阻器R的電流減小，R的電壓減??；而路端電壓增大，所以磁敏電阻兩端電壓變大，故ABC錯誤，D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．是電場強(qiáng)度的定義式，它適用于任何電場，式中的q是試探電荷的電荷量；故A錯誤；

B．是真空中點(diǎn)電荷場強(qiáng)的計算式，式中的Q是場源電荷的電荷量；故B正確；

C．是勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)計算式，U越大；電場強(qiáng)度恒定不變，故C錯誤；

D．是電場強(qiáng)度的定義式，式中的q是試探電荷的電荷量，電場強(qiáng)度的大小與q無關(guān)，是真空中點(diǎn)電荷場強(qiáng)的計算式，式中的Q是場源電荷的電荷量，Q越大；電場強(qiáng)度越大，故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【分析】

由題中“在一點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中”可知；本題考查點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度分布和等勢面，根據(jù)點(diǎn)電荷電場線的特點(diǎn)可分析本題。

【詳解】

A．曲線運(yùn)動的合力一定指向曲線的內(nèi)側(cè)；由圖可知，粒子的軌跡向左彎曲可以知道，受到了斥力，而粒子帶正電，說明Q一定是正電荷，故A錯誤；

B．由圖可知；運(yùn)動中粒子在靠近正電荷時，電場力做負(fù)功，而遠(yuǎn)離時，電場力做正功，故B錯誤；

CD．從a等勢面到b等勢面運(yùn)動過程中，粒子在靠近正電荷，電場力做負(fù)功，故電勢能增加，動能減小，故C正確，D錯誤。8、B【分析】【詳解】

A．兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向不同；A錯誤；

BC．負(fù)電荷由運(yùn)動到d的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能增加，動能減小，所以負(fù)電荷在點(diǎn)的速度大于在d點(diǎn)的速度，在點(diǎn)的電勢能小于在d點(diǎn)的電勢能；B正確，C錯誤；

D．若負(fù)電荷逆時針轉(zhuǎn)動，則負(fù)電荷由經(jīng)d運(yùn)動到的過程中；電場力先做負(fù)功再做正功，D錯誤；

故選B。二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【詳解】

AB.室溫從25℃升高到35℃的過程中，的阻值減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得總電流增大，根據(jù)歐姆定律可知兩端電壓增大，所以理想電壓表V1示數(shù)增大，根據(jù)可知兩端電壓減小，即理想電壓表V2示數(shù)減小，所以點(diǎn)電勢降低；故A正確，B錯誤；

C.根據(jù)閉合電路歐姆定律則有：

可得：

根據(jù)閉合電路歐姆定律則有：

可得：

故C錯誤；

D.根據(jù)閉合電路歐姆定律則有：

可知理想電壓表V3示數(shù)減小，根據(jù)可知電容器兩極板所帶的電荷量減小，電容器放電，所以中的電流方向由向根據(jù)和可知電場力減小，微粒勻加速下移，故D正確．10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)導(dǎo)體棒與軌道構(gòu)成的回路面積為S，則穿過回路的磁通量

ab向右運(yùn)動，S增大，減小，增大，則一定增大；回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，A正確；

B．減小，也減小，增大，則可能不變；回路中可能不產(chǎn)生感應(yīng)電流，B錯誤；

C．a(chǎn)b向左運(yùn)動，S減小，增大，則可能不變；回路中可能不產(chǎn)生感應(yīng)電流，C錯誤；

D．增大，減小，則一定減??；回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，D正確。

故選AD。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周圍的等勢線為以點(diǎn)電荷為圓心的同心圓，B、C兩點(diǎn)距離點(diǎn)電荷的距離相等，所以兩點(diǎn)在同一等勢面上，故B、C兩點(diǎn)的電勢相等；A正確；

B．從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過程中，與A點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷之間的庫侖力為斥力；距離先減小后增大，則庫侖力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增大后減小，B正確；

C．根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷的電勢分布可知，C點(diǎn)的與A點(diǎn)的在B點(diǎn)的電勢相等，則移入之后，B點(diǎn)的電勢為

從無窮遠(yuǎn)處移到B點(diǎn)的過程中，克服電場力做功為

C正確；

D．在B點(diǎn)所受電場力大小

D錯誤。

故選ABC。12、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線與等勢線垂直，可判斷P點(diǎn)處為負(fù)電荷。無窮遠(yuǎn)處電勢為0，e點(diǎn)在P、Q連線的中垂線上，則e點(diǎn)的電勢為零；故A錯誤；

B．根據(jù)電場線與等勢線垂直，Q點(diǎn)處為正電荷，可知a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，方向不同，則a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不同；故B錯誤；

C．從Q到P電勢逐漸降低，則b點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢；故C正確；

D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢，將負(fù)電荷從a點(diǎn)移動到c點(diǎn)時；電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增加，故D正確。

故選CD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的定義式

可得

該U-Q圖象的斜率為

即圖象斜率的倒數(shù)等于電容C的大小，故A錯誤，B正確；

CD．充電完畢電容器帶電量為Q=CE

由題意可知，電容器儲存的能量為圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積大小

故C錯誤，D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

A．若小球帶正電，當(dāng)d增大時，根據(jù)可知電容減小。

又

由于二極管的作用，Q不可能變，則E也不變，小球仍然打在N點(diǎn)；選項A錯誤；

B．若小球帶正電，當(dāng)d減小時，根據(jù)可知電容增大，Q增大，而U一定，根據(jù)可知E變大，則電場力變大，方向向下，小球做類平拋運(yùn)動豎直方向加速度增大，運(yùn)動時間變短，打在N點(diǎn)左側(cè)；選項B正確；

C．若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距d減小時，根據(jù)可知電容增大，則Q增大，根據(jù)E增大，電場力變大，方向向上，小球做類平拋運(yùn)動豎直方向加速度減小，運(yùn)動時間變長，打在N點(diǎn)右側(cè)；重力做功不變，但克服電場力做功增大，故小球打在下板上的動能變小，選項C正確；

D．若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距d增大時，根據(jù)可知電容減小，但Q不可能減小，所以Q不變，根據(jù)則E也不變；所以電場力大小不變，方向向上，重力做功和克服電場力做功均不變，即合外力做功不變，小球落在極板上的動能也不變，選項D錯誤。

故選BC。15、B:C【分析】【分析】

由題意可知考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的偏轉(zhuǎn)問題；根據(jù)類平拋規(guī)律分析計算可得．

【詳解】

A.該粒子在t0-2t0時間內(nèi)做直線運(yùn)動；故A錯誤；

B.該粒子進(jìn)入平行板間水平方向一直做勻速直線運(yùn)動，則水平方向的初速度故B正確；

C.該粒子在平行板間偏轉(zhuǎn)時的加速度a；豎直方向做勻加速直線運(yùn)動；

可求得

D.兩平行板上所加電壓大小。

聯(lián)立可得故D錯誤；

【點(diǎn)睛】

帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動；水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動；

分方向根據(jù)牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式列式可得．16、A:C【分析】【詳解】

ABD．當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，滑動變阻器的阻值增大，由串反并同規(guī)律可得，與滑動變阻器串聯(lián)的電流表的讀數(shù)減小，與滑動變阻器并聯(lián)的電壓表的讀數(shù)增大，與滑動變阻器并聯(lián)的R3消耗的功率增大；A正確，BD錯誤；

C．與滑動變阻器并聯(lián)的電容器兩端電壓增大；電容器內(nèi)的電場強(qiáng)度增大，電場力增大，質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動，C正確。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)右手定則可知，直線電流的磁場是以直線電流為中心的一組同心圓，故中心O點(diǎn)處三個直線電流的磁場方向如圖所示：

由于對稱性，它們互成1200的角，且它們的大小相等，均為B0，根據(jù)矢量合成的特點(diǎn)，可知它們的合矢量為零．【解析】018、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]人類的生存與發(fā)展需要能源；能源的開發(fā)與使用又會對環(huán)境造成影響。

（2）[3][4][5]一方面要大力提倡節(jié)能，另一方面要發(fā)展可再生能源以及天然氣、清潔煤和核能等在生產(chǎn)及消費(fèi)過程中對生態(tài)環(huán)境的污染程度低的清潔能源。【解析】能源影響節(jié)能可再生清潔19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤正確錯誤20、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.靜電力②.電流做功③.UIt④.焦耳⑤.度⑥.3.6×10621、略

【分析】【分析】

【詳解】

光是傳播中的電磁場，即電磁波?！半姶挪ǖ恼駝臃较颉敝傅氖请妶龇较??！窘馕觥侩妶?2、略

【分析】【詳解】

[1]據(jù)庫侖定律可得，原來的作用力可表示為

由于兩球均帶正電，接觸后再放回原處，帶電量均為總和的一半，作用力可表示為

代入數(shù)據(jù)解得

[2]此時每個小球的帶電量為

電子所帶電荷量為

可得

即相當(dāng)于電子所帶電量?！窘馕觥?.42×101123、略

【分析】【詳解】

[1]均勻帶電正方形框；根據(jù)對稱性可知，其兩條對角線交點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為零，而正點(diǎn)電荷，電場線是擴(kuò)散狀，根據(jù)沿著電場線方向電勢降低可知，兩條對角線交點(diǎn)處的電勢大于零；

[2]在其一邊中點(diǎn)挖去一個長為r（r＜＜R）的一小段后，則其兩條對角線交點(diǎn)處電場強(qiáng)度等于由r長的電荷在對角線交點(diǎn)處的場強(qiáng)，即【解析】大于24、略

【分析】【詳解】

[1]描述電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量是電動勢；

[2]根據(jù)公式

可得【解析】電動勢25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）