2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷812考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、首先發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的物理學家是A.法拉第B.庫侖C.牛頓D.愛因斯坦2、用電流表和電壓表測量電阻的電路如圖所示，其中Rx為待測電阻。下列說法正確的是（）

A.通過電流表的電流小于通過Rx的電流B.通過電流表的電流大于通過Rx的電流C.電壓表兩端的電壓小于Rx兩端的電壓D.電壓表兩端的電壓大于Rx兩端的電壓3、圖中電源的電動勢為6V，內(nèi)阻為1，R1為2，R2的最大阻值為3；下列說法中錯誤的是（）

A.當R2為1時，R1消耗的功率最大B.R2的阻值越小，R1消耗的功率越大C.通過改變R2的阻值，路端電壓的最大值為5V，最小值為4VD.當R2的阻值為3時，R2消耗的功率最大4、在如圖所示的四種電場中，分別標記有a、b兩點．其中a、b兩點電場強度大小相等；方向相反的是()

A.甲圖中與點電荷等距的a、b兩點B.乙圖中兩等量異種點電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點C.丙圖中兩等量同種點電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點D.丁圖中非勻強電場中的a、b兩點5、如圖所示，在垂直于紙面的范圍足夠大的勻強磁場中，有一個矩形閉合線圈abcd，線圈平面與磁場垂直，O1O2是線圈的對稱軸；下列線圈的運動能使線圈中的磁通量發(fā)生變化的是（）

A.向左或向右平動B.向上或向下平動C.繞O1O2轉動D.平行于紙面向里運動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、在如圖所示的電路中，R0為定值電阻，R為光敏電阻(光照減弱時阻值增大)，C為電容器，現(xiàn)減弱對光敏電阻R光照的強度，下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)減小B.電容器C的電荷量增大C.電壓表的示數(shù)變小D.電源內(nèi)部消耗的功率變大7、兩個點電荷Q1、Q2固定于x軸上，將一帶正電的試探電荷從足夠遠處沿x軸負方向移近Q2（位于坐標原點）的過程中，試探電荷的電勢能Ep隨位置變化的關系如圖所示；則下列判斷正確的是（）

A.M點電勢為零B.N點場強為零C.Q2的電荷量小于Q1的電荷量D.試探電荷從N點運動到M點的過程中，電場力做正功8、如圖，是磁電式轉速傳感器的結構簡圖。該裝置主要由測量齒輪、軟鐵、永久磁鐵、線圈等原件組成。測量齒輪為磁性材料，等距離地安裝在被測旋轉體的一個四周上(圓心在旋轉體的軸線上)，齒輪轉動時線圈內(nèi)就會產(chǎn)生感應電流。設感應電流的變化頻率為f，測量齒輪的齒數(shù)為N，旋轉體轉速為n。則（）

A.B.C.線圈中的感應電流方向不會變化D.旋轉體轉速越高線圈中的感應電流越強9、如圖所示，兩個等量異種點電荷固定在同一條水平線上，電荷量分別為和是水平放置的足夠長的光滑絕緣細桿，細桿上套著一個中間穿孔的小球其質量為電荷量為（可視為試探電荷，不影響電場的分布）?，F(xiàn)將小球從點電荷的正下方點由靜止釋放，到達點電荷的正下方點時，速度為為的中點。則（）

A.小球從至先做加速運動，后做減速運動B.小球運動至點時速度為C.小球最終可能返回至點D.小球在整個運動過程中的最終速度為10、如圖，光滑絕緣水平地面上有一水平絕緣輕彈簧左端固定，右端與一質量為m、電荷量為的滑塊P（可視作質點）拴接，沿水平方向建立x軸，沿x軸加一水平方向電場（圖中未畫出），x軸上的電勢隨位置x的變化關系如圖所示?；瑝K從彈簧原長處靜止釋放（未超出彈性限度），沿x軸正方向運動直至速度為零的過程中（）

A.電場的電勢越來越低，電場強度越來越小B.滑塊的加速度先增大后減小C.當滑塊的速度最大時，彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大D.滑塊克服彈力做的功等于電勢能的減少量11、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計，L1、L2為相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為7.5Ω．當開關S閉合后（）

A.L1的電阻為12ΩB.L1消耗的電功率為7.5WC.L2的電阻為12ΩD.L2消耗的電功率為0.3W12、如圖，電阻R1、R2的阻值均為R，滑動變阻器的總電阻為2R，電源的內(nèi)阻r=R，電壓表和電流表均為理想電表。閉合開關后，將滑動變阻器的滑片由a端向b端滑動；下列說法正確的是()

A.電壓表示數(shù)先減小再增大B.電流表示數(shù)先減小再增大C.電源輸出功率先增大再減小D.電源內(nèi)阻消耗的功率先增大再減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、串聯(lián)電路；并聯(lián)電路的特點。

。

串聯(lián)電路。

并聯(lián)電路。

電流關系。

各處電流相等，即I=___________

總電流等于各支路電流___________，即I=___________

電壓關系。

總電壓等于各部分電壓___________，即U=___________

各支路兩端電壓___________，即U=___________

電阻關系。

總電阻等于各部分電阻___________，即R=___________

總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻___________，即=＋＋＋

14、判斷下列說法的正誤。

（1）串聯(lián)電路的總電流等于流過各電阻的電流之和。____

（2）串聯(lián)電路的總電壓等于各電阻兩端的電壓之和。____

（3）并聯(lián)電路干路上的電流一定比通過某一支路的電流大。____

（4）電路中電阻的個數(shù)越多，電路的總電阻越大。____

（5）多個電阻串聯(lián)時，其中任一電阻增大，總電阻也隨之增大；多個電阻并聯(lián)時，其中任一電阻增大，總電阻將減小。____

（6）串聯(lián)電路中各電阻兩端的電壓跟它們的阻值成正比，并聯(lián)電路中通過各支路電阻的電流跟它們的阻值成反比。____15、如圖，電源電動勢為12V，內(nèi)阻r為1Ω，電阻R為1Ω，小燈泡L標有“6V12W”，電動機線圈電阻RM為0.5Ω。開關閉合后，小燈泡和電動機均能正常工作，則電源的總功率為_________W；電動機的輸出功率為_________W。

16、（1）在等量異種電荷的連線中點有一帶正電荷的粒子；將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為_________。

（2）在等量同種正電荷的連線中點處有一帶負電荷的粒子，將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為__________。17、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。電場強度的大小為______V/m，坐標原點處的電勢為_______V，電子在a點的電勢能比在b點的高_____eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV。

18、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)19、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

20、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

21、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)22、鉛筆內(nèi)芯是圓柱形石墨和粘土的混合體。

（1）某同學使用螺旋測微器測定其直徑d，某次測量結果如圖1所示，讀數(shù)為________mm。

（2）某同學使用多用電表歐姆擋粗略測其電阻。他首先將選擇開關置于“×10”倍率，接著將兩支表筆短接，旋轉歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向0，然后將兩表筆分別與該鉛筆內(nèi)芯兩端接觸，測其電阻時指針如圖2所示，則該同學接下來應該進行的正確操作順序是________。（選填步驟前的字母）

A.將兩表筆短接；調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針對準刻度盤上歐姆擋的零刻度，然后斷開兩表筆。

B.旋轉選擇開關至交流電壓最大量程處（或“OFF”擋）；并拔出兩表筆。

C.將選擇開關旋到“×1”擋。

D.將選擇開關旋到“×100”擋。

E.將選擇開關旋到“×1k”擋。

F.將兩表筆分別連接到被測鉛筆內(nèi)芯的兩端，讀出阻值斷開兩表筆。

（3）若該同學在（2）中正確操作后再次測量時指針如圖3所示，則該鉛筆內(nèi)芯的電阻是________Ω。

（4）若該鉛筆芯的直徑為d，有效長度為L，用伏安法精確測得其電阻為R，則其電阻率為________（用該問所給出的物理量表示）。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)23、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B水平放置且接在電壓為60V的恒壓電源正、負極上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6×10－8C，A極板接地。求：

(1)平行板電容器的電容；

(2)平行板電容器兩板之間的電場強度；

(3)距B板2cm的M點處的電勢。

24、假定我們正在用一個帶正電的小塑料球和一個帶正電的大金屬球驗證庫侖定律根據(jù)庫侖定律可知，它們之間的靜電力與有關，其中r是兩球球心間的距離。然而，隨著兩球間距離的減小，它們之間的靜電力比用庫侖定律計算所得到的要小，試說明原因。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；故A正確；

B.庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用力的規(guī)律；即庫侖定律，故B錯誤；

C.牛頓的三大定律；因此牛頓對力學的貢獻非常大，故C錯誤；

D.愛因斯坦的質能方程和量子力學方面有著重大貢獻；故D錯誤．

故選A.2、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電流表和Rx串聯(lián)，通過電流表的電流等于通過Rx的電流；AB錯誤；

CD．由電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，電壓的測量值大于Rx兩端的電壓；C錯誤D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

AB．為定值電阻，通過的電流越大，則功率越大，所以R2的阻值越小，電路中的總電流越大，R1消耗的功率越大；當為零時，電路中的電流最大，消耗的功率最大；故A錯誤，B正確；

C．由閉合電路的歐姆定律可知，外電壓

當時，有

當時

故C正確；

D．將定值電阻當成電源內(nèi)阻的一部分，則根據(jù)輸出功率

可知，當

時，消耗的功率最大；故D正確；

由于本題選錯誤的，故選A。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖中與點電荷等距的a、b兩點；電場強度大小相同，方向不相反，故A錯誤；

B．對乙圖，根據(jù)電場線的疏密及對稱性可判斷，a、b兩點的電場強度大小相等；方向相同；故B錯誤；

C．丙圖中兩等量同種點電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點；電場強度大小相同，方向相反，故C正確；

D．對丁圖，根據(jù)電場線的疏密可判斷，b點的電場強度大于a點的電場強度；故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

無論線圈在紙面內(nèi)沿哪個方向平動，或者在垂直紙面方向運動，線圈中的磁通量都不會變化。當線圈沿O1O2轉動時；線圈中的磁通量會發(fā)生變化，故ABD錯誤，C正確。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)6、A:B【分析】【詳解】

弱對光敏電阻R光照的強度，R增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，總電流減小，即電流表示數(shù)減小，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)以及C不變，U增大可得Q增大，電源內(nèi)部消耗的電功率I減小，內(nèi)阻不變，所以P減小，故AB正確．7、A:B:C【分析】【詳解】

A．分析圖象可知試探電荷在M點電勢能為零，由電勢能公式可知

解得故A正確；

B．該過程中只有電場力（重力忽略不計）做功，電勢能和動能之和不變，試探電荷在N點時電勢能為最小，則動能最大，速度最大，加速度為零，電場力為零，說明N點場強為零；故B正確；

C．設Q2到N點的距離為Q1到N點距離為N點場為零，由點電荷場強公式可得

因可知Q2電荷量小于Q1的電荷量；故C正確；

D．由圖象分析可知試探電荷從N點運動到M點的過程中；電勢能增大，說明電場力做負功，故D錯誤。

故選ABC。8、A:D【分析】【詳解】

AB．測量齒輪的齒數(shù)為N，旋轉體轉速為n，則每秒內(nèi)齒輪與線圈相互靠近和遠離的次數(shù)為nN，即感應電流的頻率為f=nN；選項A正確，B錯誤；

C．當齒輪與線圈相互靠近和遠離的時候；在線圈中產(chǎn)生的感應電流的方向要變化，選項C錯誤；

D．旋轉體轉速越高；穿過線圈的磁通量的變化率越大，則線圈中的感應電流越強，選項D正確。

故選AD。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)等量異種點電荷的電場線分布，可知，兩點電荷連線的中垂面是等勢面，電勢為0，正點電荷附近電勢大于0，負點電荷附近電勢小于0，根據(jù)對稱關系可得

其中

所以小球從C到D運動過程中；只有電場力做功，且由于電勢降低，所以電勢能減小，電場力做正功，小球在做加速運動，所以A錯誤；

B．小球由C到D，由動能定理得

則由C到O，由動能定理可得

所以B正確；

C．小球在運動過程中，只有電場力做功，所以動能和電勢能之和為定值，根據(jù)等量異種電荷的電場特點知道，O點右邊的電勢小于零，雖然過了D點，電場力對小球要做負功，但D點與右邊無窮遠處的電勢差小于CD之間的電勢差，所以克服電場力做的功小于從C到D電場力做的功；所以小球速度不可能為零，會一直向右運動下去，不會返回，故C錯誤；

D．小球從O到無窮遠處，電場力做功為0，由能量守恒可知，動能變化量也是0，即無窮遠處的速度為

所以D正確。

故選：BD。10、A:D【分析】【詳解】

A．由x軸上的電勢隨位置x的變化關系圖像；可知電場的電勢越來越低，由圖像的斜率表示電場強度，可知電場強度越來越小，A正確；

B．由題意可知，沿x軸正方向電勢降低，即電場方向沿x軸正方向?；瑝KP沿x軸正方向運動時，受到向右的電場力和向左的彈力，開始兩力的合力方向沿x軸正方向，且合力由大變小，當合力是零時，加速度是零，滑塊P速度最大，隨沿x軸正方向運動位移的增大；電場強度逐漸減小，彈力逐漸增大，其合力方向向左，且逐漸增大，當滑塊P速度是零時，彈力最大，因此滑塊P的加速度先減小后增大，B錯誤；

C．由題意可知；滑塊P運動中，電勢能的減少量等于滑塊動能的增加量與彈簧的彈性勢能的增加量之和，因此滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，則有彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大，C錯誤；

D．由以上分析可知；滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，且全部轉化為彈簧的彈性勢能，即為滑塊P克服彈力所做的功，D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【詳解】

A.電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計，路端電壓為3V．L1和兩端的電壓為3V，由圖可知，此時的電流為0.25A，所以電阻值：R1==12Ω；故A正確；

B.由伏安特性曲線可以讀出L1和兩端的電壓為3V，由圖可知，此時的電流為0.25A，L1消耗的電功率為：P=UI=3.0×0.25=0.75W；故B錯誤．

C.在乙圖上做出電阻R的伏安特性曲線如圖，由于R與L2串聯(lián)，所以二者的電流值是相等的，由圖可以讀出，此時二者的電壓都是1.5V時，二者電壓的和等于3.0V，此時的電流值是0.2A．所以R2==7.5Ω；故C錯誤；

D.由C可知，L2兩端的電壓為1.5V，電流為0.2A，故L2消耗的電功率為：P′=U′?I′=1.5×0.2=0.3W，故D正確．12、B:C【分析】【詳解】

AB．滑片從a端滑到b端的過程中；外電阻先增大后減小，當滑片滑到中點時外電阻最大且等于內(nèi)電阻。根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流表的示數(shù)先減小再增大，電壓表的示數(shù)先增大再減??；選項A錯誤，B正確；

CD．電源內(nèi)阻消耗的功率Pr=I2r，所以電源內(nèi)阻消耗的功率先減小再增大；當外電阻等于內(nèi)電阻時電源輸出功率最大，所以電源輸出功率先增大再減小。故C選項正確，D錯誤。三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]串聯(lián)電路；電流關系，各處電流相等，即。

[2][3]并聯(lián)電路；電流關系，總電流等于各支路電流之和，即。

[4][5]串聯(lián)電路；電壓關系，總電壓等于各支路電壓之和，即。

[6][7]并聯(lián)電路；電壓關系，各支路兩端電壓相等，即。

[8][9]串聯(lián)電路；電阻關系，總電阻等于各部分電阻，即。

[10]并聯(lián)電路，電阻關系，總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻的倒數(shù)之和?！窘馕觥恐椭拖嗟戎偷箶?shù)之和14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.錯誤②.正確③.正確④.錯誤⑤.錯誤⑥.正確15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有

解得

電源的總功率為

[2]通過小燈泡的電流為

通過電動機的電流為

電動機的輸出功率為【解析】365.516、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)等量異種電荷的電場特點可知；在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度最大，兩側的電場強度不斷減小，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側不斷減??；且中垂線是一條等勢線且電勢為零，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，電勢能不變且為零。

（2）[3][4]根據(jù)等量同種正電荷的電場特點可知，在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度為零，兩側的電場強度先增大后減小，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側先增大后減小；且中垂線上的電勢由中間向兩側不斷降低，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，帶負電的粒子的電勢能不斷增大?！窘馕觥繌闹虚g向兩側不斷減小電勢能不變且為零從中間向兩側先增大后減小電勢能不斷增大17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)題意可知，電場為勻強電場，則取ac之間的d點，坐標為（3.5cm，6cm），由可知，d點電勢為連接則為等勢線，過c點作等勢線bd的垂線交bd于f點；如圖所示。

由幾何關系可得cf的長度為3.6cm，所以電場強度的大小

[2]勻強電場中，相同方向上變化相同的距離電勢差相等，故

即

得坐標原點O處的電勢為1V。

[3][4]負電荷在電勢低處電勢能高，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能高7eV，電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】25017918、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況是減少。

（2）[3]如果先斷開開關S，兩極板的電荷量保持不變，根據(jù)

再把A板向左移動一段距離，正對面積減小，所以電場強度增大，則

粒子的運動情況是向上運動。

[4]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

則兩極板間的電勢差增大，所以靜電計指針張角的變化情況是