2025年上教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷196考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、無線電技術(shù)的發(fā)展給人類帶來了極大的便利，下列有關(guān)電磁波的說話，正確的是（）A.電磁波不能在真空中傳播B.通信中廣泛應(yīng)用的無線電波是電磁波譜中波長最短的C.手機(jī)使用過程中發(fā)射的無線電波都是經(jīng)過調(diào)制的D.電磁波具有反射、折射、干涉、衍射和偏振等現(xiàn)象，但不會(huì)發(fā)生多譜勒效應(yīng)2、【題文】如圖是光電管的原理圖，已知當(dāng)有頻率為ν0的光照射到陰極K上時(shí)；電路中有光電流，則。

A.當(dāng)換用頻率為ν1（ν1＜ν0）的光照射陰極K時(shí)，電路中一定沒有光電流B.當(dāng)換用頻率為ν2（ν2＞ν0）的光照射陰極K時(shí)，電路中一定有光電流C.當(dāng)增大電路中電的電壓時(shí)，電路中的光電流一定增大D.當(dāng)將電極性反接時(shí)，電路中一定沒有光電流產(chǎn)生3、【題文】如圖所示，一細(xì)束白光通過三棱鏡折射后分為各種單色光，對(duì)于其中a、b；c三種色光；下列說法正確的是（）

A.c種色光的頻率最大B.c種色光的折射率最大C.c種色光在三棱鏡中速度最大D.a、b、c三種色光分別通過同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，a種色光形成的條紋寬度最大4、下列關(guān)于有機(jī)物的說法中：rm{壟脵}結(jié)構(gòu)片段為rm{}rm{}的高聚物，其單體是甲醛和苯酚rm{壟脷}標(biāo)準(zhǔn)狀況下，rm{22.4LHF}所含電子數(shù)約為rm{10N_{A}}rm{壟脹}甲醇通常是一種有毒氣體，分子中只含極性鍵rm{壟脺}苯酚與碳酸鈉溶液的反應(yīng)：rm{壟脻}的系統(tǒng)命名為rm{2}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊烯rm{壟脼3-}甲基rm{-1-}丁烯中的所有碳原子不可能處于同一平面rm{壟脽}等物質(zhì)的量的苯與苯甲酸完全燃燒消耗氧氣的量不相等其中正確的有rm{(}rm{)}A.rm{4}個(gè)B.rm{5}個(gè)C.rm{6}個(gè)D.rm{7}個(gè)5、兩定值電阻的伏安特性線如圖，則兩電阻R1、R2之比為（）A.．：1B.1：C.3：1D.1：3評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、如圖所示，矩形線框從條形磁鐵N極附近的位置Ⅰ向位置Ⅱ移動(dòng)的過程中穿過矩形線框的磁通量____（選填“增大”、“減小”或“不變”）7、物體以60J的初動(dòng)能從A點(diǎn)豎直上拋，上升某高度動(dòng)能損失30J，而機(jī)械能損失10J．設(shè)空氣阻力大小恒定，則落回A點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為____J．8、用砂輪磨刀具時(shí)，刀具的溫度升高，內(nèi)能增加，這是以____方式改變了刀具的內(nèi)能；放入火爐中的鐵塊的溫度升高，這是以____方式增加了鐵塊的內(nèi)能．這兩種方式對(duì)改變內(nèi)能是____．9、描繪小電珠的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)電路如圖甲；所用小電珠的額定電壓是3.8V．

（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差；下列說法中正確的是。

A．系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流引起的。

B．系統(tǒng)誤差主要是由電流表的分壓引起的。

C．系統(tǒng)誤差主要是由于忽略電源內(nèi)阻引起的。

D．系統(tǒng)誤差主要是由讀數(shù)時(shí)的估讀引起的。

（2）根據(jù)某次實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)如圖乙．試在坐標(biāo)系中畫出該小電珠的伏安曲線，并從圖象中可求出該小電珠的額定功率是____W．

（3）該小電珠在1V電壓下不發(fā)光．當(dāng)時(shí)燈絲的實(shí)際電阻是____Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）該小電珠在2V電壓下開始發(fā)出微弱的黃光．當(dāng)時(shí)燈絲的實(shí)際電阻又是____Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）小電珠在不同電壓下的實(shí)際電阻為什么不相同？．小電珠燈絲的電阻率是隨溫度升高而增大的．____

（4）某同學(xué)已連接如圖丙所示的電路；在連接最后一根導(dǎo)線的c端到直流電源正極之前，請(qǐng)指出其中僅有的2個(gè)不當(dāng)之處，并說明如何改正．

A．____

B．____．

10、傾角為θ=30°的斜面體放在水平地面上，一個(gè)重為G的球在水平力F的作用下，靜止在光滑斜面上，則水平力F的大小為____；若將力F從水平方向逆時(shí)針轉(zhuǎn)過某一角度α后，仍保持F的大小，且小球和斜面也仍舊保持靜止，則此時(shí)水平地面對(duì)斜面體的摩擦力f=____．

11、【題文】場(chǎng)強(qiáng)為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有兩個(gè)小球A、B,它們的質(zhì)量分別為均帶正電荷，電荷量分別為A、B兩個(gè)小球由靜止釋放,重力加速度為g,則小球A和B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為____.12、丹麥物理學(xué)家____發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象．13、兩點(diǎn)電荷間距離為r時(shí)，相互作用力為F．保持它們的電荷量不變，當(dāng)距離變?yōu)闀r(shí)．它們之間的相互作用力為____F；保持距離仍為，為使其作用力為F，則兩點(diǎn)的電荷量同時(shí)變?yōu)樵瓉淼腳___倍．14、（2013秋?農(nóng)安縣校級(jí)期末）如圖所示，在一個(gè)光滑金屬框架上垂直放置一根長l=0.8m的金屬棒ab，其電阻r=0.2Ω，框架左端的電阻R=0.8Ω．垂直框面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T．當(dāng)用外力使棒ab以速度v=10m/s右移時(shí)，ab棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=____V，通過ab棒的電流I=____A，通過ab棒的電流方向是____，ab棒兩端的電勢(shì)差Uab=____V，作用在棒上的外力F=____，作用在棒上的外力功率P=____W．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、原先沒有磁性的鐵，在長期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、做平拋運(yùn)動(dòng)的物體，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān)．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、平拋運(yùn)動(dòng)屬于勻變速運(yùn)動(dòng)，勻速圓周運(yùn)動(dòng)也屬于勻變速運(yùn)動(dòng)．____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)21、【題文】如下圖甲所示，在水平面上疊放著兩個(gè)物體A和B，兩物體在F1、F2(F1>F2)的水平拉力作用下；處于靜止?fàn)顟B(tài)．試在圖乙中分別畫出A物體；B物體的受力圖。

評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共1題，共7分)22、納米級(jí)rm{Cu_{2}O}由于具有優(yōu)良的催化性能而受到關(guān)注，下表為制取rm{Cu_{2}O}的三種方法：。方法rm{a}用足量炭粉在高溫條件下還原rm{CuO}方法rm電解法，反應(yīng)為rm{2Cu+H_{2}O}rm{overset{碌莽陸芒}{=}}rm{Cu_{2}O+H_{2}隆眉}方法rm{c}用肼rm{(N_{2}H_{4})}還原新制的rm{Cu(OH)_{2}}rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=C{{u}_{2}}O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆隴mol^{-1}}rm{triangle

H=-169kJ隆隴mol^{-1}}rm{triangleH=-110.5kJ隆隴mol^{-1}}rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-157kJ隆隴mol^{-1}}則方法rm{triangleH=-110.5

kJ隆隴mol^{-1}}發(fā)生反應(yīng)的熱化學(xué)方程式是______________________．rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}{{O}_{2}}(g)=CuO(g)}方法rm{triangleH=-157

kJ隆隴mol^{-1}}采用離子交換膜控制電解液中rm{a}的濃度，裝置如圖所示，欲使電解持續(xù)得到rm{(2)}則該離子交換膜為________rm填rm{OH^{-}}陰rm{Cu_{2}O}或rm{(}陽rm{"}離子交換膜，該電池的陽極反應(yīng)式為________．rm{"}方法rm{"}為加熱條件下用液態(tài)肼rm{")}還原新制rm{(3)}來制備納米級(jí)rm{c}同時(shí)產(chǎn)生一種氣體單質(zhì)rm{(N_{2}H_{4})}該制法的化學(xué)方程式為________________．rm{Cu(OH)_{2}}在相同的密閉容器中，用以上方法制得的三種rm{Cu_{2}O}分別進(jìn)行催化分解水的實(shí)驗(yàn)：rm{2H_{2}O(g)underset{鹿芒脮脮}{overset{C{u}_{2}O}{?}}2H_{2}(g)+O_{2}(g)}rm{.}水蒸氣的濃度隨時(shí)間rm{(4)}變化如下表所示：。rm{Cu_{2}O}序號(hào)rm{t/min}rm{c/(mol隆隴L^{-1})}溫度rm{/隆忙}rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}rm{50}rm{壟脵}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0492}rm{0.0486}rm{0.0482}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脷}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0488}rm{0.0484}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脹}rm{T_{2}}rm{0.10}rm{0.094}rm{0.090}rm{0.090}rm{0.090}rm{0.090}rm{壟脵triangleH}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)0}．rm{壟脷}實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}前rm{20min}的平均反應(yīng)速率rm{v(O_{2})=}________．rm{壟脹}實(shí)驗(yàn)的溫度rm{T_{2}}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)T_{1}}實(shí)驗(yàn)rm{壟脵}中水的轉(zhuǎn)化率為________．rm{壟脺T_{2}隆忙}時(shí)，該反應(yīng)的平衡常數(shù)為________．評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共36分)23、【題文】氫原子的電子在第二條軌道和第三條軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)能之比、動(dòng)量大小之比、周期之比分別是多少？24、【題文】一個(gè)矩形線圈在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為e="311sin314t"V，試求：

（1）交變電動(dòng)勢(shì)的最大值；有效值和頻率；

（2）若矩形線圈是100匝，線圈平面面積為0.02m2；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B是多少；

（3）當(dāng)線圈平面從中性面開始轉(zhuǎn)過時(shí)，電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值是多大.25、【題文】

一只擺鐘的擺長為時(shí)，在一段時(shí)間內(nèi)快了n分，而當(dāng)擺長為時(shí)，在相同時(shí)間內(nèi)慢了n分，試求擺長的準(zhǔn)確長度L。26、【題文】一根不可伸長的細(xì)繩圍成一個(gè)正方形，正方形的四個(gè)頂點(diǎn)分別連接著一個(gè)質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)A、B、C、D，正方形中心處有一質(zhì)量M＝2m的質(zhì)點(diǎn)E，它們都靜止在光滑水平面上。今使質(zhì)點(diǎn)E以初速v0沿水平對(duì)角線方向運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)點(diǎn)C做完全非彈性碰撞。求：

（1）碰撞后細(xì)繩圍成的正方形尚未被破壞的瞬時(shí)；各質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度；

（2）在以后運(yùn)動(dòng)過程中B、D兩質(zhì)點(diǎn)第一次相撞時(shí)的相對(duì)速度。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】電磁波的傳播可以不需要介質(zhì)，在真空中或空氣中的速度接近光速；電磁波是橫波能發(fā)生波具有的現(xiàn)象，即衍射現(xiàn)象反射、折射、干涉、衍射和偏振等現(xiàn)象，和多譜勒效應(yīng)；聲音信號(hào)通常要通過調(diào)制加載在高頻信號(hào)上后，才向外發(fā)射．【解析】【解答】解：AB；電磁波的傳播可以不需要介質(zhì)；通信中的無線電波是電磁波譜中波長較長的波，故AB錯(cuò)誤；

C；聲音信號(hào)通常要通過調(diào)制加載在高頻信號(hào)上后；才向外發(fā)射，所以是經(jīng)過調(diào)制的，故C正確；

D；電磁波是橫波；能發(fā)生波具有的現(xiàn)象，即衍射現(xiàn)象反射、折射、干涉、衍射和偏振等現(xiàn)象，和多譜勒效應(yīng)，故D錯(cuò)誤．

故選：C．2、B【分析】【解析】

試題分析：有頻率為ν0的光照射到陰極K上時(shí)，電路中有光電流,則當(dāng)換用頻率為ν2＞ν0的光照射陰極K時(shí)，電路中一定有光電流，但是換用頻率為ν1＜ν0）的光照射陰極K時(shí)，電路中不一定沒有光電流，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；光電管兩端所加的電壓為正向電壓，故當(dāng)增大電路中電的電壓時(shí)，電路中的光電流不一定增大，因?yàn)槿艄怆娏鬟_(dá)到飽和態(tài)時(shí)，即使在增加電壓，光電流也不會(huì)再增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)電極極性反接時(shí)，所加電壓為反向電壓，當(dāng)電壓滿足時(shí)，光電子恰能到達(dá)負(fù)極板，故當(dāng)時(shí)；電路中才沒有光電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

考點(diǎn)：光電效應(yīng)及光電管?！窘馕觥俊敬鸢浮緽3、A|B|D【分析】【解析】紫光的折射率最大，偏折角最大，c光的折射率、頻率最大，AB對(duì)；由n=c/v，折射率大的在三棱鏡中速度最小，C錯(cuò)；由c光的頻率大，波長短，形成的條紋寬度最小，D對(duì)；【解析】【答案】ABD4、A【分析】【分析】本題綜合考查有機(jī)物的組成、結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生的分析能力，注意把握有機(jī)物的組成、結(jié)構(gòu)和官能團(tuán)的性質(zhì)，難度不大?！窘獯稹縭m{壟脵}結(jié)構(gòu)片段為rm{}rm{}的高聚物，其單體是甲醛和苯酚，故rm{}的高聚物，其單體是甲醛和苯酚正確；

rm{}標(biāo)準(zhǔn)狀況下，rm{壟脵}為液態(tài)，rm{壟脷}不是rm{HF}故rm{HF}錯(cuò)誤；

rm{22.4L}通常情況下，甲醇為液體，對(duì)人體有害，為有毒液體，故rm{1mol}錯(cuò)誤；

rm{壟脷}苯酚和碳酸鈉溶液反應(yīng)生成苯酚鈉和碳酸氫鈉，則離子方程式正確，故rm{壟脹}正確；

rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脺}rm{壟脻}三甲基的系統(tǒng)命名為rm{2}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊烯戊烯，故rm{2}正確；

rm{4}rm{4-}rm{-1-}甲基rm{壟脻}丁烯中的rm{壟脼}個(gè)碳碳雙鍵具有平面形結(jié)構(gòu)，結(jié)合三點(diǎn)確定一個(gè)平面判斷，則原子不可能處于同一平面，故rm{3-}正確；rm{-1-}苯與苯甲酸的分子式可分別寫為rm{5}rm{C}則等物質(zhì)的量的苯與苯甲酸完全燃燒消耗氧氣的量相等，故rm{壟脼}錯(cuò)誤；故A正確。

故選A。

rm{壟脽}【解析】rm{A}5、D【分析】【分析】導(dǎo)體的電阻R=，等于伏安特性曲線斜率倒數(shù)的大?。鶕?jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求出斜率倒數(shù)之比求解電阻之比．【解析】【解答】解：電阻R1=，電阻R2=，則兩個(gè)電阻阻值之比R1：R2=tan30°：tan60°=1：3；故D正確．

故選：D二、填空題(共9題，共18分)6、減小【分析】【分析】該題雖然不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，但可以結(jié)合勻強(qiáng)磁場(chǎng)中穿過線框的磁通量一般公式為Φ=BSsinα，α是線圈與磁場(chǎng)方向的夾角，進(jìn)行求解．【解析】【解答】解：磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)如圖所示；

Ⅰ位置的磁通量方向向上；而Ⅱ位置與磁場(chǎng)的方向平行，磁通量為0，所以線圈從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，穿過線圈的向上的磁通量減?。?/p>

故答案為：減小7、20【分析】【分析】解決本題需要掌握：合外力做功對(duì)應(yīng)著物體動(dòng)能的變化，除重力之外的力做功對(duì)應(yīng)著機(jī)械能的變化；物體落回原地過程中只有阻力做功，因此只要求出物體上升到最高點(diǎn)過程中克服阻力做的功，整個(gè)過程阻力所做功就明確了，根據(jù)動(dòng)能定理即可解出結(jié)果．【解析】【解答】解：由題可知上升到某一高度時(shí)；重力；阻力均做負(fù)功，所以根據(jù)功能關(guān)系有：

WG+Wf=△Ek①

重力做功對(duì)應(yīng)著機(jī)械能的變化；固有：

WG=△Ep②

將△EK=30J，△Ep=10J；帶入①②可得：

WG=10J，Wf=20J

由于上升過程中重力；阻力大小都恒定；而且是直線運(yùn)動(dòng)，因此重力和阻力做功關(guān)系為：

WG=2Wf③

物體上升到最高點(diǎn)時(shí)由功能關(guān)系可得：

WG總+Wf總=Ek④

聯(lián)立③④解得上升過程中阻力做功：

Wf總=20J

當(dāng)物體落回原地時(shí)由動(dòng)能定理得：

-2Wf總=Ek1-Ek

帶入數(shù)據(jù)得：Ek1=20J；落回原地時(shí)動(dòng)能為20J；

故答案為：20．8、做功熱傳遞等效的【分析】【分析】要做本題需要掌握做功和熱傳遞這兩種改變物體內(nèi)能的方法的特點(diǎn)，熱傳遞是能的轉(zhuǎn)移，做功是能的轉(zhuǎn)化．【解析】【解答】解：改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞；這兩種方式對(duì)改變內(nèi)能是等效的．

用砂輪磨刀具時(shí)；對(duì)刀具做功，使刀具的溫度升高；內(nèi)能增大，是利用做功的方法改變物體的內(nèi)能．

放入火爐中的鐵塊；從火爐中吸熱；溫度升高，是利用熱傳遞改變物體的內(nèi)能；

故答案為：做功；熱傳遞；等效的．9、略

【分析】

（1）該實(shí)驗(yàn)主要系統(tǒng)誤差來源于電壓表的分力作用；導(dǎo)致電流表測(cè)量的電流偏大，測(cè)得的電阻偏小，電壓表示數(shù)越大，電壓表分擔(dān)的電流越大，則測(cè)量的誤差越大．故A正確．

故選A．

（2）在坐標(biāo)系中畫出該小電珠的伏安曲線；

小電珠的額定電壓是3.8V；讀出對(duì)應(yīng)的電流是0.3A，小電珠的額定功率是P=UI=1.14W

（3）該小電珠在1V電壓下不發(fā)光．當(dāng)時(shí)燈絲的實(shí)際電阻是R==7Ω

該小電珠在2V電壓下開始發(fā)出微弱的黃光．當(dāng)時(shí)燈絲的實(shí)際電阻又是R′==9.1Ω

小電珠燈絲的電阻率是隨溫度升高而增大的。

（4）某同學(xué)已連接如圖丙所示的電路；在連接最后一根導(dǎo)線的c端到直流電源正極之前，．

改正：A．滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑至b端B．電鍵k應(yīng)該斷開。

故答案為：（1）A

（2）1.14

（3）①7.0Ω②9.1Ω．③小電珠燈絲的電阻率是隨溫度升高而增大的。

（4）A．滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)滑至b端B．電鍵k應(yīng)該斷開。

【解析】【答案】（1）電流表采取外接法；由于電壓表起分流作用，引起系統(tǒng)誤差，使得測(cè)量的電流偏大，電壓越大，誤差越大．

（2）在坐標(biāo)系中畫出該小電珠的伏安曲線；小電珠的額定電壓是3.8V，讀出對(duì)應(yīng)的電流求出額定功率．

（3）讀出電壓為1V時(shí)的電流；根據(jù)歐姆定律求出燈泡的實(shí)際電阻．

（4）在連接線路時(shí)必須將每個(gè)開關(guān)斷開；而圖中是閉合的這是第一個(gè)錯(cuò)誤．連好線路后在閉合開關(guān)前需要將限流滑動(dòng)變阻器調(diào)到阻值最大，將分壓滑動(dòng)變阻器調(diào)到輸出為0端．

10、略

【分析】

對(duì)物體受力分析如圖：

由平衡條件得：N與F的合力F′與重力G大小相等；

由三角函數(shù)關(guān)系得：F=Gtanθ

代入數(shù)據(jù)得：F=G

轉(zhuǎn)過角度后，由F大小不變，小球靜止，支持力與F的合力不變，故此時(shí)轉(zhuǎn)動(dòng)后F轉(zhuǎn)方向如圖：

即：F轉(zhuǎn)過的角度是2θ．

對(duì)整體受力分析并正交分解如圖：

水平方向：f=Fcos2θ=G

故答案為：G，G

【解析】【答案】先研究第一種情況：通過對(duì)小球出狀態(tài)的分析；利用共點(diǎn)力平衡條件可求出水平力F的大?。?/p>

再研究力F方向變化后的情況：對(duì)小球受力分析；運(yùn)用作圖法求得力F與水平方向的角度，因?yàn)樾∏蚝托泵娑继幱陟o止?fàn)顟B(tài)，可對(duì)整體受力分析求出地面對(duì)斜面的摩擦力．

11、略

【分析】【解析】

試題分析：動(dòng)量守恒條件是合力為零，故小球受到電場(chǎng)力和重力，要使兩小球組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則有

考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒條件的應(yīng)用。

點(diǎn)評(píng)：關(guān)鍵是知道系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件為所受合外力為零．即電場(chǎng)力與重力平衡【解析】【答案】(12、奧斯特【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象．

故答案為：奧斯特13、4【分析】【分析】根據(jù)庫侖定律的公式F=k進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們之間的作用力大小為F=k；

保持它們的電荷量不變，當(dāng)距離變?yōu)闀r(shí)，F(xiàn)′==4F；

保持距離仍為，為使其作用力為F，則兩點(diǎn)的電荷量同時(shí)變?yōu)樵瓉淼?/p>

故答案為：4，．14、1.61.6b到a1.280.2562.56【分析】【分析】棒ab向右運(yùn)動(dòng)垂直切割磁感線，根據(jù)公式E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)ε，根據(jù)歐姆定律求解通過ab棒的電流I．a(chǎn)b棒兩端的電勢(shì)差等于R兩端的電壓；由歐姆定律求解；

由F=BIL求出ab棒所受的安培力，由平衡條件得到外力F的大?。產(chǎn)b棒勻速運(yùn)動(dòng)，外力的功率等于回路總的電功率，由P=I2（R+r）求解．【解析】【解答】解：ab棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv=0.2×0.8×10V=1.6V

通過ab棒的電流為：I==A=1.6A

根據(jù)右手定則判斷得知：通過ab棒的電流方向是b到a．

ab棒兩端的電勢(shì)差為：Uab=IR=1.6×0.8V=1.28V

ab棒所受的安培力為：FA=BIL=0.2×1.6×0.8N=0.256N

棒ab勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得到外力F的大小為：F=FA=0.256N

ab棒勻速運(yùn)動(dòng)，外力的功率等于回路總的電功率，為：P=I2（R+r）=1.62×（0.8+0.2）W=2.56W

故答案為：1.6，1.6，b到a，1.28，0.256，2.56．三、判斷題(共6題，共12分)15、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．17、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)．所以這個(gè)說法是錯(cuò)的．

故答案為：×．19、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構(gòu)成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構(gòu)成；故說法錯(cuò)誤．

故答案為：×20、×【分析】【分析】勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g，恒定；勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心，時(shí)刻改變．【解析】【解答】解：勻變速運(yùn)動(dòng)是指加速度恒定的運(yùn)動(dòng)；

平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為g；恒定，是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)；

勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度總是指向圓心；時(shí)刻改變，是變加速運(yùn)動(dòng)；

故答案為：×．四、作圖題(共1題，共9分)21、略

【分析】【解析】

試題分析：受力分析如圖。

考點(diǎn)：物體的受力分析?！窘馕觥俊敬鸢浮恳娊馕?。五、簡(jiǎn)答題(共1題，共7分)22、rm{(1)2CuO(s)+C(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}rm{triangleH=+34.5kJ隆隴mol^{-1}}

rm{triangleH=+34.5

kJ隆隴mol^{-1}}陰；rm{(2)}

rm{(3)4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}

rm{(3)4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}rm{(4)壟脵>}

rm{壟脷3.5隆脕10^{-5}}rm{mol隆隴L^{-1}隆隴min^{-1}}

rm{壟脺dfrac{5}{81}隆脕{10}^{?3}}rm{壟脹>}【分析】【分析】本題考查物質(zhì)制備，為高頻考點(diǎn)，涉及化學(xué)平衡有關(guān)計(jì)算、電解原理、蓋斯定律等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生分析計(jì)算能力，難點(diǎn)是電極反應(yīng)式的書寫，題目難度中等。【解答】

rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}rm{triangleH=-169kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

用炭粉在高溫條件下還原rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}制取rm{triangle

H=-169kJ?mol^{-1}}和rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=CO(g)}的化學(xué)方程式為rm{triangle

H=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

該反應(yīng)可以是rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}隆脕壟脵}反應(yīng)的焓變是rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{CuO}rm{triangleH=+34.5kJ隆隴mol^{-1}}

rm{Cu_{2}O}方法rm{CO}采用離子交換膜控制電解液中rm{C(s)+2CuO}的濃度，則只有使用陰離子交換膜才能控制氫氧根離子濃度；在電解池中，當(dāng)陽極是活潑電極時(shí)，該電機(jī)本身發(fā)生失電子得還原反應(yīng)，在堿性環(huán)境下，金屬銅失去電子的電極反應(yīng)為rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}鈦極是陰極發(fā)生氫離子得電子的還原反應(yīng)，所以消耗氫離子，則rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}

隆脕壟脵}值增大，故答案為：陰；rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}

隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}增大；rm{2CuO(s)+C(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}根據(jù)題目信息：液態(tài)肼rm{triangleH=+34.5

kJ隆隴mol^{-1}}還原新制rm{(2)}來制備納米級(jí)rm{c}同時(shí)放出rm{OH^{-}}得出化學(xué)方程式為：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+N_{2}隆眉+6H_{2}O}故答案為：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}分解反應(yīng)大多數(shù)為吸熱反應(yīng)，故答案為：rm{pH}

rm{2Cu-2e^{-}+2OH^{-}=Cu_{2}O+H_{2}O}前rm{(3)}內(nèi)水蒸氣反應(yīng)速率rm{=dfrac{0.05-0.0486}{20-0}mol/(L.min)=7隆脕10^{-5}mol/(L?min)}

同一反應(yīng)中同一段時(shí)間內(nèi)各物質(zhì)的反應(yīng)速率之比等于其計(jì)量數(shù)之比，則氧氣反應(yīng)速率rm{(N_{2}H_{4})}

故答案為：rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu_{2}O}rm{N_{2}}該反應(yīng)的正反應(yīng)是吸熱反應(yīng)，升高溫度平衡正向移動(dòng)，水蒸氣的轉(zhuǎn)化率增大，rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+N_{2}隆眉+6H_{2}O}和rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset{?}{=}

2Cu_{2}O+6H_{2}O+N_{2}隆眉}相比，rm{(4)壟脵}轉(zhuǎn)化率高，所以rm{>}rm{>}中水的轉(zhuǎn)化率為：rm{dfrac{0.050mol/L-0.0480mol/L}{0.050mol/L}隆脕100攏樓=4攏樓}故答案為：rm{壟脷}rm{20min}rm{=dfrac

{0.05-0.0486}{20-0}mol/(L.min)=7隆脕10^{-5}mol/(L?min)}rm{=3.5隆