2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊月考試卷647考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、物理學家奧斯特發(fā)現了電流的磁效應。如圖南北方向放置的直導線正下方有一靜止的小磁針；當導線通入由南向北的電流時觀察到小磁針偏轉，則小磁針()

A.N極會垂直紙面向里偏轉B.N極會沿紙面內向上偏轉C.對通電直導線無力的作用D.轉動方向與電流方向無關2、關于磁場，下列說法正確的是（）A.磁場的基本性質是對處于其中的磁體或通電導體有力的作用B.磁場是看不見、摸不著、實際不存在的，是人們假想出來的一種物質C.磁場是磁體周圍或通電導體周圍存在的一種物質，有小磁針放入其中時，存在磁場；無小磁針放入時，磁場不存在D.磁場的存在與否決定于人的思想，想其有則有，想其無則無3、下列說法正確的是（）A.車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車上測速儀探測到反射波的頻率減小B.電磁波不能產生多普勒效應，而機械波能產生多普勒效應C.雙縫干涉中兩列相干波的波峰與波峰疊加相互加強，波谷與波谷疊加相互削弱D.赫茲通過測量證明，電磁波在真空中具有與光相同的速度c4、兩異種點電荷電場中的部分等差等勢面如圖所示，已知A點電勢低于B點電勢，a、b處點電荷電荷量分別為和則（）

A.且B.且C.若在A處放一正的試探電荷，則該試探電荷僅在電場力作用下可沿A處所在等勢面運動D.若在B處放一正的試探電荷，則該試探電荷僅在電場力的作用下將沿aB連線做加速運動5、如圖所示，電源為恒流源，即無論電路中的電阻如何變化，流入電路的總電流始終保持恒定，理想電壓表與理想電流表的示數分別為當變阻器的滑動觸頭向上滑動時，理想電壓表與理想電流表的示數變化量分別為下列說法中正確的有（）

A.變小B.變小C.D.6、有6個小金屬球分別固定在如圖所示的正六邊形的頂點上；球7處于正六邊形中心位置，現使球2帶正電，球7帶負電，要使球7在中心位置獲得水平向右的加速度，下列說法正確的是（）

A.使球1帶上正電荷，其他球不帶電B.使球4、5同時帶上電荷，其他球不帶電C.不可能只讓球4帶上電荷，其他球不帶電D.不可能讓球3、4、5、6同時帶上電荷，其他球不帶電7、如圖所示，平行板電容器間有一帶電油滴正好靜止在極板正中間，現將極板勻速向下移動到虛線位置，其他條件不變．則在極板移動的過程中（）

A.油滴將向下勻加速運動B.電流計中電流由流向C.極板帶的電荷量逐漸減少D.帶電油滴的電勢能逐漸減小8、給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負電。板間一帶電小球C用絕緣細線懸掛，如圖所示，小球靜止時與豎直方向的夾角為則下列說法錯誤的是（）

A.若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B.若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C.若將B極板向上平移稍許，夾角將變大D.輕輕將細線剪斷，小球將做斜拋運動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、是兩個帶電小球，質量分別是電荷量大小分別是用兩條等長絕緣細線懸掛在同一點兩球靜止時如圖所示，此時細線對兩球的拉力分別為兩球連線與所在豎直線的交點為且下列說法正確的是（）

A.B.C.D.10、如圖所示，兩虛線相距兩虛線之間的區(qū)域分別存在著方向豎直向上的勻強電場和方向豎直向下的勻強電場為兩電場的水平分界線。一帶電荷量為質量為的粒子由邊界上距為的點以初速度垂直射入電場，經電場偏轉后，穿過分界線上某一點后由邊界上距為的點垂直邊界射出。粒子重力不計，則的大小可能為（）

A.B.C.D.11、如圖所示，一勻強電場的電場線與圓O所在平面平行，AB為圓的一條直徑，C為圓周上點，圓的半徑為R，∠AOC＝30°，在A點有一粒子源，能向圓O所在平面內各個方向以動能Ek發(fā)射同種帶電粒子（不計重力），粒子質量為m，電荷量為q，由觀察可知經過B、C的粒子動能分別為7Ek和4Ek；則（）

A.勻強電場的方向與OC平行B.勻強電場的電場強度為C.粒子經過圓周上各點時動能的最大值為10EkD.帶電粒子能夠經過圓周上任意一點12、如圖所示，邊長為a的正方體所處空間中存在勻強電場（圖中未畫出）。在A、F兩點分別放入電荷量為和的點電荷甲和乙后，B點的場強變?yōu)榱?。已知靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.原勻強電場的場強方向從A指向FB.原勻強電場的場強大小為C.放入點電荷前，B、H兩點電勢相等D.放入點電荷后，再將甲從A點沿直線移至D點的過程，甲的電勢能保持不變13、如圖甲所示，一絕緣的豎直圓環(huán)上均勻分布著正電荷，一光滑細桿從圓心垂直圓環(huán)平面穿過圓環(huán)，桿上套有帶正電的小球，現使小球從a點由靜止釋放，并開始計時，后經過b、c兩點，其運動過程中的v?t圖象如圖乙所示．則（）

A.帶電圓環(huán)在圓心處產生的場強為零B.b點電勢高于c點電勢C.b點場強小于c點場強D.電勢差Uab小于Ubc14、如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，上極接地，一帶負電的油滴位于容器中的P點且處于靜止狀態(tài)；現將下極板豎直向上緩慢地移動一小段距離，則（）

A.帶電油滴將豎直向下運動B.帶電油滴的機械能將增加C.P點的電勢將降低D.通過靈敏電流計有從a往b的電流15、如圖所示，輕質彈簧的一端固定在粗糙斜面的擋板O點，另一端固定在一個小物塊上。小物塊從位置（此位置彈簧伸長量為零）由靜止開始運動，運動到最低點位置，然后在彈力作用下上升運動到最高點位置（圖中未標出）。在此兩過程中；下列判斷正確的是（）

A.下滑和上滑過程彈簧和小物塊系統機械能守恒B.下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值比上滑過程克服重力和摩擦力做功總值小C.下滑過程彈簧和小物塊組成的系統機械能減小量比上升過程機械能減小量大D.下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大值位置高16、靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸正向為場強正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷

A.在和處電勢能相等B.由運動到的過程中電勢能增大C.由運動到的過程中電場力先增大后減小D.由運動到的過程中電場力先減小后增大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、為了體現全民大聯歡，2020年央視春晚繼續(xù)采用“北京主會場+各地分會場”的直播模式，突破演播室界限，將春晚舞臺的歡聲笑語帶到觀眾的身邊。用衛(wèi)星轉播春晚實況是利用______（選填“超聲波”“次聲波”或“電磁波”）來傳遞信息的；主持人的說話聲是由聲帶______產生的。18、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P位置不變而電阻箱R阻值增大的時候，電表A和V的變化情況是：表V示數_____，表A示數_____．(填“變大；變小或不變”).

19、如圖所示，在同一平面內有兩根互相平行的長直導線1和2，通有大小相等、方向相反的電流，a、b兩點與兩導線共面，a點在兩導線的中間，與兩導線的距離均為r，b點在導線2右側，與導線2的距離也為r．現測得a點的磁感應強度為B，則去掉導線1后，b點的磁感應強度大小為_________，方向_______．

20、如圖所示，在邊長為L的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為＋q、＋q、＋q和－q的點電荷，則正方形中心O點的電場強度大小為______，方向為________．

21、長波的波長范圍為3000～30000m，短波的波長范圍為10～50m，則長波的頻率范圍是________，短波的頻率范圍是________。22、如圖所示，在某一點電荷產生的電場中有兩點，其中點的場強大小為方向與連線成30°角；點的場強大小為方向與連線成60°角，則___________，_________（此空填“＞”；“＝”或“＜”）

23、如圖所示，兩條直線分別對應著兩個導體R1、R2。那么，兩導體的電阻之比為R1:R2=_________，若兩個導體串聯時，兩導體兩端的電壓之比為U1:U2=_________。

24、請正確讀出下圖中各表達讀數：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數為___________V；接0~15V量程時讀數為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數為___________A；接0~0.6A量程時讀數為___________A。25、波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個______（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號______來表示;波的頻率是在1s內有多少次______（或波谷）通過,頻率用符號______來表示;波速是用來描述波傳播______的物理量,波速用符號______來表示。

評卷人得分四、解答題(共4題，共32分)26、構建理想化模型；是處理物理問題常見的方法．

（1）在研究平行板電容器的相關問題時，我們是從研究理想化模型——無限大帶電平面開始的．真空中無限大帶電平面的電場是勻強電場，電場強度為E0=其中k是靜電力常量，σ為電荷分布在平面上的面密度，單位為C/m2．如圖1所示，無限大平面帶正電，電場指向兩側．若帶負電則電場指向中央（圖中未畫出）．在實際問題中，當兩塊相同的帶等量異種電荷的較大金屬板相距很近時，其中間區(qū)域，可以看作是兩個無限大帶電平面所產生的勻強電場疊加；如果再忽略邊緣效應，平行板電容器兩板間的電場就可以看作是勻強電場，如圖2所示．已知平行板電容器所帶電量為Q，極板面積為S，板間距為d；求：

a.兩極板間電場強度的大小E；

b.請根據電容的定義式，求出在真空中，該平行板電容器的電容C；

c.求解圖2中左極板所受電場力的大小F．

（提示：因為帶電左極板的存在已經影響到帶電右極板單獨存在時空間場強的分布，所以不能使用a問中計算出的場強；而是應該將電場強度“還原”到原來右極板單獨存在時，在左極板所在位置產生的電場強度．）

（2）根據以上思路，請求解真空中均勻帶電球面（理想化模型，沒有厚度）上某微小面元所受電場力．如圖3所示，已知球面半徑為R，所帶電量為Q，該微小面元的面積為?S，帶電球面在空間的電場強度分布為其中r為空間某點到球心O的距離．

（提示：“無限大”是相對的，在實際研究中，只要被研究點距離帶電面足夠近，就可認為該帶電面為無限大帶電平面）27、如圖所示為電壓表和電流表測定電源的電動勢和內電阻的電路圖，采用的是電流表外接法．若已知電壓表和電流表的內電阻分別為RV和RA；試計算用這個電路測得的電動勢及內電阻的相對誤差．

28、生活中的許多用品都可以看作能量轉化器，它們把能量從一種形式轉化為另一種形式。請觀察你家中的各種生活用品，分別指出它們工作時進行了哪些能量轉化。29、現將標有“3V，3W”的直流電動機，串聯一個滑動變阻器接在電動勢為E＝4.0V、內阻為r＝0.40的電源的兩端，如圖所示。已知電動機線圈的電阻R0＝0.10Ω；不計其它電阻。

（1）若滑動變阻器接入電路的阻值R1＝3.5Ω，電動機卡住不轉，求此時電路中的電流I1；

（2）若要使直流電動機正常工作，求滑動變阻器接入電路的阻值R2應為多少；

（3）調節(jié)滑動變阻器接入電路的阻值，回路中的電流I及電源的輸出功率P隨之改變。

a.請從理論上推導P與I的關系式，并在圖中定性畫出P-I圖像；

b.求該電源對外電路能夠輸出的最大功率Pm。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．若導線通入由南向北的電流時；根據安培定則可知小磁針處的磁場的方向垂直于紙面向里，所以小磁針的N極會向垂直紙面向里偏轉。故A正確B錯誤；

C．因為力的作用是相互的；故小磁針對通電直導線也有力的作用，故C錯誤；

D．若導線通入由北向南的電流時；根據安培定則可知小磁針處的磁場的方向垂直于紙面向里，所以小磁針的N極會向垂直紙面向外偏轉。故轉動方向與電流方向有關。故D錯誤。

故選A。2、A【分析】【分析】

【詳解】

A．磁場的基本性質是對放入其中的磁體或通電導體有力的作用；A正確；

BCD．磁場雖然看不見摸不著；但是它是客觀存在的，BCD錯誤。

故選A。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由多普勒效應可知，車輛勻速駛向停在路邊的警車，相當于波的傳播速度增大，根據f＝可知；警車上測速儀探測到反射波的頻率升高，A錯誤；

B．能發(fā)生多普勒效應是波的固有屬性；電磁波和機械波都能產生多普勒效應，故B錯誤；

C．雙縫干涉中兩列相干波的波峰與波峰疊加或波谷與波谷疊加相互加強；波峰與波谷疊加相互削弱，C錯誤；

D．赫茲通過一系列實驗，觀察到了電磁波的反射、折射、干涉、偏振和衍射等現象，他還通過測量證明，電磁波在真空中具有與光相同的速度c；這樣，赫茲證實了麥克斯韋關于光的電磁理論，D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

AB．等差等勢面的疏密表示場強的大小，所以

由于A點電勢低于B點電勢，所以帶負電，帶正電；故A錯誤，B正確；

C．若在A處放一正的試探電荷，則該試探電荷所受電場力做正功，不會沿A處所在等勢面運動；故C錯誤；

D．若在B處放一正的試探電荷，僅在電場力的作用下，對試探電荷受力分析，可知其受沿aB連線向下的電場力和沿bB連線向上的電場力，則試探電荷不會沿aB連線運動；故D錯誤。

故選B。5、A【分析】【詳解】

AB．據題意，電源為恒流源，能夠提供持續(xù)的定值電流，電阻R2兩端電壓不變，則當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時，阻值增大，則并聯部分電阻增大，根據歐姆定律可知，并聯部分電壓增大，電壓表示數U增大，流過定值電阻R1的電流增大，則流過定值電阻R3和滑動變阻器R0的電流I減?。还蔄正確，B錯誤；

CD．電壓表讀數的變化量等于電阻R1兩端電壓的變化量，設通過R1的電流變化為則

電阻R1兩端電壓變化

則得

故CD錯誤。

故選A。6、B【分析】【分析】

【詳解】

A．使球1帶上正電荷；其他球不帶電，根據庫侖力的合成可知，球7受到的合力向上，故A錯誤；

B．使球4；5同時帶上電荷；其他球不帶電，如果4球帶正電，5球帶負電，根據庫侖力合成可知，則合力方向可能水平向右，故B正確；

C．如果4球帶正電；其他球不帶電，根據庫侖力合成可知，則合力方向可能水平向右，故C錯誤；

D．結合B選項分析；只需讓3；6球對7球合力向右即可，故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．由題意知將B極板勻速向下運動時，兩極板的距離d增大，由于電容器和電源相連，電勢差U不變，則根據

可知極板間的電場強度減小，根據

油滴所受的電場力減?。挥偷蜗蛳录铀?；由于電場力是變力，油滴的合力是變力，所以油滴做的是變加速運動，故A錯誤；

BC．電容器板間距離增大，根據

可知電容減小，而板間電壓U不變，電容器所帶電荷量減小，開始放電，因為上極板帶正電，則知電流計中電流由a流向b；故B錯誤，C正確；

D．由A選項分析可知油滴向下加速；由于油滴所受電場力向上，故運動過程中電場力做負功，帶電油滴的電勢能增加，故D錯誤。

故選C。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．若將B極板向右平移稍許，則d增大；根據。

可知電容器的電容將減小。故A正確；與題意不符；

B．若將B極板向下平移稍許；則正對面積減小，根據。

可知電容器的電容將減??；依題意可知電容器的電荷量不變，有公式。

分析得知A、B兩板間電勢差將增大。故B正確；與題意不符；

C．根據上一選項分析，當A、B兩板間電勢差將增大時；根據公式。

F=qE可得小球所受電場力增大，夾角將變大。故C正確；與題意不符；

D．輕輕將細線剪斷；小球將沿重力與電場力的合力方向做初速度為零的勻加速直線運動。故D錯誤，與題意相符。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

BCD．利用相似三角形知識可得，球所受三個力構成的矢量三角形與三角形相似，

球所受三個力構成的矢量三角形與三角形相似，

因所以

選項B；D正確；C錯誤；

A．因兩球之間的作用力是相互作用力；無法判斷兩球帶電荷量的多少關系，選項A錯誤。

故選BD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

設粒子經分界線上的點由勻強電場進入勻強電場由到及到的時間分別為到達點時豎直方向的分速度為則

解得

故AD正確。

故選AD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據出射帶電粒子的初動能為Ek，經過B、C點的動能分別為7Ek和4Ek，可知帶電粒子增加的動能分別為6Ek和3Ek，即二者之比為2：1，根據幾何關系以及相似三角形關系可知勻強電場的方向應該與OC垂直；故A錯誤；

B．結合題干中的條件，圓的半徑為R，∠AOC＝30°，結合電場與電勢的關系qU＝W

可知電場強度

代入數值，可得

故B正確；

C．由勻強電場的方向垂直與OC可知，電場力做功最大的位置應該過O點垂直于OC的直線與圓相交的點，根據幾何關系可知動能的最大值為10Ek；故C正確；

D．因為3Ek對應的在電場線上的距離為若帶電粒子克服電場力做功，則電勢能增加，若帶電粒子的初動能Ek完全轉化為電勢能，則在電場線方向上移動已知圓心O到過A點的等勢面的距離為則有

即帶電粒子不能達到圓周上任意一點；故D錯誤；

故選BC。12、B:C【分析】【詳解】

AB．甲和乙兩等量異種點電荷，B點位于兩點電荷連線中垂面上，所以兩點電荷在B點的場強方向平行于AF連線且由A指向F，結合幾何關系可知場強大小為

又B點的合場強為零，所以原勻強電場在B點的場強與等量異種點電荷在B點產生的場強等大反向，即原勻強電場的場強方向由F指向A，大小也為故A錯誤，B正確；

C．放入點電荷前，平面與原勻強電場的場強方向垂直，所以平面為等勢面，即B、H兩點電勢相等；故C正確；

D．放入點電荷后，在由乙產生電場和原勻強電場疊加后的電場中，甲從A點沿直線移至D點的過程中；垂直于勻強電場且遠離負點電荷，所以電場力做負功，電勢能不斷增大，故D錯誤。

故選BC。13、A:B:D【分析】【詳解】

A.據對稱性知；絕緣豎直圓環(huán)上均勻分布的正電荷在圓心處產生的場強完全抵消，則帶電圓環(huán)在圓心處產生的場強為零，故A項正確；

B.據對稱性知，絕緣豎直圓環(huán)上均勻分布的正電荷在桿上bc段的場強方向由b指向c，則b點電勢高于c點電勢；故B項正確；

C.速度時間圖象的斜率表示加速度，則小球在b點加速度大于在c點加速度，小球套在光滑水平細桿上，則小球在b點所受電場力大于在c點所受電場力，b點場強大于c點場強；故C項錯誤；

D.據動能定理可得：

解得：

故D項正確．14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．依題意知，電容器保持與電源連接，則電容器極板間電壓不變；由。

可知，若將下極板豎直向上緩慢地移動一小段距離，d減小，則板間場強增大；則油滴所受電場力增大，油滴將沿豎直向上運動，故A錯誤；

BC．P點到上極板的距離不變，場強增大；由。

知，P點與上極板間電勢差增大，P點的電勢小于零，則P點的電勢降低；由于油滴帶負電，因向上運動，電場力做正功，則帶電油滴的電勢能將減小，機械能增大，故BC正確；

D．將下極板豎直向上緩慢移動時，d減小；根據。

可知電容器電容增大；電容器的電壓U不變；故根據。

可知電量增大，故電容器充電，電流計中有從b到a的電流；故D錯誤。

故選BC。15、C:D【分析】【詳解】

A．由于下滑和上滑過程摩擦力對小物塊做負功；可知下滑和上滑過程彈簧和小物塊組成系統機械能減少，A錯誤；

C．由于摩擦力對小物塊做負功，彈簧和小物塊組成系統機械能減少，可知位置一定低于位置，距離大于距離；且下滑和上滑過程摩擦力大小不變，可知下滑過程系統克服摩擦力做功大于上滑過程系統克服摩擦力做功，即下滑過程彈簧和小物塊組成的系統機械能減小量大于上升過程機械能減小量，C正確；

D．假設下滑過程物塊速度最大時，彈簧的伸長量為根據受力平衡可得

假設上滑過程物塊速度最大時，彈簧的伸長量為根據受力平衡可得

可得

由于下滑過程彈簧的伸長量小于上滑過程彈簧的伸長量可知下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大值位置高，D正確；

B．上滑過程克服重力和摩擦力做功總值等于彈簧對物塊做的功，即等于彈性勢能的減少量，由于上滑過程的最高點位置低于位置；可知上滑過程彈性勢能的減少量小于下滑過程彈性勢能的增加量，則有上滑過程克服重力和摩擦力做功總值小于下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值，B錯誤；

故選CD。16、B:C【分析】【分析】

由圖像判斷電場線的方向；再確定電勢大小的關系．

【詳解】

A．由圖像可知，在0～x1之間，電場強度E是正的，是沿x軸正方向的；在x1～x4之間，電場強度E是負的，是沿x軸負方向的，故由x2到x4是逆著電場線的方向，所以x4處的電勢要大于x2處的電勢；選項A錯誤；

B．由x1運動到x3的過程中；是逆著電場線方向的，所以電勢能增大，選項B正確；

CD．由x1運動到x4的過程中，x3處的電場強度的大小是最大的；故電荷在該點受到的電場力也應該是最大的，故電場力是先增大后減小，選項C正確，D錯誤．

【點晴】

圖像只是向我們提供一種電場強度與位置的關系，需要我們通過圖像將其轉化為具有一定形態(tài)的東西，當我們將其轉化成具體的電場線的某一個方向時，我們再去判斷就會很容易了，所以對圖像的識別很重要．三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]微波通信；衛(wèi)星通信、光纖通信都是用電磁波來傳遞信息；故用衛(wèi)星轉播春晚實況是利用電磁波來傳遞信息的；

[2]聲音是由物體的振動產生的，主持人的說話聲是靠聲帶振動產生的?！窘馕觥侩姶挪ㄕ駝?8、略

【分析】【詳解】

[1][2]滑動變阻器的滑片P位置不變而電阻箱R阻值增大的時候，外電路電阻增大，則干路電流減小，根據

可知，路端電壓變大，所以電阻箱兩端電壓變大，電壓表示數變大，與電阻箱并聯部分的滑動變阻器兩端電壓變大，電流變大，而干路電流減小，所以電阻箱支路電流減小，電流表示數減?。窘馕觥孔兇笞冃?9、略

【分析】【詳解】

[1][2]．根據右手螺旋定則可知兩導線在a點形成磁場方向相同，由于兩導線電流大小相等，a點與兩導線的距離也相等，故單根導線在a點形成磁感應強度大小為0.5B，由于a與b與導線2距離相等，故撤掉導線1后，b點磁感應強度大小為0.5B，根據安培定則可知b點磁場方向垂直紙面向里?！窘馕觥看怪奔埫嫦蚶锩?0、略

【分析】【詳解】

A、C兩點上的電荷在O點產生的場強大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強為B、D兩點電荷在O點產生場強的合場強．則O點的場強：E=EB+ED＝方向沿OD連線由O指向D．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式，以及點電荷的場強方向，會根據平行四邊形定則進行場強的疊加．【解析】方向沿OD連線由O指向D21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]已知長波波長范圍為3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

則長波頻率在10～100kHz之間．

[2]同理由短波的波長范圍為10～50m，則頻率范圍是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz22、略

【分析】【詳解】

[1]通過作圖找出點電荷Q的位置，并設a、b間距為2l，則a、b兩點距點電荷的距離分別為和l，如圖所示；根據點電荷周圍的場強公式

及

可知

[2]根據電場線的方向可知場源電荷是負電荷，又因為越靠近場源負電荷電勢越低，所以【解析】＞23、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知

所以R1:R2=1:3。

[2]由串聯電路特點知U1:U2=R1:R2=1:3【解析】24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]接0~3V量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數比最小刻度多一位小數，讀數為

[2]接0~15V量程時,每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法（估讀五分之幾小格），讀數和最小刻度小數位數相同，讀數為

(2)[3]接0~3A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用估讀法，讀數比最小刻度多一位小數，讀數為

[4]接0~0.6A量程時，每小格表示指針偏轉不夠一個分格部分用半格（）估讀法（不足半小格的舍去，超過半小格的按半小格估讀），讀數和最小刻度小數位數相同，讀數為【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6]波長、頻率與波速:如圖鄰近的兩個波峰（或波谷）的距離叫作波長,波長用符號λ來表示;波的頻率是在1s內有多少次波峰（或波谷）通過,頻