2025年滬科版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊月考試卷909考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，兩個線圈繞在同一根軟鐵棒上，當導體棒A運動時，發(fā)現(xiàn)有感應電流從a向b流過燈，則下列關于A的運動情況的判斷正確的是（）A.向左勻速運動B.向右勻速運動C.向左加速運動D.向右加速運動2、如圖所示，真空中等量異種點電荷放置在M、N兩點，在MN的連線上有對稱點a、c，MN連線的中垂線上有對稱點b；d；則下列說法正確的是（）

A.a點場強與c點場強一定相同B.a點電勢一定小于c點電勢C.負電荷在c點電勢能一定大于在a點電勢能D.正電荷從d點移到b點電場力做正功3、一個不帶電的空心金屬球，在它的球心處放一個正點荷．圖中哪一個能正確表示其電場分布的情況（）A.B.C.D.4、如圖a所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛另一個線圈Q，P與Q共軸，Q中通有變化電流，電流隨時間變化的規(guī)律如圖b所示，P所受的重力為G，桌面對P的支持力為N，則（）A.t1時刻N＞GB.t2時刻N＞GC.t3時刻N＜GD.t4時刻N＜G5、某人駕車從“浙江省余姚中學”開往“浙江大學紫荊港校區(qū)”，導航地圖如圖所示，則以下說法錯誤的是A.研究汽車在導航圖中的位置時，可以把汽車看作質點B.“常規(guī)路線”中的“121.0km

”是指位移大小C.圖中顯示的“1

小時41

分鐘”是指時間間隔D.高速公路某處路邊豎有限速標志110km

指的是車輛行駛在該路段過程中，瞬時速度不能超過110km/h

6、關于磁場中某點的磁感應強度B；下列說法中正確的是（）

A.由可知；B與F成正比，與IL的乘積成反比。

B.B的大小與IL的乘積無關；由磁場本身決定。

C.B的方向與通電導線在磁場中的受力方向平行。

D.B的方向與放入磁場中的電流的方向有關。

7、我國自行研制開發(fā)北斗衛(wèi)星系統(tǒng)是一個（）A.在國內范圍使用的定位與導航系統(tǒng)B.在全球范圍內使用的定位與導航系統(tǒng)C.全球高速寬帶網(wǎng)絡系統(tǒng)D.全球傳播的多頻道數(shù)字電視系統(tǒng)8、保護知識產權，抵制盜版是我們每個公民的責任與義務.

盜版書籍影響我們的學習效率甚至會給我們的學習帶來隱患.

小華有一次不小心購買了盜版的物理參考書，做練習時，他發(fā)現(xiàn)有一個關鍵數(shù)字看不清，拿來問老師，如果你是老師，你認為可能是下列幾個數(shù)字中的那一個(

)

A.6.2隆脕10鈭?19C

B.6.4隆脕10鈭?19C

C.6.6隆脕10鈭?19C

D.6.8隆脕10鈭?19C

評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、如圖所示，某透明液體深1m，一束光線與水平面成30°角從空氣斜射向該液體，進入該液體的光線與水平面的夾角為45°．（光在真空中的速率c=3.0×108m/s），則該液體的折射率n=______，進入液體的光線射到底面所需的時間為______s．10、設想一周期為2秒的秒擺從地球表面移至某一行星表面上，其振動圖象如圖所示。已知該行星質量為地球質量的2倍，則該行星表面處的重力加速度為地球表面處重力加速度的____倍，該行星半徑是地球半徑的____倍。11、能量為的光子照射基態(tài)氫原子，剛好可使該原子中的電子成為自由電子．這一能量稱為氫的電離能．現(xiàn)用一頻率為的光子從基態(tài)氫原子中擊出了一電子，該電子在遠離核以后速度的大小為_______________（用光子頻率電子質量m、氫原子的電離能和普朗克常量表示）12、能源是人類社會活動的物質基礎，其中常規(guī)能源有：____；____；天然氣．清潔能源有____；____；風能等．13、一塊N型半導體薄片（稱霍爾元件），其橫載面為矩形，體積為b×c×d，如圖所示．已知其單位體積內的電子數(shù)為n、電阻率為ρ、電子電荷量e．將此元件放在勻強磁場中，磁場方向沿Z軸方向，并通有沿x軸方向的電流I．此元件的CC′兩個側面中，______面電勢高．14、如圖所示，質量為10kg

的物體與水平面間的滑動摩擦力大小為20N

在向右運動的過程中，還受到一個方向向左的大小為15N

的拉力作用，則物體受到的合力大小為______。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共3題，共18分)22、某同學在做測定小燈泡的伏安特性曲線的實驗中得到如下一組U

和I

的數(shù)據(jù)：陋蘆

。編號12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1410.1700.1910.2000.204燈泡發(fā)光情況不亮逐漸變亮逐漸變亮正常發(fā)光(1)

在圖1

中畫出小燈泡的I鈭?U

圖線陋鹵陋蘆

(2)

該同學實驗的電路圖如圖2

所示；開始實驗時滑動變阻器的觸頭應放于RP

______(

左端，右端)

．

(3)

在圖線上可以看出；當電壓逐漸增大時，燈絲電阻的變化情況是______．

(4)

這表明導體的電阻隨溫度升高而______.陋鹵

23、把兩個大小相同；質量不等的金屬球用細線連接；中間夾一被壓縮了的輕彈簧，置于光滑的水平桌面上，（兩側地面上已依次鋪放白紙、復寫紙）如圖所示，燒斷細線，觀察兩球的運動情況，進行必要的測量，驗證物體間相互作用時動量守恒．

（1）還必須添加的器材是：______；

（2）需直接測量的數(shù)據(jù)是：______；

（3）用所得數(shù)據(jù)驗證動量守恒定律的關系式是：______．24、做“用單擺測定重力加速度”的實驗；

（1）為測量單擺的擺動周期；測量時間應從擺球經過平衡位置時開始計時；某次測定了40次全振動的時間如圖1中秒表所示，那么秒表讀數(shù)是______s．

（2）改變擺長l；共測定了6組擺長l和對應的周期T．為了求出當?shù)氐闹亓铀俣萭，3位同學提出了3種不同的處理方法：

A．從測定的6組對應值中任意選取1組，用公式g=求出g作為測量值。

B．先分別求出6個l值的平均值和6個T值的平均值再用公式g=求出g作為測量值。

C．先用6組l和T的值，用公式g=求出6個對應的g值；再求這6個值的平均值作為測量值。

以上3種方法中；錯誤的是______，其余正確方法中，偶然誤差最大的是______（填入相應的字母）．

（3）某同學只測量了懸點到球間擺線的長度L，測得多組L和對應的周期T，畫出如圖2所示的L-T2圖線，并在圖線上選取了A、B兩個點，其坐標如圖所示．據(jù)此可得計算重力加速度的表達式為g=______．該同學測擺長時漏加了小球半徑，而其它測量、計算均無誤，則用上述方法算得的g值和真實值相比是______的（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．評卷人得分五、計算題(共1題，共4分)25、一列橫波在x軸上傳播，在t1=0時刻波形如圖實線所示，t2=0.05s時刻波形如圖虛線所示，若周期大于（t2-t1），則最小波速和最大波速分別是多少？方向如何？評卷人得分六、綜合題(共2題，共10分)26、(1)

如圖，鈻?ABC

為一玻璃三棱鏡的橫截面，隆脧A=30鈭?

一束紅光垂直AB

邊射入，從AC

邊上的D

點射出，其折射角為60鈭?

則玻璃對紅光的折射率為_____。若改用藍光沿同一路徑入射，則光線在D

點射出時的折射射角______(

填“小于”“等于”或“大于”)60鈭?

(2)

一列簡諧橫波在t=13s

時的波形圖如圖(a)

所示，PQ

是介質中的兩個質點。圖(b)

是質點Q

的振動圖像。求(i)

波速及波的傳播方向；(ii)

質點Q

的平衡位置的x

坐標。27、(1)

汽車通過拱形橋的最高點時對橋面的壓力________(

選填“大于”“小于”或“等于”)

重力，汽車通過凹形橋的最低點時對橋面的壓力________(

選填“大于”“小于”或“等于”)

重力．(2)

一輛正在行駛的汽車在關閉發(fā)動機后做減速運動，最后停下來，在這一過程中，汽車所受合力對汽車做________(

選填“正功”或“負功”)

汽車的動能________(

選填“增加”或“減少”)

．(3)

長為L=0.5m

的輕桿，其一端固定于O

點，另一端連著質量m=1kg

的小球，小球繞O

點在豎直平面內做圓周運動，當它通過最高點時速度v=2m/s

時，小球受到細桿的作用力大小為________N

是________(

選填“拉力“或”支持力“).(g=10m/s2)

(4)

質量為10kg

的物體在100N

的水平拉力作用下，在水平面上從靜止開始做勻變速直線運動，當速度為16m/s

時位移為16mg=10m/s2

則物體受到的摩擦力大小為________N

物體與水平面之間的動摩擦因數(shù)為________．(5)

利用如圖所示的實驗裝置探究力對靜止物體做功與物體獲得的速度的關系．壟脵

選用同樣的橡皮筋，每次在同一位置釋放小車，如果用1

條橡皮筋進行實驗時，橡皮筋對小車做的功為W

用3

條橡皮筋進行實驗時，橡皮筋對小車做的功為________W

壟脷

小車運動中會受到阻力，在實驗中應________以消除這種影響；壟脹

在實驗中得到一張紙帶如圖所示，在圖上標出了紙帶中一段相鄰點跡之間的距離(

單位是cm)

所用的打點計時器的頻率為50Hz.

根據(jù)數(shù)據(jù)求出橡皮筋對小車做功后小車獲得的速度為________m/s

．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【解析】試題分析：AB、導體棒A勻速運動，導體棒產生的感應電動勢和感應電流恒定不變，上面線圈產生的磁場恒定不變，穿過下面線圈的磁通量不變，沒有感應電流產生；錯誤C、導體棒A向左加速運動，由右手定則知導體棒中有向下的感應電流，逐漸增大，由安培定則知上面線圈產生向下的磁場，逐漸增強，由楞次定律判斷出下面線圈的感應電流方向是從a流向b的；正確D、導體棒A向右加速運動，由右手定則知導體棒中有向上的感應電流，逐漸增大，由安培定則知上面線圈產生向上的磁場，逐漸增強，由楞次定律判斷出下面線圈的感應電流方向是從b流向a的；錯誤故選C考點：楞次定律【解析】【答案】C2、A【分析】【分析】在等量異種點電荷的電場線分布圖中；電場線由正電荷指向負電荷，由于ac兩點關于O點對稱，所以兩點場強相同，A對；沿著電場線的方向電勢降低，由于不知道兩電荷電性，所以不能判斷a；c兩點電勢高低，B錯；電勢能與試探電荷和電勢都有關系，由于不知道a、c兩點電勢的高低，所以無法判斷兩點的電勢能大小，C錯；在兩電荷連線的中垂線上場強方向為水平方向，所以中垂線為等勢線，沿著等勢線移動電荷電場力不做功，D錯。

【點評】本題難度中等，學生做本題時，明確幾種常見的電場其電場線分布，知道據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，熟悉并理解幾種常見的電場線的分布3、B【分析】解：由于電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出的；所以正點荷的電場線都是向外的，由于靜電感應，金屬球的內壁和外壁會出現(xiàn)感應電荷，會產生感應電場，感應電場的方向是與正電荷的電場的方向相反，最終達到平衡時，在球殼內部的電場為零，所以沒有電場線，在球殼的外部電場線的方向是向外的，所以B正確．

故選：B．

電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出；到負電荷或無窮遠處為止，當電荷放在空心金屬球內時，由于靜電感應，金屬球會產生感應電場，分析兩個電場的特點可以得出結論．

本題需要掌握住點電荷的電場的分布情況，同時還要注意金屬球殼的靜電感應的影響．【解析】【答案】B4、A【分析】解：A、當螺線管中電流增大時，其形成的磁場不斷增強，因此線圈P中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠離和面積收縮的趨勢，所以t1時刻N＞G．故A正確；

B、t2時刻與t4時刻，當螺線管中電流不變時，其形成磁場不變，線圈P中的磁通量不變，因此磁鐵線圈中無感應電流產生，故t2時刻合t4時刻N=G；故B錯誤，D錯誤；

C、t3時刻螺線管中電流為零；但是線圈P中磁通量是變化的，因此此時線圈中有感應電流，此時，線圈Q中的電流為0，因此兩個線圈之間沒有安培力．此時N=G，故C錯誤．

故選：A

當螺線管中通入變化的電流時形成變化的磁場；這時線圈P中的磁通量發(fā)生變化，由其磁通量的變化根據(jù)楞次定律可以判斷P中產生感應電流的大小方向以及P線圈收縮和擴展趨勢．

正確理解楞次定律中“阻礙”的含義，注意判斷感應電流的大小看磁通量的變化率而不是看磁通量的大小，如C選項，學生很容易錯選．【解析】【答案】A5、B【分析】【分析】

當物體的大小和形狀在所研究的問題中可以忽略時可以看作質點；

明確位移和路程的定義；明確位移為起點到終點的有向線段，而路程是指實際軌跡的長度；

明確時間和時刻的定義；知道時間間隔對應一個過程，而時刻對應一個瞬間；

理解平均速度和瞬時速度的定義；知道限速限制的是瞬時速度。

本題考查位移與路程、質點、瞬時速度和平均速度等，對于物理學中相近知識點要注意準確理解，掌握它們的區(qū)別和聯(lián)系?！窘獯稹?/p>

A.研究汽車在導航圖中的位置時；汽車的大小可以忽略，故可以把汽車看作質點，故A正確；

B.“常規(guī)路線”中的“121.0km

”是指路程的大?。还蔅錯誤；

C.圖中顯示的“1

小時41

分鐘”是指汽車行駛的時間間隔；故C正確；

D.進入隧道前路邊豎有限速標志110km

實際為110km/h

是指瞬時速度，意思為指的是車輛經過隧道過程中，瞬時速度不能超過110km/h

故D正確。

選錯誤的，故選B。

【解析】B

6、B【分析】

A、由可知；是通過比值定義，所以B與F，與IL均無關，而B由磁場本身性質決定．故A錯誤；

B、由可知；是通過比值定義，所以B與F，與IL均無關，而B由磁場本身性質決定．故B正確；

C；通電導線在磁場中的受力方向；由左手定則來確定，所以磁場力的方向與磁場及電流方向相互垂直，故C錯誤；

D；B的方向與放入磁場中的電流的方向無關．故D錯誤；

故選：B

【解析】【答案】在磁場中磁感應強度有強弱；則由磁感應強度來描述強弱．將通電導線垂直放入勻強磁場中，即確保電流方向與磁場方向相互垂直，則所受的磁場力與通電導線的電流與長度乘積之比．

7、B【分析】解：北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由中國自主研制和建立的用于導航和定位的衛(wèi)星系統(tǒng)．是繼美全球定位系統(tǒng)（GPS）和俄GLONASS之后第三個成熟的衛(wèi)星導航系統(tǒng)．系統(tǒng)由空間端；地面端和用戶端組成；可在全球范圍內全天候、全天時為各類用戶提供高精度、高可靠定位、導航、授時服務，并具短報文通信能力，已經初步具備區(qū)域導航、定位和授時能力，定位精度優(yōu)于20m，授時精度優(yōu)于100ns．

故選B．

北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由中國自主研制和建立的用于導航和定位的衛(wèi)星系統(tǒng)．是繼美全球定位系統(tǒng)（GPS）和俄GLONASS之后第三個成熟的衛(wèi)星導航系統(tǒng)．系統(tǒng)由空間端；地面端和用戶端組成；可在全球范圍內全天候、全天時為各類用戶提供高精度、高可靠定位、導航、授時服務，并具短報文通信能力，已經初步具備區(qū)域導航、定位和授時能力，定位精度優(yōu)于20m，授時精度優(yōu)于100ns．

這是一道考查科技知識在日常生活中的應用的基礎題，比較容易，可以作為選擇題或填空題出現(xiàn)．【解析】【答案】B8、B【分析】電子電荷量的大小是最小的；人們把最小電荷叫做元電荷，任何帶電體所帶電荷都是e

的整數(shù)倍，因此該帶電量為電子電量e=1.6隆脕10鈭?19C

的整數(shù)倍，將四個選項中的電量除以電子電量得數(shù)為整數(shù)倍的便是可能正確的數(shù)字，故ACD錯誤，B正確．

故選：B

．【解析】B

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】解：根據(jù)幾何知識可知，入射角i=60°，折射角r=45°；根據(jù)折射定律得：

n===

光在液體中傳播的速度為：v=

光線射到底面時傳播的距離為：S==h

所以進入液體的光線射到底面所需的時間：t====×10-8s

故答案為：×10-8．

由題圖知入射角i=60°，折射角r=45°，根據(jù)折射定律求解該液體的折射率；由幾何知識求出光在液體中傳播的距離S，由v=求出光在液體中傳播的速度v，根據(jù)公式t=求出傳播的時間．

本題是幾何光學中基本問題，是折射定律和光速公式的應用，要注意入射角和折射角都是指光線與光線的夾角，不是與界面的夾角．【解析】×10-810、略

【分析】【解析】【答案】1/4211、略

【分析】試題分析：依題意，處于基態(tài)的氫原子的電子獲得能量后被電離，電離后的動能為動能應等于從而解得電子在遠離核以后速度的大小為考點：本題考查原子的電離、能量子等知識?！窘馕觥俊敬鸢浮?2、煤炭石油水力發(fā)電太陽能【分析】【解答】能源是人類社會活動的物質基礎；其中常規(guī)能源有：煤炭；石油、天然氣、水力等，是促進社會進步和文明的主要能源；

清潔能源是不排放污染物的能源；有：水力發(fā)電；風力發(fā)電、太陽能、生物能（沼氣）、海潮能等；

故答案為：煤炭；石油；水力發(fā)電；太陽能．

【分析】常規(guī)能源也叫傳統(tǒng)能源，是指已經大規(guī)模生產和廣泛利用的能源．清潔能源是不排放污染物的能源，它包括核能和“可再生能源”．可再生能源是指原材料可以再生的能源，如水力發(fā)電、風力發(fā)電、太陽能、生物能（沼氣）、海潮能這些能源．可再生能源不存在能源耗竭的可能，因此日益受到許多國家的重視，尤其是能源短缺的國家．13、略

【分析】解：電流沿x軸正方向；知電子流動的方向沿x軸負方向，根據(jù)左手定則，知電子向C側面偏轉，所以C側面得到電子帶負電，C′側面失去電子帶正電．故C′面電勢較高．

故答案為：C′

金屬導體中移動的是自由電子；根據(jù)左手定則判定電子的偏轉方向，從而得出元件的CC′兩個側面的電勢的高低．

解決本題的關鍵掌握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終電子受電場力和洛倫茲力處于平衡．【解析】C′14、35N

【分析】解：物體在向右運動的過程中；受到地面對其向左的滑動摩擦力；

對物體受力分析；受重力；支持力、向左的滑動摩擦力、向左的拉力，合力等于拉力加上摩擦力，為35N

故答案為：35N

滑動摩擦力的方向與物體的相對滑動的方向相反；兩個共點力合成時；若不在一條直線上，運用平行四邊形定則合成；若共線，直接相加；若反向，直接相減。

本題關鍵是對物體受力分析，然后求解合力，注意物體向右做直線運動，故合力與速度共線，豎直方向的合力為零?！窘馕觥?5N

三、判斷題(共7題，共14分)15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹嶒炋骄款}(共3題，共18分)22、左端；先不變后增大；增大【分析】解：(1)

根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點；然后用平滑的曲線把各點連接起作出圖象如圖所示．

(2)

為保護電路；開始實驗時滑動變阻器的觸頭應放于RP

的左端，此時分壓電路分得的電壓最小．

(3)

由圖象可知，電壓比較小時，I鈭?U

圖象是直線，U

與I

成正比，電阻不變，當電壓大到一定程度時，通過燈泡的電流隨電壓增大而增大，但電壓增加量大于電流增加量，由歐姆定律可知，電壓與電流的比值UI

變大，即R=UI

燈絲電阻變大，由此可知，燈絲電阻的變化情況是：先不變后增大．

(4)

由圖象(

或表中實驗數(shù)據(jù))

可知；隨燈泡電壓U

變大，通過燈泡的電流I

變大，由P=UI

可知，燈泡實際功率變大，燈絲溫度升高，由于燈絲電阻隨電壓升高而增大，由此可知，燈絲電阻隨溫度升高而增大．

故答案為(1)

如圖所示；(2)

左端；(3)

先不變后增大；(4)

增大．

(1)

根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應的點；然后根據(jù)描出的點作出圖象．

(2)

由電路圖可知；滑動變阻器采用分壓接法，閉合開關前，分壓電路分得的電壓應該為零．

(3)

根據(jù)圖象應用歐姆定律分析判斷燈絲電阻如何變化．

(4)

根據(jù)燈絲電阻變化情況分析答題．

本題考查了作圖象、滑動變阻器的調節(jié)、分析燈絲電阻隨電壓的變化關系等，要掌握描點法作圖的方法，要掌握應用圖象處理實驗數(shù)據(jù)的方法．【解析】左端；先不變后增大；增大23、略

【分析】解：小球離開桌面后做平拋運動；取小球1的初速度方向為正方向；

兩小球質量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2；

平拋運動的水平位移分別為s1、s2；平拋運動的時間為t．

需要驗證的方程：0=m1v1-m2v2，又v1=v2=

代入得到m1s1=m2s2；

故需要測量兩木塊的質量m1和m2，兩木塊落地點到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

故答案為：（1）刻度尺、天平、重錘線；（2）兩木塊的質量m1、m2和兩木塊落地點分別到桌子兩側邊的水平距離s1、s2；（3）m1s1=m2s2．

燒斷細線后；兩球離開桌面做平拋運動，由于高度相等，則平拋的時間相等，水平位移與初速度成正比，把平拋的時間作為時間單位，小球的水平位移可替代平拋運動的初速度．將需要驗證的關系速度用水平位移替代．

本題是運用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．【解析】刻度尺、天平、重錘線；兩木塊的質量m1、m2和兩木塊落地點分別到桌子兩側邊的水平距離s1、s2；m1s1=m2s224、75.2BA不變【分析】解：（1）秒表的小盤讀數(shù)為60s；大盤讀數(shù)為15.2s，則最終讀數(shù)為75.2s．

（2）分別求出6個l值的平均值和6個T值的平均值表達式就不成立了；故B錯誤；

根據(jù)單擺的周期公式T=得，g=從測定的6組對應值中任意選取1組，偶然誤差最大，所以偶然誤差最大的選A．

（3）根據(jù)T=得，L=則圖線的斜率k==

解得g=．

通過g的表達式可以知道，漏加了小球半徑后，（LB-LA）不變；故不影響最后結果．

故答案為：（1）75.2，（2）B，A，（3）不變．

（1）秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)加上大盤讀數(shù)；

（2）根據(jù)L與T是非線性關系；分析實驗錯誤的方法．采用一組數(shù)據(jù)計算偶然誤差較大．

（3）根據(jù)單擺的周期公式，得出L-T2的關系式；結合圖線的斜率求出重力加速度的表達式．

本題關鍵明確實驗原理、誤差來源，知道偶然誤差的特點和減小方法，會用圖象法分析數(shù)據(jù)．【解析】75.2BA不變五、計算題(共1題，共4分)25、解：當波沿x軸正方向傳播時，根據(jù)波的周期性有：△t=t2-t1=nT+T；n=0，1，2，3

因（t2-t1）＜T；所以n=0或1；

當波沿x軸負方向傳播時，可能的周期為：△t=nT+T；則n=0或1；

由波速公式v=可知；當速度v最小時，周期T最大。分析上面兩類情況可知。

當周期最大時，波沿x軸正方向傳播時，且在△t=nT+中取n=0，即△t=則Tmax=0.2s

最小速度vmin===40m/s；方向沿x軸正向；

當v最大時，周期T最小，由上面分析可知周期最小時，波沿x軸負方向傳，且在△t=nT+T中取n=1，即△t=Tmin+Tmin；

則Tmin=s最大速度vmax===280m/s；方向為沿x軸負方向；

答：最小波速大小是40m/s，方向沿x軸正向，而最大波速是280m/s，方向為沿x軸負方向?！痉治觥?/p>

由相鄰兩個波峰或波谷間的距離讀出波長。根據(jù)波形的平移法；結合波的周期性，得出波傳播的距離與波長的關系，求出最小間距和最大間距，得到對應的最小波速和最大波速。

本題關鍵要明確“波形一個周期波形平移一個波長”的結論，結合波形圖得到最大、最小傳播距離，然后確定最大、最小波速?！窘馕觥拷猓寒敳ㄑ豿軸正方向傳播時，根據(jù)波的周期性有：△t=t2-t1=nT+T；n=0，1，2，3

因（t2-t1）＜T；所以n=0或1；

當波沿x軸負方向傳播時，可能的周期為：△t=nT+T；則n=0或1；

由波速公式v=可知；當速度v最小時，周期T最大。分析上面兩類情況可知。

當周期最大時，波沿x軸正方向傳播時，且在△t=nT+中取n=0，即△t=則Tmax=0.2s

最小速度vmin===40m/s；方向沿x軸正向；

當v最大時，周期T最小，由上面分析可知周期最小時，波沿x軸負方向傳，且在△t=nT+T中取n=1，即△t=Tmin+Tmin；

則Tmin=s最大速度vmax===280m/s；方向為沿x軸負方向；

答：最小波速大小是40m/s，方向沿x軸正向，而最大波速是280m/s，方向為沿x軸負方向。六、綜合題(共2題，共10分)26、(1)3

大于

(2)

解：(i)

由圖(a)

可知：婁脣=2隆脕18cm=0.36m

由圖(b)

可知：T=2s

所以v=婁脣T=0.18m/s

由圖(b)

在t=13s

的下一刻向上運動

回到圖(a)

由同側法可知，傳播方向沿x

軸負方向；

(ii)

由圖(a)

可知O

處縱坐標為鈭?A2OP

時間間隔為30鈭?360鈭?T=112T

又PQ

時間間隔為13s=16T

所以OQ

的時間間隔為14TOQ

的水平間距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐標為x=9cm

【分析】????(1)

【分析】

根據(jù)折射定律求解即可。

本題是折射定律的直接應用；不難。

【解答】

玻璃對紅光的折射率為n=sin(60鈭?)sin(30鈭?)=3

藍光相對紅光折射率更大，故在D

點出射時偏折更明顯，所以大于60鈭?

故答案為：3

大于。

(2)

【分析】

本題是振動圖像和波動圖像的綜合題目；不難。

【解答】

(i)

由同側法可知；傳播方向沿x

軸負方向；

(ii)

由圖a

可知O

處縱坐標、OP

時間間隔、PQ

時間間隔，由此可以求得OQ

的時間間隔及OQ

的水平間距，進而可以得到Q

的平衡位置的坐標。

【解析】(1)3

大于(2)

解：(i)

由圖(a)

可知：婁脣=2隆脕18cm=0.36m

由圖(b)

可知：T=2s

所以v=婁脣T=0.18m/s

由圖(b)

在t=13s

的下一刻向上運動回到圖(a)

由同側法可知，傳播方向沿x

軸負方向；(ii)

由圖(a)

可知O

處縱坐標為鈭?A2OP

時間間隔為30鈭?360鈭?T=112T

又PQ

時間間隔為13s=16T

所以OQ

的時間間隔為14TOQ

的水平間距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐標為x=9cm

27、（1）小于大于

（2）負功減少

（3）2，支持力

（4）20