2025年冀教新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版選修3物理上冊階段測試試卷180考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示為某電場中的一條電場線，A、O、B為電場線上三點，且AO=OB，一帶負電的粒子沿電場線從A運動到B；不計空氣阻力及粒子重力。則下列判斷正確的是（）

A.粒子一定在A點由靜止釋放B.粒子從A到B一定做勻減速運動C.粒子從A到B電勢能一定增大D.粒子從A到O電場力做功一定等于O到B電場力做功2、下列說法錯誤的是（）A.“油膜法”估測分子大小實驗中，可將純油酸直接滴入淺盤的水面上B.溫度升高，分子熱運動的平均動能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.摩爾質(zhì)量為M（kg/mol），密度（kg/m3）的1m3的銅所含原子數(shù)為（阿伏伽德羅常數(shù)為NA）D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢3、在如右上圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內(nèi)電阻為r，R1、R2為兩個阻值固定的電阻；當可變電阻R的滑片向下移動時，安培表的示數(shù)I和伏特表的示數(shù)U將（）

A.I變大，U變大B.I變大，U變小C.I變小，U變大D.I變小，U變小4、豎直導線ab與水平面上放置的圓線圈隔有一小段距離；其中直導線固定，線圈可自由運動，當同時通以如圖4所示方向的電流時（圓線圈內(nèi)電流從上向下看是逆時針方向電流），則從左向右看，線圈將（）

A.不動。B.順時針轉(zhuǎn)動，同時靠近導線。C.順時針轉(zhuǎn)動，同時離開導線。D.逆時針轉(zhuǎn)動，同時靠近導線。5、機械運動在介質(zhì)中傳播形成機械波，下列說法正確的是（）A.如果波源停止振動，在介質(zhì)中傳播的波動也立即停止B.在縱波中質(zhì)點的振動方向總是垂直于波的傳播方向C.在橫波中兩個相鄰的波峰（或波谷）之間的距離等于波長D.橫波中振動質(zhì)點不隨波遷移，縱波中振動質(zhì)點隨波遷移6、將粗細均勻的直導線彎折為導線框abcdef；各邊長度如圖所示，使線框以速度v勻速通過圖示的勻強磁場區(qū)域，磁場寬度為2L，磁感應強度為B，從bc邊進入磁場左邊界開始計時，則在線框通過磁場的過程中，ab段導線的電壓Uab與線框移動距離x的關(guān)系；正確的是（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比22:1，交流電源的電動勢電阻R＝10Ω，滑動變阻器的總阻值為15Ω．將滑動變阻器的滑片P從最左端向右滑動過程中（電壓表和電流表均為理想電表）；則（）

A.副線圈兩端電壓為10VB.當滑動變阻器功率最大時，電壓表的示數(shù)為4VC.當變壓器輸入功率最大時，電流表的示數(shù)為1AD.當電源頻率變成原來的2倍時，變壓器輸入功率也變?yōu)樵瓉淼?倍8、下列說法正確的是（）A.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動能一定大B.外界對物體做功，物體內(nèi)能一定增加C.溫度越高，布朗運動越顯著E.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大E.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大9、下列說法正確的是__________。A.氣體分子的體積是指每個氣體分子平均所占有的空間體積B.對于理想氣體，只要能增加氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以升高C.外界對物體做功，物體內(nèi)能一定增大E.溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化E.溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化10、如圖所示，在奧托循環(huán)的圖像中，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)過狀態(tài)和后再加到狀態(tài)整個過程由兩個等溫和兩個等容過程組成，下列說法正確的是（）

A.從到氣體的溫度一直升高B.從到氣體與外界無熱量交換C.從到氣體對外放熱D.從到氣體吸收的熱量與從到氣體放出的熱量相同11、下列說法正確的是（）A.擴散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹的過程中，內(nèi)能一定增加E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數(shù)可表示為E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為則阿伏加德羅常數(shù)可表示為12、如圖所示的電路圖；AB間電壓為U，則下列說法正確的是（）

A.滑動變阻器滑片向上移動時，兩端電壓變小B.滑動變阻器滑片向下移動時，兩端電壓變大C.滑動變阻器滑片位于中間時，兩端電壓小于D.滑動變阻器滑片位于中間時，若CD間改接為內(nèi)阻為的電動機，電動機恰能正常工作，則此電動機消耗的熱功率小于13、在下列幾種現(xiàn)象中，動量不守恒的是()A.在光滑水平面上發(fā)生碰撞的兩球B.車靜止在光滑水平面上，車上的人從車頭走到車尾，以人、車為系統(tǒng)C.水平放置的彈簧一端固定，另一端與置于光滑水平面上的物體相連，令彈簧伸長后釋放使物體運動D.打乒乓球時，以球和球拍為系統(tǒng)14、如圖所示，A、B是兩盞完全相同的白熾燈，L是直流電阻不計、自感系數(shù)很大的自感線圈，如果斷開電鍵S1，閉合S2，A、B兩燈都能同樣發(fā)光.如果最初S1是閉合的，S2是斷開的.那么不可能出現(xiàn)的情況是。

A.剛一閉合S2，A燈就亮，而B燈則延遲一段時間才亮B.剛閉合S2時，線圈L中的電流為零C.閉合S2以后，A燈變亮，B燈由亮變暗D.再斷開S2時，A燈立即熄火，B燈先亮一下然后熄滅評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖，△ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，∠A=30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點射出，其折射角為60°，則玻璃對紅光的折射率為_____。若改用藍光沿同一路徑入射，則光線在D點射出時的折射射角______（“小于”“等于”或“大于”）60°。16、兩塊非常長的光滑擋板圍成一個夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會發(fā)生___________次碰撞。

17、如圖電路中，電源有內(nèi)阻，開關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

(1)若只斷開S1，則P將________．

(2)若只斷開S2，則P將________．

(3)若只斷開S3，則P將________．

(4)若只斷開S4，則P將________．18、如圖所示在通電螺絲管內(nèi)部中間的小磁針，靜止時N極指向右端，則電源的c端為電源________極，（填“正”或“負”）螺線管的a端為等效磁極的________極．（填“N”或“S”）19、質(zhì)量為的小物塊，帶正電q，開始時讓它靜止在傾角的固定光滑絕緣斜面頂端，整個裝置放在水平向左、大小為的勻強電場中，如圖所示．斜面高為H，釋放物體后，物塊馬上落地瞬間的速度大小為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共21分)23、在“驗證動量守恒定律”的實驗中，氣墊導軌上放置著帶有遮光板的滑塊A、B，遮光板的寬度相同，測得的質(zhì)量分別為m1和m2．實驗中，用細線將兩個滑塊拉近使輕彈簧壓縮，然后燒斷細線，輕彈簧將兩個滑塊彈開，測得它們通過光電門的時間分別為t1、t2．

（1）圖2為甲、乙兩同學用螺旋測微器測遮光板寬度d時所得的不同情景．由該圖可知甲同學測得的示數(shù)為______mm，乙同學測得的示數(shù)為______mm．

（2）用測量的物理量表示動量守恒應滿足的關(guān)系式：______，被壓縮彈簧開始貯存的彈性勢能EP=______．24、如圖1所示，用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗證“動量守恒定律”．實驗時先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，進入水平軌道后，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡．重復上述操作10次，得到10個落點痕跡．再把質(zhì)量為m2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡，重復操作10次．M、P、N為三個落點的平均位置，未放B球時，A球的落點是P點，O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點，如圖2所示．

（1）在這個實驗中，為了盡量減小實驗誤差，兩個小球的質(zhì)量應滿足m1____m2（選填“>”或“<”）；除了圖中器材外，實驗室還備有下列器材，完成本實驗還必須使用的兩種器材是___________．

A．秒表BB．天平CCD．刻度尺

D_______．打點計時器

（2）下列說法中正確的是

．A

．如果小球每次從同一位置由靜止釋放，每次的落點一定是重合的B．重復操作時發(fā)現(xiàn)小球的落點并不重合，說明實驗操作中出現(xiàn)了錯誤C

．用半徑盡量小的圓把10C個落點圈起來，這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置OPD

．僅調(diào)節(jié)斜槽上固定位置，它的位置越低，線段m的長度越大m（3）在某次實驗中，測量出兩個小球的質(zhì)量M1、N2OP．記錄的落點平均位置O、OM幾乎與OP在同一條直線上，測量出三個落點位置與ON點距離________________、OP、____________的長度．在實驗誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式

，則可以認為兩球碰撞前后在方向上的總動量守恒；若碰撞是彈性碰撞，那么還應滿足關(guān)系式OP．（用測量的量表示）OM（4ON）在、、____________這三個長度中，與實驗所用小球B質(zhì)量無關(guān)的是______________，與實驗所用小球質(zhì)量

B有關(guān)的是M．P（5N）某同學在做這個實驗時，記錄下小球三個落點的平均位置、、M，如圖N3OP所示．他發(fā)現(xiàn)OP和______________偏離了

方向．這位同學猜想兩小球碰撞前后在25、要測量內(nèi)阻較大的電壓表的內(nèi)電阻；可采用“電壓半值法”，其實驗電路如圖。實驗操作如下：

（1）先將滑動變阻器的滑動頭調(diào)至最左端，將的阻值調(diào)至最大。

（2）閉合和調(diào)節(jié)使電壓表滿偏。

（3）斷開保持滑動變阻器的滑動頭的位置不變，調(diào)節(jié)使電壓表半偏，此時的值即為電壓表的內(nèi)阻值。

某同學在做該實驗的時候，用的是量程的電壓表，他發(fā)現(xiàn)不管怎么調(diào)節(jié)都無法讓電壓表滿偏；他靈機一動，利用半值法的思想，自己按照如下步驟做了實驗：

a.閉合和調(diào)節(jié)使電壓表的示數(shù)為

b.斷開保持滑動變阻器的滑動頭的位置不變，調(diào)節(jié)使電壓表示數(shù)為

c.讀出此時電阻箱的讀數(shù)為

則可知按照該同學的測量方法，電壓表內(nèi)阻為________。（用帶的表達式表示）評卷人得分六、解答題(共2題，共12分)26、如圖所示為一簡易火災報警器的原理圖，開口向上豎直放置的試管中裝有水銀，當溫度升高時，水銀柱上升，使電路導通，蜂鳴器發(fā)出報警的響聲。27℃時，下端封閉空氣柱長度為16cm，水銀上表面與導線端點的距離為8cm，管內(nèi)水銀柱的重量為8N，橫截面積為大氣壓強求：

（1）當溫度達到150℃時；報警器是否會報警？并通過計算說明理由。

（2）假設(shè)溫度從27℃升到報警溫度的過程中；水銀柱緩慢上升且封閉空氣柱從外界吸收的熱量為3.12J，則空氣柱的內(nèi)能增加了多少？

27、如圖所示，電場中的A、O、B三點在同一條直線上，A、B兩點到O點距離均為d。過O點的豎直虛線ab左右兩側(cè)分別為勻強電場，方向如圖所示，空間中各點場強大小相等。設(shè)O點電勢為零，A、B點電勢一個電量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子從O點左側(cè)某位置由靜止釋放后，粒子以O(shè)點為中心在直線AB上做往復運動，已知粒子運動過程中最大電勢能為Em，且不計粒子的重力。求：

（1）電場中各點的場強E的大?。?/p>

（2）粒子從釋放到第一次回到釋放點所需時間T。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

由于粒子帶負電，因此粒子從A點運動到B點的過程中，電場力與運動方向相反，粒子做減速運動；由于電場強度大小無法確定，則無法確定是否做勻減速；由于電場力做負功，因此電勢能越來越大，同理無法判斷，AO與OB間電勢差大??；則無法判斷做功大小。

故選C。2、A【分析】【詳解】

A．為形成單分子油膜；應將油酸酒精溶液滴入淺盤的水面上，A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標志；溫度升高分子的平均動能增大，分子熱運動加劇，但個別分子的速率可能還會減小，B正確；

C．1m3銅所含有的原子數(shù)

C正確；

D．由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離；液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，D正確。

本題選擇錯誤的，故選A。3、B【分析】當R的滑動觸頭P向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知總電流I增大，電壓表測量路端電壓U，而U=E-Ir，I增大，E、r不變，則U變??；R1兩端電壓變大，R2兩端變小，通過R2電流減?。豢傠娏髯兇?，通過A的電流變大，故B正確．

點晴：電路的動態(tài)分析：析的順序：外電路部分電路變化→總電阻的變化→判斷總電流的變化→由閉合電路歐姆定律判斷U的變化→由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化歐→用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓電功．4、D【分析】分析：根據(jù)安培定則判斷通電導線AB產(chǎn)生的磁場方向；采用電流元法和特殊位置法分析圓環(huán)所受安培力，判斷圓環(huán)的運動情況．

解答：解：根據(jù)安培定則可知；通電導線AB在右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里．采用電流元法，將圓環(huán)分成前后兩半，根據(jù)左手定則可知，外側(cè)半圓受到的安培力向上，內(nèi)側(cè)受到的安培力向下，圓環(huán)將逆時針轉(zhuǎn)動．再用特殊位置法：圓環(huán)轉(zhuǎn)過90°時，通電直導線AB對左半圓環(huán)產(chǎn)生吸引力，對右半圓環(huán)產(chǎn)生排斥力，由于吸引力大于排斥力，圓環(huán)靠近AB．則從左向右看，線圈將逆時針轉(zhuǎn)動，同時靠近直導線AB．故D正確，A；B、C錯誤．

故選D．5、C【分析】振源停止振動時，因為慣性其他振動質(zhì)點并不立即停止振動，所在在介質(zhì)中傳播的波動并不立即停止，故A錯誤；在縱波中質(zhì)點的振動方向總與波的傳播方向在同一直線上，故B錯誤；根據(jù)波定的定義知：在橫波中兩個相鄰的波峰（或波谷）之間的距離等于波長，所以C選項是正確的；在橫波和縱波中振動質(zhì)點都不隨波遷移，故D錯誤．故選C．6、A【分析】【詳解】

設(shè)線圈總電阻為R；當線圈從進入磁場開始在0~L范圍內(nèi)，電流方向逆時針，電動勢E＝BLv，則

在L~2L范圍內(nèi)，電流方向逆時針，電動勢E＝2BLv，則

在2L~3L范圍內(nèi)，電流方向順時針，電動勢E＝BLv，則

在3L~4L范圍內(nèi)，電流方向順時針，電動勢E＝2BLv，則

綜上所述，故選A。二、多選題(共8題，共16分)7、A:C【分析】【詳解】

A.變壓器原線圈的輸入電壓U1＝220V，由U1:U2＝n1:n2，得U2＝10V;故A正確.

B.在副線圈回路中可將副線圈和定值電阻R等效為電動勢為10V，內(nèi)阻為10Ω的直流電源與滑動變阻器串聯(lián)，當R變＝R＝10Ω時；滑動變阻器的功率最大,此時電壓表的讀數(shù)為5V;故B錯誤.

C.變壓器輸入功率等于輸出功率，當R變＝0時，P入最大，則故C正確.

D.變壓器不能改變交流電的頻率，則電源頻率的改變對變壓器的輸入功率無影響;故D錯誤.8、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度是分子平均動能的標志；溫度高的物體分子平均動能一定大，但是內(nèi)能還與物質(zhì)的多少；體積、狀態(tài)等有關(guān)，故內(nèi)能不一定大，故A正確；

B．外界對物體做功；若散熱，物體內(nèi)能不一定增加，故B錯誤；

C．溫度越高；分子運動越劇烈，小顆粒受到分子撞擊越劇烈，布朗運動越顯著，故C正確；

D．當分子間的距離增大時；引力和斥力均減小，故D錯誤；

E．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間作用力隨分子間距離的減小而增大，所以分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。9、B:D:E【分析】【詳解】

A．氣體粒子之間的距離遠大于粒子本身的直徑；所以氣體分子的體積小于每個氣體分子平均所占有的空間體積，故A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標志；增加氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體溫度就可以升高，故B正確；

C．氣體對外界做功；同時從外界吸收熱量，根據(jù)熱力學第一定律，物體的內(nèi)能可能增加；減小或不變，故C錯誤；

D．單晶體具有各向異性；多晶體和非晶體具有各向同性，都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性，故D正確；

E．在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強也是一定的，這個壓強叫做飽和蒸氣壓力。溫度不變時，飽和汽壓不隨體積的變化而變化，故E正確。

故選BDE。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．從a到b過程，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)

由于壓強一直增大；因此氣體的溫度一直升高，A正確；

B．從到氣體膨脹，對外做功，而溫度保持不變，因此從外界吸收熱量，B錯誤；

C．從到氣體發(fā)生等容變化，壓強減小，溫度降低，氣體對外放熱，C正確；

D．從到內(nèi)能不變，氣體吸收的熱量等于對外做的功，同理，從到氣體放出的熱量等于外界對氣體做的功。在p—V圖像中；圖像與橫軸圍成的面積等于做的功，因此兩次做功不同，故吸收的熱量與放出的熱量不相等，D錯誤。

故選AC。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．擴散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則熱運動產(chǎn)生的分子遷移現(xiàn)象；可以在固體；液體、氣體中產(chǎn)生，擴散速度與溫度和物質(zhì)的種類有關(guān)，故A正確；

B．在一定條件下；熱量可能從低溫物體傳到高溫物體，故B錯誤；

C．一定量的理想氣體在等壓膨脹過程中，根據(jù)理想狀態(tài)的狀態(tài)方程

可知氣體的溫度一定升高；所以內(nèi)能一定增加，故C正確；

D．根據(jù)布朗運動的原因可知；液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結(jié)果，故D正確；

E．由于氣體分子間距離較大；摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏伽德羅常數(shù)，故E錯誤。

故選ACD。12、C:D【分析】【詳解】

滑動變阻器是分壓式接法，電阻Rx與變阻器的下半部分并聯(lián)后再與上半部分串聯(lián)；滑動變阻器滑片向下移動時，串聯(lián)部分電阻變大，并聯(lián)電阻變小，分壓小，則Rx兩端電壓變??；同理滑片向上移動時，兩端電壓變大，故AB錯誤；滑動變阻器滑片位于中間時，電阻R2與變阻器的下半部分并聯(lián)后再與上半部分串聯(lián)；由于并聯(lián)部分的電阻比變阻器上半部分電阻小，故R2兩端電壓小于U/2，故C正確．CD間改接為內(nèi)阻為RX的電動機，由C知其電壓小于U/2，其又不是純電阻電路，則其消耗的熱功率小于則D正確，故選CD.13、C:D【分析】【詳解】

在光滑的水平面上兩球發(fā)生正碰，系統(tǒng)的合外力為零，遵守動量守恒，故A正確。人從車頭走到車尾，人與車組成的系統(tǒng)受到的合外力為0，故動量守恒。故B正確；C選項中釋放物體后，物體做簡諧運動，速度周期性變化，動量周期性變化，動量不守恒，故C錯誤。打乒乓球時，球受到重力、球拍會受到人的作用力，系統(tǒng)的合外力不為零。動量不守恒，故D錯誤。本題選動量不守恒的，故選CD.14、B:C:D【分析】剛一閉合S2,電流立刻通過B流過A，AB燈就立即同時亮，線圈L產(chǎn)生很大的感應電動勢阻礙電流的增大，而且感應電流方向向上，流過B，所以B燈由亮變暗，通過線圈L電流此時為零，斷開S2時,A燈立即熄火,線圈產(chǎn)生的與原電流大小方向相同的感應電流流過B燈，B燈先亮一下然后熄滅三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】本題考查折射定律；光的色散及其相關(guān)的知識點。

根據(jù)題述和圖示可知，i=60°，r=30°，由折射定律，玻璃對紅光的折射率n==若改用藍光沿同一路徑入射，由于玻璃對藍光的折射率大于玻璃對紅光的折射率，則光線在D點射出時的折射角大于60°。【解析】大于16、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會發(fā)生17次碰撞?！窘馕觥?717、略

【分析】【詳解】

（1）只斷開S1；電容器兩板間的電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)．

（2）只斷開S2；電容器兩板間的電壓增大，穩(wěn)定時，其電壓等于電源的電動勢，板間場強增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上做加速直線運動．

（3）只斷開S3；電容器通過電阻放電，板間場強逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下做加速直線運動．

（4）只斷開S4；電容器的電量不變，板間場強不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)．

【點睛】

本題考查分析電容器電壓的能力．難點是斷開s2，要知道穩(wěn)定后電容器的電壓等于電源的電動勢，可以用電勢差等于電壓來理解.【解析】靜止向上做勻加速直線運動向下做加速直線運動靜止18、略

【分析】試題分析：螺線管內(nèi)部的磁場方向水平向右；根據(jù)安培定則，知螺線管中的電流從左側(cè)流進，右側(cè)流出，實驗c端為電源的正極．內(nèi)部的磁場由S指向N，a端為S極．

考點：安培定則。

【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握安培定則，會運用安培定則判斷電流與磁場的關(guān)系．【解析】正極S極19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對物塊進行受力分析；物塊受重力和水平向左的電場力，如圖所示。

電場力為

從開始到落地過程，由動能定理得

解得【解析】四、作圖題(共3題，共9分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共21分)23、略

【分析】【詳解】

（1）甲圖，螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為3.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×0.5mm=0.005mm，

所以最終讀數(shù)為3.5mm+0.005=3.505mm．

乙圖，螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為3mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×48.5mm=0.485mm，

所以最終讀數(shù)為3mm+0.485=3.485mm．

（2）根據(jù)動量守恒定律可知，設(shè)向右為正方向，則應滿足的表達式為：0=-m1v1+m2v2；即：m1v1=m2v2

根據(jù)光電門的性質(zhì)可知，v1=v2=代入可得：

根據(jù)功能關(guān)系可知，貯存的彈性勢能等于后來的動能，則有：EP=m1v12+m2v22

代入可得：

點睛：本題考查了驗證動量守恒定律實驗中表達式的驗證以及螺旋測微器的使用，要注意判斷使用氣墊導軌的應用，要知道動量守恒的條件與動量守恒定律，明確功能關(guān)系，知道彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為了兩滑塊的動能．【解析】3.505；3.485；；；24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)根據(jù)碰撞的特點可知，兩小球質(zhì)量應滿足該實驗需要測量兩球質(zhì)量和平拋運動中的水平距離，故需要天平和刻度尺，故BC正確；

(2)由于實驗誤差的影響；每次碰撞的落點不一定相同，故A，B均錯誤；落點近似一個圓，取圓心為記錄點，C正確；豎直高度越低，水平拋出的速度越小，平拋運動的水平位移就越短，D錯誤；

(3)若滿足動量守恒，因為平拋運動中豎直方向高度相同，