2025年浙科版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在使用電阻器件時(shí)，不僅要知道電阻的標(biāo)稱阻值，還要注意電阻的最大功率，否則在使用中如果超過電阻的最大功率，電阻將被燒壞．某人在調(diào)試電路時(shí)，用一個(gè)“100kΩ，W”的電阻和一個(gè)“300kΩ，W”的電阻串聯(lián)后作為400kΩ的電阻使用；則這兩只電阻串聯(lián)后允許消耗的總功率最大不得超過（）

A.W

B.W

C.W

D.W

2、如圖所示，直導(dǎo)線垂直于磁場(chǎng)方向放在水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，通以垂直紙面向里的電流，則直導(dǎo)線受到安培力的方向（）A.向上B.向下C.向左D.向右3、如圖所示，半圓形玻璃磚的折射率為n=2

有一束光線以45鈭?

的入射角從O

點(diǎn)入射到玻璃磚的水平表面上，O

點(diǎn)半圓形玻璃磚的圓心，則經(jīng)過半圓玻璃磚射出后的光線偏離原來光線的角度是(

)

A.15鈭?

B.30鈭?

C.45鈭?

D.60鈭?

4、如圖所示，一光滑絕緣的半圓槽固定在地面上，圓心為O，半徑為R，D點(diǎn)為最低點(diǎn)，整個(gè)半圓槽處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從半圓槽右邊與圓心等高處由靜止釋放一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球，已知電場(chǎng)強(qiáng)度為E，重力加速度為g，且mg=qE則（）A.小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，對(duì)槽底部的壓力大小為3mgB.小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，對(duì)槽底部的壓力大小為（3-）mgC.小球能運(yùn)動(dòng)到半圓槽左邊與圓心等高處D.小球最終停在D點(diǎn)5、關(guān)于磁感線的概念；下列說法中正確的是（）

A.磁感線是磁場(chǎng)中客觀存在；肉眼看不見的曲線。

B.磁感線總是從磁體的N極指向磁體的S極。

C.磁感線上各點(diǎn)的切線方向與該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向一致。

D.兩個(gè)磁場(chǎng)疊加的區(qū)域；磁感線就有可能相交。

6、一束粒子流由左端平行于極板P1

射入質(zhì)譜儀，沿著直線通過電磁場(chǎng)復(fù)合區(qū)后，并從狹縫S0

進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2

在磁場(chǎng)B2

中分為如圖所示的三束，則下列相關(guān)說法中正確的是(

)

A.速度選擇器的P1

極板帶負(fù)電B.粒子1

帶正電C.能通過狹縫S0

的帶電粒子的速率等于EB1

D.粒子2

的比荷qm

的絕對(duì)值最大評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、布朗運(yùn)動(dòng)是大量液體分子對(duì)懸浮微粒撞擊的____引起的，是大量液體分子不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)所產(chǎn)生的結(jié)果．布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與____和____有關(guān)．8、質(zhì)量為m的物體以某一初速度豎直向上拋出，經(jīng)過時(shí)間t后回到原拋點(diǎn)．若不計(jì)空氣阻力，則在這段時(shí)間內(nèi)，物體動(dòng)量變化量的大小為______．9、（1）靜止的原子核U處在一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)它自發(fā)地放出一個(gè)α粒子后變成一個(gè)新核．若α粒子放出時(shí)的速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，則α粒子與新核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為______從α粒子放出到它與新生核相遇的過程中，α粒子至少轉(zhuǎn)______圈．

（2）已知氮核的質(zhì)量為14.00735u，氧核的質(zhì)量為17.00454u，氦核的質(zhì)量為4.00387u，質(zhì)子的質(zhì)量為1.00815u，則核反應(yīng)N+He→O+H是______（填“釋能”“吸能”）反應(yīng)，能量變化了______J（1u相當(dāng)于931MeV）．10、如圖所示，一個(gè)水平放置的矩形線圈abcd

在細(xì)長(zhǎng)水平磁鐵的S

極附近豎直下落，由位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ.

位置Ⅱ與磁鐵同一平面，則線圈在從Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，線圈內(nèi)______(

選填“有”或“無”)

感應(yīng)電流，線圈在從Ⅱ到Ⅲ的過程中，線圈內(nèi)______感應(yīng)電流.(

選填“有”或“無”)

11、如圖所示，理想變壓器的原．副線圈匝數(shù)之比為n1∶n2=4∶1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負(fù)載電阻B的阻值相等。a、b端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA∶PB=________；兩電阻兩端的電壓之比UA∶UB=_________。12、光滑的水平軌道與內(nèi)阻可忽略、電動(dòng)勢(shì)為E的電源連接，置于磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線方向與軌道平面成角斜向上方，如圖所示。一質(zhì)量為m，長(zhǎng)為L(zhǎng)，電阻為R的導(dǎo)體棒，靜止于光滑的水平軌道上，水平軌道電阻忽略不計(jì)。當(dāng)電鍵閉合瞬間，導(dǎo)體棒MN所受安培力為______________，導(dǎo)體棒MN的加速度為______________。13、避雷針利用______原理來避雷：帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．再舉兩個(gè)利用靜電的實(shí)例：______，______．14、如圖所示，幾位同學(xué)在北京某學(xué)校的操場(chǎng)上做“搖繩發(fā)電”實(shí)驗(yàn)：把一條較長(zhǎng)電線的兩端連在一個(gè)靈敏電流計(jì)的兩個(gè)接線柱上，形成閉合回路.

兩個(gè)同學(xué)沿東西方向站立，女生站在西側(cè)，男生站在東側(cè)，他們沿豎直方向迅速上下?lián)u動(dòng)這根電線，通過靈敏電流計(jì)的電流是______(

選填“直流電”或“交流電”)

當(dāng)電線從上向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過靈敏電流計(jì)的電流方向是______(

選填“A隆煤B

”或“B隆煤A

”)

．15、勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，導(dǎo)體棒ab長(zhǎng)為L(zhǎng)，垂直磁場(chǎng)放置，ab棒以a端為軸在紙面內(nèi)以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（如圖所示），則a、b兩端的電勢(shì)差為______，______端電勢(shì)高．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共8分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、作圖題(共4題，共16分)27、（6分）如圖所示是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)儀器，虛線框內(nèi)給出了原、副線圈導(dǎo)線的繞法，實(shí)驗(yàn)前已查明電流表中電流從左接線柱流入時(shí)指針向左偏．（1）用筆畫線代替導(dǎo)線在答卷對(duì)應(yīng)的圖上連接好實(shí)驗(yàn)電路．（2）若實(shí)驗(yàn)中原線圈插入副線圈后，開關(guān)S閉合的瞬間，觀察到電流表指針向左偏，試在電路連接圖中標(biāo)出電源的正、負(fù)極．（3）若將原線圈拔出，則拔出時(shí)電流表指針向____偏．28、已知螺線管內(nèi)部的小磁針的N極指向如圖；請(qǐng)?jiān)趫D中畫出螺線管上線圈的繞向。

29、圖中的均勻桿A處于靜止?fàn)顟B(tài)；試在圖上畫出A所受到的彈力的方向．

30、我們可以通過實(shí)驗(yàn)探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中；感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律.

以下是實(shí)驗(yàn)探究過程的一部分．

(1)

如圖(1)

所示；當(dāng)磁鐵N

向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn).

若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道______．

(2)

如圖(2)

所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)閉合開關(guān)時(shí)，電流表指針向右偏.

閉合開關(guān)穩(wěn)定后，若向左移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)；若將線圈A

抽出，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)(

均選填“左”或“右”)

．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】

根據(jù)P=I2R知，“300kΩ，W”的電阻的額定電流小，所以該電路中的電流不能超過該電阻的額定電流，則最大總功率=．故C正確；A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】?jī)呻娮璐?lián)，電流相等，最大電流不能超過額定電流的最大值，根據(jù)P=I2R求出最大功率．

2、B【分析】解：根據(jù)左手定則：伸開左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線向右穿過手心．四指指向電流方向，則指向向里，拇指指向安培力方向向下．選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B．

通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力方向利用左手定則判斷．讓磁感線穿過左手手心；四指指向電流方向，拇指指向安培力方向．

考查由左手定則可判定安培力方向，注意對(duì)于左手定則的應(yīng)用，要搞清兩點(diǎn)：一是什么時(shí)候用；二是怎樣用．還要注意左手定則與右手定則的區(qū)別．【解析】【答案】B3、A【分析】解：設(shè)光線從O

點(diǎn)入射到玻璃磚的水平表面上后的折射角為r

根據(jù)折射定律：

sin45鈭?sinr=2

得：sinr=12r=30鈭?

光線再?gòu)膱A弧表面垂直射出，角度不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故經(jīng)過半圓玻璃磚射出后的光線偏離原來光線的角度是：婁脠=45鈭?鈭?30鈭?=15鈭?

故選：A

．

根據(jù)折射定律求出在玻璃中的折射角；進(jìn)而求出偏轉(zhuǎn)角度．

本題考查折射定律的應(yīng)用，基礎(chǔ)題，知道n=sinisinr

中的i

為大角，r

為小角．【解析】A

4、B【分析】解：AB；小球從靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程；由動(dòng)能定理得：

mgR-qER=

在D點(diǎn)，由牛頓第二定律得：N-mg=m

結(jié)合mg=qE解得：N=（3-）mg，由牛頓第三定律知小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，對(duì)槽底部的壓力大小為=（3-）mg；故A錯(cuò)誤，B正確。

C；假設(shè)小球能運(yùn)動(dòng)到半圓槽左邊所在半徑與豎直方向的夾角為α處（設(shè)為A點(diǎn)）；從開始到A點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：

mgRcosα-qE（R+Rsinα）=0

代入得：cosα=1+sinα

解得：α＜90°；所以小球不能運(yùn)動(dòng)到半圓槽左邊與圓心等高處。故C錯(cuò)誤。

D；在D點(diǎn)；小球所受的電場(chǎng)力水平向右，重力和支持力在豎直方向，合力不可能為零，所以小球最終不能停在D點(diǎn)。故D錯(cuò)誤。

故選：B。

對(duì)于小球從靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程；由動(dòng)能定理列式求出小球到達(dá)D點(diǎn)的速度，在D點(diǎn)，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律求小球?qū)Σ鄣撞康膲毫Υ笮?。假設(shè)小球能運(yùn)動(dòng)到半圓槽左邊與圓心等高處，根據(jù)功能關(guān)系分析假設(shè)是否成立。分析小球在D點(diǎn)的受力情況，判斷小球最終能否停在D點(diǎn)。

本題是帶電體在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問題，運(yùn)用動(dòng)能定理時(shí)要靈活選擇研究的過程，要注意分析向心力的來源?！窘馕觥緽5、C【分析】

A；磁感線是磁場(chǎng)中假想的曲線；而磁場(chǎng)卻是客觀存在的且肉眼看不見．故A錯(cuò)誤。

B；磁感線從磁體外部的N極指向磁體的S極；而磁體內(nèi)部是S極指向磁體的N極．故B錯(cuò)誤。

C；磁感線上各點(diǎn)的切線方向與該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向一致；故C正確；

D；兩個(gè)磁場(chǎng)疊加的區(qū)域；磁感線不可能相交．故D錯(cuò)誤；

故選：C

【解析】【答案】磁體周圍存在著磁場(chǎng)；磁場(chǎng)對(duì)放入磁場(chǎng)中的磁體有力的作用，為了描述磁場(chǎng)的性質(zhì)而引入了有方向的曲線，稱為磁感線．本題考查了磁感線的引入的原因和特點(diǎn)；磁化的概念、磁場(chǎng)的性質(zhì)．由于磁場(chǎng)是看不見，摸不著的，為了描述磁場(chǎng)的性質(zhì)而引入了磁感線的概念，它是假想出來的有方向的曲線，但可以描述磁場(chǎng)的性質(zhì)．

6、C【分析】解：A

三種粒子在正交的電磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)；由力平衡得：qvB=qE

根據(jù)左手定則可知，若帶電粒子帶正電荷，洛倫茲力的方向向上，所以電場(chǎng)力的方向向下，選擇器的P1

極板帶正電；若帶電粒子帶負(fù)電，洛倫茲力的方向向下，所以電場(chǎng)力方向向上，選擇器的P1

極板帶正電.

故選擇器的P1

極板一定是帶正電.

與帶電粒子無關(guān).

故A錯(cuò)誤；

B；在磁場(chǎng)2

中；磁場(chǎng)的方向向外，根據(jù)左手定則，正電荷受到的安培力的方向向下，將向下偏轉(zhuǎn)；負(fù)電荷受到的安培力的方向向上，將向上偏轉(zhuǎn).

所以1

帶負(fù)電.

故B錯(cuò)誤；

C、能通過狹縫S0

的帶電粒子受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力的大小相等，方向相反，即：qvB=qE

所以v=EB.

故C正確；

D、由qvB=mv2r

得r=mvqB2r

與比荷成反比，粒子2

的半徑最大，所以粒子2

的比荷qm

的絕對(duì)值最小.

故D錯(cuò)誤．

故選：C

三種粒子通過左側(cè)正交的電磁場(chǎng)沿直線運(yùn)動(dòng)；電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，可知速度相同.

根據(jù)左手定則判斷粒子的偏轉(zhuǎn)方向，牛頓第二定律研究磁場(chǎng)中圓周半徑，根據(jù)半徑公式分析比荷的大?。?/p>

本題中正交的電磁場(chǎng)是速度選擇器，v=EB

的結(jié)論與粒子的質(zhì)量、電荷量無關(guān)．【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)7、不平衡微粒的質(zhì)量液體的溫度【分析】【解答】布朗運(yùn)動(dòng)是大量液體分子對(duì)懸浮微粒撞擊的不平衡決定的；顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；故答案為：不平衡；微粒的質(zhì)量；液體的溫度．

【分析】懸浮微粒永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的現(xiàn)象叫做布朗運(yùn)動(dòng)，顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；8、略

【分析】解：物體在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t；只受重力，則由動(dòng)量定理可求得△P=mgt；

故答案為：mgt．

明確題設(shè)條件；根據(jù)動(dòng)量定理求出物體動(dòng)量的變化量；

本題考查動(dòng)量定理的應(yīng)用，要注意明確物體在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)的受力情況，再根據(jù)動(dòng)量定理求解．【解析】mgt9、略

【分析】解：（1）原子核衰變時(shí)動(dòng)量守恒；由動(dòng)量守恒定律可知，新核與α粒子的動(dòng)量p大小相等；

它們?cè)诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得：qvB=m軌道半徑r==

它們的軌道半徑之比：====

做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=則它們的周期之比：

===×=

它們?cè)俅蜗嘤鰰r(shí)；運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，α粒子需要轉(zhuǎn)13圈，新核需要轉(zhuǎn)10圈；

（2）根據(jù)題意反應(yīng)前的質(zhì)量為：m1=14.00735u+4.00387u=18.01122u；

反應(yīng)后：m2=17.00454u+1.00815u=18.01269u；

m2＞m1因此質(zhì)量增量了；故是吸能反應(yīng)．

根據(jù)質(zhì)能方程有：△E=△mc2=（18.01269-18.01122）×931．MeV=1.36857Mev≈2.2×10-13J；

故答案為：（1）45：1；13；（2）吸能；2.2×10-13．

（1）原子核衰變過程動(dòng)量守恒；衰變新核與α粒子都做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求出軌道半徑，然后求出半徑之比，求出新核與粒子的周期，然后根據(jù)新核與α粒的周期分析答題．

（2）通過反應(yīng)前后質(zhì)量的變化；即可判斷吸能還是放能，然后根據(jù)質(zhì)能方程求出能量的大小．

（1）本題比較簡(jiǎn)單考查了粒子的圓周運(yùn)動(dòng)；動(dòng)量守恒；題目難度不大，應(yīng)牢牢固掌握基礎(chǔ)知識(shí)，靈活應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)是即可正確解題．

（2）本題考查了核反應(yīng)前后的質(zhì)量變化以及質(zhì)能方程的應(yīng)用，屬于簡(jiǎn)單基礎(chǔ)題目．【解析】45：1；13；吸能；2.2×10-1310、略

【分析】解：如圖所示；線圈從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，穿過線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流；

線圈從位置Ⅱ到位置Ⅲ的過程中；線圈內(nèi)穿過的磁通量增加，則也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

故答案為：有；有．

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；則閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流.

可以根據(jù)楞次定律來確定感應(yīng)電流的方向，從而即可求解．

考查如何判定感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律的應(yīng)用，注意磁通量概念，及大小變化的判定．【解析】有；有11、略

【分析】【解析】【答案】1:16，1:4。12、略

【分析】【解析】【答案】13、略

【分析】解：避雷針利用尖端放電原理來避雷：帶電云層靠近建筑物時(shí)；避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊．避雷針是富蘭克林發(fā)明的．

我們應(yīng)用靜電的儀器有：靜電復(fù)印和靜電除塵等；

故答案為：尖端放電；靜電復(fù)印；靜電除塵。

避雷針；又名防雷針，是用來保護(hù)建筑物物等避免雷擊的裝置．在高大建筑物頂端安裝一根金屬棒，用金屬線與埋在地下的一塊金屬板連接起來，利用金屬棒的尖端放電，使云層所帶的電和地上的電逐漸中和，從而不會(huì)引發(fā)事故．避雷針是富蘭克林發(fā)明的．

本題考查了避雷針的原理、作用問題，具有現(xiàn)實(shí)意義，是一道好題．要注意掌握靜電應(yīng)用和防止的實(shí)例．【解析】尖端放電；靜電復(fù)印；靜電除塵14、略

【分析】解：搖動(dòng)這條電線過程中；產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向不斷變化，產(chǎn)生的是交流電；

北半球磁感線指向北方；則當(dāng)“電線”由上向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知，電線中電流由西向東，則電流計(jì)中電流方向?yàn)锽隆煤A

故答案為：交流電；B隆煤A

地球的周圍存在磁場(chǎng)；且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極，當(dāng)兩個(gè)同學(xué)在迅速搖動(dòng)電線時(shí)，總有一部分導(dǎo)線做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，電路中就產(chǎn)生了感應(yīng)電流，根據(jù)繩子轉(zhuǎn)動(dòng)方向與地磁場(chǎng)方向的關(guān)系，由右手定則判斷感應(yīng)電流的方向。

本題要建立物理模型，與線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)切割相似，要知道地磁場(chǎng)的分布情況，能熟練運(yùn)用電磁感應(yīng)的規(guī)律解題．【解析】交流電；B隆煤A

15、BωL2b【分析】解：ab棒以a端為軸在紙面內(nèi)以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則a、b兩端的電勢(shì)差．

根據(jù)右手定則知，b端電勢(shì)高．

故答案為：BωL2，b．

根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式求出a、b兩端的電勢(shì)差；根據(jù)右手定則判斷電勢(shì)的高低．

解決本題的關(guān)鍵掌握轉(zhuǎn)動(dòng)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=BωL2，會(huì)運(yùn)用右手定則判斷電勢(shì)的高低．【解析】BωL2b三、判斷題(共9題，共18分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共8分)25、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F