2025年湘教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，圖中邊長為O的正三角形ABC的三個(gè)頂點(diǎn)A、B、C分別固定有三個(gè)點(diǎn)電荷－q、－q、＋q，則該三角形中心O點(diǎn)處的場強(qiáng)為（）

A.方向由C指向OB.方向由O指向CC.方向由C指向OD.方向由O指向C2、兩個(gè)阻值分別為R12和R24的定值電阻并聯(lián)，若并聯(lián)電路兩端電壓U4V，則通過該并聯(lián)電路的總電流為（）A.AB.1AC.2AD.3A3、一帶負(fù)電粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢能隨位移x的變化關(guān)系如圖所示，則粒子在從x1向運(yùn)動(dòng)的過程中；下列說法中正確的是（）

A.在x1處粒子速度最大B.在x1處粒子加速度最大C.處電勢比x1大D.x2處動(dòng)能最大4、大一新生張三在大學(xué)物理課程上打了會(huì)兒瞌睡，醒來后發(fā)現(xiàn)物理書上的點(diǎn)電荷電場的電勢公式已經(jīng)模糊不清了，于是他立即在書本的空白處把公式補(bǔ)全了，并且說到：“還好這幾個(gè)物理量的單位沒有忘記?！蹦敲?，點(diǎn)電荷電場的電勢公式最有可能是（）A.B.C.D.5、額定電壓均為110V，額定功率PA=100W，PB=40W的A、B兩盞燈泡，若接在電壓為220V的電路上，使兩盞燈泡均能正常發(fā)光，且消耗功率最小的電路是（）A.B.C.D.6、如圖所示的電路，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)；下列說法正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B.小燈泡L變暗C.電源的總功率變小D.電容器C上電荷量減小評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、始終連接在電池兩極上的平行板電容器，當(dāng)兩極板間的距離增加時(shí)，下列結(jié)論正確的是（）A.電容器的電容變小B.電容器的帶電量變小C.電容器兩極板間的電勢差變小D.電容器兩極板間的電場強(qiáng)度變小8、在如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢，r為電源內(nèi)阻，R2和R3均為定值電阻，R1為滑動(dòng)變阻器．已知R1的總阻值大于R2，R2=R3=r。合上開關(guān)S，V示數(shù)為U，和A1、A2示數(shù)分別為I1、I2，現(xiàn)將R1的滑動(dòng)觸點(diǎn)由最左端向右端移動(dòng)的過程中；則下列判斷正確的是（）

A.U一直減小，I1一直增大B.U先減小后增大，I2先減小后增大C.U先增大后減小，I1一直增大D.U與I2的乘積先減小后增大9、下列有關(guān)靜電的說法正確的是（）A.復(fù)印機(jī)是利用靜電吸附作用工作的B.為了美觀，最好把避雷針頂端設(shè)計(jì)成球形C.電工穿用銅絲編織的高壓作業(yè)服是因?yàn)樵撘路蝗菀妆怀镀艱.飛機(jī)的機(jī)輪上裝有搭地線或用導(dǎo)電橡膠做輪胎都是為了防止靜電危害10、一塊長木板abc長為2L，沿與水平面成θ角傾斜放置，它的ab部分表面光滑，bc部分表面粗糙，兩部分長度相等。木板下端口處有一與木板垂直的擋板，擋板上固定一段勁度系數(shù)為k的輕彈簧，彈簧長度為0.5L。將一質(zhì)量為m的物塊在木板的頂端c由靜止釋放，物塊將沿木板下滑。已知重力加速度大小為g；物塊與彈簧碰撞為彈性碰撞。下列表述正確的是（）

A.物塊最終會(huì)在ab之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B.物塊運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功最多為mgLsinθC.物塊每一次下滑過程達(dá)到最大速度的位置是不一樣的D.物塊每一次下滑過程中彈簧具有的彈性勢能的最大值都相等11、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上有A、B兩個(gè)帶電小球(可以看成點(diǎn)電荷)，A球帶電量為＋3q，B球帶電量為－q，由靜止同時(shí)釋放后A球加速度大小為B球的兩倍．現(xiàn)在A、B中點(diǎn)固定一個(gè)帶正電C球(也可看成點(diǎn)電荷)，再由靜止同時(shí)釋放A、B兩球，結(jié)果兩球加速度大小相等．則C球帶電量可能為()

A.B.C.D.12、如圖所示，一半徑為r的圓環(huán)上均勻分布著正電荷，電量為+Q，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O．在x軸上距圓心O距離s處有一點(diǎn)P；則。

A.O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最低B.從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場強(qiáng)度先增大后減小C.P點(diǎn)的場強(qiáng)大小D.P點(diǎn)的場強(qiáng)大小13、如圖所示，A，B為兩塊水平放置的金屬板，通過閉合的開關(guān)S分別與電源兩極相連，兩極中央各有一個(gè)小孔a和b，在a孔正上方某處放一帶電質(zhì)點(diǎn)由靜止開始下落，若不計(jì)空氣阻力，該質(zhì)點(diǎn)到達(dá)b孔時(shí)速度恰為零，然后返回。現(xiàn)要使帶電質(zhì)點(diǎn)能穿過b孔；則可行的方法是（）

A.保持S閉合，將A板適當(dāng)上移B.保持S閉合，將B板適當(dāng)下移C.先斷開S，再將B板適當(dāng)上移D.先斷開S，再將B板適當(dāng)下移14、如圖所示為研究影響平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置設(shè)兩極板的正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為，平行板電容器的電容為實(shí)驗(yàn)中極板所帶電荷量可視為不變，則下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)的分析正確的是

A.保持d不變，減小S，則C變小，變大B.保持d不變，減小S，則C變大，變大C.保持S不變，增大d，則C變小，變大D.保持S不變，增大d，則C變大，變大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關(guān)系圖線如圖所示。該電源的內(nèi)阻為________，電源消耗的總功率為________W。

16、在伏安法測電阻的實(shí)驗(yàn)中，待測電阻Rx的阻值約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為1Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結(jié)果由公式計(jì)算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則___________（選填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實(shí)值，且測量值Rx1___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值，測量值Rx2___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。

17、如圖所示，一個(gè)驗(yàn)電器用金屬網(wǎng)罩罩住，當(dāng)加上水平向右的、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場時(shí)，驗(yàn)電器的箔片________（填“張開”或“不張開”），我們把這種現(xiàn)象稱之為________．此時(shí)，金屬網(wǎng)罩的感應(yīng)電荷在網(wǎng)罩內(nèi)部空間會(huì)激發(fā)一個(gè)電場，它的場強(qiáng)大小為________，方向?yàn)開_______．

18、小李同學(xué)在學(xué)習(xí)了庫侖定律之后，為了研究帶電小球在它們之間的相互作用力下的運(yùn)動(dòng)，他在絕緣的光滑水平面上放三個(gè)質(zhì)量相等的帶電小球a、b、c，它們處在同一直線上，如圖以向右為正方向，若釋放a球，a球的初始加速度為若釋放c球，c球的初始加速度為則根據(jù)所學(xué)知識(shí)可知，釋放b球，b球的初始加速度大小為______方向是______。

19、一半徑為R的絕緣球殼上均勻地帶有電荷量為+Q的電荷，另一電荷量為+q的點(diǎn)電荷放在球心O上，如圖所示．現(xiàn)在球殼上挖去半徑為r（r<<R）的一個(gè)小圓孔，則此時(shí)置于球心的點(diǎn)電荷所受電場力的大小為______（已知靜電力常量為k），方向____________．

20、（1）如圖所示，一塊橡皮用細(xì)線懸掛于點(diǎn)，用鉛筆靠著線的左側(cè)水平向右以速度勻速移動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中始終保持懸線豎直，則橡皮做__________運(yùn)動(dòng)，橡皮運(yùn)動(dòng)的速度大小__________。

（2）如圖所示，是以為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，點(diǎn)為半圓弧的圓心，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別置于兩點(diǎn)，此時(shí)點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小為若將處的點(diǎn)電荷移至點(diǎn)，則點(diǎn)的場強(qiáng)大小變?yōu)開_________。

（3）如圖所示，等腰三角形處在勻強(qiáng)電場中，電場方向與三角形所在平面平行，一個(gè)電荷量的帶負(fù)電的點(diǎn)電荷由移到的過程中，電勢能增加由移到的過程中電場力做功則兩點(diǎn)的電勢差__________，點(diǎn)的電勢__________點(diǎn)的電勢，該電場的電場強(qiáng)度大小為__________。21、平行板電容器所帶的電荷量為Q=4×10-8C，電容器兩板間的電壓為U=2V，則該電容器的電容為________；如果將其放電，使其所帶電荷量為原來的一半，則兩板間的電壓為______，兩板間電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼腳______倍，此時(shí)平行板電容器的電容為______．評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)22、試畫出點(diǎn)電荷、等量異種點(diǎn)電荷、等量同種點(diǎn)電荷及勻強(qiáng)電場的電場線。評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)23、某同學(xué)采用“半偏法”測量一量程為250μA的微安表G的電阻；將其改裝為量程為5mA的電流表，并利用量程為5mA的標(biāo)準(zhǔn)電流表A進(jìn)行檢驗(yàn)。

（1）如圖1所示，斷開開關(guān)K1、K2，將滑動(dòng)變阻器的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)K2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器RP的阻值使微安表滿偏，保持滑動(dòng)變阻器RP的阻值不變，閉合開關(guān)K1并調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，微安表電流為125μA時(shí)，電阻箱R阻值為190.0?，則微安表的電阻測量值為_______?；要把該微安表改裝成量程為5mA的電流表，需要將與微安表并聯(lián)的電阻箱R的阻值調(diào)到________?。

（2）如圖2，虛線框內(nèi)為改裝后的量程為5mA的電流表，閉合開關(guān)K3調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)量程為5mA的標(biāo)準(zhǔn)電流表示數(shù)達(dá)到滿偏時(shí)，微安表示數(shù)為240μA，則微安表的實(shí)際內(nèi)阻為________?。（結(jié)果保留一位小數(shù)）

（3）由（2）知“半偏法”測量微安表的內(nèi)阻結(jié)果偏小了，為減小該系統(tǒng)誤差，對圖1電路采取的下列措施中可行的是________。

A．更換調(diào)節(jié)更靈敏的滑動(dòng)變阻器B．更換調(diào)節(jié)范圍更大的電阻箱。

C．更換電動(dòng)勢更大的電源D．更換內(nèi)阻更小的電源24、某同學(xué)利用如圖所示的電路測量多個(gè)物理量。實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

兩個(gè)相同的待測電源（內(nèi)阻r約為1Ω）

電阻箱R1（最大阻值為999.9Ω）

電阻箱R2（最大阻值為999.9Ω）

電壓表V（內(nèi)阻約為2kΩ）

電流表A（內(nèi)阻約為2Ω）

靈敏電流計(jì)G，兩個(gè)開關(guān)S1、S2

主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按圖連接好電路，調(diào)節(jié)電阻箱R1和R2至最大，閉合開關(guān)S1和S2，再反復(fù)調(diào)節(jié)R1和R2，使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V、電阻箱R1、電阻箱R2的示數(shù)分別為0.41A；12.0V、30.0Ω、28.2Ω；

②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱R1和R2（與①中的電阻值不同）；使電流計(jì)G的示數(shù)為0，讀出電流表A；電壓表V的示數(shù)分別為0.60A、11.7V。

回答下列問題：

（1）步驟①中：電流計(jì)G的示數(shù)為0時(shí)，電路中A和B兩點(diǎn)的電勢差___________V；A和C兩點(diǎn)的電勢差______V；A和D兩點(diǎn)的電勢差___________V；

（2）利用步驟①中的測量數(shù)據(jù)可以求得電壓表V的內(nèi)阻______Ω；電流表A的內(nèi)阻RA=_______Ω；

（3）結(jié)合步驟①步驟②的測量數(shù)據(jù)，電源的電動(dòng)勢E=___________V，內(nèi)阻r=_________Ω。評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)25、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，質(zhì)量m=1kg的帶正電的小球與長L=2m的絕緣細(xì)線相連，細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)，O點(diǎn)距地面的高度為3m，小球的電荷量q＝0.01C，細(xì)線能承受的最大拉力T=36N，現(xiàn)將細(xì)線拉直并從細(xì)線與豎直方向成θ=角處由靜止釋放小球，當(dāng)細(xì)線轉(zhuǎn)到豎直方向OA時(shí)，細(xì)線恰好斷裂，最后小球落到地面上，已知重力加速度g=10m/s2；小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，求：

(1)電場強(qiáng)度的大?。?/p>

(2)小球落地時(shí)與OA的水平距離。

26、M、N是兩塊水平放置的平行金屬極板，如圖甲所示，板的長度為L=30cm，板的寬度足夠長，兩板間距為d=20cm，板右端到熒光屏的距離為D=60cm，O’O為垂直于屏的中心軸線。以屏中心O為原點(diǎn)建立xOy直角坐標(biāo)系，其中x軸沿水平方向，y軸沿豎直方向。一電荷量為q=1.6×10-5C，質(zhì)量為m=3.2×10-11kg的帶正電粒子從O'點(diǎn)以速度v0=5×104m/s射入極板，速度方向平行于板面且與O’O夾角ɑ=53°，如圖乙所示，最終帶電粒子打到熒光屏上而發(fā)光。若兩極板間的電場為勻強(qiáng)電場，所加偏轉(zhuǎn)電壓UMN=1000V；不計(jì)帶電粒子的重力，取cos53°=0.6，sin53°=0.8。求∶

（1）帶電粒子從射人到打到屏上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；

（2）帶電粒子打到屏上的位置坐標(biāo)。

27、A、B兩平行金屬板間的勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向如圖。電場中兩點(diǎn)相距連線與電場線成角，點(diǎn)距A板點(diǎn)距B板求。

（1）電勢差

（2）用外力把電荷量為的正電荷（不計(jì)重力）由點(diǎn)勻速移動(dòng)到點(diǎn)，那么外力做的功是多少?如果點(diǎn)為零電勢，該正電荷在點(diǎn)具有的電勢能是多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

O點(diǎn)是三角形的中心，到三個(gè)電荷的距離為

三個(gè)電荷在O處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小均為

根據(jù)對稱性和幾何知識(shí)得知，兩個(gè)-q在0處產(chǎn)生的合場強(qiáng)為

再與+q在O處產(chǎn)生的場強(qiáng)合成，得到O點(diǎn)的合場強(qiáng)為

方向由C指向O；故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選C。2、D【分析】【詳解】

兩電阻并聯(lián)之后的總電阻為

通過該并聯(lián)電路的總電流為

故選D。3、C【分析】【詳解】

AD．帶負(fù)電粒子只在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，所以動(dòng)能與勢能之和是恒定的。則粒子在從x1向x3運(yùn)動(dòng)的過程中，在x3處的電勢能最??；動(dòng)能最大，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系

從而解得

即圖像中的斜率表示電場力大小，在x3處圖像的斜率最大；所以粒子加速度最大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，在電勢高的地方電勢能小，在x3處的電勢能最小，所以電勢最高，處電勢比x1大；選項(xiàng)C正確；

故選C。4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)庫侖定律可知，是電場力；根據(jù)電場強(qiáng)度概念可知是電場強(qiáng)度；因k是常數(shù)，不可能有平方，則點(diǎn)電荷電場的電勢公式最有可能是

故選A。5、C【分析】【詳解】

判斷燈泡能否正常發(fā)光，就要判斷實(shí)際電壓是不是額定電壓或?qū)嶋H電流是不是額定電流，對燈泡有

可知RA<RB。

對于A電路，由于RA<RB，所以UB>UA，又UB＋UA=220V

則UB>110V，B燈被燒毀，UA<110V；A燈不能正常發(fā)光；

對于B電路，由于RB>RA，A燈與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，并聯(lián)電阻小于RB，所以UB>U并，則UB>110V；B燈被燒毀，A燈不能正常發(fā)光；

對于C電路，B燈與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，并聯(lián)電阻可能等于RA，所以可能UA=UB=110V

兩燈可以正常發(fā)光；

對于D電路，若滑動(dòng)變阻器的有效電阻等于A燈、B燈的并聯(lián)電阻，則UA=UB=110V

兩燈可以正常發(fā)光。

比較C、D兩個(gè)電路，當(dāng)燈A、B均正常發(fā)光時(shí)，由于C電路中滑動(dòng)變阻器功率為PC=（IA-IB）×110V

而D電路中滑動(dòng)變阻器功率為PD=（IA＋I(xiàn)B）×110V

所以C電路消耗電功率最小。

故選C。6、D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，電路采用串聯(lián)結(jié)構(gòu)，電容器并聯(lián)在滑動(dòng)變阻器兩端；當(dāng)滑片P右移時(shí)；滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數(shù)增大，燈泡亮度變亮，因內(nèi)壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故AB錯(cuò)誤；

C．由P=EI可知，I變大；則電源的總功率變大，故C錯(cuò)誤；

D．因電容器并聯(lián)在滑動(dòng)變阻器兩端．總電流變大，燈泡及內(nèi)阻分壓增大，則滑動(dòng)變阻器分壓減小，故電容器C兩端的電壓減小，故C上的電量減小，故D正確．二、多選題(共8題，共16分)7、A:B:D【分析】【詳解】

始終連接在電池兩極上的平行板電容器，則兩板電勢差U一定，當(dāng)兩極板間的距離d增加時(shí)，根據(jù)

可知，電容C減??；根據(jù)Q=CU

可知，電容器帶電量減??；根據(jù)

可知電容器兩極板間的電場強(qiáng)度變??；則選項(xiàng)ABD正確，C錯(cuò)誤。

故選ABD。8、C:D【分析】【詳解】

已知R1的總阻值大于R2，R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)由最左端向右端移動(dòng)的過程中，外電路的總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，內(nèi)電壓先減小后增大，路端電壓先增大后減小，即電壓表示數(shù)U先增大后減小，I2先減小后增大。R1與R2并聯(lián)的電壓先增大后減小。并聯(lián)電壓增大時(shí)，滑動(dòng)觸點(diǎn)右端電阻減小，則I1增大。當(dāng)并聯(lián)電壓減小時(shí)，通過的R2的電流減小，而總電流增大，所以I1增大，因此I1一直增大。U與I2的乘積等于電源的輸出功率。由于R2=R3=r，外電阻總電阻大于r，且大于外電路的總電阻先增大后減小，所以U與I2的乘積先減小后增大；故AB錯(cuò)誤，CD正確。

故選CD。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．復(fù)印機(jī)是利用靜電吸附作用工作的；故A正確；

B．避雷針是利用尖端放電的原理來避雷；故避雷針必須設(shè)計(jì)成針狀，不能設(shè)計(jì)成球形，故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)電工直接處于高壓電場中時(shí)；很容易因靜電感應(yīng)而被電到，但若穿著用銅絲編織的作業(yè)服，當(dāng)達(dá)到靜電平衡時(shí)，作業(yè)服的屏蔽作用使作業(yè)服內(nèi)電場強(qiáng)度保持為零，對電工起保護(hù)作用，故C錯(cuò)誤；

D．飛機(jī)的機(jī)輪上裝有搭地線或用導(dǎo)電橡膠做輪胎都是為了及時(shí)將產(chǎn)生的靜電導(dǎo)走；防止靜電危害，故D正確。

故選AD。10、A:B【分析】【詳解】

A．物塊從c到最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)中，物塊的勢能轉(zhuǎn)化為摩擦生熱和彈簧的勢能，從最低點(diǎn)返回后彈性勢能轉(zhuǎn)化為摩擦生熱和物塊的重力勢能，物塊會(huì)在木板上做往返運(yùn)動(dòng)，每次經(jīng)過bc面都有能量損失，直至最后的彈性勢能只能轉(zhuǎn)化為物塊到達(dá)b點(diǎn)的重力勢能，物塊只在ab之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)；故A正確；

B．從物塊開始下滑到最終只上滑到b點(diǎn)，由動(dòng)能定理得

解得Wf=mgLsinθ

故B正確；

C．物塊每次下滑；接觸彈簧之前，合力向下，物體加速；接觸彈簧之后，開始彈力小于重力分力，合力向下，物塊還是加速；當(dāng)彈力等于重力分力時(shí)，合力為0，此時(shí)速度最大，之后物體減速。由于合力為0的位置確定，則物塊每一次下滑過程達(dá)到最大速度的位置是一樣的。故C錯(cuò)誤；

D．物塊上滑能夠過b點(diǎn)以前，每次下滑都會(huì)摩擦生熱，損耗能量，則物塊下滑過程中彈簧具有的彈性勢能的最大值不相等；物塊上滑不過b點(diǎn)以后；每次下滑物塊機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，則物塊下滑過程中彈簧具有的彈性勢能的最大值相等；故D錯(cuò)誤。

故選AB。11、A:B【分析】【詳解】

由靜止開始釋放，A球加速度的大小為B球的2倍．根據(jù)牛頓第二定律可知，A、B兩個(gè)帶電小球的質(zhì)量之比為1：2；當(dāng)在AB中點(diǎn)固定一個(gè)帶正電小球C，由靜止釋放A、B兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等，若兩球加速度方向相反，則根據(jù)庫侖定律與牛頓第二定律，則對A來說，

對B來說

綜上解得QC=q；

若兩球加速度方向相同，則根據(jù)庫侖定律與牛頓第二定律，且有：對B來說，

對A來說，

綜上解得QC=q；

A．與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；

B．與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；

C．與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選AB．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵抓住庫侖定律中庫侖力與電量的乘積成正比，與距離的平方成反比，同時(shí)根據(jù)牛頓第二定律求出加速度．注意加速度方向的兩種可能的情況.12、B:D【分析】【詳解】

A．圓環(huán)上均勻分布著正電荷，根據(jù)對稱性可知，圓環(huán)上各電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)相互抵消，合場強(qiáng)為零．圓環(huán)上各電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度在x軸有向右的分量，根據(jù)電場的疊加原理可知，x軸上電場強(qiáng)度方向向右，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知在x軸上O點(diǎn)的電勢最高．故A錯(cuò)誤．

B．O點(diǎn)的場強(qiáng)為零，無窮遠(yuǎn)處場強(qiáng)也為零，所以從O點(diǎn)沿x軸正方向；場強(qiáng)應(yīng)先增大后減小．故B正確．

CD．設(shè)圓環(huán)上足夠小的圓弧上的電量為q′的電荷，在x軸上P點(diǎn)產(chǎn)生的沿x軸上的場強(qiáng)為：其中根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求和可得P點(diǎn)的場強(qiáng)大小：

故C錯(cuò)誤，D正確．13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)質(zhì)點(diǎn)距離A板的高度h，A、B兩板原來的距離為d，電壓為U，質(zhì)點(diǎn)的電量為q，由題質(zhì)點(diǎn)到達(dá)b孔時(shí)速度恰為零；根據(jù)動(dòng)能定理得。

若保持S閉合，將A板適當(dāng)上移，設(shè)質(zhì)點(diǎn)到達(dá)b時(shí)速度為v；由動(dòng)能定理得。

說明質(zhì)點(diǎn)到達(dá)b孔時(shí)速度恰為零，然后返回，不能穿過b孔；A錯(cuò)誤；

B．若保持S閉合，將B板適當(dāng)下移距離由動(dòng)能定理得。

則v＞0，質(zhì)點(diǎn)能穿過b孔；B正確；

C．若斷開S，再將B板適當(dāng)上移?d；根據(jù)。

則板間場強(qiáng)不變，根據(jù)動(dòng)能定理，到達(dá)B板時(shí)。

而。

可知v>0，那么質(zhì)點(diǎn)能穿過b孔；C正確；

D．若斷開S時(shí)，將B板適當(dāng)下移?d，板間電場強(qiáng)度不變，若質(zhì)點(diǎn)能到達(dá)B板；由動(dòng)能定理得。

又由。

比較得。

說明質(zhì)點(diǎn)不能到達(dá)b孔；故D錯(cuò)誤。

故選BC。14、A:C【分析】【詳解】

根據(jù)電容的決定式C=得知，當(dāng)保持d不變，減小S，則C變小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=Q/U分析可知板間電勢差增大，則靜電計(jì)指針的偏角θ變大．故A正確，B錯(cuò)誤．根據(jù)電容的決定式C=得知；保持S不變，增大d，則C變小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式C=Q/U分析可知板間電勢差增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大，故C正確，D錯(cuò)誤．故選AC．

【點(diǎn)睛】

本題是電容動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個(gè)公式：電容的決定式C=和定義式C=Q/U．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當(dāng)時(shí)

由圖可知電源電動(dòng)勢

內(nèi)阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數(shù)據(jù)可得

由圖可知，此時(shí)電流

因此有

代入數(shù)據(jù)可得【解析】0.5616、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因?yàn)椤?/p>

可知用電流表內(nèi)接誤差較小，即Rx1更接近待測電阻的真實(shí)值；

[2][3]根據(jù)。

可知a圖中電壓表的讀數(shù)大于待測電阻上的電壓，可知測量值Rx1大于真實(shí)值；b圖中電流表的讀數(shù)大于待測電阻上的電流值，則測量值Rx2小于真實(shí)值。【解析】Rx1大于小于17、略

【分析】【分析】

從靜電屏蔽的原理出發(fā)即可解題．金屬內(nèi)部由于電子可以自由移動(dòng)；會(huì)產(chǎn)生一個(gè)與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而使金屬上電荷重新分布；

【詳解】

[1][2][3][4]因?yàn)樵诮饘賰?nèi)部由于電子可以自由移動(dòng)，當(dāng)加上水平向右的、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場時(shí)，金屬網(wǎng)罩會(huì)產(chǎn)生一個(gè)與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布，就是所謂“靜電屏蔽”的原理；此時(shí)驗(yàn)電器不會(huì)受到影響，故驗(yàn)電器的箔片不張開。【解析】①.不張開②.靜電屏蔽③.E④.水平向左18、略

【分析】【詳解】

[1][2]對三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)，假設(shè)同時(shí)釋放三個(gè)小球，則三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)受到的合力為零，且在釋放瞬間，a球的加速度為c球的加速度為b球的加速度為對系統(tǒng)由牛頓第二定律知

即

所以

方向水平向右?！窘馕觥?水平向右19、略

【分析】【詳解】

球殼的電荷面密度σ=球殼上挖去半徑為r的小圓孔，去掉的電荷量q′=σπr2=關(guān)于球心O對稱位置相應(yīng)電荷對球心電荷的電場力大小為F==方向由球心指向小圓孔圓心，其余部分對球心電荷的合力為零．【解析】由球心指向小圓孔圓心20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]橡皮在水平方向上向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小均為兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，橡皮運(yùn)動(dòng)的速度大小為

（2）[3]設(shè)兩個(gè)等量異種電荷所帶電荷量均為半圓弧的半徑為則兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別置于兩點(diǎn)時(shí)，O點(diǎn)場強(qiáng)大小為

若將處的點(diǎn)電荷移至點(diǎn)，則點(diǎn)的場強(qiáng)大小為

聯(lián)立解得：

（3）[4][5]由題意可得

解得：

解得：

因此

即點(diǎn)的電勢等于點(diǎn)的電勢；

[6]由上可得：點(diǎn)的電勢等于點(diǎn)的電勢，且該電場為勻強(qiáng)電場，因此AB連線為等勢線，故電場的方向垂直與AB向上，則有

解得：【解析】①.勻速直線②.③.④.⑤.等于⑥.21、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)C=Q/U得，電容器的電容C=＝2×10?8F．

[2]電荷量減半，電容不變，仍然為2×10-8F．則兩板間的電壓

[3]根據(jù)E＝U/d知；電勢差減半，兩板間的距離不變，則電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?.5倍；

[4]此時(shí)平行板電容器的電容仍為2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F四、作圖題(共1題，共9分)22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點(diǎn)電荷；等量異種點(diǎn)電荷、等量同種點(diǎn)電荷及勻強(qiáng)電場的電場線如下所示。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]閉合開關(guān)K2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器RP的阻值使微安表滿偏，保持滑動(dòng)變阻器RP的阻值不變，認(rèn)為電路中電流不變，閉合開關(guān)K1并調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，微安表電流為125μA時(shí)，電阻箱R的電流125μA