2025年上外版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩根水平放置且相互平行的長直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流I1與I2，且I1與I2大小不相等．與兩根導(dǎo)線垂直的同一平面內(nèi)有a、b、c、d四點(diǎn)，a、b、c在兩根導(dǎo)線的水平連線上且間距相等，b是兩根導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，b、d連線與兩根導(dǎo)線連線垂直；則。

A.I2受到的安培力水平向左B.b點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零C.d點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向豎直向下D.a點(diǎn)和c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能都為零2、在如圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向下滑動時，各電表的示數(shù)分別用I、和表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用和表示。下列說法正確的是（）

A.不變，變小B.變大，變大C.變大，不變D.變大，變大3、將帶正電的小球A放在不帶電的金屬空心球C內(nèi)；另一帶負(fù)電的小球B向C靠近，結(jié)果將（）

A.A向左偏離豎直線，B向右偏離豎直線B.A位置不變，B向右偏離豎直線C.A向左偏離豎直線，B的位置不變D.A和B的位置都不變4、帶電粒子碰撞實(shí)驗中，t=0時粒子A靜止，子B以一定的初速度向A運(yùn)動。兩粒子的v-t圖像如圖所示；僅考慮靜電力的作用，且A；B未接觸。則（）

A.A粒子質(zhì)量小于B粒子B.兩粒子在t1時刻的電勢能最大C.A在t2時刻的加速度最大D.B在0～t3時間內(nèi)動能一直減小5、如圖所示，水平面內(nèi)有A、B、C、D、E、F六個點(diǎn)，它們均勻分布在半徑為R＝2cm的同一圓周上，空間有一方向與圓平面平行的勻強(qiáng)電場．已知A、C、E三點(diǎn)的電勢分別為φA＝(4－)V、φC＝4V、φE＝(4＋)V；下列說法正確的是。

A.電場強(qiáng)度的方向由A指向DB.電場強(qiáng)度的大小為100V/mC.該圓周上的點(diǎn)電勢最高為8VD.將電子從D點(diǎn)沿DEF移到F點(diǎn)，電場力一直做正功6、如圖所示，某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲中虛線所示。一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，在電場中從O點(diǎn)由靜止開始沿電場線豎直向下運(yùn)動。以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖乙所示；不計空氣阻力。則（）

A.沿x軸方向電場強(qiáng)度變大，方向沿x軸正方向B.從O到的過程中，小球的速率越來越小，加速度越來越大C.從O到的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功變大D.到達(dá)位置時，小球速度的大小為7、在如圖所示的電場中，關(guān)于a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度Ea,Eb,和電勢φa和φb；下列說法正確的是()

A.Ea=Eb,φa=φbB.Ea>Eb,φa<φbC.Ea>Eb,φa>φbD.Eab,φa<φb評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、黨的十九大報告指出人與自然應(yīng)和諧共生，下列關(guān)于能源和能量說法正確的有（）A.由于能量在轉(zhuǎn)移或轉(zhuǎn)化過程中常伴隨著能量耗散，所以能量不守恒B.因為自然界的能量守恒，所以不需要節(jié)約能源C.煤炭和石油資源是有限的，不可能無限制的利用D.合理利用能源的同時，需要保護(hù)好自然環(huán)境9、如圖所示；當(dāng)開關(guān)S閉合時，以下正確的判斷是()

A.電壓表的讀數(shù)變小B.電流表的讀數(shù)變小C.電壓表的讀數(shù)變大D.電流表的讀數(shù)變大10、如圖所示，A、B、C三個小球(可視為質(zhì)點(diǎn))的質(zhì)量分別為m、2m、3m，B小球帶負(fù)電，電荷量為q，A、C兩小球不帶電(不考慮小球間的電荷感應(yīng))，不可伸長的絕緣細(xì)線將三個小球連接起來懸掛在O點(diǎn)，三個小球均處于豎直向上的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度大小為A.A；則以下說法正確的是()

B.靜止時，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg＋qEC.靜止時，B兩小球間細(xì)線的拉力為5mg－qEE.剪斷O點(diǎn)與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為E.剪斷O點(diǎn)與A小球間細(xì)線瞬間，B兩小球間細(xì)線的拉力為11、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地。閉合開關(guān)，一帶電油滴位于兩板中央的點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；下列說法正確的是（）

A.保持開關(guān)閉合，將上極板向上移動一小段距離，油滴仍靜止B.保持開關(guān)閉合，將上極板向左移動一小段距離，油滴將向上運(yùn)動C.若將開關(guān)斷開，并將上極板向上移動一小段距離，油滴仍靜止D.若將開關(guān)斷開，并將上極板向左移動一小段距離，油滴將向上運(yùn)動12、靜電場方向平行于x軸，其電勢φ隨x的分布變化規(guī)律如圖所示，圖中φ0和d為已知量。一個帶負(fù)電的粒子在電場中以沿x軸方向做周期性運(yùn)動，最大速度已知該粒子質(zhì)量為m、電量為-q；忽略重力。則（）

A.粒子的運(yùn)動區(qū)間為到B.粒子的運(yùn)動區(qū)間為到C.粒子的運(yùn)動周期為D.粒子的運(yùn)動周期為13、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表。電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，把它們按圖接入電路，且都沒有超過量程，則（）

A.電流表的讀數(shù)大于電流表的讀數(shù)B.電流表的偏轉(zhuǎn)角小于電流表的偏轉(zhuǎn)角C.電壓表的讀數(shù)等于電壓表的讀數(shù)D.電壓表的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表的偏轉(zhuǎn)角14、如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，忽然燈泡比原來變暗了些，而燈泡比原來變亮了些。電路中出現(xiàn)的故障可能是（）

A.發(fā)生斷路B.發(fā)生斷路C.同時發(fā)生斷路D.同時發(fā)生斷路15、真空中有四個相同的點(diǎn)電荷；所帶電荷量均為q，固定在如圖所示的四個頂點(diǎn)上，任意兩電荷的連線長度都為L，靜電力常量為k，下列說法正確的是。

A.不相鄰的兩棱中點(diǎn)連線在同一條電場線上B.每條棱中點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小都為C.任意兩棱中點(diǎn)間的電勢差都為零D.a、b、c三點(diǎn)為側(cè)面棱中點(diǎn)，則a、b、c所在的平面為等勢面評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、在圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P向右移動．若電源的端電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值將________；電壓表V示數(shù)的變化與電流表示數(shù)的比值將________．（均選填“變小”“不變”或“變大”）

17、利用圖像分析問題是物理學(xué)中常用的方法；其中的斜率；面積通常具有明確的物理意義。

(1)小明以6m/s的初速度將足球水平踢出，足球在草坪上滾動直到停下來的全過程中的速度—時間圖像如圖1所示，圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積等于12個小方格的面積，由圖像可知足球在滾動過程中受到的阻力大小____（選填“變大”、“變小”或是“不變”），足球滾動了____m停下來。

(2)利用電流傳感器測量電容器電容的實(shí)驗電路圖如圖2所示。電源電壓為8V，先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電。電流傳感器將電流變化的信息傳入計算機(jī)，屏幕上顯示出電流i隨時間t變化的i—t曲線如圖3所示，圖中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積也等于12個小方格的面積，根據(jù)圖3，計算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q=__C，該電容器的電容C=___F。

18、某地地磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的水平分量是3.0×l0-5T，豎直分量是4.0×10-5T，則地磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為_______T，在水平面上，面積為5m2的范圍內(nèi)，地磁場的磁通量為_______Wb。19、電阻定律。

（1）內(nèi)容：同種材料的導(dǎo)體，其電阻R與它的______成正比，與它的______成反比；導(dǎo)體電阻還與構(gòu)成它的______有關(guān)。

（2）公式：R＝ρ式中ρ是比例系數(shù)，ρ叫作這種材料的電阻率。20、電流的定義式：I＝其物理意義：______時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的______，是表示電流強(qiáng)弱程度的物理量。21、_________是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制造的，它開辟了人類社會的電氣化時代。22、能量的量子化∶在微觀世界中能量是_____的，或者說微觀粒子的能量是____的。這種現(xiàn)象叫能量的量子化。23、請正確讀出下圖中各表達(dá)讀數(shù)：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數(shù)為___________V；接0~15V量程時讀數(shù)為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數(shù)為___________A；接0~0.6A量程時讀數(shù)為___________A。評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)24、如圖所示，A、B、C為勻強(qiáng)電場中的三個點(diǎn)，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實(shí)線表示電場線）。

25、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實(shí)驗題(共3題，共18分)26、有一電子元件正常工作時的電阻為5~16Ω；某實(shí)驗小組想描繪其兩端電壓與電流的關(guān)系圖線，實(shí)驗要求測定的電壓范圍盡可能大些，實(shí)驗室備有下列器材。

A.電源E：電動勢為3.0V；內(nèi)阻不計；

B.電壓表V：量程為0~15V；內(nèi)阻約為4kΩ；

C.靈敏電流計G：量程為0~3mA，內(nèi)阻RG=800；

D.電流表A1：量程為0~3A；內(nèi)阻約為0.1Ω；

E.電流表A2：量程為0~0.6A；內(nèi)阻約為0.6Ω；

F.滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω；

G.滑動變阻器R2：最大阻值為5000Ω；

H.開關(guān)S；導(dǎo)線若干，已知阻值的定值電阻若干。

(1)實(shí)驗器材中沒有合適的電壓表，若將靈敏電流計G改裝成一個量程為0~3V的電壓表，改裝時應(yīng)______(填“并聯(lián)”或“串聯(lián)”)一個阻值為__________Ω的定值電阻；電流表應(yīng)_________，滑動變阻器應(yīng)選用_______(填選項前對應(yīng)的字母)；

(2)請將圖甲所示的實(shí)物連接圖補(bǔ)充完整，注意不要改動已連接導(dǎo)線______；

(3)在正確操作的情況下，該實(shí)驗小組描繪出如圖乙所示的關(guān)系曲線?，F(xiàn)將該電子元件與一個阻值為R=8Ω的定值電阻串聯(lián)，然后再接到電動勢E=3.0V、內(nèi)阻r=2Ω的其他電源上，則該電路中的電流為________mA，電源的效率為____________(保留2位有效數(shù)字)。27、測定一個額定電壓UL=2.5V；額定電流約為0.3~0.4A的小燈泡L在正常工作時的阻值。供選擇的器材有：

A.電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻r1約為0.5Ω）

B.電流表A2（量程30mA，內(nèi)阻r2=30Ω）

C.電流表A3（量程60mA，內(nèi)阻r3約為20Ω）

D.電壓表V（量程15V，內(nèi)阻r4約為15kΩ）

E.定值電阻R0=70Ω

F.滑動變阻器R1：0~5Ω；額定電流1A

G.滑動變阻器R2：0~1kΩ；額定電流0.2A

H.電源E：電動勢為4.5V；內(nèi)阻不計。

I.開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

(1)測量時要求電表示數(shù)超過其量程的一半，需選用的實(shí)驗器材是________和H；I（選填器材前對應(yīng)的字母序號）。

(2)請在虛線框內(nèi)畫出合適的電路圖（圖中需標(biāo)明所選器材的符號）。

()

(3)為保證小燈泡L正常工作，測量時要讓其中哪一個電表的示數(shù)調(diào)到多少？________。

(4)測得小燈泡L在正常工作時的阻值RL=________（用實(shí)際所測物理量表示），并說明公式中各符號（題中已知的除外）的物理意義________。28、某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率需要測量圓柱體的尺寸和電阻。在測量電阻時，采用了如下方法：

①用多用電表粗測：用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T。請根據(jù)下列步驟完成電阻測量：

A.旋動部件________________（填部件符號）；使指針對準(zhǔn)電流表的“0”刻線。

B.該同學(xué)選擇×10倍率；將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置。

C.將插“+”“－”插孔的紅黑表筆短接，旋動部件_____（填部件符號）；使指針對準(zhǔn)表盤右端電阻的“0刻線”

D.測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)該選擇________________倍率（選填“”、“”、””），并重新歐姆調(diào)零，正確操作測量并讀數(shù)，若這時刻盤上的指針位置如圖中實(shí)線所示，測量結(jié)果是______?。

②為了準(zhǔn)確測定圓柱體的阻值；除被測電阻外，實(shí)驗室提供了如下實(shí)驗儀器：

A.直流電源（電源電壓約為3V；內(nèi)阻可不計）

B.直流電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約為0.1）

C.直流電流表（量程0~100mA，內(nèi)阻約為3）

D.直流電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約為10）

E.直流電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約為）

F.滑動變阻器（最大阻值10允許通過的最大電流為2A）

G.滑動變阻器（最大阻值允許通過的最大電流為0.5A）

I.電鍵一只；導(dǎo)線若干。

a.為了方便調(diào)節(jié)，并要求電壓表示數(shù)從零開始變化，電流表應(yīng)選取________________，電壓表應(yīng)選取________________，滑動變阻器應(yīng)選取________________。（填器材編號）

b.請你根據(jù)要求設(shè)計實(shí)驗電路圖，并在方框中畫出實(shí)驗電路圖___________。

評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)29、如圖所示，在水平面上放置一個質(zhì)量M=1kg的長木板A，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B放在木板A的最左端，其質(zhì)量m=2kg。已知A、B間的動摩擦因數(shù)為A與地面間的動摩擦因數(shù)為開始時A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時刻B突然獲得水平向右的初速度g取

(1)計算物塊B獲得速度后；開始向右運(yùn)動時A；B加速度的大?。?/p>

(2)若物塊B恰好不從A的右端滑出；計算此過程中A；B接觸面因摩擦產(chǎn)生的熱量；

(3)在(2)情形下，當(dāng)物塊B運(yùn)動到木板A的右端時，立即在A上施加一個水平向右的拉力F=16N（圖中未畫出）；計算物塊B在木板A上運(yùn)動的總時間。

30、如圖所示，半徑R=1m的絕緣光滑圓弧軌道豎直放置，在A點(diǎn)右側(cè)空間存在水平向右大小為E=1×105N/C的電場，質(zhì)量為m=0.4kg、帶電荷量為q=+3×10-5C的小球從O1點(diǎn)以4m/s初速度做平拋運(yùn)動，恰好與圓弧軌道A點(diǎn)相切進(jìn)入，已知A與圓心連線與豎直方向夾角θ=37°。不考慮邊緣電場的影響，不計空氣阻力，試回答以下問題（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度取g=10m/s2）

（1）求小球拋出點(diǎn)位置相對A點(diǎn)的水平距離；

（2）求小球在圓弧軌道上運(yùn)動的最大速度；及此時小球?qū)壍赖膲毫Α?/p>

31、在某靜電場中，以豎直向下為正方向建立x軸，x軸上各點(diǎn)的電場方向均與x軸平行，以無窮遠(yuǎn)處為零電勢，x軸上各點(diǎn)的電勢隨坐標(biāo)x的變化圖線如圖所示，圖線關(guān)于橫軸φ對稱，x1所對應(yīng)的圖線上的P點(diǎn)是圖線的拐點(diǎn)，該點(diǎn)的切線斜率絕對值最大，現(xiàn)有一帶正電液滴自-x2位置由靜止釋放，液滴沿x軸經(jīng)過-x1時的加速度為0，重力加速度為g。

（1）畫出x軸上各點(diǎn)場強(qiáng)隨x的變化圖線并求液滴經(jīng)過x1時加速度的大??；

（2）判斷液滴在-x2～x2之間的運(yùn)動性質(zhì)并求液滴經(jīng)過x2時速度的大小。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A．電流I1在I2處的磁場方向豎直向下，根據(jù)左手定則可知，I2受到的安培力的方向水平向右；故A錯誤；

B．電流I1與I2在b處的磁場方向相同；均向下，所以合磁場方向向下，不等于0．故B錯誤；

C．兩根水平放置且相互平行的長直導(dǎo)線若分別通有方向相反、大小相等的電流I1與I2．由右手螺旋定則判得，電流I1在d處產(chǎn)生的磁場方向向右下，電流I2在d點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的方向向左下，d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向是豎直向下。當(dāng)兩個電流的大小不相等的時候，d點(diǎn)的合磁場方向不是豎直向下。故C錯誤；

D．當(dāng)電流I2的大小比電流I1的大時，則a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能等于0；當(dāng)電流I2的大小比電流I1的小時，則c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能等于0，故D正確；2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．P向下滑動時，變大，由圖中電路可知

因R1不變，故都不變；故A錯誤；

BC．由圖中電路可知

因R2增大，故變大；根據(jù)閉合電路的歐姆定律，有

可得

因都不變，故保持不變；故B錯誤，C正確；

D．由圖中電路可知

因R2變大，故變大，根據(jù)根據(jù)閉合電路的歐姆定律，有

可得

因都不變，故不變；故D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

由于金屬空腔可以屏蔽外部電場；所以小球B的電場對金屬空腔C內(nèi)無影響，即金屬空腔C把小球A屏蔽了，使得小球A不受空腔外電場的影響，故小球B向C靠近，小球A的位置不變。而小球A在金屬空腔C內(nèi)，由于靜電感應(yīng)使得金屬空腔C外表面帶正電而與小球B互相吸引，所以小球B向C靠近，小球B由于被吸引而向右偏離豎直線。

故選B。4、B【分析】【詳解】

A．兩粒子碰撞過程動量守恒，則由圖可知，在t=0時刻

在t=t2時刻

則

因

則

選項A錯誤；

B．兩粒子在t1時刻速度相等；系統(tǒng)損失動能最大，則系統(tǒng)的電勢能最大，選項B正確；

C．兩粒子在t1時刻距離最近，兩粒子庫侖力最大，即A在t1時刻的加速度最大；選項C錯誤；

D．B在0～t3時間內(nèi)速度先減小后反向增加；則動能先減小后增加，選項D錯誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．令A(yù)E中點(diǎn)為G．則G點(diǎn)電勢．所以GC線所在的與圓平面垂直的面是一個等勢面．電場線與等勢面垂直，且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以電場強(qiáng)度的方向由E指向A．故A錯誤；

B．EA兩點(diǎn)間的電勢差為AE兩點(diǎn)間的距離d=2Rsin60°=2cm；電場強(qiáng)度的大小。

故B正確；

C．順著電場線電勢降低，故由幾何關(guān)系知，圓弧ED的中點(diǎn)H處（H在圓上）電勢最高．

因為U=dE；所以。

代入數(shù)據(jù)。

解锝φH=6V；故C錯誤；

D．從D到F點(diǎn)，電勢先升高后降低，電子帶負(fù)電，電勢能先減小后增加，靜電力先做負(fù)功后做正功，故D錯誤．6、C【分析】【詳解】

A．小球機(jī)械能的變化量取決于除重力外的其他力所做的功，即

故乙圖線的斜率表示小球所受到的電場力，斜率變大場強(qiáng)變大，另外可知機(jī)械能減小，電場力做負(fù)功，場強(qiáng)沿x軸負(fù)方向；A錯誤；

B．從O到的過程中，據(jù)牛頓第二定律可得

由于E變大，可知a變小；小球由靜止釋放后做加速度減小的加速運(yùn)動，B錯誤；

C．從O到的過程中，相等的位移x內(nèi)，小球克服電場力做功為

由于E變大，可知W變大；C正確；

D．從O到的過程中，據(jù)動能定理可得

解得到達(dá)位置時，小球速度的大小為

D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

由圖示可知，a處的電場線密，b處的電場線稀疏，因此a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，b點(diǎn)的場強(qiáng)小，即Eb＜Ea；沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，由圖示可知，φb＜φa；選項ABD錯誤，C正確；故選C．

【點(diǎn)睛】

電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布．電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場線某點(diǎn)的切線方向表示電場強(qiáng)度的方向．二、多選題(共8題，共16分)8、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．能量在轉(zhuǎn)移或轉(zhuǎn)化過程中常伴隨著能量耗散；但總能量是守恒的，A錯誤；

B．自然界的能量守恒；但是由于可用能源是有限的，故需要節(jié)約能源，B錯誤；

C．能源短缺是指煤炭和石油資源是有限的；以現(xiàn)在的開采和消耗速度，石油儲藏將在百年內(nèi)用盡，煤炭資源也不可能永續(xù)，所以不可能無限制的利用，C正確；

D．合理利用能源時；燃料燃料的生成物容易對空氣；土壤、水源造成污染，所以需要注意保護(hù)好自然環(huán)境，D正確。

故選CD。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AC．當(dāng)開關(guān)S閉合時；外電路的總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流變大，據(jù)。

U=E-Ir可知；路端電壓變小，A正確，C錯誤；

BD．R2、R3并聯(lián)部分的電壓。

U23=E-I(r+R1)可知電阻R3兩端的電壓變??；所以電流表讀數(shù)變小，B正確，D錯誤。

故選AB。10、A:C【分析】【詳解】

靜止時；對BC球整體進(jìn)行受力分析，則有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正確，B錯誤；

B球帶負(fù)電；相當(dāng)于在上述狀態(tài)下給B球瞬間施加一個豎直向下的電場力qE；

qE對A、B球整體產(chǎn)生一個豎直向下的分加速度

此時A、B球的加速度為（顯然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球為研究對象可得A、B球間細(xì)線的拉力為qE．故C正確；D錯誤．

故選AC．

【點(diǎn)睛】

本題由整體法與隔離法相結(jié)合解題．11、C:D【分析】【詳解】

一帶電油滴位于兩板中央的點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；則電場力與重力平衡。

A．保持開關(guān)閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向上移動一小段距離，則d增大，根據(jù)可知兩板間電場強(qiáng)度減小；則油滴受到的電場力小于重力，油滴將向下運(yùn)動，故A錯誤；

B．保持開關(guān)閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向左移動一小段距離，則兩極板正對面積S變??；但兩板間距離不變，則電場強(qiáng)度不變，油滴仍然靜止，故B錯誤；

C．若將開關(guān)斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向上移動一小段距離，則d增大，根據(jù)可得

可知兩極板間電場強(qiáng)度E不變；則電場力不變，故油滴仍然靜止，故C正確；

D．若將開關(guān)斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向左移動一小段距離，則兩極板正對面積S變小，根據(jù)可得

可知兩極板間電場強(qiáng)度E變大；則電場力變大，油滴將向上運(yùn)動，故D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．由φ?x圖像可知，原點(diǎn)與?d(或0.5d)兩點(diǎn)間的電勢差是φ0，且電勢φ從原點(diǎn)到?d（或0.5d）隨x均勻減小，所以原點(diǎn)與?d(或0.5d)兩點(diǎn)間的電場為勻強(qiáng)電場，原點(diǎn)到?d之間電場強(qiáng)度大小

原點(diǎn)到0.5d之間電場強(qiáng)度大小

設(shè)粒子在區(qū)間內(nèi)運(yùn)動，則從到處，粒子做勻減速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律得粒子的加速度大小

因為帶負(fù)電的運(yùn)動粒子在電勢越高的地方電勢能越小，動能越大，所以粒子在x=0處動能最大，速度最大，由運(yùn)動學(xué)公式有

解得

粒子從到處，粒子做勻減速直線運(yùn)動，因粒子的加速度大小為則有

所以粒子的運(yùn)動區(qū)間為到A錯誤，B正確；

CD．粒子從x=0到x=?x0的運(yùn)動時間

則粒子從x=0到的運(yùn)動時間

粒子的運(yùn)動周期為

C正確；D錯誤。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；

AB．由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴(kuò)大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大；故A正確，B錯誤；

CD．兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表V1的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的偏轉(zhuǎn)角；故D正確，C錯誤。

故選AD。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．若斷路，外電路總電阻增大，路端電壓增大，總電流減小，通過的電流增大，所以通過燈泡和的總電流減小，燈泡亮度變暗，燈泡兩端電壓增大，變亮；選項A正確；

B．同理可知，若斷路，則燈泡變暗，燈泡變亮；選項B錯誤；

C．若同時發(fā)生斷路，由串反并同分析，燈泡會變亮，燈泡的變化情況由共同影響，當(dāng)?shù)挠绊懽饔么笥诘挠绊憰r，燈泡變暗；故選項C正確；

D．同理可知，若同時發(fā)生斷路，燈泡會變亮；選項D錯誤。

故選AC。15、B:C【分析】【詳解】

假設(shè)ab連線是一條電場線，則b點(diǎn)的電場方向沿ab方向，同理如果bc連線是一條電場線，b的電場方向沿bc方向，由空間一點(diǎn)的電場方向是唯一的可知電場線不沿ab和bc方向，因此A錯；由點(diǎn)電荷的電場的對稱性可知abc三點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相同，由電場的疊加法則可知上下兩個點(diǎn)電荷對b點(diǎn)的和場強(qiáng)為零，左右兩個點(diǎn)電荷對b點(diǎn)的合場強(qiáng)不為零，每個電荷對b點(diǎn)的場強(qiáng)合場強(qiáng)為故B正確；由點(diǎn)電荷的電勢疊加法則及對稱性可知abc三點(diǎn)的電勢相等，因此任意兩點(diǎn)的電勢差為零，故C正確；假設(shè)abc平面為等勢面，因此電場線方向垂直于等勢面，說明電場強(qiáng)度的方向都在豎直方向，由電場疊加原理知b點(diǎn)的電場方向指向內(nèi)底邊，因此abc不是等勢面，故D錯誤．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]該電路的結(jié)構(gòu)R1與R2并聯(lián)后與A串聯(lián)，所以流過電流表A的電流是兩個支路的電流的和，將滑動變阻器的滑片P向左移動，接入電路中的電阻值減小，所以電路中的總電流和流過R1的電流增大，而流過R2的電流減??；所以電流表A的示數(shù)變化量的大小小于電流表A1示數(shù)的變化量的大??；電流表A的示數(shù)增加量的大小小于電流表A1示數(shù)的增加量的大小，則電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變小；R1與R2并聯(lián)后做為一個電阻，該電路就變成了測量電源的電動勢和內(nèi)電阻的電路，由閉合電路的歐姆定律：E=U+Ir，所以即將變小?！窘馕觥孔冃∽冃?7、略

【分析】【詳解】

(1)因為v-t圖象的斜率變小，表示加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律f=ma；知足球在滾動過程中受到的阻力變小；圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移即為足球滾動的距離，1格面積是1，12格面積是12，所以位移是12m，足球滾動了12m才停下來。

(2)在電容器放電過程中的任意瞬時有：△Q=I?△t，故i-t圖線與t軸所圍面積即為電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積，因此電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積．因此電容器所帶電荷量的最大值根據(jù)電容的定義式

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵是理解圖象面積的物理意義，v-t圖象的面積代表位移，i-t圖線的面積代表電量。【解析】變小120.0240.00318、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)題意，依據(jù)平行四邊形法則，有：

[2]當(dāng)線框平面與磁感線平行時；沒有磁感線穿過線框，穿過線框的磁通量為0；

在水平面上，地磁場的豎直分量穿過線框，則磁通量為：【解析】5.0×10-5T2.0×10-419、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】長度l橫截面積S材料20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】單位電荷量21、略

【分析】【詳解】

發(fā)電機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制造的，它開辟了人類社會的電氣化時代。【解析】發(fā)電機(jī)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]能量的量子化∶在微觀世界中能量是量子化的，或者說微觀粒子的能量是分立的。這種現(xiàn)象叫能量的量子化?！窘馕觥竣?量子化②.分立23、略

【分析】【詳解】

(1)[1]接0~3V量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[2]接0~15V量程時,每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法（估讀五分之幾小格），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為

(2)[3]接0~3A量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[4]接0~0.6A量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用半格（）估讀法（不足半小格的舍去，超過半小格的按半小格估讀），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A四、作圖題(共2題，共10分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點(diǎn)作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點(diǎn)的等勢點(diǎn)，即E點(diǎn)，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負(fù)電荷及等量同種，等量異種點(diǎn)電荷電場線的分布特點(diǎn)，可標(biāo)出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實(shí)驗題(共3題，共18分)26、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]靈敏電流計改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)一個定值電阻，根據(jù)U=I(RG+Rx)

得Ω－800Ω=200Ω

[3]因最大電流Ω=0.6A

故電流表應(yīng)選用E

[4]實(shí)驗要求測定的電壓范圍盡可能大些，應(yīng)采用分壓電路，故滑動變阻器應(yīng)選擇最大阻值較小的F；便于調(diào)節(jié)。

(2)[5]滑動變阻器采用分壓接法；靈敏電流計和定值電阻串聯(lián)后接到電子元件的兩端，電流表外接，實(shí)物電路如答圖所示。

(3)[6][7]將電源和R視為一個新的電源，此電源的電動勢E'=3V，內(nèi)阻r'=10Ω，則此新電源的路端電壓U'與電路中的總電流I的關(guān)系為U'=3－10I

此新電源的路端電壓即為電子元件兩端的電壓。在題圖乙中作出新電源的I－U圖象；如圖所示。

可得交點(diǎn)坐標(biāo)值即為電路中的實(shí)際電流值和電子元件兩端的實(shí)際電壓值，分別為I=130mA，由于誤差則(120mA-140mA均可),U'=1.7V，電源的效率

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得=91%【解析】串聯(lián)200EF130(120~140均給分)91%27、略

【分析】【詳解】

(1)[1]測量時要求電表示數(shù)超過其量程的一半，額定電壓UL=2.5V，則電壓表量程太大不能選，可考慮電流表A2與定值電阻R0串聯(lián)改裝成一個電壓表，即

改裝電壓表的量程為電流表A1可用于測電流；根據(jù)歐姆定律估算小燈泡L在正常工作時的阻值為6~8Ω，滑動變阻器R2阻值太大，不適合做限流電阻，滑動變阻器R1小于燈泡正常工作時電阻，宜采用分壓電路，所以選擇阻值較小，額定電流較大的以分壓方式接入電路；采用外接法可以消除系統(tǒng)誤差。

故選ABEF。

(2)[2]根據(jù)上述分析畫出電路圖：

(3)[3]小燈泡的額定電壓為則

解得

所以調(diào)節(jié)R1將電流表A2的示數(shù)調(diào)到25mA。

(4)[4]根據(jù)歐姆定律

[5]式中I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)且為25mA。【解析】ABEF電流表A2的示數(shù)為25mAI1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)且為25mA28、略

【分析】【詳解】

①[1]多用電表在使用前應(yīng)先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，即旋動部件S；使指針對準(zhǔn)電流表的“0”刻線。

[2]測量電阻前進(jìn)行歐姆調(diào)零時，將插“+”“－”插孔的紅黑表筆短接，旋動部件T；使指針對準(zhǔn)表盤右端電阻的“0刻線”。

[3]測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明圓柱體的阻值相對于