2025年魯教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，當(dāng)滑動變阻器的滑動片P向上端移動時；則電表示數(shù)的變化情況是（）

A.增大，減小B.減小，減小C.增大，A增大D.增大，A減小2、下列關(guān)于電場線的幾種說法中，正確的是（）A.電場線是真實存在的B.電場線是可能相交的C.電場線是封閉曲線D.電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大3、如圖所示，兩個單匝線圈ab的半徑分別為r和2r。圓形勻強(qiáng)磁場B的邊緣恰好與a線圈重合，則穿過ab兩線圈的磁通量之比為（）

A.2：1B.1：1C.1：4D.4：14、如圖所示，A、B、C、D、E是半徑為r的圓周上等間距的五個點，在這些點上各固定一個點電荷，除A點處的電荷量為外，其余各點處的點電荷電荷量均為圓心O處固定一點電荷則所受靜電力（）

A.大小為方向沿方向B.大小為方向沿方向C.大小為方向沿方向D.大小為方向沿方向5、下列物理量中屬于矢量的是（）A.電荷量B.電勢能C.電勢D.電場強(qiáng)度6、一個電子僅在電場力作用下沿x軸做直線運動，以水平向右的方向為x軸的正方向，從0時刻起運動依次經(jīng)歷t0、2t0、3t0時刻。其運動的v~t圖象如圖所示。對此下列判斷正確的是（）

A.0時刻與2t0時刻電子在不同位置B.0時刻、t0時刻、3t0時刻電子所在位置的電勢分別為其大小比較有>>C.0時刻、t0時刻、3t0時刻電子所在位置的場強(qiáng)大小分別為E0、E1、E3，其大小比較有E3<E0<E1D.電子從0時刻運動至t0時刻，連續(xù)運動至3t0時刻，電場力先做正功后做負(fù)功評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，電路中三個電阻的阻值分別為和當(dāng)電鍵均閉合時，電源輸出功率為當(dāng)均斷開時，電源輸出功率為由此可知（）。

A.電源的電動勢為B.電鍵均閉合時，的電功率等于C.電鍵閉合、斷開時，電源的總功率等于D.電鍵斷開、閉合時，電源的輸出功率大于8、如圖所示，豎直平面內(nèi)固定著一個半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)，a為圓環(huán)的最低點，c為圓環(huán)的最高點，b點與圓心O等高，該空間存在與圓環(huán)平面平行的勻強(qiáng)電場。質(zhì)量為m、帶電量為的小球P套在圓環(huán)上，沿環(huán)做圓周運動，通過a、b、c三點時的速度大小分別為下列說法正確的是（）

A.a與b之間的電勢差B.勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為C.勻強(qiáng)電場的方向為a指向bD.小球運動過程中的最小速度為9、下列說法中正確的是（）A.沿著電場線的方向電勢一定越來越低B.電場線就是電荷運動的軌跡C.勻強(qiáng)電場中，各點的場強(qiáng)一定大小相等，方向相同D.勻強(qiáng)電場中，各點的電勢一定相等10、小明同學(xué)和小剛同學(xué)為了探究未知勻強(qiáng)電場的大小和方向，在該電場中引入了一個電荷量的試探電荷，A、B、C是該電場中的三個點，已知電場線平行于△ABC所在的平面，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝2m．電荷由A移到B的過程中，電勢能增加了由B移到C的過程中電場力做功為方便計算，設(shè)B點電勢為0；下列說法正確的是（）

A.B、C兩點的電勢差B.A點的電勢高于B點的電勢C.將負(fù)電荷由C點移到A點的過程中，電勢能增大D.該電場的場強(qiáng)為1V/m，方向由A到B11、一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地，兩板間有一個正檢驗電荷固定在點，如圖所示，以表示電容器的電容，表示兩板間的場強(qiáng)，表示點的電勢，表示正電荷在點的電勢能，若正極板保持不動，將負(fù)極板緩慢向左平移一小段距離則下列關(guān)于各物理量與負(fù)極板移動距離的關(guān)系圖象中正確的是（）

A.B.C.D.12、如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0的周期性變化的電壓，在兩板左側(cè)緊靠P板處有一粒子源A，自t=0時刻開始連續(xù)釋放初速度大小為v0，方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t=0時刻釋放的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開電場，已知電場變化周期粒子質(zhì)量為m；不計粒子重力及相互間的作用力，則（）

A.在t=0時刻進(jìn)入的粒子離開電場時速度大小仍為v0B.粒子的電荷量為C.在時刻進(jìn)入的粒子離開電場時電勢能減少了D.在時刻進(jìn)入的粒子剛好從P板右側(cè)邊緣離開電場13、如圖所示，已知R1＝R4＝r＝1Ω，R2＝6Ω，R3的最大阻值為6Ω.在滑動變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.定值電阻R4的功率減小B.電源的輸出功率增大C.電源的總功率減小D.MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小14、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S，電路正常工作，過了一會兒，電流表A）的示數(shù)變?yōu)榱?。若電路中故障發(fā)生在燈L、電阻R上；用一根導(dǎo)線來查實電路故障，則下列判斷正確的是（）

A.將導(dǎo)線并聯(lián)在R兩端，電流表無示數(shù)，一定是L斷路B.將導(dǎo)線并聯(lián)在L兩端，電流表無示數(shù)，一定是R斷路C.將導(dǎo)線并聯(lián)在R兩端，電流表有示數(shù)，一定是R斷路D.將導(dǎo)線并聯(lián)在L兩端，電流表有示數(shù)，一定是L斷路評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、一根粗細(xì)均勻、阻值為16Ω的電阻絲,保持溫度不變,若先將它等分成4段,再將這4段電阻絲并聯(lián),并聯(lián)后總電阻為R2,則R2的大小為____。16、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導(dǎo)線的一部分構(gòu)成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關(guān)于導(dǎo)線的對稱點，當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖的電流時，O點的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，M點磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為則N點磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為_________；若將導(dǎo)線中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)開_________．

17、在x軸上，x=0處放置一個電荷為+4q的點電荷，x=6cm處放置一個電荷為-q的點電荷，合場強(qiáng)為零的點在x=______cm處．

18、電動勢定義：______所做的功與所移動的電荷量之比叫作電動勢．19、法拉第心系“磁生電”∶

（1）1831年，英國物理學(xué)家_____發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象。產(chǎn)生的電流叫作________。

（2）法拉第的概括。

法拉第把引起感應(yīng)電流的原因概括為五類∶

①變化的_____；

②變化的_____；

③____的恒定電流；

④____的磁鐵；

⑤在磁場中運動的___。

（3）電磁感應(yīng)與感應(yīng)電流：法拉第把他發(fā)現(xiàn)的_____的現(xiàn)象叫作電磁感應(yīng)，產(chǎn)生的電流叫作______。

（4）發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的意義。

①使人們對電與磁內(nèi)在聯(lián)系的認(rèn)識更加完善，宣告了_____作為一門統(tǒng)一____的誕生。

②使人們找到了_____的條件，開辟了人類的電氣化時代。20、開發(fā)利用太陽能；將會滿足人類長期對大量能源的需求。太陽能的光熱轉(zhuǎn)換是目前技術(shù)最為成熟；應(yīng)用最廣泛的形式。太陽能熱水器的構(gòu)造示意圖如圖甲所示，下方是日光燈管似的集熱管，由導(dǎo)熱性能良好的材料制成，在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸?fàn)畹那妗?/p>

試分析下列有關(guān)太陽能的利用問題：

(1)說明太陽能熱水器哪些結(jié)構(gòu)與其功能相適應(yīng)，水箱為何安裝在頂部而非下部？______

(2)圖中A是集熱器，B是儲水容器，在陽光直射下水將沿________時針方向流動，這是因為________。C是輔助加熱器，其作用是________。請在圖中適當(dāng)位置安上進(jìn)水閥門和出水閥門，并說明選擇位置的理由________。21、帶電粒子在電場中的加速。

分析帶電粒子的加速問題有兩種思路：

（1）利用___________定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是___________且涉及___________等描述運動過程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及___________、___________等動能定理公式中的物理量或___________電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強(qiáng)電場）或qU=mv2-mv（任何電場）等。評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進(jìn)入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

23、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強(qiáng)方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)25、某實驗小組選用以下器材測定電池組的電動勢和內(nèi)阻；要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。

電壓表（量程0～3V，內(nèi)阻約為3kΩ）

電流表（量程0～0.6A；內(nèi)阻約為1Ω）

滑動變阻器（0～20Ω；額定電流1A）

待測電池組（電動勢約為3V；內(nèi)阻約為10Ω）

開關(guān)導(dǎo)線若干。

①該小組連接的實物電路如圖1所示，經(jīng)仔細(xì)檢查，發(fā)現(xiàn)電路中有一條導(dǎo)線連接不當(dāng)，這條導(dǎo)線對應(yīng)的編號是___________。

②改正這條導(dǎo)線的連接后開始實驗，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器的___________端（填“a”或者“b”）。

③該小組在實驗中得到了幾組電壓表讀數(shù)U和對應(yīng)的電流表讀數(shù)I，并作出U﹣I圖象，如圖2所示?？傻贸觯姵亟M的電動勢為___________V，內(nèi)阻為___________Ω（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。26、圖為“用伏安法測量電阻”實驗的部分電路。從理論上講，用該電路得到的電阻測量值_______(選填“大于”或“小于”)真實值。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為1.50V時，電流表的示數(shù)為0.50A，根據(jù)測量數(shù)據(jù)可計算出電阻________Ω。

評卷人得分六、解答題(共1題，共10分)27、實驗室有一個微安表（量程內(nèi)阻）；電阻箱以及導(dǎo)線若干。小明同學(xué)先將其改裝成為一個量程為的直流電流表，在此基礎(chǔ)上再將它改裝成量程為的直流電壓表，電路如圖所示，電阻箱的阻值分別應(yīng)取多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)滑動變阻器的滑片向上端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與定值電阻R2并聯(lián)的總電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知總電流I變小，電源的內(nèi)電壓變小，路端電壓U變大，即V1增大，I變小，電阻R1的電壓變小，則并聯(lián)部分的電壓增大，可知電壓表V2示數(shù)增大，所以電阻R2的電流增大；因總電流變小，所以A示數(shù)減小。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．電場是真實存在的；電場線是為了描述電場而假想的一組曲線，故A錯誤；

B．電場線的切線方向即為場強(qiáng)的方向；電場線不能相交，若相交則會出現(xiàn)兩個方向，故B錯誤；

C．電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)；終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，故C錯誤；

D．電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱；電場線越密，表示電場強(qiáng)度越大，故D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

由，B一樣，有磁場的部分S一樣；B正確。

故選B。4、C【分析】【詳解】

將A處點電荷拆分為與則由對稱性可知，A、B、C、D、E五處對O處點電荷Q的合靜電力為0，故O處Q所受靜電力等于A處等效的對它的作用力，由庫侖定律可知，靜電力的大小為

由異種電荷相吸引可知，靜電力方向沿方向。

故選C。5、D【分析】【詳解】

ABC．電荷量；電勢能、電勢都只有大小；沒有方向，是標(biāo)量，故ABC錯誤；

D．電場強(qiáng)度既有大小又有方向；其運算遵守平行四邊形定則，是矢量，故D正確。

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖象可知，圖像與橫軸圍成的面積代表位移，電子從0時刻到2t0時刻位移為零，所以0時刻與2t0時刻電子在同一位置；故A錯誤；

BD．電子從0時刻運動至t0時刻，連續(xù)運動至3t0時刻，電場力對電子先做負(fù)功，后做正功，所以電子的電勢能先增大后減小，因為電勢能為由于電子帶負(fù)電，所以電勢能越大，電勢越低，則有

故BD錯誤；

C．根據(jù)速度-時間圖象的斜率的絕對值表示加速度大小以及牛頓第二定律可知，v-t圖象的斜率的絕對值表示加速度大小，正比于電場力大小，所以加速度越大，場強(qiáng)越大，故有E3<E0<E1

故C正確。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)電鍵S1、S2均閉合時，電阻R1被短路，R2和R3并聯(lián)，總電阻

則有電源輸出功率

當(dāng)S1、S2均斷開時，電阻R1和R2串聯(lián)，R總=5R，則有電源輸出功率

解得

故A錯誤。

B．當(dāng)S1、S2都閉合時，電源的輸出功率為

解得R2的電功率等于故B正確；

C．電鍵S1閉合、S2斷開時，R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)

電源的總功率等于

故C正確；

D．電鍵S1斷開、S2閉合時，R1、R2串聯(lián)后與R3并聯(lián)

電源的輸出功率等于

故D錯誤。

故選BC。8、A:D【分析】【詳解】

AC．從最低點到最高點：

解得：

故ac連線為等勢線，從a到b，有

解得：

電場線垂直于等勢線；且沿電場線方向電勢逐漸降低，故勻強(qiáng)電場方向水平向右，故A正確，C錯誤；

B．勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小

故B錯誤；

D．電場力

當(dāng)電場力與重力合力與圓心在一條直線上時，對圓環(huán)的壓力達(dá)到最大和最小，根據(jù)幾何關(guān)系可知，最小速度

解得

故D正確。

故選AD。9、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線的物理意義可知；沿著電場線的方向電勢一定越來越低，故A正確；

B．電場線與電荷運動的軌跡不是一回事；有時兩者重合，有時不重合，與電荷受到的電場力和初速度有關(guān)，故B錯誤；

C．勻強(qiáng)電場中；場強(qiáng)處處相同，即場強(qiáng)的大小一定相同，方向一定相同，故C正確；

D．勻強(qiáng)電場中；各點的電勢不一定相等，順著電場線方向電勢會逐漸降低，故D錯誤。

故選AC。

【點睛】

解答本題關(guān)鍵要理解并掌握電場線的兩個方面的物理意義．知道電場線可以形象表示電場的強(qiáng)弱和方向：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場的方向．順著電場線方向電勢逐漸降低．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．B、C兩點的電勢差

故A錯誤；

B．A、B兩點的電勢差

則有A、B兩點的電勢差

則A點的電勢高于B點的電勢；故B正確；

C．由上知，A、C兩點的電勢差

即知A點的電勢高于C點的電勢，負(fù)電荷在電勢低處電勢能大，則將負(fù)電荷由C點移到A點的過程中；電勢能減小，故C錯誤；

D．因為

則知C點與AB連線的中點的電勢相等，則場強(qiáng)

依據(jù)電場線方向與等勢線垂直，因此電場強(qiáng)度方向由A到B；故D正確。

故選BD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)負(fù)極板左移時，兩板間的距離增加，由

可知，C與x的圖象不是一次函數(shù)圖象；A錯誤；

B．由

可知

則

E與d無關(guān)；B正確；

C．因負(fù)極板接地，設(shè)P點開始距負(fù)極板的距離是d＇，則P點的電勢φ=E（d＇+l0）

C正確；

D．電勢能EP=φq=Eq（d＇+l0）

EP?x圖象是一條斜向上的直線；D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

A．粒子進(jìn)入電場后，水平方向做勻速運動，則t＝0時刻進(jìn)入電場的粒子在電場中運動時間

此時間正好是交變電場的一個周期；粒子在豎直方向先做加速運動后做減速運動，經(jīng)過一個周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時的速度大小等于水平速度v0；選項A正確；

B．在豎直方向，粒子在時間內(nèi)的位移為則

計算得出

選項B錯誤；

C．在時刻進(jìn)入電場的粒子，離開電場時在豎直方向上的位移為

故電場力做功為

選項C錯誤；

D．時刻進(jìn)入的粒子，在豎直方向先向下加速運動然后向下減速運動再向上加速向上減速由對稱可以知道，此時豎直方向的位移為零，故粒子從P板右側(cè)邊緣離開電場；選項D正確。

故選AD。13、A:C【分析】【詳解】

AC、在滑動變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，則根據(jù)

可知定值電阻R4的功率減小，根據(jù)P=IE可知電源的總功率減??；故AC正確；

B、因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時電源輸出功率最大，而R1=R4=r；則當(dāng)變阻器電阻變大時，外電路電阻遠(yuǎn)離電源內(nèi)阻，則電源的輸出功率減小，故B錯誤；

D、若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時等效電源內(nèi)阻為

滑動變阻器滑片位于最上端時，R2和R3并聯(lián)的電阻為

滑動變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動過程中，MN之間的電阻從0增加到3Ω

，則因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時電源輸出功率最大，可知當(dāng)MN之間的電阻等于3Ω

時，MN之間的功率最大，則在滑動變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動過程中，MN并聯(lián)部分的功率逐漸增大；故D錯誤。

故選AC。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

電流表無示數(shù)，可能是L、R分別斷路或者兩者都斷路了，只有把導(dǎo)線并聯(lián)在L兩端，電流表有示數(shù)，才能肯定是L斷路，也只有把導(dǎo)線并聯(lián)在R兩端，電流表有示數(shù)，才能肯定是R斷路了；所以AB錯誤，CD正確；

故選CD。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

將電阻絲等分成四段，則電阻絲的長度減小為原來的四分之一，又將這四段并聯(lián)起來，相當(dāng)于橫截面積增大為原來的四倍，根據(jù)公式可知，電阻變?yōu)樵瓉淼墓省窘馕觥?Ω16、略

【分析】【詳解】

[1]．無限長直導(dǎo)線ab、cd、ef，構(gòu)成一個等邊三角形，且三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，因為直導(dǎo)線ab、cd關(guān)于O點對稱，所以這兩導(dǎo)線在O點的磁場為零，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B是由直導(dǎo)線ef產(chǎn)生的，而直導(dǎo)線ab、ef關(guān)于N點對稱，所以這兩根直導(dǎo)線的磁場為零，因此N點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．

[2]．因為M點的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B′=Bef+Bcd+Bab，又因為Bab=B，Bef與Bcd大小相等．當(dāng)撤去導(dǎo)線ef，其余兩根導(dǎo)線在N點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為：Bab+Bcd=．【解析】B17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電場的疊加原理可知合場強(qiáng)為零的點應(yīng)在兩個點電荷的連線上-q的外側(cè)，設(shè)其橫坐標(biāo)為x，根據(jù)平衡條件有

解得：【解析】12cm18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】非靜電力19、略

【分析】【詳解】

略【解析】法拉第感應(yīng)電流電流磁場運動運動導(dǎo)體磁生電感應(yīng)電流電磁學(xué)學(xué)科磁生電20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]日光燈管似的集熱管面積較大；便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內(nèi)有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導(dǎo)；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內(nèi)；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。

（2）[2]圖中A是集熱器；B是儲水容器，在陽光直射下水將沿順時針方向流動。

[3]集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變??；受浮力作用沿管向右上方運動。

[4]C是輔助加熱器；其作用是在陰天用電加熱的方式使水溫升高。

[5]在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進(jìn)水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充。【解析】①.日光燈管似的集熱管面積較大，便于吸收較多的太陽能；外有透明玻璃管，內(nèi)有黑色管子，使陽光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管間有空隙，并抽成真空，減少兩管間因空氣對流引起的熱損失，減少熱傳導(dǎo)；集熱管的下方是一塊光亮的鋁合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周圍及穿過管隙的陽光盡量聚集在水管內(nèi)；水箱安裝在頂部而非下部，便于水的對流。②.順③.集熱器中的水被太陽光曬熱后密度變小，受浮力作用沿管向右上方運動④.在陰天用電加熱的方式使水溫升高⑤.在封閉的環(huán)形管道的左下方安上進(jìn)水閥門，在貯水容器下方豎直管道上安上出水閥門，可使熱水流出，冷水得以補充。?21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是勻強(qiáng)電場且涉及運動時間等描述運動過程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及位移、速率等動能定理公式中的物理量或非勻強(qiáng)電場情景時，公