2025年滬教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列說法正確的是___________。A.布朗運動是固體顆粒分子的無規(guī)則運動B.如果附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離，液體與固體之間表現(xiàn)為浸潤C(jī).晶體都具有規(guī)則的幾何形狀、固定的熔點和各向異性D.給自行車輪胎打氣時，越打越費勁，原因是輪胎內(nèi)氣體分子斥力增大的緣故2、回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K。某臺回?zé)崾街评錂C(jī)工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個過程：已知狀態(tài)A和B的溫度均為27℃，狀態(tài)C和D的溫度均為℃；下列判斷正確的是（）

A.氣體由狀態(tài)A到B過程，溫度先降低后升高B.氣體由狀態(tài)B到C過程，內(nèi)能保持不變C.氣體由狀態(tài)C到D過程，分子間的平均間距減小D.氣體由狀態(tài)C到D過程，氣體對外做功3、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器．閉合電鍵s，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示．則（）

A.圖線甲是電壓表V1示數(shù)隨電流變化的圖線B.電源內(nèi)電阻的阻值為10WC.滑動變阻器R2的最大功率為0.8WD.電源的最大輸出功率為1.8W4、如圖所示，將帶鐵芯的電感器L與燈泡A串聯(lián)；再與另一個完全相同的燈泡B并聯(lián)，接在以正弦交流信號發(fā)生器為電源的兩端．通過調(diào)節(jié)交流信號發(fā)生器上的旋鈕，可以改變輸出電壓和信號的頻率．閉合開關(guān)S，A；B兩燈均發(fā)光．關(guān)于該實驗，下列說法中正確的是（）

A.保持交流信號頻率不變，適當(dāng)提高輸出電壓，發(fā)現(xiàn)A燈始終比B燈亮B.保持輸出電壓和信號頻率不變，撤去鐵芯后，發(fā)現(xiàn)A燈比原來亮C.保持輸出電壓不變，提高交流信號頻率，發(fā)現(xiàn)B燈均變亮D.斷開開關(guān)S，發(fā)現(xiàn)B燈閃亮一下，然后熄滅5、一列簡諧橫波在t=0時刻波的圖像如圖所示，其中a、b；c、d為介質(zhì)中的四個質(zhì)點；在該時刻（）

A.質(zhì)點a的加速度最小B.質(zhì)點b的速度最小C.若質(zhì)點c向上運動，則波沿x軸正方向傳播D.若質(zhì)點d向下運動，則波沿x軸正方向傳播6、如圖所示，兩束單色光a、b分別照射到玻璃三棱鏡AC面上，穿過三棱鏡后垂直AB射出，a光和b光相比較，則（）

A.a光的頻率高B.a光的波長短C.a光在三棱鏡中的速度小D.對同一雙縫干涉裝置，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬7、處于勻強(qiáng)磁場中的一個帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運動．將該粒子的運動等效為環(huán)形電流，那么此電流值A(chǔ).與粒子電荷量成正比B.與粒子速率成正比C.與粒子質(zhì)量成正比D.與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，在固定的水平桿上，套有質(zhì)量為m的光滑圓環(huán)，輕繩一端拴在環(huán)上，另一端系著質(zhì)量為M的木塊，現(xiàn)有質(zhì)量為m0的子彈以大小為v0的水平速度射入木塊并立刻留在木塊中，重力加速度為g．下列說法正確的是。

A.子彈射入木塊之后，圓環(huán)、木塊和子彈構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒B.子彈射入木塊后的瞬間，速度大小為C.子彈射入木塊后的瞬間，繩子拉力等于D.子彈射入木塊后的瞬間，環(huán)對輕桿的壓力大于9、下列說法正確的是（）A.晶體在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變B.在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫wC.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體E.物體內(nèi)熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)E.物體內(nèi)熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)10、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的說法正確的是（）A.某固體物質(zhì)的摩爾體積為V，若該物體每個分子的體積為V0，則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為B.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而減小C.熱量不能從低溫物體傳到高溫物體D.對于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱11、如圖所示；將一條形磁鐵插入一閉合螺線管中，螺線管固定在停在光滑水平面的車中，在插入過程中。

A.車將向右運動B.條形磁鐵會受到向左的力C.由于沒標(biāo)明條形磁鐵極性，因此無法判斷受力情況D.車會受向左的力12、2008年我國南方遭到了特大冰雪災(zāi)害，高壓供電線路損壞嚴(yán)重．在維修重建過程中，除了增加鐵塔的個數(shù)和鐵塔的抗拉強(qiáng)度外，還要考慮盡量減小線路上電能損耗，既不減少輸電功率，也不增加導(dǎo)線質(zhì)量，對部分線路減少電能損耗采取的有效措施是()A.提高這部分線路的供電電壓，減小導(dǎo)線中電流B.在這部分線路兩端換用更大匝數(shù)比的升壓和降壓變壓器C.在這部分線路上換用更優(yōu)質(zhì)的導(dǎo)線，減小導(dǎo)線的電阻率D.多增加幾根電線進(jìn)行分流13、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變大C.電容器C中的電場強(qiáng)度變小D.a點的電勢降低14、內(nèi)壁光滑、由絕緣材料制成的半徑R=m的圓軌道固定在傾角為θ=45°的斜面上，與斜面的切點是A，直徑AB垂直于斜面，直徑MN在豎直方向上，它們處在水平方向的勻強(qiáng)電場中．質(zhì)量為m，電荷量為q的小球（可視為點電荷）剛好能靜止于圓軌道內(nèi)的A點，現(xiàn)對在A點的該小球施加一沿圓環(huán)切線方向的速度，使其恰能繞圓環(huán)完成圓周運動．g取10m/s2；下列對該小球運動的分析，正確的是（）

A.小球可能帶負(fù)電B.小球運動到N點時動能最大C.小球運動到B點時對軌道的壓力為0D.小球初速度大小為10m/s評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示，正、負(fù)電子垂直磁場方向沿與邊界成θ＝30°角的方向射入勻強(qiáng)磁場中，不計重力，那么在磁場中正、負(fù)電子的運動時間之比為________16、（1）用游標(biāo)卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

17、如圖所示是一個由聲控開關(guān)、光敏電阻（光照時電阻很?。?、小燈泡等元件組成的一個自動控制電路，該電路在白天無論聲音多么響，小燈泡都不會亮，在晚上，只要有一定的聲音，小燈泡就亮。這種電路現(xiàn)在廣泛使用于公共樓梯間，則該電路使用了_____門電路，請在電路的虛線方框內(nèi)標(biāo)出該門電路的符號________，并完成圖中門電路的真值表_______。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

1

1

0

1

1

18、已知地球大氣層的厚度h遠(yuǎn)小于地球半徑R，空氣平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，地面大氣壓強(qiáng)為P0，重力加速度大小為g.由此可以估算出，地球大氣層空氣分子總數(shù)為________，空氣分子之間的平均距離為________．19、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小關(guān)系是E1_____E2．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)23、在“測定金屬的電阻率”的實驗中：

（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑時，其示數(shù)如圖1所示，則金屬絲的直徑為_____．

（2）某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的電路測量該金屬絲的電阻（阻值約）

可選用的器材規(guī)格如下：

電源E（電動勢內(nèi)阻不計）；

電流表A（內(nèi)阻約）；

電流表G（內(nèi)阻為）；

滑動變阻器（阻值額定電流）；

滑動變阻器（阻值額定電流）；

定值電阻

定值電阻

開關(guān)S和導(dǎo)線若干．

①為了便于操作，并使測量盡量精確，定值電阻應(yīng)選______，滑動變阻器R應(yīng)選______．

②某次測量時電流表G的讀數(shù)為安培表示數(shù)為計算的準(zhǔn)確值為______（計算結(jié)果保留3為有效數(shù)字）24、(1)用游標(biāo)為20分度的卡尺測量某圓柱型電阻長度如圖甲，由圖可知其長度L＝________mm。

(2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D＝________mm。

(3)該同學(xué)想用伏安法測量其電阻R（約200Ω）；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R；

電流表A1（量程0~5mA，內(nèi)阻約50Ω）；電流表A2（量程0~15mA；內(nèi)阻約30Ω）；

電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約10kΩ）；電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約25kΩ）；

直流電源E（電動勢4V；內(nèi)阻不計）；

滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω；允許通過的最大電流2.0A）；

滑動變阻器R2（阻值范圍0~2kΩ；允許通過的最大電流0.5A）；

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，應(yīng)選用電流表______，電壓表______，滑動變阻器_______（選填A(yù)1、A2、V1、V2、R1、R2）。電路連接應(yīng)是電流表______（選填內(nèi)接或者外接），采用______接法（選填分壓或限流）。25、在測定玻璃的折射率實驗時。

（1）下列說法正確的是_____

A．入射角越大；誤差越小。

B．在白紙上放好玻璃磚后；用鉛筆貼著光學(xué)面畫出界面。

C．實驗時即可用量角器；也可用圓規(guī)和直尺等工具進(jìn)行測量。

D．判斷像與針是否在同一直線時；應(yīng)該觀察大頭針的頭部。

（2）小時同學(xué)在插針時玻璃磚的位置如圖1所示．根據(jù)插針與紙上已畫的界面確定入射點與出射點，依據(jù)上述操作所測得的折射率_________（填“偏大”；“偏小”或“不變”）

（3）小明同學(xué)經(jīng)正確操作后，在紙上留下四枚大頭針的位置P1、P2、P3、P4，AB和CD是描出的下班磚的兩個邊，如圖2所示，請在答題紙上畫出光路圖________．26、如下圖所示是電子拉力計的示意圖，金屬彈簧右端和滑動觸頭P固定在一起（彈簧的電阻不計，P與R1之間的摩擦不計）．定值電阻R0；電阻R1是用均勻電阻絲密繞在瓷管上做成的（類似于滑動變阻器），其長度為10cm，阻值R1=300Ω，電源電動勢E=3V，內(nèi)阻不計．理想電流表的量程為0~100m。A．當(dāng)拉環(huán)不受拉力時，觸頭P剛好不與電阻R1接觸（即電路斷開）．彈簧的勁度系數(shù)為10000N/m．

（1）電路中連入的R0阻值至少應(yīng)為______Ω．

（2）設(shè)計中需要將電流表上的電流數(shù)值改為拉力的數(shù)值，那么在原電流表的40mA處應(yīng)改為_______N．分析可知，拉力計的刻度是否均勻_______．（填寫“均勻”或“不均勻”）

（3）為了使拉力計的量程增大應(yīng)采用的措施是（只填寫一條）__________________________________________．評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)27、如圖所示，兩根相距為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌CD、EF固定在水平面內(nèi)，并處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌足夠長且電阻不計．在導(dǎo)軌的左端接入阻值為R的定值電阻，將質(zhì)量為m、電阻可忽略不計的金屬棒MN垂直放置在導(dǎo)軌上，可以認(rèn)為MN棒的長度與導(dǎo)軌寬度相等，且金屬棒運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計空氣阻力．金屬棒MN以恒定速度v向右運動過程中，假設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B且保持不變；為了方便，可認(rèn)為導(dǎo)體棒中的自由電荷為正電荷．

（1）請根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動勢E；

（2）在上述情景中，金屬棒MN相當(dāng)于一個電源，這時的非靜電力與棒中自由電荷所受洛倫茲力有關(guān)．請根據(jù)電動勢的定義，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動勢E．

（3）請在圖中畫出自由電荷所受洛倫茲力示意圖．我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功．那么，金屬棒MN中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉(zhuǎn)化過程中起到作用的呢？請結(jié)合圖中自由電荷受洛倫茲力情況；通過計算分析說明．

28、不同的概念；規(guī)律之間往往存在內(nèi)在的聯(lián)系；弄清相關(guān)概念、規(guī)律之間的聯(lián)系，有助于提升高中物理學(xué)習(xí)的水平.

如圖所示，分子間存在著分子力，而分子力做功與路徑無關(guān)，因此分子間存在與其相對距離有關(guān)的分子勢能，如果選取兩個分子相距無窮遠(yuǎn)時的勢能為零，則作出的兩個分子之間的勢能與它們之間距離r的關(guān)系圖線如圖所示.

(1)根據(jù)分子力做功與分子勢能變化量的關(guān)系；可以從分子勢能的圖象中得到有關(guān)分子力的信息.

a.寫出分子勢能圖科率的絕對值的物理意義；

b.在圖中定性地通出分子力隨分子間距離r變化的圖像圖，(在答題紙上畫圖，作圖要求：約定分式力是斥力時>0，=0的點對應(yīng)橫坐標(biāo)選用圖甲中的或標(biāo)明）

(2)有一種理論模型認(rèn)為，分子勢能曲線所對應(yīng)的分子力與分子之間的距離r的關(guān)系式為(其中，均為正的已知常量).

若A固定；且僅考慮A對B的作用，在上述模型框架下：

a.求B的平衡位置(即合力為0處)對應(yīng)的兩原子間的距離R；

b.如圖所示，以B的平衡位置為坐標(biāo)原點，沿兩分子連線建立x軸，證明：當(dāng)B離開平衡位置一個很小的位移x(即)時，A、B分子為與位移x近似滿足的關(guān)系.

并給出常量的k表達(dá)式.(已知：當(dāng)時，n為非零實數(shù))29、如圖所示，長L=55cm的薄壁玻璃管與水平面成30°角傾斜放置，玻璃管粗細(xì)均勻，底端封閉、另一端開口．現(xiàn)用長l=10cm的水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體；氣體溫度為306K，且水銀面恰與管口齊平．現(xiàn)將管口緩慢轉(zhuǎn)到豎育向上位置，并將水銀緩慢注入管中，直到水銀面再次與管口齊平，已知大氣壓強(qiáng)p=75cmHg．求。

（1）水銀面再次與管口齊平時；管中氣體的壓強(qiáng)；

（2）對豎直玻璃管緩慢加熱，若管中剛好剩下5cm高的水銀柱，氣體溫度升高了多少．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是固體顆粒的無規(guī)則運動；不是固體顆粒的分子的運動，A錯誤；

B．附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離；表現(xiàn)為斥力，即為浸潤現(xiàn)象，B正確；

C．單晶體才具有規(guī)則的幾何形狀；所有晶體都有固定的熔點，單晶體才具有各向異性，C錯誤；

D．給自行車輪胎打氣時；越打越費勁，原因是氣體壓強(qiáng)越來越大，不是氣體分子間斥力作用，D錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．如圖所示，因為等溫線離O點越遠(yuǎn)，溫度越高，所以氣體由狀態(tài)A到B過程；溫度先升高后降低，選項A錯誤；

B．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程；氣體體積不變而壓強(qiáng)減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，選項B錯誤；

C．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程；氣體體積增大，分子間的平均間距增大，故C錯誤；

D．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程；氣體體積增大，氣體對外做功，選項D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A.當(dāng)滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；而R1兩端的電壓增大，故乙表示是V1示數(shù)的變化；甲表示V2示數(shù)的變化；故A不符合題意；B.由圖可知，當(dāng)只有R1接入電路時，電路中電流為0.6A，電壓為3V，則由E=U+Ir可得：E=3+0.6r；

當(dāng)滑動變阻器全部接入時，兩電壓表示數(shù)之比為故

由閉合電路歐姆定律可得E=5+0.2r

解得r=5Ω，E=6V；故B不符合題意；

C.由B的分析可知，R1的阻值為則當(dāng)滑動變阻器的阻值等于R1+r時，滑動變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動變阻器阻值為10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流I′=A=0.3A，則滑動變阻器消耗的總功率P′=I'2R′=0.9W；故C不符合題意；

D.因當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時，電源的輸出功率最大，故當(dāng)外阻等于5Ω時，電源的輸出功率最大，故此時電流

故電源的最大輸出功率P=UI=1.8W；故D符合題意；4、B【分析】【分析】

【詳解】

電感線圈對交流電有阻礙作用，所以流過A的電流始終小于流過B的電流，則保持交流信號頻率不變，適當(dāng)提高輸出電壓，發(fā)現(xiàn)A燈始終比B燈暗．故A錯誤；保持輸出電壓和信號頻率不變，撤去鐵芯后，線圈對交流電的阻礙作用減小，發(fā)現(xiàn)A燈比原來亮．故B正確；保持輸出電壓不變，提高交流信號頻率，線圈對交流電的阻礙作用增大，則A燈變暗．故C錯誤；待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動勢，相當(dāng)于電源，A、B兩燈串聯(lián)，同時逐漸變暗，兩燈不會閃亮．故D錯誤；故選B．5、D【分析】由圖知，a在波峰，速度最小等于零，A錯誤；b在平衡位置，位移x=0，回復(fù)力F=kx=ma，所以加速度最小a=0，B錯誤；根據(jù)上下坡法克判斷，若質(zhì)點c向下運動，則波沿x軸正方向傳播；質(zhì)點d向上運動，則波沿x軸負(fù)方向傳播，故C正確；D錯誤。6、D【分析】【詳解】

由圖看出經(jīng)過玻璃三棱鏡后a光的偏折角小于b光的偏折角，根據(jù)折射定律得知，玻璃三棱鏡對b光的折射率大于對a光的折射率，則a光的頻率低，b光的波長短．故AB錯誤．由公式v=c/n分析知道，b光穿過三棱鏡的速度?。蔆錯誤．根據(jù)干涉條紋間距公式可知，a光的波長大于b光，a光的干涉條紋比b光的干涉條紋寬．故D正確．7、D【分析】【詳解】

試題分析：帶電粒子以速率v垂直射入磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中；由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運動的周期，由電流的定義式得出電流的表達(dá)式，再進(jìn)行分析．

解：設(shè)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動的周期為T，半徑為r；則。

由qvB=m得r=T=

環(huán)形電流：I==可見，I與q的平方成正比，與v無關(guān)，與B成正比，與m成反比．

故選D．

【點評】本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識的綜合應(yīng)用，抓住周期與B、I的聯(lián)系是關(guān)鍵．二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【詳解】

A；圓環(huán)、木塊和子彈構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向沒有外力；水平方向動量守恒，A錯誤。

B、子彈射入木塊后的瞬間，子彈和木塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，所以可得B正確。

C、子彈射入木塊后的瞬間，速度大小為圓環(huán)沒有移動，根據(jù)圓周運動向心力的構(gòu)成可知C錯誤。

D、子彈射入木塊后的瞬間，環(huán)對輕桿的壓力等于T+mg，大于D正確9、B:D:E【分析】【詳解】

A．晶體在熔化過程中；溫度保持不變，但晶體要吸收熱量，晶體的內(nèi)能要增大，故A錯誤；

B．在合適的條件下；某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，故B正確；

C．燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，故C錯誤；

D．物體放出熱量；同時對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，其內(nèi)能一定減少，故D正確；

E．溫度越高；分子無規(guī)則運動越劇烈，運動速率大的分子數(shù)增多，故E正確。

故選BDE。10、A:D【分析】【詳解】

A．對于固體物質(zhì)，每個分子的體積可以等于摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)則有

A正確；

B．當(dāng)時；分子力表現(xiàn)為斥力，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，B錯誤；

C．在自發(fā)狀態(tài)下；熱量不能從低溫物體傳到高溫物體；當(dāng)有外界對物體做功時，熱量能從低溫物體傳到高溫物體，C錯誤；

D．對于一定質(zhì)量的理想氣體；如果壓強(qiáng)不變，則體積與溫度長正比。當(dāng)體積增大，則溫度升高，那么它一定從外界吸熱，D正確。

故選AD。11、A:B【分析】試題分析：由題意可知；當(dāng)磁鐵向右運動時，即靠近螺線管，導(dǎo)致穿過的磁通量變大，因此根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流產(chǎn)生，根據(jù)楞次定律，小車為阻礙磁鐵靠近，小車將對磁鐵有向左的力，同時小車受到向右的力，向右運動，故AB正確，CD錯誤．故選AB．

考點：楞次定律。

【名師點睛】楞次定律是高中物理的一個重點，也是?？純?nèi)容，一定要正確、全面理解楞次定律含義，掌握應(yīng)用楞次定律解題的思路與方法。12、A:B:C【分析】高壓輸電，電路中電流變小，則損失的電能減小，A正確；換用更大匝數(shù)比的升壓和降壓變壓器，仍為提高輸電線的電壓，B正確；當(dāng)電路中電阻減小時，由C正確；多增加幾根電線進(jìn)行分流，既不能減小損失的能量，同時還增加材料等，不現(xiàn)實，D錯誤．13、B:C:D【分析】【詳解】

B．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大；則電壓表示數(shù)變大，故B正確；

AD．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于兩端的電壓，

干路電流I增大，變小，則a點的電勢降低，通過的電流減小，通過電流表的電流

干路電流I增大，減小，則增大；即電流表示數(shù)變大，故A錯誤，D正確；

C．電阻兩端的電壓

干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場強(qiáng)度減小；故C正確．

故選BCD。14、C:D【分析】【詳解】

A.小球原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，分析受力可知，小球所受的電場力方向向左，電場強(qiáng)度方向向左，故小球帶正電，故A錯誤；

B.小球靜止時，受到重力、電場力和軌道的支持力作用，由平衡條件得知，重力與電場力的合力方向與支持力方向相反，與斜面垂直向下，則小球從A運動到B點的過程中，此合力做負(fù)功，動能減小，所以小球運動到B點時動能最小，故B錯誤；

C.小球恰能繞圓環(huán)完成圓周運動，在B點重力與電場力的合力提供向心力，小球?qū)壍赖膲毫?，故C正確；

D.小球在B點的速度為vB，，

根據(jù)功能關(guān)系可知，，

聯(lián)立解得：vB=10m/s，故D正確

故選CD三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】設(shè)正離子軌跡的圓心角為α；負(fù)離子軌跡的圓心角為β，由幾何知識得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正離子運動的時間為負(fù)離子運動的時間為而正、負(fù)離子在磁場中運動的周期相同，所以時間之比【解析】1:5；16、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標(biāo)尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.69517、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]光照強(qiáng)度與聲音強(qiáng)度必須同時滿足；燈泡才能亮，所以該電路使用了與門電路。

[2]如圖。

[3]與門電路的輸出信號就是輸入信號的乘積，所以真值表為0；0；0；1?！窘馕觥颗c0；0；0；118、略

【分析】設(shè)大氣層中氣體的質(zhì)量為m，由大氣壓強(qiáng)產(chǎn)生即

分子數(shù)

假設(shè)每個分子占據(jù)一個小立方體，各小立方體緊密排列，則小立方體邊長即為空氣分子平均間距，設(shè)為a，大氣層中氣體總體積為V，而所以

點睛：對于氣體分子間平均距離的估算，常常建立這樣的模型；假設(shè)每個分子占據(jù)一個小立方體，各小立方體緊密排列，所有小立方體體積之和等于氣體的體積?！窘馕觥?9、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律比較感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應(yīng)定律：可知，感應(yīng)電動勢：E1＞E2．

【點睛】

知道磁通量的變化量相等、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題．【解析】大于四、作圖題(共3題，共18分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)23、略

【分析】【詳解】

（1）固定刻度讀數(shù)為則此金屬絲的直徑為．

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)；可求出電路中需要的最大電阻為：

由于待測電阻電阻為所以滑動變阻器應(yīng)用

根據(jù)串分壓原理，故定值電阻

根據(jù)電阻定律，由：．

【點睛】

根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻，根據(jù)歐姆定律再進(jìn)行求解；用伏安法測量電阻，首先要考慮安全，其次準(zhǔn)確，最后操作方便．【解析】24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為L=50mm+4×0.05mm=50.20mm

(2)[2]螺旋測微器的讀數(shù)為：d=4.5mm+19.8×0.01mm=4.698mm=0.4698cm

(3)[3][4][5]由于電壓表V2量程太大（量程的大于電源的電動勢），所以電壓表應(yīng)選擇V1，根據(jù)歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為

所以電流表應(yīng)選擇A2，根據(jù)實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的R1變阻器以方便調(diào)節(jié)；

[6][7]由于待測電阻滿足

電流表應(yīng)用外接法；所以電路應(yīng)是“分壓外接”電路，如圖所示。

【解析】50.15;0.4700;見解析；25、略

【分析】【詳解】

（1）本實驗在應(yīng)用插針法時；角度過大會導(dǎo)致反射增強(qiáng)，折射減小，現(xiàn)象不明顯，A錯誤；用鉛筆貼著光學(xué)面可能會損壞光學(xué)面，B錯誤；求折射率也可以通過畫圖，將角度的正弦之比轉(zhuǎn)化為對邊之比，C正確；在觀察時應(yīng)使得大頭針腳重合，D錯誤．

（2）從圖1中可知玻璃磚發(fā)生傾斜，則所測定的入射角和折射角都變大，根據(jù)折射定律兩角度都變大，根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知故測定的折射率減?。?/p>

（3）連接確定入射點，連接確定出射點，再連接入射點和出射點并標(biāo)上箭頭，如圖所示。

【解析】C偏小26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當(dāng)P移動到R1的最右端時，電流表恰好滿偏，根據(jù)歐姆定律，則有．

（2）根據(jù)歐姆定