2025年華東師大版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、日光燈鎮(zhèn)流器的作用有（）

A.啟動器動、靜觸片接觸時，鎮(zhèn)流器產(chǎn)生瞬時高壓B.正常工作時，鎮(zhèn)流器降壓限流保證日光燈正常工作C.正常工作時，使日光燈管的電壓穩(wěn)定在220VD.正常工作時，不準電流通過日光燈管2、如圖所示，水平導線中有電流I通過，導線正下方電子的初速度方向與電流I的方向相同，均平行于紙面水平向左。下列四幅圖是描述電子運動軌跡的示意圖，正確的是（）A.B.C.D.3、如圖所示的理想變壓器電路中，定值電阻滑動變阻器的最大值為阻值恒定的小燈泡L的規(guī)格為“6V6W”，電流表是理想交流電表，通入電流表的電流方向每秒改變100次，變壓器ab端接入的正弦式交流電壓最大值為當時；小燈泡正常發(fā)光，下列說法正確的是（）

A.變壓器ab端電壓的瞬時值表達式為B.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為C.小燈泡正常發(fā)光時變壓器輸出功率最大D.若將的滑片自上而下滑動，電流表示數(shù)先增大后減小4、如圖所示，金屬棒MN兩端由等長的輕質(zhì)細線水平懸掛，處于豎直向上的勻強磁場中，金屬棒中通以由M向N的電流，平衡時兩懸線與豎直方向夾角均為若僅改變下列一個條件，能夠使夾角變小的是（）

A.減小金屬棒的質(zhì)量B.增大磁感應強度C.減小金屬棒中的電流D.增大兩等長輕質(zhì)細線的長度5、如圖，邊長為l的正方形abcd內(nèi)存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外．a(chǎn)b邊中點有一電子發(fā)源O，可向磁場內(nèi)沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子．已知電子的比荷為k．則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為。

A.B.C.D.6、一個質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球，由長為l的細線吊在天花板下，空間有豎直向下的勻強磁場。如圖甲小球恰好以速率v0逆時針在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖乙小球以速率v1順時針在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，這兩種情況小球的軌道平面與地面的距離均為h，細線與豎直方向的夾角均為θ。已知重力加速度大小為g；空氣阻力忽略不計。下列選項正確的是（）

A.兩種情況小球的向心加速度大小相同B.兩種情況小球所受的拉力不同C.兩種情況小球的速率相同D.兩種情況剪斷細線后，小球落到地面的時間相同為7、一個U形金屬線框在勻強磁場中繞OO′軸以相同的角速度勻速轉(zhuǎn)動，通過導線給同一電阻R供電，如圖甲、乙所示．其中甲圖中OO′軸右側(cè)有磁場，乙圖中整個空間均有磁場，兩磁場磁感應強度相同．則甲、乙兩圖中交流電流表的示數(shù)之比為()

A.1∶B.1∶2C.1∶4D.1∶18、圖甲；圖乙分別表示兩種電壓的波形；其中圖甲所示電壓按正弦規(guī)律變化，下列說法正確的是（）

A.圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B.兩種電壓的有效值都是220VC.圖甲所示電壓的瞬時值表達式為u=220sin100πt（V）D.圖甲所示電壓經(jīng)原、副線圈匝數(shù)比為10：1的理想變壓器變壓后，輸出電壓的有效值為22V評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖甲所示，在水平面上有一單匝圓形金屬線框，線框半徑為電阻為R，線框內(nèi)存在垂直線框平面向上的勻強磁場，磁場區(qū)域半徑為磁感應強度B隨時間變化如圖乙；下列選項正確的是（）

A.時間內(nèi)，從上往下看線框中有順時針方向電流，電流大小為B.時間內(nèi)，從上往下看線框中有逆時針方向電流，電流大小為C.時間內(nèi)，從上往下看線框中有逆時針方向電流，電流大小為D.時間內(nèi)，流過線框某橫截面上的電荷量大小為10、在圖甲所示電路中，電阻R=20Ω，燈泡L1的規(guī)格為“3V0.6W”，燈泡L2的規(guī)格為“5V2.5W”，S1為單刀雙擲開關。發(fā)電機的矩形線框（不計電阻）在勻強磁場中繞垂直磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電流輸入理想變壓器的原線圈。輸入電壓u隨時間t的變化關系如圖乙所示。若將開關S1接1且S2閉合，則L2正常發(fā)光；若將S1接1且S2斷開，則L正常發(fā)光。不計燈泡電阻隨溫度的變化；則下列說法正確的是（）

A.當S1接1，斷開S2時，原線圈的輸入電流減小了0.075AB.當S1接1且S2斷開時，L2的功率大于L1的功率C.當S1換接到2后，R消耗的電功率為1.25WD.當S1換接到2后，若發(fā)電機的線框轉(zhuǎn)速變成原來的兩倍，R的功率保持不變11、圖示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度為的勻強磁場垂直于霍爾元件的工作面向上，通入圖示方向的電流兩側(cè)面會形成電勢差下列說法正確的是（該元件正常工作時，磁場必須垂直工作面）（）

A.越大，電勢差越小B.若霍爾元件的自由電荷是自由電子，則側(cè)的電勢低于側(cè)的電勢C.若霍爾元件的自由電荷是正電荷，則側(cè)的電勢低于側(cè)的電勢D.其他條件不變，僅增大勻強磁場的磁感應強度時，電勢差變大12、如圖，理想變壓器原線圈與定值電阻串聯(lián)后接在電壓36Ⅴ的交流電源上，副線圈接理想電壓表、電流表和滑動變阻器R，原、副線圈匝數(shù)比為1：3，已知=4R的最大阻值為100現(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P向下滑動；下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大B.電源的輸出功率變小C.當R=4時，電壓表示數(shù)為108VD.當R=36時，R獲得的功率最大13、如圖所示，帶電粒子由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后，射入水平放置，電勢差為U2的兩導體板間的勻強電場中，帶電粒子沿平行于兩板水平方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強磁場中，設粒子射入磁場的位置為M、射出磁場的位置為N，MN兩點間的距離為d；（不計重力，不考慮邊緣效應）（）

A.比荷不同的粒子射入磁場的位置M相同B.粒子在電場中運動的時間與粒子的比荷及加速電壓U1有關C.d的大小只與U1、U2有關，與粒子的比荷無關D.帶電粒子在電磁場中的運動軌跡相同，與比荷無關14、如圖，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3兩兩等距，均通有電流I，L2中電流向與L3中的相同，L1與L3中的相反。下列說法正確的是（）

A.L1所受磁場作用力的方向與L2、L3所在平面垂直B.L3所受磁場作用力的方向與L1、L2所在平面平行C.L1，L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為D.L1、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為15、如圖所示，豎直面內(nèi)的正方形導線框ABCD、abcd的邊長均為l，電阻均為R，質(zhì)量分別為2m和m，它們分別系在一跨過兩個定滑輪的輕繩兩端，在兩導線框之間有一寬度為2l、磁感應強度大小為B、方向垂直豎直面向里的勻強磁場。開始時，ABCD的下邊與勻強磁場的上邊界重合，abcd的上邊到勻強磁場的下邊界的距離為l，現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，當ABCD全部進入磁場時，系統(tǒng)開始做勻速運動，不計摩擦和空氣阻力，則下列說法正確的是（）

A.系統(tǒng)勻速運動的速度大小為B.從開始運動至ABCD全部進入磁場的過程中．兩線框組成的系統(tǒng)克服安培力做的功為C.兩線框從開始運動至等高的過程中，所產(chǎn)生的總焦耳熱為D.導線框abcd通過磁場的時間16、如圖甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線在之間、之間存在勻強磁場，大小均為方向垂直紙面向里?，F(xiàn)有一矩形線圈寬度質(zhì)量為電阻為將其從圖示位置靜止釋放（邊與重合），速度隨時間的變化關系如圖乙所示，時刻邊與重合，時刻邊與重合，時刻邊與重合，已知的時間間隔為整個運動過程中線圈平面始終處于豎直方向。重力加速度g取則（）。

A.在間內(nèi)，通過線圈的電荷量為B.線圈勻速運動的速度大小為C.線圈邊的長度為D.時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為17、如圖（a）所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1：n2=1：5，定值電阻R1的阻值為10滑動變阻器R2的最大阻值為50定值電阻R3的阻值為10圖中電表均為理想電表。原線圈輸入如圖（b）所示的交變電流，其有效值不隨負載變化。當滑動變阻器接入電路的阻值由50減小到0的過程中（）

A.電流表的示數(shù)為5AB.通過R2的電流增大C.電壓表的示數(shù)減小D.R2和R3的總電功率先增大后減小評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、“磁生電”的發(fā)現(xiàn)。

1831年，英國物理學家______發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象。19、一小水電站，輸出的電功率為20kW，輸電線上總電阻為0.5Ω。如果先用200V電壓輸送，輸電線上損失的電功率為____________。后改用2×103V電壓輸送，則輸送電壓提高后，輸電線上損失的電功率為____________。20、一段直導線在垂直于均勻磁場的平面內(nèi)運動。已知導線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢與導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導線的長度為__________________。21、一矩形閉合線圈，長a，寬b，通過電流I，放在均勻磁場中，磁場方向與線圈平面平行，如右圖所示，磁感應強度大小為B。則該線圈所受到磁力矩大小為______。

22、如圖（甲）所示為一陰極射線管，電子射線由陰極向右射出，在熒光屏上會到一條亮線，要使熒光屏上的亮線向上偏轉(zhuǎn)，如圖（乙）所示，如加一電場，電場方向_______（填“豎直向上”或“豎直向下”）；如加一磁場，磁場方向_______（填“垂直熒光屏向內(nèi)”或“垂直熒光屏向外”）

23、在磁感應強度B的勻強磁場中，垂直于磁場放入一段通電導線．若任意時刻該導線中有N個以速度v做定向移動的電荷，每個電荷的電量為q.則每個電荷所受的洛倫茲力FB＝___________，該段導線所受的安培力為FA＝___________.24、如圖在x軸的上方（y≥0）存在著垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．在原點O有一個離子源向x軸上方的各個方向發(fā)射出質(zhì)量為m、電量為q的正離子，速率都為v，對那些在xy平面內(nèi)運動的離子，在磁場中可能到達的最大x＝______，最大y＝______．

25、如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應強度為B的勻強磁場過程中，若L__________，通過導線橫截面的電荷量為__________；若L>d，產(chǎn)生的電能為__________，通過導線橫截面的電荷量為__________．

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共4分)30、新冠疫情期間；測溫儀廣泛使用，測溫儀的核心部件是金屬熱敏電阻。

（1）某同學想利用如圖（a）所示電路測量熱敏電阻在不同溫度時的電阻，則在閉合電路開關前應該把滑動變阻器滑到___________（填“a”或“b”）端。

（2）通過測量得出了電阻隨溫度變化的規(guī)律如圖（b）所示，其中一條是直線是理論值，則實驗值是直線___________（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）。

（3）該同學用上述熱敏電阻連接成如圖（c）所示電路，制作一簡易的測溫儀，其中電源電動勢內(nèi)阻理想電壓表滿偏電壓為定值電阻為了使熱敏電阻在時電壓表滿偏，電阻箱R應該調(diào)成___________

（4）利用上述方法?？梢詫⒗硐腚妷罕砜潭染€改成溫度刻度線，則溫度刻度線是___________（填“均勻”；“左疏右密”或“左密右疏”）。

（5）該測溫計使用較長時間后，電源電動勢減小，內(nèi)阻變大，導致測量結(jié)果___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)31、如圖所示；一束電荷量為e的電子以垂直于磁感應強度B并垂直于磁場邊界的速度v射入寬度為d的勻強磁場中，穿出磁場時速度方向和原來射入方向的夾角為θ=60°，求電子的質(zhì)量和穿越磁場的時間．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．光燈點亮后；啟動器的動；靜觸片是斷開的，日光燈在啟輝時，由鎮(zhèn)流器產(chǎn)生高壓，燈管內(nèi)的惰性氣體在高壓下電離，形成氣體導電電流，即由電子形成電路連接燈光兩端，啟動器不再起作用，A錯誤，B正確；

C．日光燈只有在開啟的一瞬間需要高壓；工作時則需低壓以免燒壞燈絲．故正常工作時日光燈管的電壓比220V低，C錯誤；

D．正常工作時；日光燈管中的電流很小，不是沒有電流流過，D錯誤。

故選B。2、D【分析】【分析】

【詳解】

由安培定則可知，在直導線的下方的磁場的方向為垂直紙面向外，根據(jù)左手定則可以得知電子受到的力向下，電子向下偏轉(zhuǎn)；通電直導線電流產(chǎn)生的磁場是以直導線為中心向四周發(fā)散的，離導線越遠，電流產(chǎn)生的磁場的磁感應強度越小，由半徑公式r=可知，電子的運動的軌跡半徑越來越大，故D正確，ABC錯誤。

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．由每轉(zhuǎn)一圈改變方向兩次，每秒鐘改變方向100次，可知交流電頻率

根據(jù)

則變壓器ab端電壓的瞬時值表達式為

A錯誤；

B．小燈泡額定電流

負載總功率

電路總功率為功率加上負載功率

解得

故

故B錯誤；

C．由B選項計算可知，當此狀態(tài)下變壓器的輸出功率最大，故C正確；

D．滑片自上而下滑動時，減小，等效電阻減小，原線圈總電壓恒定，原線圈電流

可知電流增大；則副線圈電流也一直增大，D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則可知；安培力方向水平向右，對導體棒受力如圖所示，根據(jù)平衡條件可知。

由公式可得。

A．減小金屬棒的質(zhì)量，θ角變大；A錯誤；

B．增大磁感應強度，θ角變大；B錯誤；

C．減小金屬棒中的電流，θ角變?。籆正確；

D．增大兩等長輕質(zhì)細線的長度，θ角不變；D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

a點射出粒子半徑Ra==得：va==

d點射出粒子半徑為R=

故vd==故B選項符合題意。

6、D【分析】【詳解】

C．根據(jù)牛頓第二定律得

解得C錯誤；

A．小球的向心加速度為

解得l相同，v不同，所以a不同；A錯誤；

B．小球所受的拉力所以兩種情況小球所受的拉力相同，B錯誤；

D．剪斷細線后，小球做平拋運動，運動時間為

解得兩種情況小球的軌道平面與地面的距離均為h；兩種情況剪斷細線后，小球落到時間相同，D正確。

故選D。7、A【分析】【詳解】

甲圖中的磁場只在軸的右側(cè)；所以線框只在半周期內(nèi)有感應電流產(chǎn)生；

如圖甲，電流表測得是有效值，所以

乙圖中的磁場布滿整個空間；線框中產(chǎn)生的感應電流如圖乙；

所以

則即A正確．

故選A。

【點睛】

本題重在考查交變電流的產(chǎn)生及有效值．8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化；因此都為交流電，A錯誤；

B．從圖甲可知。

則有效值為。

由于對應相同時刻；圖甲電壓比圖乙電壓大，根據(jù)有效值的定義可知，圖甲有效值要比圖乙有效值大，B錯誤；

C．從圖甲可知。

所以圖甲電壓的瞬時值表達式為。

C錯誤；

D．根據(jù)。

解得。

D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】【詳解】

A．由楞次定律可知，在時間內(nèi)，從上往下看線框中有順時針方向電流；感應電動勢大小為

感應電流大小為

選項A正確；

B．在時間內(nèi)；穿過線圈的磁通量不變，則線圈中無感應電流，選項B錯誤；

C．由楞次定律可知，在時間內(nèi)，從上往下看線框中有逆時針方向電流，感應電動勢大小為

感應電流大小為

D．時間內(nèi)，流過線框某橫截面上的電荷量大小為

選項D正確。

故選AD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由接1且閉合時，正常發(fā)光，可知副線圈兩端的電壓為可得

此時流過的電流為可知此時原線圈中的電流為當接1，斷開后，正常發(fā)光，可知副線圈電流為此時原線圈中的電流為即電流減小了故A正確；

B．當接1且斷開時，由于的電阻小于的電阻，根據(jù)

可知的功率小于的功率；故B錯誤；

C．當換接到2后，副線圈兩端的電壓為消耗的電功率為故C正確；

D．若發(fā)電機的線框轉(zhuǎn)速變成原來的兩倍，由

可知電壓也變成原來的兩倍；故D錯誤。

故選AC。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．根據(jù)兩側(cè)面間存在電勢差，兩側(cè)面間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設霍爾元件的長、寬、高分別為則

則

n由材料決定，故與材料有關，還與厚度成反比，與寬無關，同時還與磁感應強度和與電流成正比；故A錯誤，D正確；

B．根據(jù)左手定則，電子向側(cè)面偏轉(zhuǎn)，表面帶負電，表面帶正電，所以表面的電勢高；故B錯誤；

C．若霍爾元件的自由電荷是正電荷，則正粒子向表面發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則側(cè)的電勢高于側(cè)的電勢；故C正確。

故選CD。12、A:D【分析】【詳解】

AB．由理想變壓器的特點可知

又I1：I2=3：1

可知

滑動變阻器R的滑片P向下滑動，R減小，所以I1變大，由

可得I2變大，電流表示數(shù)變大，由P=U0I1

知電源的輸出功率變大，原線兩端電壓

因為I1變大，所以U1減小，由

可得U2減小；電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．原線圈與副線圈兩端電壓之比為

電流之比

聯(lián)立可得

即R=4Ω時，I2=2.7A，電壓表示數(shù)為U2=I2R=10.8V

故C錯；

D．R獲得的功率

當時，R獲得的功率最大，此時有R=9R0=36Ω

故D正確。

故選AD。13、A:B【分析】【詳解】

A、對于加速過程，有得設偏轉(zhuǎn)電場中的長度為L，平行板電容器間距為粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的運動時的偏轉(zhuǎn)位移為y，則由此可見粒子射出電場的偏轉(zhuǎn)位移與比荷無關，比荷不同的粒子射入磁場的位置M相同；故A正確；

B、粒子在加速電場中運動的時間粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的運動的時間又知所以粒子在電場中運動的時間與粒子的比荷及加速電壓U1有關；故B正確；

CD、帶電粒子在電場中做類平拋運動，可將射出電場的粒子速度分解成初速度方向與加速度方向，設出射速度與水平夾角為θ，則有：而在磁場中做勻速圓周運動，設運動軌跡對應的半徑為R，由幾何關系可得，半徑與直線MN夾角正好等于θ，則有：所以又因為半徑公式則有．故d隨U1變化，與粒子的比荷有關，d與U2無關，粒子的比荷不同則d不同，d不同則軌跡不同；故C，D錯誤.

故選AB.14、A:B【分析】【詳解】

A．同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．對L1受力分析，如圖所示，可知L1所受磁場力的方向與L2、L3所在的平面垂直；故A正確；

B．對L3受力分析，如圖所示，可知L3所受磁場力的方向與L1、L2所在的平面平行；故B正確；

CD．設三根導線兩兩之間的相互作用力為F，則L2、L3受到的磁場力的合力等于F，L1受的磁場力的合力為即L1、L2、L3單位長度受到的磁場力之比為故CD錯誤．

故選AB。15、B:D【分析】【詳解】

A．設兩線框勻速運動的速度為v，此時輕繩上的張力為T，對ABCD：有

對abcd：有

聯(lián)立解得

故A錯誤；

B．從開始運動至ABCD全部進入磁場的過程中，兩線框組成的系統(tǒng)克服安培力做的功為W克安，則

解得

故B正確；

C．設兩線框從開始運動至等高的過程中所產(chǎn)生的焦耳熱為Q，當左、右兩線框分別向上、向下運動2l的距離時，兩線框等高，對這一過程，由能量守恒定律有

解得

故C錯誤；

D．線框abcd通過磁場時，以速度v勻速運動，所以所用時間為

故D正確。

故選BD。16、A:B【分析】【分析】

【詳解】

B．從線框勻速運動，因此

可得

B正確；

C．由于的時間間隔為這段時間內(nèi)線框一直做勻加速運動，且加速度為g，因此cd進入磁場II時，ab恰好進入磁場I，在這段時間內(nèi)，下落的高度

因此每個磁場寬度為d=1m

線圈邊的長度2d=2m

C錯誤；

A．在間內(nèi)，線圈穿過磁場I，根據(jù)

整理可得

A正確；

D．根據(jù)能量守恒可知，時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量

D錯誤。

故選AB。17、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖(b)所示的交變電流；根據(jù)有效值定義可得。

則輸入電流的有效值為。

I0=5A即電流表的示數(shù)為5A。故A正確；

BC．原副線圈兩端的總電流不變，當滑動變阻器接入電路的阻值由50Ω減小到0，此時副線圈的總電阻減小，則副線圈兩端的電壓減小，即電壓表的示數(shù)減小。根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點可知R1兩端的電壓減小，則通過R1的電流減小，根據(jù)并聯(lián)分流可知，通過R2和R3的電流增大。故BC正確；

D．設通過R2和R3的電流為I2；則根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可得。

則R2和R3的總電功率為。

可得R2和R3的總電功率隨R2減小而增大。故D錯誤。

故選ABC。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】法拉第19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]用200V電壓輸送，輸電線上損失的電功率為

[2]改用2×103V電壓輸送，則輸送電壓提高后，輸電線上損失的電功率為【解析】①.5000W②.50W20、略

【分析】【詳解】

[1]導線以垂直于導線方向的速度v做平動時的電動勢為

導線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢為

聯(lián)立得【解析】21、略

【分析】【詳解】

線圈上下兩邊與磁場平行，不受安培力作用，左右兩邊與磁場垂直，受到安培力大小均為

則該線圈所受到磁力矩大小

解得【解析】abIB22、略

【分析】【詳解】

[1]要使電子向上偏轉(zhuǎn)；電子所受電場力向上，電子帶負電，則電場方向豎直向下；

[2]要使電子向上偏轉(zhuǎn)，電子所受洛倫茲力向上，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直熒光屏向外?！窘馕觥控Q直向下垂直熒光屏向外23、略

【分析】【詳解】

試題分析：電荷的速度方向垂直磁場，根據(jù)洛倫茲力來公式可得，每個電荷受到的洛倫茲力為N個電荷受到的磁場力和即為導線受到的安培力，所以

考點：考查了洛倫茲力，安培力【解析】qvB，NqvB24、略

【分析】【分析】

【詳解】

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律

可得：

沿-x軸方向射出的粒子圓心在y軸上；如圖：

利用幾何關系可知，所有粒子運動的圓心在以O為圓心，R為半徑的圓中的第一象限部分；

則可知，粒子在x軸和y軸上達到的最遠距離均為

【點睛】

本題解決的關鍵在于能通過分析找出所有粒子的運動軌跡間的關系，這種有無數(shù)粒子的問題要注意重點觀測邊界點的運動情況．【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)公式E=Blv求出線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢；由閉合電路歐姆定律求出感應電流，即可由焦耳定律求出線圈產(chǎn)生的電能，由q=It求解電量．

【詳解】

線圈進入磁場的過程中，產(chǎn)生的感應電動勢為：E=Bav，

由閉合電路歐姆定律得感應電流：

如果：L通過導體截面的電荷量為

如果：L>d，由焦耳定律得，線圈產(chǎn)生的電能為

通過導體截面的電荷量為．【解析】四、作圖題(共4題，共16分)26、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定