2025年牛津譯林版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版高二物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，是一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波形圖.若此時(shí)質(zhì)元P正處于加速運(yùn)動(dòng)過程中，則此時(shí)()A.質(zhì)元Q和質(zhì)元N均處于加速運(yùn)動(dòng)過程中B.質(zhì)元Q和質(zhì)元N均處于減速運(yùn)動(dòng)過程中C.質(zhì)元Q處于加速運(yùn)動(dòng)過程中，質(zhì)元N處于減速運(yùn)動(dòng)過程中D.質(zhì)元Q處于減速運(yùn)動(dòng)過程中，質(zhì)元N處于加速運(yùn)動(dòng)過程中2、兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力為F，若它們之間的距離和每個(gè)電荷的電荷量都變成原來的2倍，則它們之間的庫(kù)侖力大小為（）A.FB.2FC.4FD.3、如圖所示，（核內(nèi)有一個(gè)質(zhì)子，沒有中子），（核內(nèi)有一個(gè)質(zhì)子，一個(gè)中子），（核內(nèi)有一個(gè)質(zhì)子，兩個(gè)中子）和（核內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)子，兩個(gè)中子）四種原子核的混合粒子沿平行板電容器兩板中線OO/射入板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，射出后都打在同一個(gè)與OO/垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現(xiàn)亮點(diǎn)．下列說法正確的是（）A.若它們射入電場(chǎng)時(shí)的速度相等，在熒光屏上將出現(xiàn)4個(gè)亮點(diǎn)B.若它們射入電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)量相等，在熒光屏上將出現(xiàn)4個(gè)亮點(diǎn)C.若它們射入電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能相等，在熒光屏上將出現(xiàn)4個(gè)亮點(diǎn)D.若它們都是從靜止開始由同一加速電場(chǎng)加速后再射入此偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的，則在熒光屏上將出現(xiàn)4個(gè)亮點(diǎn)4、圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場(chǎng)，實(shí)線為粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。則該粒子()A.該粒子帶負(fù)電B.在c點(diǎn)受力最大C.在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D.由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化等于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化5、如圖甲左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R＝55Ω，為理想電流表和電壓表。若原線圈接入如圖乙所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是()A.電流表示數(shù)的計(jì)算值為AB.原、副線圈匝數(shù)比為2∶1C.電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D.原線圈中交變電壓的頻率為100Hz6、如圖所示，絕緣細(xì)線懸掛著的兩小球帶同種電荷，將它們相互靠近，觀察到兩小球向兩側(cè)偏離的角度增大，由此可以推斷（）A.同種電荷相互吸引，距離越近電荷間的作用力越大B.同種電荷相互吸引，距離越近電荷間的作用力越小C.同種電荷相互排斥，距離越近電荷間的作用力越大D.同種電荷相互排斥，距離越近電荷間的作用力越小7、空氣中的負(fù)氧離子對(duì)于人的健康極為有益.

有的氧吧通常采用人工產(chǎn)生負(fù)氧離子使空氣清新，從而使顧客愉悅.

其最常見的是采用電暈放電法，如圖所示，一排針狀負(fù)極和環(huán)形正極之間加上直流高壓電，電壓達(dá)5000V

左右，使空氣發(fā)生電離，從而產(chǎn)生負(fù)氧離子.

在負(fù)極后面加上小風(fēng)扇，將大量負(fù)氧離子排出，使空氣清新化，針狀負(fù)極與環(huán)形正極間距離為5mm

且視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E

電場(chǎng)對(duì)負(fù)氧離子的作用力為F

則()A.E=103N/CF=1.6X10鈭?16N

B.E=106N/CF=1.6X10鈭?16N

C.E=103N/CF=3.2X10鈭?13N

D.E=l06N/CF=3.2X10鈭?13N

評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示的電路中，輸入電壓U

恒為12V

燈泡L

標(biāo)有“6V12W

”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=0.5婁賂

若燈泡恰好能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是(

)

A.電動(dòng)機(jī)的總功率是12W

B.電動(dòng)機(jī)的熱功率是1W

C.電動(dòng)機(jī)的輸出功率是10W

D.整個(gè)電路消耗的電功率是22W

9、如圖所示為一理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)之比為n.

原線圈接電壓為u=U0sin婁脴t

的正弦交流電，輸出端接有一個(gè)交流電流表和一個(gè)電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為R.

當(dāng)輸入端接通電源后，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)一質(zhì)量為m

的重物勻速上升，此時(shí)電流表的示數(shù)為I

重力加速度為g

下列說法正確的是()A.電動(dòng)機(jī)兩端電壓為IR

B.原線圈中的電流為In

C.電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為U0I2n

D.重物勻速上升的速度為I(U0鈭?2nIR)2nmg

10、一列波長(zhǎng)大于1m

的橫波沿著x

軸正方向傳播，處在x=1m

和x=2m

的兩質(zhì)點(diǎn)AB

的振動(dòng)圖象如圖所示，由此可知()A.波長(zhǎng)為43m

B.波速可能為1m/s

C.3s

末AB

兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同D.1s

末A

質(zhì)點(diǎn)的速度小于B

質(zhì)點(diǎn)的速度11、在真空中M、N兩點(diǎn)分別放有異種點(diǎn)電荷+2Q和-Q，以MN連線中點(diǎn)O為中心作一圓形路徑abcd．a(chǎn)、0、c三點(diǎn)恰好將MN四等分，b、d為MN的中垂線與圓的交點(diǎn)；如圖所示．則下列說法正確的是（）

A.a、b、c、d四點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系是Ea＞Ec，Eb=EdB.a、b、c、d四點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系是φa＞φc，φb=φdC.在MN的連線上，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小D.將帶負(fù)電的試探電荷由b沿直線移動(dòng)到d的過程中，其電勢(shì)能始終不變12、如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，絕緣輕質(zhì)彈簧豎直立于水平地面上，一質(zhì)量為m的帶正電小球在外力F的作用下靜止于圖示位置，小球與彈簧不連接，彈簧處于壓縮狀態(tài)．現(xiàn)撤去F，小球從靜止開始運(yùn)動(dòng)到離開彈簧的過程中，重力、電場(chǎng)力對(duì)小球做的功分別為W1、W2，小球離開彈簧時(shí)速度為v不計(jì)空氣阻力，則上述過程中（）A.小球重力勢(shì)能增加-W1B.小球機(jī)械能增加WC.小球的電勢(shì)能減少W2D.小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒13、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)轉(zhuǎn)向燈電路，其中L為指示燈，L1、L2分別為左、右轉(zhuǎn)向燈，S為單刀雙擲開關(guān)，E為電源，當(dāng)S置于位置1時(shí)，以下判斷正確的是（）A.L的功率小于額定功率B.L1亮，其功率等于額定功率C.L2亮，其功率等于額定功率D.含L支路的總功率較另一支路的小14、如圖所示，小車放在光滑水平面上，A

端固定一個(gè)輕彈簧，B

端粘有油泥，小車總質(zhì)量為M

質(zhì)量為m

的木塊C

放在小車上，用細(xì)繩連接于小車的A

端并使彈簧壓縮，開始時(shí)小車和C

都靜止，當(dāng)突然燒斷細(xì)繩時(shí)，C

被釋放，使C

離開彈簧向B

端沖去，并跟B

端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下說法正確的是()

A.彈簧伸長(zhǎng)過程中C

向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)小車也向右運(yùn)動(dòng)B.C

與B

碰前，C

與小車的速率之比為M隆脙m

C.C

與油泥粘在一起后，小車立即停止運(yùn)動(dòng)D.C

與油泥粘在一起后，小車?yán)^續(xù)向右運(yùn)動(dòng)15、對(duì)于庫(kù)侖定律，下面說法正確的是(

)

A.凡計(jì)算真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷間的相互作用，都可以使用公式F=kq1q2r2

B.兩個(gè)帶電小球即使相距非常近，也能用為庫(kù)侖定律C.相互作用的兩個(gè)點(diǎn)電荷，不論它們的電荷量是否相等，它們之間的庫(kù)侖力大小一定相等D.當(dāng)兩個(gè)半徑為r

的帶電金屬球中心相距為4r

時(shí)，對(duì)于它們之間的庫(kù)侖力大小，只取決于它們各自所帶的電荷量16、一列簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻的波形如圖甲所示；從該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，圖中質(zhì)點(diǎn)A

的振動(dòng)圖象如圖乙所示.

則(

)

A.這列波的波速是25m/s

B.這列波沿x

軸負(fù)方向傳播C.質(zhì)點(diǎn)A

在任意的1s

內(nèi)所通過的路程都是0.4m

D.若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為1.25Hz

評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、一個(gè)質(zhì)量是0.2kg的鋼球，以2m/s的速度水平向右運(yùn)動(dòng)，碰到一塊豎硬的大理石后被彈回，沿著同一直線以2m/s的速度水平向左運(yùn)動(dòng)，碰撞前后鋼球的動(dòng)量的改變量大小為____，kgm/s，若時(shí)間為0.2S，鋼球碰撞碰撞過程受到平均作用力大小為____N．18、質(zhì)量相同的兩物體，并列地靜止在光滑水平面上，今給其中甲物體以瞬時(shí)沖量I作用，同時(shí)以恒力F推動(dòng)乙物體，I與F作用方向相同，則要經(jīng)過時(shí)間______，兩物體再次相遇，在此過程中力F對(duì)乙的沖量大小為______．19、如圖所示，從電子射線管的陰極A（與電源的負(fù)極相連）發(fā)射出的電子束經(jīng)過圖示的磁場(chǎng)時(shí)由于受到洛倫茲力的作用，電子束將______（選填“向上”、“向下”或“不”）偏轉(zhuǎn)．20、如圖，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為______mm．

21、游標(biāo)卡尺的主要部分是主尺和一條可以沿著主尺滑動(dòng)的游標(biāo)尺．20分度的游標(biāo)卡尺，當(dāng)游標(biāo)尺上的0刻線與主尺上的0刻線正好對(duì)齊，則游標(biāo)尺上的0刻線后第20刻線與主尺上的0刻線后第____條刻線恰好對(duì)齊，其游標(biāo)尺上每一個(gè)分度為____mm，主尺上一個(gè)刻度與游標(biāo)上的一個(gè)刻度相差____mm．22、如圖甲所示，調(diào)壓器裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55Ω，A、V為理想電流表和電壓表，電壓表的示數(shù)為110V，若原線圈接入如圖乙所示的正弦交變電壓，則：電流表A2的示數(shù)為____A，A1的示數(shù)為____A，原線圈中電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為：____．

23、如圖所示，在同一均勻介質(zhì)中有S1和S2兩個(gè)波源，這兩個(gè)波源的頻率、振動(dòng)方向均相同，且振動(dòng)的步調(diào)完全一致，S1與S2之間相距為4m，若S1、S2振動(dòng)頻率均為5Hz，兩列波的波速均為10m/s，B點(diǎn)為S1和S2連線的中點(diǎn)，今以B點(diǎn)為圓心，以R=BS1為半徑畫圓．

①該波的波長(zhǎng)為______m

②在S1、S2連線之間振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)有______個(gè)。

③在該圓周上（S1和S2兩波源除外）共有______個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)．24、某溫度報(bào)警器如圖所示，其結(jié)構(gòu)組成：斯密特觸發(fā)器，______電阻RT

蜂鳴器，滑線變阻器R1.

若要使熱敏電阻在感測(cè)到更高的溫度時(shí)才報(bào)警，應(yīng)該______R1

的阻值(

填增大或者減)

25、一臺(tái)電動(dòng)機(jī)的額定電壓是110V

電阻是0.4婁賂

在正常工作時(shí)，通過的電流為50A

則每秒鐘內(nèi)電流做的功為______J

電動(dòng)機(jī)每秒鐘輸出的機(jī)械能是______J

．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)26、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共10分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、作圖題(共2題，共18分)29、請(qǐng)根據(jù)要求畫出下列各力的示意圖：

在圖(a)中球面上的O1點(diǎn)畫出墻對(duì)小球的彈力，在圖(b)中椅面上的O2點(diǎn)畫出人對(duì)椅子的彈力．

30、勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)ABC

是一個(gè)三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，AB

的長(zhǎng)度為1mD

為AB

的中點(diǎn)，如圖所示.

已知電場(chǎng)線的方向平行于鈻?ABC

所在平面，ABC

三點(diǎn)的電勢(shì)分別為14V6V

和2V.

作圖求電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】試題分析：因?yàn)橘|(zhì)元P處于加速過程，所以質(zhì)元P向平衡位置運(yùn)動(dòng)，由此可知波沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)元Q沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，遠(yuǎn)離平衡位置，速度減小，質(zhì)元N沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，靠近平衡位置，速度增大，故選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤D正確．考點(diǎn)：波的傳播；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)．【解析】【答案】D2、A【分析】解：開始的時(shí)候，根據(jù)庫(kù)侖定律得：

它們之間的距離和每個(gè)電荷的電荷量都變成原來的2倍，．故選項(xiàng)A正確．

故選；A

根據(jù)庫(kù)侖定律代入數(shù)據(jù)，比較即可得出結(jié)論．

對(duì)于庫(kù)侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個(gè)物理量的含義，可以和萬有引力公式對(duì)比理解．【解析】【答案】A3、B【分析】試題分析：四個(gè)粒子進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)中都做類平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則得到：加速度為：偏轉(zhuǎn)距離為：運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：聯(lián)立三式得：若它們射入電場(chǎng)時(shí)的速度相等，y與比荷成正比，而三個(gè)粒子中質(zhì)子的比荷最大，氘核和α粒子的比荷相等，在熒光屏上將出現(xiàn)3個(gè)亮點(diǎn)．故A錯(cuò)誤．若它們射入電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)量相等，可見y與qm成正比，三個(gè)qm都不同，則在熒光屏上將只出現(xiàn)4個(gè)亮點(diǎn)．故B正確．若它們射入電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能相等，y與q成正比，在熒光屏上將只出現(xiàn)2個(gè)亮點(diǎn)．故C錯(cuò)誤．若它們是由同一個(gè)電場(chǎng)從靜止加速后射入此偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的，滿足則根據(jù)推論可知，y都相同，故熒光屏上將只出現(xiàn)1個(gè)亮點(diǎn)．故D錯(cuò)誤．故選B．考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的加速及偏轉(zhuǎn).【解析】【答案】B4、C【分析】試題分析：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在a→b→c的過程中，一直受靜電斥力作用，根據(jù)同性電荷相互排斥，故粒子帶正電荷，A錯(cuò)誤；點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場(chǎng)源電荷距離越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，粒子在c點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最小，故B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，粒子由b到c，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，故粒子在b點(diǎn)電勢(shì)能一定大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；a點(diǎn)到b點(diǎn)和b點(diǎn)到c點(diǎn)相比，由于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場(chǎng)源電荷距離越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，故a到b電場(chǎng)力做功為多，動(dòng)能變化也大，故D錯(cuò)誤，故選：C考點(diǎn)：本題考查了電勢(shì)能；動(dòng)能定理的應(yīng)用【解析】【答案】C5、B|C【分析】電流表的電流為A錯(cuò)誤；由乙圖知，原線圈電壓有效值為220V，電壓表的讀數(shù)為有效值，C正確；原、副線圈匝數(shù)比B正確；交流電的周期為0.02s，則頻率為50Hz，D錯(cuò)誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緽C6、C【分析】試題分析：同種電荷間一定為斥力，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；由庫(kù)侖定律知距離越近斥力越大，兩小球向兩側(cè)偏離的角度增大，故選項(xiàng)C正確。考點(diǎn)：電荷間作用力庫(kù)侖定律【解析】【答案】C7、D【分析】解：勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)：

E=Ud=50005隆脕10鈭?3N/C=106N/C

電場(chǎng)力：

F=qE=2隆脕1.6隆脕10鈭?19隆脕106=3.2隆脕10鈭?13N.

故D正確；ABC錯(cuò)誤．

故選：D

．

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式E=Ud

計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度，然后根據(jù)F=qE

得出電場(chǎng)力．

解決本題的關(guān)鍵掌握勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式E=Ud

以及電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=Fq

．【解析】D

二、多選題(共9題，共18分)8、AC【分析】解：A

電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為：U1=U鈭?UL=12鈭?6V=6V

整個(gè)電路中的電流等于燈泡的額定電流為：I=PU=126=2A

所以電動(dòng)機(jī)消耗功率為：P=U1I=6隆脕2W=12W.

故A正確。

BC

電動(dòng)機(jī)的熱功率為：P脠脠=I2RM=4隆脕0.5W=2W

則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P魯枚=PP脠脠=12鈭?2W=10W.

故B錯(cuò)誤；C正確。

D；整個(gè)電路消耗的功率為：P脳脺=UI=12隆脕2W=24W.

故D錯(cuò)誤。

故選：AC

A；電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=U1I

根據(jù)燈泡正常發(fā)光求出電流，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓等于輸入電壓減去燈泡的電壓。

B；電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=P鈭?I2RM

D；整個(gè)電路消耗的功率P脳脺=UI

解決本題的關(guān)鍵知道電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=P鈭?I2RM

以及知道整個(gè)電路消耗的功率P脳脺=UI

【解析】AC

9、BCD【分析】【分析】理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，而副線圈與電動(dòng)機(jī)相連，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率與電動(dòng)機(jī)線圈的內(nèi)阻消耗功率之和為副線圈的輸出功率。電動(dòng)機(jī)內(nèi)有線圈則屬于非純電阻電路，所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于電動(dòng)機(jī)的線圈消耗功率與電動(dòng)機(jī)的輸出功率之和?！窘獯稹緼.電動(dòng)機(jī)電路屬于非純電阻電路，則歐姆定律不適用，因此電動(dòng)機(jī)兩端的電壓不能為IR

故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)樵本€圈的匝數(shù)比為n

且電流表讀數(shù)為I

則由理想變壓器的原副線圈的電流與匝數(shù)成反比得，原線圈的電流為In

故B正確；C.原線圈接正弦交流電壓u=U0sin婁脴t

由理想變壓器的原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比得，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，U=U02n

所以電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為U0I2n

故C正確；D.電動(dòng)機(jī)消耗的功率為線圈內(nèi)阻消耗的功率與輸出功率之和，輸出功率P=U0I2n鈭?I2R=mgv

故重物勻速上升的速度為I(U0?2nIR)2nmg

故D正確。故選BCD?！窘馕觥緽CD

10、AD【分析】【分析】波的傳播方向未知，分兩種情況研究：一種波的傳播方向：從A

傳到B

另一種從B

傳到A.

根據(jù)同一時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，結(jié)合波形，列出AB

間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，求出波長(zhǎng).

由圖讀出周期，求出波速.

簡(jiǎn)諧波傳播過程中介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，加速度的大小與位移大小成正比。根據(jù)ls

末兩質(zhì)點(diǎn)的位移關(guān)系，分析加速度關(guān)系.

本題中振動(dòng)圖象反映質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，根據(jù)振動(dòng)圖象的信息，能確定兩質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻的狀態(tài)，列出距離與波長(zhǎng)的通式是關(guān)鍵?！窘馕觥緼B.

波從A

向B

傳播，AB

間的距離?x=(n+34)婁脣n=012

由題，波長(zhǎng)大于1m

則n

只能取0

即有?x=34婁脣

波長(zhǎng)婁脣=43m

波速為v=婁脣T=13m/s.

故A正確；B錯(cuò)誤；

C.3s

末AB

兩質(zhì)點(diǎn)的位移分別為yA=鈭?2cmyB=0

位移不同.

故C錯(cuò)誤；D.

由振動(dòng)圖象讀出，ls

末A

質(zhì)點(diǎn)的位移yA=2cm

處于波峰，速度最?。籅

質(zhì)點(diǎn)的位移yB=0

處于平衡位置，速度最大，所以ls

末A

質(zhì)點(diǎn)的速度小于B

質(zhì)點(diǎn)的速度.

故D正確。故選AD。

【解析】AD

11、A:B【分析】【分析】

根據(jù)電場(chǎng)線密場(chǎng)強(qiáng)大；分析場(chǎng)強(qiáng)的大小，由電勢(shì)和電場(chǎng)的疊加原理分析電勢(shì)關(guān)系，根據(jù)電勢(shì)的變化，分析正電荷電勢(shì)能的變化；

【詳解】

A、設(shè)則故b、d兩點(diǎn)由于對(duì)稱，則有故A正確；

B、沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故根據(jù)對(duì)稱性可知故B正確；

C；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大??；由電場(chǎng)線疏密程度可知，MN連線上電場(chǎng)強(qiáng)度最小值出現(xiàn)在O點(diǎn)的右側(cè)，故C錯(cuò)誤；

D、負(fù)點(diǎn)電荷沿直線由b運(yùn)動(dòng)到d的過程中；只是初末位置的電勢(shì)能相等，過程中電勢(shì)能在變化，故D錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題是信息題，根據(jù)題中的信息分析各點(diǎn)的電勢(shì)是解題的關(guān)鍵，結(jié)合電場(chǎng)的疊加原理和電場(chǎng)分布的對(duì)稱性研究．12、AC【分析】解：A、撤去力F，重力對(duì)小球做負(fù)功，由功能關(guān)系知，小球重力勢(shì)能增加-W1．故A正確．

B、小球重力勢(shì)能增加-W1．動(dòng)能增加．則小球機(jī)械能增加-W．故B錯(cuò)誤．

C、電場(chǎng)力對(duì)小球做的功為W2，電場(chǎng)力做正功，小球的電勢(shì)能減少，則小球的電勢(shì)能減少W2．故C正確．

D；由于電場(chǎng)力對(duì)小球做功；所以小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒．故D錯(cuò)誤．

故選：AC

圖中電場(chǎng)力對(duì)小球做正功；電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的減小量；重力做的功等于重力勢(shì)能的減小量；彈簧對(duì)小球做的功等于彈性勢(shì)能的減小量；小球機(jī)械能的增加量等于除重力外其余力做的功．根據(jù)功能關(guān)系分析系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒．

本題考查對(duì)功能關(guān)系的理解，并用來分析問題．要掌握常見的幾對(duì)功與能關(guān)系：重力做功與重力勢(shì)能變化有關(guān)，電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化有關(guān)，重力和彈簧彈力以外的力做功，等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化量．【解析】【答案】AC13、AD【分析】解：A、因L與L2串聯(lián)后接在電源兩端；而兩燈的額定電壓均為6V，兩燈的電壓均小于6V，所以L的功率一定小于額定功率，故A正確；

B、因電源電壓為6V，而電源有內(nèi)電阻，故電源的輸出電壓一定小于6V，所以L1功率小于額定功率．故B錯(cuò)誤；

C、由A的分析可知，L2的功率要小于額定功率；故C錯(cuò)誤；

D、因兩并聯(lián)支路兩電壓相等，故由P=可知；含L支路的電阻要大，故其功率比另一支路要小，故D正確；

故選：AD

當(dāng)開關(guān)接1時(shí)，L與L2串聯(lián)后與L1并聯(lián)；則由閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)電路的規(guī)律可得出各燈的功率情況．

本題要知道燈泡只有在額定電壓下才能正常工作，要注意圖中給出的電源電動(dòng)勢(shì)與燈泡的額定電壓的關(guān)系，由此才能分析燈泡的功率．【解析】【答案】AD14、BC【分析】略【解析】BC

15、AC【分析】解；A

庫(kù)侖定律的適用條件是：真空和靜止點(diǎn)電荷．

如果在研究的問題中；帶電體的形狀；大小以及電荷分布可以忽略不計(jì)，即可將它看作是一個(gè)幾何點(diǎn)，則這樣的帶電體就是點(diǎn)電荷.

一個(gè)實(shí)際的帶電體能否看作點(diǎn)電荷，不僅和帶電體本身有關(guān)，還取決于問題的性質(zhì)和精度的要求，D

中兩個(gè)金屬球不能看成點(diǎn)電荷，庫(kù)侖定律不適用，故A正確，B

D錯(cuò)誤．

C；相互作用的兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)倫力為作用力和反作用力的關(guān)系；大小始終相等，故C正確．

故選AC

清楚庫(kù)侖定律的適用條件；了解點(diǎn)電荷這一個(gè)理想化的模型．

兩個(gè)帶電體間的距離趨近于零時(shí)；帶電體已經(jīng)不能看成點(diǎn)電荷呢．

運(yùn)用牛頓第三定律解決B

受到的靜電力和A

受到的靜電力關(guān)系．

清楚書本中一些定理和定律的適用條件，知道在處理復(fù)雜物理問題時(shí)建立具有普遍意義的基本規(guī)律一些不可或缺的理想模型，使得問題處理更簡(jiǎn)便．【解析】AC

16、ABD【分析】解：

A、由圖甲知，波的波長(zhǎng)婁脣=20m

由較長(zhǎng)乙知，周期T=0.8s

則波速v=婁脣T=200.8m/s=25m/s.

故A正確．

B；由圖乙知；質(zhì)點(diǎn)A

在t=0

時(shí)刻的速度沿y

軸正向，根據(jù)波形平移法可知，這列波沿x

軸負(fù)方向傳播，故B正確．

C、t=1s=114T

從圖示位置開始，質(zhì)點(diǎn)A

通過的路程是5A=5隆脕8cm=0.4m.

但質(zhì)點(diǎn)A

做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，不同的起點(diǎn)在1s

內(nèi)能通過的路程不一定是0.4m

故C錯(cuò)誤．

D、這列波的頻率f=1T=10.8Hz=1.25Hz.

產(chǎn)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象的條件是兩列波的頻率和周期相等.

故若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象；則另一列波的頻率為1.25Hz.

故D正確．

故選：ABD

由甲圖讀出波長(zhǎng)，由乙圖讀出周期，由波速公式v=婁脣T

求得波速.

由乙圖判斷出質(zhì)點(diǎn)At=0

時(shí)刻的振動(dòng)方向；即可判斷波的傳播方向.

質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期等于波的周期，根據(jù)干涉的條件判斷能否發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象．

解決本題的關(guān)鍵把握振動(dòng)與波動(dòng)的關(guān)系，以及知道產(chǎn)生穩(wěn)定干涉和衍射的條件．【解析】ABD

三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】

設(shè)水平向右為正；

△P=P2-P1=mv2-mv1=0.2×（-2-2）kgm/s=-0.8kgm/s；所以大小為0.8kgm/s．

根據(jù)動(dòng)量定理得：

Ft=△P

解得：F=

故答案為：0.8；4

【解析】【答案】設(shè)水平向右為正，根據(jù)△P=P2-P1求解動(dòng)量的改變量；根據(jù)動(dòng)量定理求解碰撞過程受到平均作用力。

18、略

【分析】解：設(shè)甲乙的質(zhì)量都為m，經(jīng)過時(shí)間t，甲乙再次相遇，相遇時(shí)兩物位移相同，對(duì)甲：x=vt=對(duì)乙：x=聯(lián)立得t=在此過程中力F對(duì)乙的沖量大小為Ft=2I．

故答案為：2I

相遇時(shí)兩物位移相同；分別應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)量定理公式表示出位移，可以求得時(shí)間和在此過程中力F對(duì)乙的沖量大?。?/p>

本題考查了動(dòng)量定理的應(yīng)用，題目隱含的條件是相遇時(shí)二者的位移相等．【解析】2I19、略

【分析】解：因?yàn)锳是陰極；B是陽極，所以電子在陰極管中的運(yùn)動(dòng)方向是A到B，產(chǎn)生的電流方向是B到A（注意是電子帶負(fù)電），根據(jù)左手定則，四指指向A，手掌對(duì)向N極（就是這個(gè)角度看過去背向紙面向外），此時(shí)大拇指指向下面，所以軌跡向下偏轉(zhuǎn)．

故答案為：向下．

此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理；陰極是發(fā)射電子的電極，所以是要接到高壓的負(fù)極上的，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)．從而顯示電子運(yùn)動(dòng)的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷．

左手定則判定：伸開左手，使大拇指跟其余四個(gè)手指垂直，并且跟手掌在同一平面內(nèi)，把手放入磁場(chǎng)中，讓磁感線穿過掌心，四指所指為正電荷運(yùn)動(dòng)方向，拇指所指方向?yàn)殡姾伤苈鍌惼澚Φ姆较颍ㄗⅲ簩?duì)負(fù)電荷而言，四指所指方向?yàn)槠溥\(yùn)動(dòng)的反方向）【解析】向下20、略

【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為5.5mm；可動(dòng)刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.200mm=5.700mm．

故答案為：5.700．

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】5.70021、略

【分析】

20分度的游標(biāo)卡尺；游標(biāo)尺上20格把1cm，分成20格，每格0.05mm，也就是說，游標(biāo)尺上每一個(gè)分度為0.95毫米，所以當(dāng)游標(biāo)尺上的0刻線與主尺上的0刻線正好對(duì)齊，則游標(biāo)尺上的0刻線后第20刻線與主尺上的0刻線后第19條刻度線對(duì)齊，游標(biāo)尺的每一分度與主尺的最小分度相差0.05mm．

故答案為：19；0.95；0.05

【解析】【答案】根據(jù)游標(biāo)卡尺的原理即可求解。

22、21（A）【分析】【解答】根據(jù)歐姆定律得：

根據(jù)乙圖可知，原線圈電壓

則線圈匝數(shù)比

則解得：I1=1A；

屬于原線圈電流的最大值周期T=0.02s，角速度

則原線圈中電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為（A）

故答案為：2；1；（A）

【分析】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，根據(jù)歐姆定律求出副線圈電流，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論．23、略

【分析】解：（1）由公式λ=

得λ==2m．

（2）S1、S2之間恰好有2個(gè)波長(zhǎng)，由對(duì)稱性可直接判斷B點(diǎn)為加強(qiáng)點(diǎn)，A、B、C三點(diǎn)分別為S1、S2連線的等分點(diǎn)，由圖形可知，AS2-AS1=λ，CS1-CS2=λ，故A與C兩點(diǎn)也為加強(qiáng)點(diǎn)，故在S1、S2連線上有3個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)分別為：

AS1==1m，BS1=λ=2m，CS1=λ=3m．

（3）A、B、C三點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，過A、B、C三點(diǎn)作三條加強(qiáng)線（表示三個(gè)加強(qiáng)區(qū)域）交于圓周上A1、A2、B1、B2、C1、C2六個(gè)點(diǎn)；顯然這六個(gè)點(diǎn)也為加強(qiáng)點(diǎn)，故圓周上共有六個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)．

故答案為：（1）2；（2）3；（3）6

根據(jù)波長(zhǎng)；波速即頻率的關(guān)系求解波長(zhǎng)；兩列頻率相同的簡(jiǎn)諧波在某點(diǎn)相遇時(shí)，若它們的波程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則振動(dòng)是加強(qiáng)區(qū)；若它們的波程差是半波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則振動(dòng)是減弱區(qū)．

解決本題的關(guān)鍵