2025年粵教滬科版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案

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A.B.C.D.3、關于電磁波，下列說法正確的是（）A.利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸B.均勻變化的電場和磁場可以相互激發(fā)，形成電磁波C.電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度垂直D.當某一星球遠離地球時，在地球上測得星球上發(fā)出光的頻率將變大4、如圖所示，在一個邊長為a的正六邊形區(qū)域內存在磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里的勻強磁場，三個相同帶正電的粒子，比荷為先后從A點沿AD方向以大小不等的速度射入勻強磁場區(qū)域，粒子在運動過程中只受到磁場力作用，已知編號為①的粒子恰好從F點飛出磁場區(qū)域，編號為②的粒子恰好從E點飛出磁場區(qū)域，編號為③的粒子從ED邊上的某一點垂直邊界飛出磁場區(qū)域；則（）

A.編號為①的粒子在磁場區(qū)域內運動的時間為B.編號為②的粒子在磁場區(qū)域內運動的時間為C.三個粒子進入磁場的速度依次增加D.三個粒子在磁場內運動的時間依次增加5、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在的交流電源上，副線圈接有的負載電阻；原；副線圈匝數之比為5:1，電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是（）

A.電壓表的讀數約為62VB.電流表的讀數為10.0AC.原線圈的輸入功率為88WD.副線圈輸出交流電的頻率為10Hz6、質量和電量都相等的帶電粒子M和N；以不同的速率經小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖兩種虛線所示，下列表述正確的是（）

A.M的運行時間大于N的運行時間B.M的速率小于N的速率C.洛倫茲力對M、N做正功D.M帶負電，N帶正電7、如圖所示，用輕繩將一條形磁鐵豎直懸掛于O點，在其正下方的水平絕緣桌面上放置一銅質圓環(huán)?，F將磁鐵從A處由靜止釋放，經過B、C到達最低處D，再擺到左側最高處E；圓環(huán)始終保持靜止。下列說法正確的是（）

A.磁鐵在A、E兩處等高B.磁鐵從A到D的過程中，圓環(huán)對桌面的壓力等于圓環(huán)受到的重力C.磁鐵從D到E的過程中，從上往下看，圓環(huán)中感應電流方向為逆時針方向D.磁鐵從D到E的過程中，圓環(huán)受到的摩擦力方向水平向左8、在勻強磁場中放一電阻不計的平行金屬導軌，導軌跟大線圈M相接，如圖所示。導軌上放一根導線ab，磁感線垂直于導軌所在平面。若使N線圈中產生順時針方向的感應電流，ab導體棒的運動可能是（）

A.向右勻速運動B.向右加速運動C.向左減速運動D.向左加速運動9、如圖所示為安檢門原理圖；左邊門框中有一通電線圈，右邊門框中有一接收線圈，若工作過程中某段時間通電線圈中存在順時針方向（左視圖）均勻增大的電流，則下列說法正確的是（電流方向判斷均從左向右觀察）（）

A.無金屬片通過時，接收線圈中感應電流的方向為順時針B.無金屬片通過時，接收線圈中感應電流的大小不變C.有金屬片通過時，按收線圈中感應電流的方向為順時針D.有金屬片通過時，接收線圈中感應電流會變大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、關于渦流的應用與危害，下列說法正確的是（）A.利用渦流的熱效應制成了真空冶煉爐B.利用渦流的磁效應制成了地雷探測器和機場的安檢門C.在各種電機中，渦流是非常有害的，它會使鐵芯的溫度升高，從而危害到線圈絕緣材料的壽命，嚴重時會使絕緣材料報廢，又渦流是因發(fā)生電磁感應現象而產生的感應電流，因此不會消耗額外的能量，不會降低電機的效率D.由于渦流具有熱效應，會使鐵芯的溫度快速升高，因此電機里的鐵芯不是由整塊的鋼鐵制成，而是用薄薄的硅鋼片疊合而成，其主要目的是增大散熱的速度11、下圖中哪些情況，線圈中產生了正弦交變電流(均勻速轉動)（）A.B.C.D.12、如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖，發(fā)電機通過升壓變壓器T1和降壓變壓器T2向用戶供電。已知輸電線的總電阻R=20Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈匝數之比為4：1，副線圈與用電器R0組成閉合電路。T1、T2均為理想變壓器，T2的副線圈兩端電壓當用電器電阻R0=22Ω時（）

A.通過用電器R0的電流有效值是B.升壓變壓器的輸入功率為2325WC.當用電器R0的阻值增大時，輸電線損耗的功率也隨著增大D.用電高峰期燈泡較暗，可通過減少降壓變壓器原線圈的匝數來提高其亮度13、如圖所示為遠距離輸送交流電的示意圖，變壓器均為理想變壓器。隨著用戶負載增多，發(fā)電機F達到額定功率時；降壓變壓器輸出功率仍然不足，用戶的用電器不能正常工作。那么，在發(fā)電機以額定功率工作的情況下，為了適當提高用戶的用電功率，可采取的措施是（）

A.適當增大輸電線的電阻rB.適當減小輸電線的電阻rC.適當提高的同時，降低D.適當降低的同時，提高14、如圖所示，帶電粒子由靜止開始經電壓為U1的電場加速后，射入水平放置，電勢差為U2的兩導體板間的勻強電場中，帶電粒子沿平行于兩板水平方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強磁場中，設粒子射入磁場的位置為M、射出磁場的位置為N，MN兩點間的距離為d；（不計重力，不考慮邊緣效應）（）

A.比荷不同的粒子射入磁場的位置M相同B.粒子在電場中運動的時間與粒子的比荷及加速電壓U1有關C.d的大小只與U1、U2有關，與粒子的比荷無關D.帶電粒子在電磁場中的運動軌跡相同，與比荷無關15、如圖所示為學校配電房向各個教室的供電示意圖，T為理想變壓器，為監(jiān)控市電供電端的電壓表和電流表，為監(jiān)控校內變壓器輸出端的電壓表和電流表，為教室的負載電阻，為教室內的監(jiān)控電壓表和電流表；配電房和教室間有相當長的一段距離，則當開關S閉合時，以下說法正確的是（）

A.電流表和的示數都變大B.只有電流表的示數變大C.電壓表和的示數都變小D.電壓表和的示數變小16、如圖甲所示，閉合線圈b處于a線圈內部，并與a線圈共面，以順時針方向為正方向，當a線圈中通入如圖乙所示的正弦交流電時，關于b線圈中的感應電動勢與感應電流；下列判斷正確的是（）

A.t1時刻，b線圈中感應電流最大B.t2時刻，b線圈中感應電流為順時針方向C.t3時刻，b線圈中感應電動勢為零D.t4時刻，b線圈中感應電流為順時針方向17、如圖所示，方向水平的勻強磁場中有一豎直放置的矩形線圈，線圈繞其豎直對稱軸OO′勻速轉動。若使線圈轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍；則與角速度變化前相比（）

A.線圈經過中性面時磁通量的變化率不變B.線圈每轉一圈產生的焦耳熱變?yōu)樵瓉淼?倍C.線圈感應電動勢的最大值變?yōu)樵瓉淼谋禗.線圈中感應電流的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯通和中國廣電4家公司發(fā)放5G正式商用牌照，這標志著我國正式進入了5G商用元年。據悉此次中國電信和中國聯通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可。該頻段的波長約_________毫米，由電磁波譜可知，按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、_________、可見光、紫外線、X射線、γ射線等。19、簡單機器人（如有視覺機器人）的模塊有_________、_________、________，它們的功能分別如人的__________、__________、__________。20、實際應用中的開放電路，線圈的一端用導線與_________相連，這條導線叫作地線；線圈的另一端與高高地架在空中的_________相連。21、(1)下列關于電磁波的說法正確的是____

A.均勻變化的磁場能夠在空間產生電場。

B.電磁波在真空和介質中傳播速度相同。

C.只要有電場和磁場；就能產生電磁波。

D.電磁波在同種介質中只能沿直線傳播。

(2)目前雷達發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內；請回答下列關于雷達和電磁波的有關問題。

①雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______？

②能否根據雷達發(fā)出的電磁波確定雷達和目標間的距離_______？22、如圖所示，當導線棒ab在外力作用下沿導軌向左運動時，流過R的電流方向是_________。（用字母表示）

23、如圖甲所示，一個固定的矩形線圈abcd的匝數n=500，線圈面積S=100cm2，線圈的總電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=4Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則線圈中的感應電流為___________A，流過R的電流方向為___________（選填“向上”或“向下”）

24、如圖，幾位同學在北京某學校的操場上做“搖繩發(fā)電”實驗：把一條較長電線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合回路。兩個同學沿東西方向站立，女生站在西側，男生站在東側，他們沿豎直方向迅速上下搖動這根電線，通過靈敏電流計的電流是______（選填“交流”或“直流”），當電線從上向下運動時，通過靈敏電流計的電流方向是______（選填“A→B”或“B→A”）

25、在水平放置的光滑導軌上，沿著導軌方向固定一條形磁鐵（如圖所示）?，F有四個滑塊，分別由銅、鐵、鋁和有機玻璃制成，使它們從導軌上A點以一定的初速度向磁鐵滑去，則作加速運動的是__________；作勻速運動的是____________；作減速運動的是________。

26、小型水利發(fā)電站的發(fā)電機輸出功率為24.5kW，輸出電壓為350V，輸電線總電阻為4Ω，為了使輸電線損耗功率為發(fā)電機輸出功率的5%，需在發(fā)電機處設升壓變壓器，用戶所需電壓為220V，所以在用戶處需安裝降壓變壓器。輸電電路圖如圖所示，則電流I1=___________；升壓變壓器的原、副線圈的匝數之比n1：n2=___________；降壓變壓器的原、副線圈的匝數之比n3：n4=_________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)27、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

28、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

29、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

30、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)31、如圖是科學工作者利用電磁場控制電荷運動路徑構建的一個簡化模型：在三維坐標系中，的空間范圍內，存在著沿軸負方向的勻強磁場范圍內，存在著豎直向下的勻強電場和豎直向上的勻強磁場（圖中未畫出），均未知。在空間存在著有理想邊界的勻強磁場，磁場方向與軸平行，磁感應強度大小為該磁場區(qū)域在垂直軸方向的截面為圓形（圖中未畫出）。在平面上存在點，過點安裝一個平行于軸的線形粒子源長度為關于平面上下對稱垂直放置，可以沿軸正方向釋放速度均為的帶正電粒子，粒子的質量為電荷量為已知這些粒子通過空間的磁場后均能以相同的速度偏轉過軸，速度方向與軸負方向成角，已知從粒子源最高點和最低點發(fā)射的粒子第一次到達軸時恰好相遇；粒子重力不計。求：

（1）粒子在范圍內磁場中的偏轉半徑；

（2）粒子在范圍內的磁場空間體積的最小值；

（3）的大??；

（4）電場強度的大小。

32、如圖1所示，兩條足夠長的平行金屬導軌間距為0.5m，固定在傾角為37°的斜面上。導軌頂端連接一個阻值為1的電阻。在MN下方存在方向垂直于斜面向上、大小為1T的勻強磁場。質量為0.5kg的金屬棒從AB處由靜止開始沿導軌下滑，其運動過程中的v-t圖象如圖2所示。金屬棒運動過程中與導軌保持垂直且接觸良好，不計金屬棒和導軌的電阻，取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8。

(1)求金屬棒與導軌間的動摩擦因數；

(2)求金屬棒在磁場中能夠達到的最大速率；

(3)已知金屬棒從進入磁場到速度達到5m/s時通過電阻的電荷量為1.3C；求此過程中電阻產生的焦耳熱。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．給貨車稱重的地磅是利用了壓力傳感器；A錯誤；

B．燈要求夜晚亮；白天熄；則白天有光，黑夜沒有光，則是由光導致電路的電流變化，所以電路中光傳感器導致電阻變化，實現動控制，因此是利用半導體的光敏性，即為光電傳感器，B錯誤；

C．話筒是一種常用的聲波傳感器；其作用是聲信號轉換為電信號，C錯誤；

D．電熨斗通過溫度傳感器；由于雙金屬片上下層膨脹系數不同，在同一溫度下的伸縮不一，從而實現溫度的自動控制，從而實現控制電路的通斷，D正確。

故選D。2、A【分析】【分析】

【詳解】

設邊電阻為長度為由電阻定律和幾何關系可知，邊電阻為邊電阻為則邊所受安培力大小為

邊的有效長度也為故邊所受安培力大小為

則

故選3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信；電磁波也能通過電纜；光纜傳輸，A錯誤；

B．周期性變化的電場和磁場可以相互激發(fā)；形成電磁波，B錯誤；

C．電磁波在真空中自由傳播時；其傳播方向與電場強度；磁感應強度垂直，C正確；

D．據多普勒效應可知；當某一星球遠離地球時，在地球上測得星球上發(fā)出光的頻率將變小，D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

粒子在磁場中運動有

解得

ABD．編號①、②、③的粒子在磁場中運動軌跡對應的圓心角分別為則三個粒子在磁場中運動的時間分別為

則三個粒子在磁場中運動的時間越來越短；故ABD錯誤；

C．三個粒子在磁場中運動軌跡半徑越來越大，設六邊形邊長為a,則

由可得；三個粒子進入磁場的速度依次增加，故C正確。

故選C。

5、C【分析】【詳解】

A．電壓表的讀數約為

A錯誤；

B．電流表的讀數為

B錯誤；

C．原線圈的輸入功率為

C正確；

D．副線圈輸出交流電的周期為

副線圈輸出交流電的頻率為

D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，可得

再有聯立上式可得

由圖可知；兩個粒子運動時間均為周期的一半，因兩粒子質量和帶電量均相等，故M的運行時間等于N的運行時間，A錯誤；

B．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，可得

解得

在粒子質量與帶電量相同的情況下；半徑越大說明速率越大，即M的速度率大于N的速率，B錯誤；

C．因洛倫茲力方向和速度方向相互垂直；故洛倫茲力不做功，C錯誤；

D．由左手定則可判斷；M帶負電荷，N帶正電荷，D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A.由于有部分機械能轉化為電能；故在A的高度大于E處高度，A錯誤；

B.A到D過程中；圓環(huán)中磁通量增加，圓環(huán)與磁鐵間相互排斥，故圓環(huán)給桌面的壓力大于圓環(huán)受到的重力，故B錯誤；

C.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)磁通量向上減少，根據楞次定律可分析出感應電流方向為逆時針，故C正確；

D.磁鐵從D運動到E的過程中；圓環(huán)中的磁通量減少，因此圓滑有向左運動的趨勢，圓環(huán)不動，因此圓環(huán)受到摩擦力方向向右，故D錯誤。

故選C。8、D【分析】【詳解】

A．導線ab勻速向右運動時，導線ab產生的感應電動勢和感應電流恒定不變，大線圈M產生的磁場恒定不變，穿過小線圈N中的磁通量不變；沒有感應電流產生，故A錯誤；

B．導線ab加速向右運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流增大，由右手定則判斷出ab電流方向由a→b，根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向里，穿過N的磁通量增大，由楞次定律判斷得知：線圈N產生逆時針方向的感應電流；故B錯誤；

C．導線ab減速向左運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流變小，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a，根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量變小，由楞次定律判斷得知：線圈N產生逆時針方向的感應電流；故C錯誤；

D．導線ab加速向左運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流增加，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a，根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量增大，由楞次定律判斷得知：線圈N產生順時針方向的感應電流；故D正確。

故選D。9、B【分析】【詳解】

AC．當左側線圈中通有不斷增大的順時針方向的電流時；知穿過右側線圈的磁通量向右，且增大，根據楞次定律，右側線圈中產生逆時針方向的電流，即使有金屬片通過時，接收線圈中的感應電流方向仍然為逆時針，故AC錯誤；

B．通電線圈中存在順時針方向均勻增大的電流；則通電線圈產生的磁場均勻增大，所以穿過右側線圈中的磁通量均勻增大，則磁通量的變化率是定值，由法拉第電磁感應定律可知，接收線圈中的感應電流不變，故B正確；

D．有金屬片通過時；穿過金屬片中的磁通量也發(fā)生變化，金屬片中也會產生感應電流，與接收線圈中的感應電流的方向相同，所以會將該空間中磁場的變化削弱一些，引起接收線圈中的感應電流大小發(fā)生變化，接收線圈中感應電流會變小，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AB．渦流的實質是由于發(fā)生電磁感應現象而產生的感應電流；其具有熱效應和磁效應，人們利用其熱效應制造了真空冶煉爐，進而提高冶煉的溫度，利用其磁效應制造了地雷探測器和機場的安檢門，選項AB正確；

CD．在各種電機中；渦流是非常有害的，它會使鐵芯的溫度升高，從而危害到線圈絕緣材料的壽命，嚴重時會使絕緣材料報廢，且由于渦流是因發(fā)生電磁感應現象而產生的感應電流，需要消耗額外的能量，從而降低電機的效率，為此，電機里的鐵芯不是由整塊的鋼鐵制成，而是用薄薄的硅鋼片疊合而成，其主要原因是一方面硅鋼片的電阻率比一般鋼鐵的要大，可以減少損耗，另一方面每層硅鋼片之間都是絕緣的，阻斷了渦流的通路，進一步地減少了渦流的發(fā)熱，選項CD錯誤；

故選AB。11、B:C:D【分析】【詳解】

根據正弦交變電流產生的條件可知；A圖中磁通量不變，無感應電流；而BCD圖中均會產生正弦交變電流。

故選BCD。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．降壓變壓器副線圈兩端交變電壓

知副線圈電壓有效值

阻值R0=22Ω，通過R0電流的有效值是

故A錯誤；

B．降壓變壓器T2的原副線圈匝數之比為4：1，根據

降壓變壓器原線圈的電流為

輸電線上損失的電功率為

降壓變壓器的輸出功率

由升壓變壓器輸出功率等于導線上消耗的功率和用電器上消耗的功率；可得升壓變壓器輸入功率

故B正確；

C．當R0增大時，則降壓變壓器的副線圈的電流減小，根據

降壓變壓器原線圈的電流為減小，根據

可知輸電線損耗的功率減??；故C錯誤；

D．用電高峰期燈泡較暗，根據

可通過減少降壓變壓器原線圈的匝數從而增大來提高其亮度；故D正確。

故選BD。13、B:C【分析】【詳解】

AB．當發(fā)電機輸出功率一定時，為使遠距離用戶得到更多的功率，需減小輸電線上的功率損失，根據輸電線上的功率損失△P=I2r，可以減小輸電線的電阻r，故A錯誤，B正確；

CD．輸電線上的電流為也可以通過提高輸電電壓，減小輸送電流，即提高這樣使線圈n3兩端電壓變大，為使用戶的用電器正常工作需要適當降低故C正確，D錯誤；

故選BC。14、A:B【分析】【詳解】

A、對于加速過程，有得設偏轉電場中的長度為L，平行板電容器間距為粒子在偏轉電場中的運動時的偏轉位移為y，則由此可見粒子射出電場的偏轉位移與比荷無關，比荷不同的粒子射入磁場的位置M相同；故A正確；

B、粒子在加速電場中運動的時間粒子在偏轉電場中的運動的時間又知所以粒子在電場中運動的時間與粒子的比荷及加速電壓U1有關；故B正確；

CD、帶電粒子在電場中做類平拋運動，可將射出電場的粒子速度分解成初速度方向與加速度方向，設出射速度與水平夾角為θ，則有：而在磁場中做勻速圓周運動，設運動軌跡對應的半徑為R，由幾何關系可得，半徑與直線MN夾角正好等于θ，則有：所以又因為半徑公式則有．故d隨U1變化，與粒子的比荷有關，d與U2無關，粒子的比荷不同則d不同，d不同則軌跡不同；故C，D錯誤.

故選AB.15、C:D【分析】【詳解】

AB．當開關S閉合時，可知副線圈中的電流變大，即A2變大，則有配電房到教室間輸電線上的電壓降增大，則教室的負載電阻上的電壓減小，可知R1的電流變小，則A3變小，由變壓器原、副線圈的電流比與匝數比的關系原線圈中的電流I1變大，則有A1示數變大；AB錯誤；

CD．原線圈的電流變大，則電阻R兩端的電壓變大，原線圈的電壓U1變小，即V1示數變小，由可知副線圈的電壓U2變小，即V2示數變??；副線圈中的電流變大，則有配電房到教室間輸電線上的電壓降增大，則教室的負載電阻上的電壓U3變小，即V3示數變小；CD正確。

故選CD。16、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．t1時刻，a中電流變化最小，所以在b中產生的感應電動勢最小，b中的感應電流最小；故A錯誤。

B．t2時刻，a中電流向逆時針方向增大，使b中產生由紙面向外增大的磁通量，根據楞次定律可判斷b中產生順時針電流；故B正確。

C．t3時刻，a中電流變化為0，故在b中的感應電動勢為0；故C正確。

D．t4時刻，a中電流向順時針方向增大，使b中產生由紙面向里增大的磁通量，根據楞次定律可判斷b中產生逆時針電流；故D錯誤。

故選：BC。17、A:D【分析】【詳解】

A．線圈經過中性面時磁通量的變化率為零；則角速度變大，磁通量的變化率不變，選項A正確；

BC．根據Em=nBSω可知，角速度加倍，則感應電動勢最大值變?yōu)樵瓉淼?倍，有效值變2倍，轉一圈的時間減半，根據可知；線圈每轉一圈產生的焦耳熱變?yōu)樵瓉淼?倍，選項BC錯誤；

D．根據可知；線圈中感應電流的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，選項D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

[1]．該頻段的波長約

[2]．按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線等?！窘馕觥?5.7紅外線19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5][6]簡單機器人（如有視覺機器人）的模塊有傳感器、控制器、執(zhí)行器，它們的功能分別如人的眼睛、頭腦、手腳。【解析】①.傳感器②.控制器③.執(zhí)行器④.眼睛⑤.頭腦⑥.手腳20、略

【解析】①.大地②.天線21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]AC．如果電場（或磁場）是均勻變化的；產生的磁場（或電場）是恒定的，不能產生新的電場（磁場），因而不能產生電磁波，A正確，C錯誤；

B．電磁波的傳播速度跟介質有關，頻率由波源決定，同一頻率的電磁波在不同介質中波長不等，由v＝λf知不同介質中波的傳播速度不同；B錯誤；

D．電磁波在同種均勻介質中才能沿直線傳播；D錯誤。

故選A。

(2)①[2]由c＝λf可得λ1＝＝m＝1.5mλ2＝＝m＝0.3m

故雷達發(fā)出的電磁波的波長范圍是0.3~1.5m。

②[3]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收電磁波的時間間隔來確定距離，所以可根據x＝

確定雷達和目標間的距離。【解析】①.A②.0.3~1.5m③.能22、略

【分析】【詳解】

[1]．當導線棒MN在外力作用下沿導軌向左運動時，根據右手定則可知，流過R的電流方向從e到d?！窘馕觥繌膃到d.23、略

【分析】【詳解】

[1]根據法拉第電磁感應定律有

再根據閉合電路歐姆定律有

[2]根據楞次定律可判斷流過R的電流方向為向上。【解析】向上24、略

【分析】【詳解】

[1]搖動這條電線過程中；切割地磁場的磁感線，會產生的感應電流方向不斷變化，產生的是交流電；

[2]北半球磁感線指向北方，則當“電線”由上向下運動時，由右手定則可知，電線中電流由西向東，則電流計中電流方向為B→A；【解析】交流電B→A25、略

【解析】①.鐵②.有機玻璃③.銅和鋁26、略

【分析】【詳解】

[1]電流

[2]輸電線上損耗的功率

則輸電線上的電流

根據理想變壓器的電流規(guī)律

解得升壓變壓器的原、副線圈的匝數之比

[3]對于降壓變壓器

則降壓變壓器的原、副線圈的匝數之比【解析】70A1：4133：22四、作圖題(共4題，共28分)27、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出