2025年外研銜接版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、某研究性學習小組對電工穿的“高壓帶電作業(yè)服”進行研究；發(fā)現其中用了大量的銅絲編織而成．對這一做法的最主要目的，同學們給出了四種猜想：

甲認為：銅絲編織的衣服和人體相當于并聯關系；能分走本該流經人體的電流。

乙認為：被銅絲編織的衣服包裹的空間內任意點的電勢都保持為零。

丙認為：被銅絲編織的衣服包裹的空間內任意兩點間電勢差保持為零。

丁認為：被銅絲編織的衣服包裹的空間內任意點的電場強度保持為零。

對這些猜想的評價正確的是()A.都有正確B.甲和丁最關鍵C.丁最關鍵D.丙和丁最關鍵2、如圖所示，兩平行放置、長度均為L的直導線a和b，放置在與導線所在平面垂直的勻強磁場中，當a導線通有電流強度為I，b導線中通過電流方向相反且電流強度為2I的電流時，a導線受到的安培力為F1，b導線受到的安培力為F2，則a導線的電流在b導線處產生的磁感應強度大小為()

A.B.C.D.3、如圖所示，實線是某電場的一簇電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點若帶電粒子只受電場力作用；下列說法正確的是（）

A.帶電粒子帶負電B.帶電粒子在a、b兩點的受力大小相同C.b點電勢高于a點電勢D.帶電粒子在b點的電勢能小于在a點的電勢能4、電場中有A、B兩點，把電荷從A點移到B點的過程中，電場力對電荷做正功，則（）A.電荷的電勢能減少B.電荷的電勢能增大C.A點場強比B點大D.A點電勢比B點小5、用圖所示裝置探究感應電流產生的條件，線圈A通過滑動變阻器和開關S1連接到電源上，線圈B通過開關S2連到電流表上；把線圈A裝在線圈B的里面。下列說法中不正確的是（）

A.當S2處于閉合狀態(tài)，在S1閉合瞬間，電流表的指針會發(fā)生偏轉B.當S2處于閉合狀態(tài)，在S1斷開瞬間，電流表的指針會發(fā)生偏轉C.當S1處于閉合狀態(tài)，電路穩(wěn)定后，再閉合S2瞬間，電流表的指針會發(fā)生偏轉D.當S1、S2均處于閉合狀態(tài)，勻速移動滑動變阻器的滑片，電流表的指針會發(fā)生偏轉評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法中正確的是________A.做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，加速度也相同B.做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，所通過的路程一定是一倍振幅C.根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變長．E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變長．7、兩根長直導線a、b平行放置，如圖所示為垂直于導線的截面圖，圖中O點為兩根導線連線ab的中點，M、N為ab的中垂線上的兩點且與a、b等距，兩導線中通有等大、同向的恒定電流，已知直線電流在某點產生的磁場的磁感應強度B的大小跟該點到通電導線的距離r成反比；則下列說法中正確的是()

A.M點和N點的磁感應強度大小相等，方向相同B.M點和N點的磁感應強度大小相等，方向相反C.O點的磁感應強度為零D.若在N點放一小磁針，靜止時其北極沿ON指向O點8、關于導體的電阻，下列說法正確的是A.根據可知R與U成正比，與I成反比B.根據可知R與L成正比，與S成反比C.白熾燈溫度上升電阻變大，是因為燈絲的電阻率變大D.將一圓柱形導體均勻拉長為原來的兩倍，則電阻變?yōu)樵瓉淼?倍9、在如圖所示的電路中，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)；正確的是（）

A.電流表示數增大B.電壓表示數增大C.L1燈變亮D.L2燈變亮10、如圖所示，豎直面內固定的均勻帶電圓環(huán)半徑為R，帶電量為+Q，在圓環(huán)的最高點用絕緣絲線懸掛一質量為m、帶電量為q的小球（大小不計），小球在垂直圓環(huán)平面的對稱軸上處于平衡狀態(tài)，小球到圓環(huán)中心O距離為R，已知靜電力常量為k，重力加速度為g；則小球所處位置的電場強度為()

A.B.C.D.11、如圖所示，直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為標識不清的小燈泡L的U-I圖線；將L與該電源組成閉合電路時，L恰好能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）

A.該電源的內阻為B.該電源的電動勢為4VC.此時該電源的輸出功率最大D.此時該電源消耗的總功率為8W12、如圖所示，實線表示某靜電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面，1、2、3為電場中的三個點，則各點的場強E和電勢的大小關系為（））

A.E1﹥E2B.E1<E3C.1﹥2D.2=313、如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源的電動勢為E、內阻為r，定值電阻R的阻值也為r，滑動變阻器的最大阻值是閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數減小，電流表的示數增大B.電壓表的示數變大，電流表的示數變小C.滑動變阻器消耗的功率變小D.定值電阻R消耗的功率先變大后變小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示為靜電噴涂的原理示意圖，噴槍噴出的漆滴帶________電，工件帶________電，因而使漆滴吸附到工件上，如果用絨毛代替油漆，在紡織物上根據圖案的需要涂上粘合劑，就可以利用靜電實現植絨．15、習慣上規(guī)定____電荷定向移動的方向為電流的方向（填“正”或“負”）。一次閃電過程中，流動的電荷量約為300C，持續(xù)時間約2s，則閃電的平均電流為_____A。16、新疆達坂城風口的風速約為設該地空氣的密度為把通過橫截面積的風能轉化為電能（轉化效率），利用上述已知量推導計算電功率的公式為___________，代入數據得到電功率的大小為___________。

17、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的、電場強度大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片___________（選填“張開”或“不張開”），我們把這種現象稱為___________此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發(fā)一個電場，它的電場強度大小為___________，方向與所加的電場方向___________（選填“相同”或“相反”）。

18、如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。

19、如圖甲所示電路，電源電壓保持不變。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端的過程中，R1、R2的I﹣U關系圖象如圖乙所示。則電源電壓為_______V，R1的阻值是_______Ω。

20、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共9分)21、如圖所示，將一個電流表G和另一個電阻連接可以改裝成伏特表或安培表，則甲圖對應的是______表，要使它的量程加大，應使R1______（填“增大”或“減小”）；乙圖是_______表，要使它的量程加大，應使R2______（填“增大”或“減小”）．22、某物理興趣小組嘗試通過實驗測量某金屬導體電阻。

（1）先用歐姆表“”檔粗測該導體阻值，指針位置如圖1，對應的讀數是______

經查閱資料發(fā)現該電阻的阻值約為測量值與真實值的偏差較大，原因是該同學未進行歐姆調零所致，若此時把兩表筆短接，指針應指在歐姆擋零刻度線的______側（選填“左”或“右”）；

（2）考慮到伏安法測電阻中電表會給實驗測量帶來誤差；為解決該問題，興趣小組設計了如圖2所示的電路（部分導線未畫），實驗操作如下：

①斷開開關將滑動變阻器的阻值調到最大，閉合開關調節(jié)滑動變阻器，使電流表和電壓表指針偏轉到合適位置，并記錄兩電表示數U、圖3所示的電流表讀數為______A。

②閉合開關調節(jié)滑動變阻器，使電壓表示數仍為U，并記錄此時的電流表示數則該電阻的阻值可表示為______（結果用U、表示）。

③根據你對該實驗原理的理解，在圖2中將剩余的兩根導線連接到合適的位置______。23、圖（a）為某同學改裝和校準毫安表的電路圖；其中虛線框內是毫安表的改裝電路．

（1）已知毫安表表頭的內阻為100Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為阻值固定的電阻．若使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA；若使用a和c兩個接線柱，電表量程為10mA．由題給條件和數據，可求出_____Ω，______Ω．

（2）現用—量程為3mA、內阻為150Ω的標準電流表A對改裝電表的3mA擋進行校準，校準時需選取的刻度為0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．電池的電動勢為1.5V，內阻忽略不計；定值電阻R0有兩種規(guī)格，阻值分別為300Ω和1000Ω；滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為750Ω和3000Ω．則R0應選用阻值為_____Ω的電阻，R應選用最大阻值為___________Ω的滑動變阻器．

（3）若電阻R1和R2中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用圖（b）的電路可以判斷出損壞的電阻．圖（b）中的為保護電阻，虛線框內未畫出的電路即為圖（a）虛線框內的電路．則圖中的d點應和_______接線柱（填“b”或“c”）相連．判斷依據是：_____________________________________．評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)24、把帶電荷量2×10-8C的正點電荷叢無限遠處移到電場中A點，要克服電場力做功8×10-8J，若把該電荷從無限遠處移動到電場中B點，需克服電場力做功2×10-8J；求：

（1）A點的電勢；

（2）A、B兩點的電勢差；

（3）把2×10-8C的負電荷由A點移到B點電場力做的功。25、如圖所示為一組未知方向的勻強電場的電場線，將帶電荷量為的點電荷由A點沿水平線移至B點，克服靜電力做了的功，已知A、B間的距離為

（1）試求A、B兩點間的電勢差UAB；

（2）若A點的電勢為試求B點的電勢

（3）試求該勻強電場的大小E并判斷其方向。

26、（1）如圖，平面S在垂直于磁場方向上的投影面積為S′。若有n條磁感線通過S′，則通過面積S的磁感線有多少條？

（2）若磁場增強，即B增大，通過面積S的磁感線條數是否增多？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】“高壓帶電作業(yè)服”是用大量的銅絲編織而成；這一做法的最主要目的是靜電屏蔽，在外電場中處于靜電感應平衡狀態(tài)，是等勢體，內部場強處處為零，故甲錯誤，處于靜電平衡的導體是等勢體，電勢不一定為零，故乙錯誤，丙；丁正確；故ABC錯誤，D正確；

故選D．2、C【分析】【詳解】

a、b中電流方向相反，兩導線之間的安培力為斥力，設大小為F，對a有：F1＝F＋BIL

對b有：F2＝F＋2BIL

解兩式得：F＝2F1－F2

對于導線bF＝2F1－F2＝B′·2IL

解得B′＝．

A．與結論不相符，選項A錯誤；

B．與結論不相符，選項B錯誤；

C．與結論相符，選項C正確；

D．與結論不相符，選項D錯誤；

故選C.3、C【分析】【詳解】

A．由圖中運動軌跡可知；粒子受到向左的電場力，又因為電場強度的方向向左，故粒子帶正電，故A錯誤；

B．a點的電場線比較密集，所以a點處的電場強度大于b點處的電場強度，根據公式F=Eq

可知，帶電粒子在a處的電場力大于b處；故B錯誤；

C．電勢順著電場線的方向降低，所以b點電勢高于a點電勢；故C正確；

D．a點電勢小于b點電勢，根據公式Ep=qφ

可知，帶電粒子在b點的電勢能大于在a點的電勢能；故D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

AB．電荷從A點移到B點的過程中；電場力對電荷做正功，則電荷的電勢能減少，故A正確，B錯誤；

C．電場力對電荷做正功；電荷的電勢能減少，但電場力做功的正負與場強的大小無關，所以不能判斷場強的大小，故C錯誤；

D．由于不清楚電荷電性；無法判斷電勢高低，故D錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

AB．處于閉合狀態(tài)，則線圈B與電流表構成回路。在閉合瞬間，線圈A中電流增大，A產生的磁場增強，則B線圈中的磁通量變大，所以B中會產生感應電流，電流表的指針會發(fā)生偏轉。同理在斷開瞬間；線圈A中電流減小，A產生的磁場減弱，則B線圈中的磁通量變小，所以B中也會產生感應電流，電流表的指針也會發(fā)生偏轉，故AB正確，不符合題意；

C．處于閉合狀態(tài)，線圈A中的電流不變，產生的磁場不變，線圈B中的磁通量不變，所以在與閉合瞬間；線圈B中沒有感應電流，電流表指針不偏轉。故C錯誤，符合題意；

D．兩開關均處于閉合狀態(tài)；電路穩(wěn)定后勻速移動滑動變阻器的滑片，則線圈A中電流變化，線圈A產生的磁場變化，則B線圈中的磁通量變化，所以B中會產生感應電流，電流表的指針會發(fā)生偏轉，故D正確，不符合題意。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，回復力相同，故加速度也相同，選項A正確；做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，只有從平衡位置或者從位移最大或最小的位置計時，所通過的路程一定是一倍振幅，選項B錯誤；根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場，選項C正確；雙縫干涉實驗中，根據可知，若只減小雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變小，選項D錯誤；聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波速變大，根據可知波長變長，選項E正確；故選ACE.7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于磁場是矢量，疊加滿足平行四邊形定則，根據右手螺旋定則和磁場疊加原理可知，M點磁場方向垂直于MN向下，N點場方向垂直于MN向上；因此B正確，A錯誤；

C．兩根導線在O點產生的場強大小相等；方向相反，合場強等于零，C正確；

D．若在N點放一小磁針，N極的方向就是該點磁感強度的方向，因此靜止時其北極沿MN指向上方；D錯誤。

故選BC。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．根據電阻定律可知；導體的電阻大小的影響因素：長度；橫截面積、材料。跟電壓、電流都無關，故A錯誤；

B．根據電阻定律可知，導體的電阻R與長度L成正比，與橫截面積S成反比；故B正確；

C．白熾燈溫度升高；電阻率增大，電阻變大，故C正確；

D．將一圓柱形導體均勻拉長為原來的兩倍，則橫截面積減小為原來的一半，根據電阻定律可知，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確。9、A:C【分析】【詳解】

由圖可知，R與L2并聯后與L1串聯，電壓表測量電源的路端電壓；當滑片下移時，滑動變阻器接入電阻減小；則總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，所以燈泡L1變亮；由U=E-Ir可知，路端電壓減小，所以電壓表示數減小。因路端電壓減小，燈L1電壓增大，故并聯部分電壓減小；則L2亮度變暗，電流減??；再由并聯電路中的電流規(guī)律可知，流過A的電流增大。

A．電流表示數增大。故A正確。

B．電壓表示數增大。故B錯誤。

C．L1燈變亮。故C正確。

D．L2燈變亮。故D錯誤。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．對小球受力分析可知。

解得。

則選項A正確；B錯誤；

CD．由于圓環(huán)不能看作點電荷，我們取圓環(huán)上一部分△x，總電量為Q，則該部分電量為Q；該部分電荷在小球處產生的電場強度為。

方向沿該點與小球的連線指向小球；同理取以圓心對稱的相同的一段，其電場強度與E1相同；如圖所示。

則兩個場強的合場強為。

方向應沿圓心與小球的連線向外；因圓環(huán)上各點均在小球處產生電場；則和場強為。

方向水平向右；選項D正確；C錯誤；

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．由圖讀出電源的電動勢為E=4V，圖線A的斜率大小表示電源的內阻，則有

故A錯誤；B正確；

C．燈泡與電源連接時，A、B兩圖線的交點表示燈泡的工作狀態(tài)，則知其電壓U=3V，I=2A，則燈泡L的額定電壓為3V，電阻為

只有電源的內阻等于外阻時，輸出功率才最大，現則此時該電源的輸出功率不是最大，故C錯誤；

D．工作點狀態(tài)時該電源消耗的總功率為

故D正確；

故選BD。12、A:C:D【分析】【詳解】

電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可得，1與2比較，1處的電場線密，所以1處的電場強度大，則2和3處的電場線疏密程度一樣，故即A正確B錯誤；順著電場線方向電勢降低，所以．2與3處于同一條等勢線上，所以CD正確．

【點睛】本題是要掌握電場線的兩個物理意義：電場線越密，場強越大；順著電場線方向電勢降低．13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動過程中；滑動變阻器的有效電阻減小，電路的總電阻減小，干路電流變大，內電壓變大，外電壓減小。

A．電壓表測量外電壓；電流表測量干路電流，所以電壓表的示數減小，電流表的示數增大。A正確，B錯誤；

C．將定值電阻當作電源內阻；則滑動變阻器消耗的電功率即為電源的輸出功率，根據電源輸出功率與外電阻的關系圖像。

可知，當滑動變阻器的阻值由逐漸減小時；其消耗的功率逐漸減小。C正確；

D．干路電流變大；所以定值電阻消耗的功率變大。D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據電場線的方向可知，噴槍帶正電，工件帶負電。【解析】正負15、略

【分析】【詳解】

[1]習慣上規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方向；而負電荷定向移動的反方向為電流方向；

[2]根據電流的定義式可得：【解析】正15016、略

【分析】【詳解】

[1]設時間t內通過橫截面積的風能為

電功率為

[2]代入數據得到電功率的大小為【解析】17、略

【分析】【詳解】

[1]金屬網罩起到靜電屏蔽的作用；所以箔片不張開。

[2][3][4]因為在金屬內部由于電子可以自由移動，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，金屬網罩會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布，就是所謂“靜電屏蔽”的原理【解析】不張開靜電屏蔽E相反18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將一帶正電荷的物體C置于A附近，由于靜電感應，此時A帶負電，B帶正電，則貼在A、B下部的金屬箔張開。

[2]先把A和B分開，然后移去C，此時A帶負電，B帶正電，貼在A、B下部的金屬箔都張開?！窘馕觥竣?張開②.張開19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由電路圖可知與串聯，電壓表測兩端的電壓，測兩端的電壓；電流表測電路中的電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小；

由圖象可知，電路中的最小電流

兩端的電壓

兩端的電壓

因串聯電路中總電壓等于各分壓之和，所以電源電壓

由

可得定值電阻的阻值為【解析】①.18②.2020、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線四、實驗題(共3題，共9分)21、略

【分析】試題分析：甲圖通過并聯電阻分走部分電流；所以甲為電流表，且R1越小分的電流越多，所以應該是減小；乙圖通過并聯電阻分得電壓，且電阻越大分的電壓越多，所以R2應該增大。

考點：電壓或者電流表的改裝。

點評：本題考查了利用串并聯電路實現的電壓或者電流表的改裝．改裝過程實質是利用了串并聯電路的分壓或者分流關系【解析】安培減小伏特增大22、略

【分析