2025年浙教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，平行板電容器板長和板間距均為兩極板分別帶等量異種電荷．現(xiàn)有兩個質(zhì)量相同的帶電粒子和分別從緊貼上極板和極板中線位置以相同的初速度垂直于電場強度方向進入電場．最終均恰好貼著下極板飛出電場．粒子重力不計．則。

A.兩個粒子的電荷量之比B.兩個粒子的電荷量之比C.兩個粒子離開電場時的速度大小之比D.過程中電場力對兩個粒子做功之比2、如圖；一豎直彈簧下端固定在水平面上，上端與活塞連接，內(nèi)壁光滑且導(dǎo)熱良好的氣缸內(nèi)用活塞封閉一定量的理想氣體，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)緩慢升高環(huán)境溫度，則（）

A.彈簧長度變短B.缸內(nèi)氣體內(nèi)能減少，對外做功C.缸內(nèi)氣體內(nèi)能增加，氣體吸熱D.單位面積上氣體分子對容器內(nèi)壁的作用力變小3、下列說法錯誤的是（）A.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的B.液體表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為斥力C.若一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮且吸收熱量，則壓強一定增大D.分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大4、在內(nèi)表面只反射而不吸收光的圓筒內(nèi)有一黑球，距球心為L處有一點光源S，球心O和光源S皆在圓筒軸線上，已知筒的內(nèi)半徑為r，如圖所示。若使點光源向右半邊發(fā)出的光最后全被黑球吸收，則黑球的半徑R最小為（）

A.B.C.D.5、如圖所示，一束可見光穿過平行玻璃磚后，變?yōu)閍、b兩束單色光；則。

A.a光的頻率大于b光的頻率B.若a光是藍色光，則b光可能是黃色光C.若兩種光通過相同雙縫，則a光產(chǎn)生的干涉條紋間距比b光大D.若a光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光一定不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)6、下列說法正確的是（）

A.圖甲，白光通過三棱鏡發(fā)生色散現(xiàn)象是因為三棱鏡對白光中不同頻率的光的折射率不同B.圖乙，肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象C.圖丙是紅光的干涉條紋D.圖丙，如果在光源與縫之間放一合適凸透鏡，不改變其他條件，則條紋變密集7、下列關(guān)于近代原子的結(jié)構(gòu)模型說法符合歷史事實的是()A.湯姆遜通過對陰極射線的研究，提出原子是一個球體，電子彌漫性地均勻分布在整個球體內(nèi)，正電荷鑲嵌其中B.盧瑟福通過α粒子散射實驗證實了在原子核內(nèi)部存在質(zhì)子C.根據(jù)盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型可得出：原子中心有一個很小的原子核，原子的正電荷全部集中在原子核內(nèi)D.按照玻爾原子模型，氫原子輻射光子時，從高能級躍遷到低能級，軌道半徑減小，核外電子的動能減小評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、下列各系統(tǒng)處于平衡態(tài)的是（）A.放在0℃的房間里的冰水混合物B.放在沸水中加熱足夠長時間的銅塊C.剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂D.一瓶放在房間中很久的84消毒液9、下列說法中正確的是（）A.布朗運動反映的是液體分子的無規(guī)則運動B.根據(jù)熱力學第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的碰撞作用產(chǎn)生的E.晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的E.晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的10、下列說法正確的是（）A.氣體在等壓膨脹過程中一定從外界吸收熱量B.氣體在等溫壓縮過程中一定從外界吸收熱量C.液晶顯示屏是應(yīng)用液晶光學各向異性特點制成的E.當分子間距離減小時，分子勢能不一定減小E.當分子間距離減小時，分子勢能不一定減小11、如圖所示，已知電源的內(nèi)阻r=2Ω，定值電阻R1=0.5Ω，調(diào)節(jié)可變電阻R2的最大電阻1.5Ω，當調(diào)節(jié)可變電阻R2的阻值從最大到零的過程中；以下說法正確的是。

A.電源總功率一直變大B.電源效率一直變小C.電源輸出功率先變大再變小D.可變電阻R2消耗功率先變大再變小12、如圖所示，半徑為r且水平放置的光滑絕緣的環(huán)形管道內(nèi)，有一電量為e、質(zhì)量為m的電子．此裝置放在勻強磁場中，此勻強磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間均勻發(fā)化，即B=B0+kt（k>0），根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，均勻變化的磁場將產(chǎn)生穩(wěn)定的電場，感應(yīng)電場對電子將有沿圓環(huán)切線方向的作用力，使其加速，電子沿圓周運動一周所獲得的能量為e，其中為環(huán)形回路的感應(yīng)電動勢．t=0時電子的初速度為v0，此后電子運動一周時磁感應(yīng)強度為B1；則此時電子的速度為。

A.B.C.D.13、列簡諧橫波沿x軸傳播，在t=0和t=0.20s時的波形分別如圖中實線和虛線所示．已知該波的波速是0.4m/s，下列說法正確的是（）

A.這列波的周期是0.15sB.這列波沿x軸正方向傳播C.x=1cm的質(zhì)點在t=0.125s時位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.60m/s，則它在該介質(zhì)中的波長為9cmE.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.60m/s，則它在該介質(zhì)中的波長為9cm14、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長為L、電阻為R的正方形導(dǎo)線框，在導(dǎo)線框右側(cè)有一寬度為d(d＞L)的條形勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與導(dǎo)線框的一邊平行，磁場方向豎直向下．導(dǎo)線框以某一初速度向右運動，t＝0時導(dǎo)線框的右邊恰與磁場的左邊界重合，并以此位置開始計時并作為導(dǎo)線框位移x的起點；隨后導(dǎo)線框進入并通過磁場區(qū)域．下列圖象中，可能正確描述上述過程的是。

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、2022年3月份，廣東大部分地區(qū)出現(xiàn)“回南天”，空氣中水蒸氣的壓強非常接近飽和水汽壓，導(dǎo)致___________（選填“相對濕度”或“絕對濕度”）很大，空氣非常潮濕。若此時溫度升高，與之相比人們會感覺空氣___________（選填“更潮濕”或“更干燥”）。16、如圖為一定質(zhì)量理想氣體的壓強p與體積V關(guān)系圖像，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過程到狀態(tài)C．設(shè)A、B、C狀態(tài)對應(yīng)的溫度分別為TA、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

17、如圖所示是壓縮式電冰箱的工作原理示意圖。經(jīng)過干燥過濾器后液體制冷劑進入蒸發(fā)器，汽化吸收箱體內(nèi)的熱量，壓縮機使低溫低壓的制冷劑氣體變成高溫高壓的氣體，然后制冷劑在冷凝器中液化放出熱量到箱體外。電冰箱將熱量從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體的工作過程_______（填“違背”或“不違背”）熱力學第二定律。制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，________（選填“氣體對外做功”“外界對氣體做功”或“氣體對外不做功”）。

18、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．19、（1）關(guān)于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內(nèi)能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減?。环肿娱g引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設(shè)充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm20、一根長為L，橫截面積為S的粗細均勻的金屬棒，棒內(nèi)單位體長度自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流自由電子定向運動的平均速率為v。則金屬棒內(nèi)的電流強度大小為_________21、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小關(guān)系是E1_____E2．

22、花崗巖、大理石等裝修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有鈾、釷的花崗巖等巖石會釋放出放射性氣體氡，而氡會發(fā)生放射性衰變，放出α、β、γ射線，這些射線會導(dǎo)致細胞發(fā)生癌變及呼吸道等方面的疾病。在這三種射線中，_____射線的穿透能力最強；α衰變時，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了_____個；β衰變所釋放的電子是由原子核中的_____轉(zhuǎn)化而來.23、質(zhì)量為的小物塊，帶正電q，開始時讓它靜止在傾角的固定光滑絕緣斜面頂端，整個裝置放在水平向左、大小為的勻強電場中，如圖所示．斜面高為H，釋放物體后，物塊馬上落地瞬間的速度大小為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)27、現(xiàn)有毛玻璃屏雙縫白光光源單縫和透紅光的濾光片等光學元件；要把它們放在如圖所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用以測量紅光的波長．

（1）將白光光源放在光具座最左端，依次放置其他光學元件，由左至右，表示各光學元件的字母排列順序應(yīng)為______、．

（2）本實驗所用的濾光片應(yīng)選用______色濾光片，實驗時需要測量的物理量是______和______．

（3）本實驗的步驟有：

①取下遮光筒左側(cè)的元件；調(diào)節(jié)光源高度，使光束能直接沿遮光筒軸線把屏照亮；

②按合理順序在光具座上放置各光學元件；并使各元件的中心位于遮光筒的軸線上；

③用米尺測量雙縫到屏的距離；

④用測量頭（其讀數(shù)方法同螺旋測微器）測量數(shù)條亮（暗）條紋間的距離．在操作步驟②時還應(yīng)注意______和______．28、在“測定電源的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中；采用如圖所示實驗電路．

（1）實驗時記錄電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U，對應(yīng)的數(shù)據(jù)畫出如圖乙所示的U—I圖象，則該干電池組的電動勢為E=______V、內(nèi)電阻為r=______．在其他操作規(guī)范的情況下，測得電源的電動勢________(填“偏大”；“偏小”或“無誤差”)．

（2）小電珠L的額定電壓為3.8V，現(xiàn)已測出其伏安特性曲線如圖丙所示，它的額定電功率P額=________W．單獨將L與上面所測干電池組連接，則L消耗的實際電功率P=_________W．29、某研究性學習小組的同學欲做“描繪小電珠的伏安特性曲線”的實驗。已知所用小電珠的額定電壓和額定功率分別為V、W，實驗使用的直流電源的電動勢為V；內(nèi)阻忽略不計，實驗可供選擇的器材規(guī)格如下：

A.電流表（量程內(nèi)阻約5）

B.電流表（量程0~3A，內(nèi)阻約）

C.電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3k）

D.電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約2k）

E.滑動變阻器（阻值0~10額定電流1A）

F.滑動變阻器（阻值0~5000額定電流500mA）

請回答下列問題：

(1)為了完成實驗且盡可能減小實驗誤差，電流表應(yīng)選擇___________，電壓表應(yīng)選擇___________，滑動變阻器應(yīng)選擇___________（填寫實驗器材前的序號）。

(2)該研究性學習小組想進一步研究兩電阻串聯(lián)后的伏安特性曲線與單個電阻的伏安特性曲線的關(guān)系，于是找來兩個電阻和并測出和的伏安特性圖線分別如圖所示，將這兩個電阻串聯(lián)，然后接在電動勢內(nèi)電阻的電源的兩極上。

①在圖上用實線畫出串聯(lián)（作為一個整體）后的伏安特性曲線和該電源的圖線（不需寫作圖步驟和理由）___________。

②接通電路后，電阻消耗的功率___________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）30、某實驗小組為了較準確測量阻值約為20Ω的電阻Rx；實驗室提供的器材有：

A．待測定值電阻Rx：阻值約20Ω

B.定值電阻R1：阻值30Ω

C．定值電阻R2：阻值20Ω

D．電流表G：量程3mA；0刻度在表盤中央，內(nèi)阻約50Ω

E.電阻箱R3：最大阻值999.99Ω

F.直流電源E；電動勢1,5V，內(nèi)阻很小。

G．滑動變阻器R2(20Ω；0.2A)

H.單刀單擲開關(guān)S；導(dǎo)線等。

該小組設(shè)計的實驗電路圖如圖；連接好電路，并進行下列操作．

（1）閉合開關(guān)；調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表示數(shù)適當．

（2）若靈敏電流計G中的電流由C流向D再調(diào)節(jié)電阻箱R3，使電阻箱R3的阻值________（選填“增大”或“減小”），直到G中的電流為________(填“滿偏”；“半偏”或“0”)．

（3）讀出電阻箱連入電路的電阻R3，計算出Rx．用R1、R2、R3表示Rx的表達式為Rx=_______評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)31、如圖寬為a=0.1m長為b=0.2m的兩個金屬板M、N之間的距離是d=0.2m，兩板間有磁感應(yīng)強度為B1=2T方向與兩金屬板平行的勻強磁場，帶有正負電荷的等離子體（電阻率為ρ=0.1Ωm）以垂直于磁場的速度v=10m/s進入兩板之間形成一個磁流體發(fā)電機．金屬板M、N分別與水平面內(nèi)的兩平行導(dǎo)軌相連，平行導(dǎo)軌間距離為L=0.5m，處于豎直向下的磁感應(yīng)強度為B2=1.25T的勻強磁場內(nèi)，質(zhì)量為m=0.5kg的導(dǎo)體棒PQ垂直放在平行導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌有良好的接觸，若導(dǎo)體棒PQ與每根導(dǎo)軌之間的最大靜摩擦因數(shù)均為μ=0.2，重力加速度g=10m/s2，金屬板M、N和導(dǎo)線以及平行導(dǎo)軌的電阻都不計．在導(dǎo)體棒PQ剛剛開始運動的瞬間具有a=0.5m/s2的加速度；求：

（1）磁流體發(fā)電機的電動勢。

（2）通過導(dǎo)體棒PQ的電流強度大小和方向。

（3）導(dǎo)體棒PQ的電阻大小32、由某種材料制成的直角三角形棱鏡，折射率n1=2，AC邊長為L，∠C=∠B=AB面水平放置．另有一半徑為圓心角的扇形玻璃磚緊貼AC邊放置，圓心O在AC中點處，折射率n2=如圖所示．有一束寬為d的平行光垂直AB面射入棱鏡；并能全部從AC面垂直射出．求：

(Ⅰ)從AB面入射的平行光束寬度d的最大值；

(Ⅱ)光從OC面垂直射入扇形玻璃磚后，從圓弧面直接射出的區(qū)域所對應(yīng)的圓心角．33、如圖所示，長木板B質(zhì)量為m2＝1．0kg，靜止在粗糙的水平地面上，長木板左側(cè)區(qū)域光滑．質(zhì)量為m3＝1．0kg、可視為質(zhì)點的物塊C放在長木板的最右端．質(zhì)量m1＝0．5kg的物塊A，以速度v0＝9m／s與長木板發(fā)生正碰（時間極短），之后B、C發(fā)生相對運動．已知物塊C與長木板間的動摩擦因數(shù)μ1＝0．1，長木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2＝0．2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，整個過程物塊C始終在長木板上，g取10m／s2．

（1）若A、B相撞后粘在一起，求碰撞過程損失的機械能．

（2）若A、B發(fā)生彈性碰撞，求整個過程物塊C相對長木板的位移．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

AB、AB粒子均做類平拋運動，對A粒子有：對B粒子有：聯(lián)立解得：故A錯誤，B正確；

CD、對A粒子，由動能定理得：對B粒子，由動能定理得：聯(lián)立解得：因為不知道粒子的初速度和物體的質(zhì)量故無法計算粒子離開電場時和的比值，故CD錯誤．2、C【分析】【詳解】

A．以活塞和氣缸為研究對象，根據(jù)平衡條件有mg=kx

升高環(huán)境溫度，活塞、氣缸的總質(zhì)量m不變；彈簧的形變量不變，彈簧的長度不會變化，A錯誤；

BC．以氣缸為研究對象；可知氣體壓強不變，氣體發(fā)生等壓變化，由蓋—呂薩克定律可知，氣體的體積變大，氣缸上升，氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律可得氣體內(nèi)能增加，同時吸收熱量，B錯誤，C正確；

D．氣體發(fā)生的是等壓變化；故單位面積上氣體分子對容器內(nèi)壁的平均撞擊力不變，D錯誤。

故選C。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，故A正確；

B．液體表面層內(nèi)的分子之間距離大于所以表面層內(nèi)分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，故B錯誤；

C．一定質(zhì)量的理想氣體被壓縮；則分子數(shù)密集程度增加，同時吸收熱量，則溫度升高，分子運動激烈，從壓強的微觀角度分析可知，壓強一定增大，故C正確；

D．當分子間距小于時，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分之間距離變大分子力做正功勢能降低，當距離大于分子力表現(xiàn)為引力，距離變大做負功勢能增加，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。4、A【分析】【分析】

【詳解】

如圖示為恰好沿黑球邊緣入射的光線經(jīng)反射后恰好與球的右側(cè)相切的情形，若球半徑比此時的還大，那么點光源向右側(cè)發(fā)出的光線全部都會被黑球吸收。根據(jù)幾何關(guān)系有（為如圖入射光線與的夾角）

解得

只有選項A正確。

故選A。5、C【分析】【詳解】

由圖可知，b光的偏折程度大，故b光的折射率較大，則b光頻率大，A錯誤；因藍色光的頻率大于黃色光頻率，所以若a光是藍色光，則b光不可能黃色光，B錯誤；a光的頻率較小，波長較長，根據(jù)知，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距，C正確．a(chǎn)光的頻率小，若a光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，b光不一定不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，D錯誤．選C.6、A【分析】【詳解】

A；圖甲；白光通過三棱鏡發(fā)生色散現(xiàn)象，是因為三棱鏡對白光中不同頻率的光的折射率不同，偏折角不同造成的，故A正確。

B；圖乙；肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象，故B錯誤。

C；圖丙條紋寬度亮度不等；是紅光的衍射條紋。故C錯誤。

D、圖丙，如果在光源與縫之間放一合適凸透鏡，因狹縫寬度和光的波長不變，則條紋密集程度不變，故D錯誤。7、C【分析】【詳解】

A.湯姆遜提出原子是一個球體；正電荷彌漫性地均勻分布在整個球體內(nèi)，電子鑲嵌其中，A錯誤．

B.盧瑟福通過α粒子散射實驗提出了自己的核式結(jié)構(gòu)模型；B錯誤．

C.根據(jù)盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)模型可得出：原子中心有一個很小的原子核；原子的正電荷全部集中在原子核內(nèi)，C正確．

D.氫原子輻射光子時，從高能級躍遷到低能級，軌道半徑減小，根據(jù)庫侖力提供向心力：軌道半徑越小，速度越大，動能越大，D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．系統(tǒng)處于平衡態(tài)時；其狀態(tài)參量不變，金屬塊放在沸水中加熱足夠長的時間，冰水混合物處在0℃環(huán)境中，其狀態(tài)參量不再變化，即處于平衡態(tài)，故AB正確；

C．剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂；溫度未達到相同，則未處于平衡態(tài)，故C錯誤；

D．一瓶放在房間中很久的84消毒液；與環(huán)境溫度相同，則處于平衡態(tài)，故D正確。

故選ABD。9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體中得固體顆粒得運動；反映的是液體分子的無規(guī)則運動，A正確；

B．根據(jù)熱力學第二定律可知；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，B錯誤；

C．氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁的碰撞作用產(chǎn)生的；C正確；

D．在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體的壓強減小，溫度不變，根據(jù)氣態(tài)方程分析知氣體的體積增大；對外做功，由熱力學第一定律可知，胎內(nèi)氣體從外界吸熱，D正確；

E．晶體有單晶體和多晶體兩種；單晶體各向異性，而多晶體各向同性，E錯誤。

故選ACD。10、A:C:E【分析】【詳解】

A．一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中，體積增大，對外做功，由知；氣體的溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學第一定律可知，氣體一定從外界吸收熱量，故A正確；

B．氣體在等溫壓縮的過程中；外界對氣體做功，氣體內(nèi)能不變，故氣體一定放出熱量，故B錯誤；

C．液晶顯示屏是應(yīng)用液晶光學各向異性特點制成的；故C正確；

D．熱傳遞的方向性是指在沒有外界影響的前提下；空調(diào)機工作過程摻進了電流做功，顯然不滿足這個前提，故D錯誤；

E．分子間距減??；但不確定分子力做功的正負，則不能分析分子勢能變化，如分子力為斥力，分子距離減小，分子力做負功，分子勢能增大，故E正確。

故選ACE。11、A:B【分析】【詳解】

A、當可變電阻的阻值從最大到零的過程中總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流增大，根據(jù)可知電源總功率一直變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知路端電壓減小，所以電源效率一直變??；故選項A；B正確；

C、由于根據(jù)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等時，電源的輸出功率最大可知可變電阻的阻值從最大到零的過程中電源輸出功率一直減??；故選項C錯誤；

D、當把和電源看做一個整體時，即把電源的內(nèi)阻看做由于根據(jù)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等時，電源的輸出功率最大可知可變電阻的阻值從最大到零的過程中可變電阻消耗功率一直減小，故選項D正確．12、A:B【分析】【詳解】

AC．洛倫茲力提供向心力，故：解得：故A正確；C錯誤；

BD．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：感生電動勢大小為電場方向逆時針，電場力對電子做正功．在轉(zhuǎn)動一圈過程中對電子用動能定理：解得：故B正確，D錯誤．13、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知

則周期

故A正確；

B．波在0~0.2s內(nèi)傳播的距離

根據(jù)波傳播的重復(fù)性，由題中圖象可知，把實線波形向左移動2cm與虛線波形重合，所以該波的傳播方向為x軸負方向；故B錯誤；

C．x=2cm處的質(zhì)點經(jīng)T=0.1125s到達波谷，則比x=2cm質(zhì)點滯后振動的x=1cm處質(zhì)點到達波谷的時間要延長T=0.025s，即x=1cm處質(zhì)點到達波谷的時間為0.1375s，所以t=0.125s時刻，x=1cm處的質(zhì)點沒有到達波谷位置；故C錯誤；

D．0.2s=1T，因為每經(jīng)過半個周期質(zhì)點的振動方向改變一次，則0~0.2s內(nèi)，x=4cm處的質(zhì)點振動方向改變了2次；故D正確；

E．若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.60m/s，但是周期不變，則它在該介質(zhì)中的波長為

故E正確。

故選ADE。14、B:D【分析】【詳解】

線圈以一定初速度進入磁場，則感應(yīng)電動勢為：E=BLv，閉合電路歐姆定律，則感應(yīng)電流為：安培力為：由牛頓第二定律為：F=ma，則有：由于v減小，所以a也減小，當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度與時間的關(guān)系與進入磁場相似．而速度與時間的斜率表示加速度的大小，因此B正確，A錯誤；線圈進入磁場時，設(shè)某時刻進入磁場的距離為x，此時線圈的速度為v，則由動量定理：其中則同樣當完全進入磁場后，不受到安培力，所以做勻速直線運動，當出磁場時，速度v與位移x的關(guān)系與進入磁場相似，則選項D正確，C錯誤．三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]相對濕度指空氣中水汽壓與相同溫度下飽和水汽壓的百分比。廣東大部分地區(qū)出現(xiàn)“回南天”；空氣中水蒸氣的壓強非常接近飽和水汽壓，導(dǎo)致相對濕度很大，空氣非常潮濕。

[2]溫度越高，飽和汽壓越大，若此時溫度升高，相對濕度減小，與之相比人們會感覺空氣更干燥。【解析】相對濕度更干燥16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]熱力學第二定律的克勞修斯表述為熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；電冰箱依靠壓縮機實現(xiàn)了將熱量從低溫物體轉(zhuǎn)移到高溫物體，不違背熱力學第二定律。

[2]制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，體積膨脹，對外做功?！窘馕觥坎贿`背氣體對外做功18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于19、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內(nèi)能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內(nèi)能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調(diào)等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．20、略

【分析】【分析】

根據(jù)導(dǎo)體中自由電子的定向移動速率可明確t內(nèi)通過截面的電量；再由電流的定義即可求電流強度的大?。?/p>

【詳解】

由題意金屬棒中的電荷量為q=LSne，由一端運動到另一端所需時間根據(jù)得金屬棒中電流為．

【點睛】

本題考查了電流微觀表達．在求解時要注意明確，t內(nèi)長度為vt的導(dǎo)線內(nèi)部電子能全部通過截面，從而可以由電流定義求解．【解析】21、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律比較感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應(yīng)定律：可知，感應(yīng)電動勢：E1＞E2．

【點睛】

知道磁通量的變化量相等、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題．【解析】大于22、略

【分析】【詳解】

第一空.γ射線一般伴隨著α或β射線產(chǎn)生；在這三種射線中，γ射線的穿透能力最強；

第二空.發(fā)生α衰變時；電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，則中子數(shù)少2；

第三空.β衰變所釋放的電子來自原子核，是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€電子和一個質(zhì)子，電子釋放出來。【解析】γ2中子23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對物塊進行受力分析；物塊受重力和水平向左的電場力，如圖所示。

電場力為

從開始到落地過程，由動能定理得

解得【解析】四、作圖題(共3題，共18分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共16分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1].濾光片E是從白光中選出單色紅光；單縫屏是獲取線光源，雙縫屏是獲得相干光源，最后成像在毛玻璃屏上，所以排列順序為：C；E、D、B、A．

（2）[2].紅色濾光片能透過紅光；而吸收其他顏色的光，所以應(yīng)選用紅色濾光片．

[3].[4].根據(jù)實驗原理，實驗時需要測量的物理量有：雙縫到屏的距離和n條亮（暗）條紋的距離．

（3）④[5].在操作步驟②時應(yīng)注意的事項有：放置單縫、雙縫時，必須使單縫與雙縫相互平行，且單縫、雙縫距離為

[6].要使光源、濾光片、單縫、雙縫的中心均在遮光筒的中心軸線上．【解析】E、D、B紅雙縫到屏的距離n條亮（暗）條紋的距離單縫和雙縫間距為使單縫與雙縫相互平行28、略

【分析】【詳解】

試題分析：分析電路結(jié)構(gòu)；明確電路中實際電流，再根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，從而求出電動勢和內(nèi)電阻；根據(jù)燈泡的伏安特性曲線可明確燈泡的額定功率；在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點表示燈泡的實際工作點，由功率公式可求得燈泡的實際功率．

（1）U-I圖像的縱截距表示電源電動勢，即E=3.0V，圖像的斜率表示電源內(nèi)阻，即

（2）本實驗采用如圖所示電路，由于電壓表的分流使電流表的示數(shù)小于電池的輸出電流．因為而U越大，越大，U趨近于零時也趨近于零．所以此種情況下圖線與橫軸的交點為真實的短路電流，而圖線與縱軸的交點為電動勢的測量值，比真實值偏?。拚蟮膱D線如圖所示，顯然E、r的測量值都比真實值偏小，．

（3）由燈泡的伏安特性曲線可知；電壓為3.8V時，電流為2.5A，故燈泡的額定功率P=UI=3.8×2.4=9.12W；