2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬片，邊長當(dāng)與之間接入的電壓為時，電流為若與間接入的電壓為時；其電流為（）

A.B.C.D.2、某同學(xué)欲采用如圖所示的電路完成相關(guān)實驗。圖中電流表的量程為0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω；電壓表的量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ；G為小量程電流表，內(nèi)阻約為200Ω；電源電動勢約3V，內(nèi)阻較小，下列電路中正確的是（）A.測定一段電阻絲（約5）的電阻B.測定電源的電動勢和內(nèi)電阻（約3）C.測繪小燈泡（額定電壓為2.5V）的伏安特性曲線D.測定電流表G的內(nèi)阻3、如圖所示，固定光滑直桿上套有一個質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球和兩根原長均為L的輕彈簧，兩根輕彈簧的一端與小球絕緣相連，另一端分別固定在桿上相距為2L的A、B兩點，空間存在方向豎直向下的勻強電場。已知直桿與水平面的夾角為兩彈簧的勁度系數(shù)均為小球可在距B點的P點處于靜止?fàn)顟B(tài)。Q點距A點將小球在Q點由靜止釋放，重力加速度為g。則（）

A.勻強電場的電場強度大小為B.小球在Q點的加速度大小為C.小球運動的最大動能為D.小球在運動過程中彈性勢能、動能、重力勢能之和減小4、在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家們應(yīng)用了很多科學(xué)研究方法，下列物理概念的建立時，都用到“等效替代”方法的是（）A.合力與分力、平均速度B.質(zhì)點、點電荷C.點電荷、加速度D.合力與分力、加速度5、如圖所示，abc是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道，ab水平，長度為2R；bc是半徑為R的四分之一圓弧，與ab相切于b點，整個軌道處于水平向右的勻強電場中，電場范圍足夠大，電場強度質(zhì)量為2m帶電量為+q的小球，由a點從靜止開始向右運動到距水平面高度為R的位置時，其動能的增量可能為（已知重力加速度大小為g；不考慮小球與地面碰撞后的運動）（）

A.mgRB.3mgRC.6mgRD.9mgR6、如圖所示的電路，靈敏電流計G和一個電阻箱R并聯(lián)；改裝成一個大量程的電表，下列判斷正確的是（）

A.改裝成的是電流表，R越小量程越大B.改裝成的是電流表，R越大量程越大C.改裝成的是電壓表，R越小量程越大D.改裝成的是電壓表，R越大量程越大7、質(zhì)量均為m的三個帶電小球A、B、C用三根長度均為l的絕緣絲線相互連接，放置在光滑絕緣的水平面上，A球的電荷量為＋q．在C球上施加一個水平向右的恒力F之后，三個小球一起向右運動，三根絲線剛好都伸直且沒有彈力，F(xiàn)的作用線反向延長線與A、B間的絲線相交于絲線的中點，如圖所示．已知靜電力常量為k；下列說法正確的是。

A.B球的電荷量可能為＋2qB.C球的電荷量為C.三個小球一起運動的加速度為D.恒力F的大小為評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、某帶電粒子僅在電場力作用下由A點運動到B點，粒子在A點的初速度及運動軌跡如圖所示；可以判定（）

A.從A點到B點，電勢一直降低B.粒子在A點的動能小于它在B點的動能C.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D.粒子在A點所受到的力大于它在B點受到的力9、如圖所示的電路中，電表均為理想電表．閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器滑片P向左移動時；下列說法正確的是。

A.電流表A讀數(shù)變大B.電壓表V1讀數(shù)變大C.電壓表V2讀數(shù)變大D.燈泡L變亮10、如圖所示，B為線段AC的中點，如果在A點放一個+Q的點電荷，測得B點的電場強度大小EB＝48N/C；則。

A.C點的電場強度大小Ec＝24N/CB.C點的電場強度方向向右C.把q＝10-9C的試探電荷放在C點，則其所受電場力的大小為1.2×10-8ND.若要使B點的電場強度EB＝0，可在C處放一個-Q的點電荷11、如圖；A；B、C、D是正四面體的四個頂點，現(xiàn)在A固定一電荷量為+q的點電荷，在B固定一電荷量為-q的點電荷，取無窮遠電勢為零，下列說法正確的是。

A.棱AB中點的電勢為零B.棱AB中點的場強為零C.C.D兩點的電勢相等D.D兩點的場強相同12、某形狀不規(guī)則的導(dǎo)體置于靜電場中，由于靜電感應(yīng)，導(dǎo)體周圍出現(xiàn)了如圖所示的電場分布，圖中虛線表示電場線，實線表示等勢面，A、B、C為電場中三個點。下列說法正確的是（）

A.A點的電場強度大于B點的電場強度B.A點的電勢高于B點的電勢C.將電子從A點移到B點，電場力做正功D.將電子從A點移到B點，電勢能增加13、如圖甲是有兩個量程的電流表，當(dāng)使用兩個端點時，量程為當(dāng)使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內(nèi)阻為滿偏電流為如圖乙是有兩量程的電壓表，當(dāng)使用兩個端點時，量程為當(dāng)使用兩個端點時，量程為已知靈敏電流計的內(nèi)阻為滿偏電流為則電阻分別為（）

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示，一帶負電的導(dǎo)體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當(dāng)小球N靜止時，絲線與豎直方向成角，由此推斷小球N帶_______電荷（選填“正”或“負”）。現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角將_________（選填“變大”或“變小”）。

15、圖中的平行直線表示一簇垂直于紙面的等勢面。A等勢面與B等勢面的電勢差UAB=__________V；將一個帶-5.0×10-8C的點電荷，沿圖中曲線從A點移到B點，電場力做的功為_______________J。

16、形象描述電場分布的曲線叫做_____，我們用_____（用文字表述）表示電場的強弱。17、真空中有一電場，在電場中的點放一電量為的試探電荷，它受到的電場力則點的電場強度為_______把試探電荷的電量減少為則檢驗電荷所受的電場力為______如果把這個試探電荷取走，則點的電場強度為_____18、在圖示電路中，初始時靜電計不帶電，干電池的電動勢為E，開關(guān)S閉合，一質(zhì)量為m的帶電液滴懸停在間距為d的平行板電容器中P點。已知重力加速度大小為g，則液滴所帶的電荷量為______。開關(guān)S閉合時，若下極板不動，將上極板緩慢豎直上移靜電計指針的張角將______（選填“增大”“不變”或“減小”）。

19、（1）①圖1所示的電流表使用量程時，圖中表針示數(shù)為______

②圖2所示的電壓表使用量程時，圖中表針指示的是______

（2）如圖乙所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為______

20、電壓表是由小量程電流表改裝而成，如圖為電壓表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)圖．小量程電流表G的電阻Rg=10Ω，滿偏電流Ig=3mA，接ab兩接線柱時電壓表量程為3V，接ac兩接線柱時電壓表量程為15V．則R1=___________Ω，R2=___________Ω．

21、安培定則。

（1）直線電流的磁場：右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與______方向一致，彎曲的四指所指的方向就是______環(huán)繞的方向；如圖甲。

（2）環(huán)形電流的磁場：讓右手彎曲的四指與______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上______的方向；如圖乙。

（3）通電螺線管的磁場：右手握住螺線管，讓彎曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺線管______磁感線的方向，或拇指指向螺線管的______極；如圖丙。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共9分)22、某次實驗中，小明同學(xué)用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器做精確測量。如下圖甲所示螺旋測微器讀數(shù)為___________如下圖乙所示游標(biāo)卡尺讀數(shù)為___________

23、某同學(xué)利用螺旋測微器對小球的直徑進行測量，螺旋測微器的結(jié)構(gòu)如甲圖所示。該同學(xué)在檢查儀器時發(fā)現(xiàn)，由于該螺旋測微器的不恰當(dāng)使用，使得當(dāng)轉(zhuǎn)動旋鈕A使微測螺桿B旋至與砧臺C靠緊時，此時螺旋測微器的讀數(shù)應(yīng)該為0.000mm，但該儀器的狀態(tài)卻如圖甲中所示（圖中所示效果略有夸大），這說明使用該螺旋測微器進行測量時，每次讀數(shù)都會產(chǎn)生_______mm的誤差，該同學(xué)仍然使用這個螺旋測微器進行測量。在進行了正確的操作后，螺旋測微器的狀態(tài)如圖乙所示，則該小球的直徑的正確測量值應(yīng)為___________mm。24、圖1是利用兩個電流表A1和A2測量干電池電動勢E和內(nèi)阻r的電路原理圖，圖中S為開關(guān)，R為滑動變阻器，固定電阻和A1內(nèi)阻之和為10000（比r和滑動變阻器的總電阻都大得多），A2為理想電流表。

（1）按電路原理圖在圖2虛線框內(nèi)各實物圖之間畫出連線_______。

（2）在閉合開關(guān)S前，將滑動變阻器的滑動端c移動至_______（填“端”、“中央”或“端”）。

（3）閉合開關(guān)S，移動滑動變阻器的滑動端c至某一位置，讀出電流表A1和A2的示數(shù)和多次改變滑動端c的位置，得到的如表中數(shù)據(jù)，在圖3所示的坐標(biāo)紙上以為縱坐標(biāo)、為橫坐標(biāo)畫出所對應(yīng)的曲線_________；。

0.120

0.125

0.130

0.135

0.140

0.145

480

400

320

232

140

68

（4）利用所得曲線求的電源的電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________（保留兩位小數(shù)）

（5）該電路中電源輸出的短路電流_________A。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

根據(jù)電阻定律：可得

因為當(dāng)與之間接入的電壓為時，電流為即

所以與間接入的電壓為時，其電流為

因此ABC錯誤；D正確。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．伏安法測小電阻時；電流表應(yīng)外接，測量值才接近真實值，A錯誤；

B．測定電源電動勢和內(nèi)阻時；電壓表測量的是電源兩端的電壓，因為電源內(nèi)阻比較小，所以電流表測量誤差較小，B正確；

C．測繪小燈泡的伏安特性曲線時；需從電壓為零開始，所以要用分壓接法，C錯誤；

D．G為小量程電流表；允許流過的電流有限，不能從量程為0.6A的電流表上讀取，D錯誤。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．小球受兩根彈簧的彈力大小為

對小球由共點力平衡可知

解得

故A錯誤；

B．小球在Q點

解得

故B錯誤；

C．小球從Q點由靜止下滑時，運動到P點受力平衡，速度最大，動能最大，從Q到P過程中，根據(jù)動能定理可得

解得

故C正確；

D．小球在向下運動過程中電場力做正功；電勢能減小，根據(jù)能量守恒可知彈性勢能；動能、重力勢能之和增大，故D錯誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

A．合力與分力；平均速度用到的是“等效替代”法；選項A正確；

B．質(zhì)點；點電荷用到的是“理想化模型”法；選項B錯誤；

C．點電荷用到的是“理想化模型”法；加速度用到的是“比值定義”法，選項C錯誤；

D．合力與分力用到的是“等效替代”法；加速度用到的是“比值定義”法，選項D錯誤。

故選A。5、A【分析】【分析】

【詳解】

小球受到的電場力為。

當(dāng)小球第一次到達C點時；根據(jù)動能定理得。

解得。

從C點開始，小球在豎直方向上做豎直上拋運動，水平方向上做初速度為零的勻加速運動，設(shè)小球再次運動到距水平面高度為R的位置時，所用時間為t；根據(jù)運動學(xué)公式得。

在t時間內(nèi)小球沿電場方向運動的位移為。

對小球，從a點到再次運動到距水平面高度為R的位置；根據(jù)動能定理得。

解得。

故選A。6、A【分析】【詳解】

AB．改裝成了電流表，R越小分流能力越強，電流表量程越大，R越大分流能力越弱；電流表量程越小，故A正確，B錯誤；

CD．把電流計改裝成電壓表應(yīng)給電流計串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯(lián)；改裝成的是電流表，故CD錯誤。

故選A。7、C【分析】【分析】

根據(jù)庫侖力公式求出庫侖斥力；一起運動的加速度方向與F的作用線平行，根據(jù)牛頓第二定律求解分析；

【詳解】

A；根據(jù)對稱性可知；A球的電荷量和B球的電荷量相同，故A錯誤；

BC、設(shè)C球的電荷量為以A球為研究對象，B球?qū)球的庫侖斥力為C球?qū)球的庫侖引力為由題意可得一起運動的加速度方向與F的作用線平行，則有：解得：故C正確，B錯誤；

D、以三個小球整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：故D錯誤；

故選C．

【點睛】

關(guān)鍵是要知道三根絲線剛好都伸直且沒有彈力，對稱性可知A球的電荷量和B球的電荷量相同．二、多選題(共6題，共12分)8、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．沿電場線方向電勢逐漸降低，從A點到B點；電勢一直降低，故A正確；

BC．粒子受到的電場力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)；所以受到的電場力的方向是沿電場線向上的，則由粒子的運動軌跡和電場線的方向可以判斷，粒子從A到B的過程中，電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在A點的動能小于它在B點的動能，粒子在A點的電勢能大于它在B點的電勢能，故B正確C錯誤；

D．由電場線可知；B點的電場線密，所以B點的電場強度大，粒子受的電場力大，故D錯誤；

故選AB。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

滑動變阻器滑片P向左移動，電阻變大，總電阻變大，總電流減小，內(nèi)電壓變小，外電壓變大，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)V1變大；總電流減小，燈兩端電壓減小，小燈泡L變暗，根據(jù)并聯(lián)分壓則有滑動變阻器兩端電壓變大，所以電壓表V2讀數(shù)變大；故AD錯誤，BC正確；

故選BC．10、B:C【分析】【詳解】

AB．設(shè)B點到A點的距離為R，則C點到A點的距離為2R，由點電荷的電場強度公式有：同理有由于EB=48N/C，所以可得EC=12N/C，由于場源電荷帶正電，所以C點的電場強度的方向向右；故A錯誤，B正確；

C．把q=10-9C的試探電荷放在C點，則其所受電場力的大小為F=ECq=1.2×10-8N；故C正確；

D．若要使B點的電場強度EB=0，根據(jù)疊加原理可知應(yīng)該在C處放一個+Q的點電荷，故D錯誤．11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

由題；通過AB的中垂面是一等勢面，取無窮遠電勢為零，那么棱AB中點，及C；D在同一等勢面上，電勢相等，且均為零，而C、D兩點的場強都與等勢面垂直，方向指向B一側(cè)，方向相同，根據(jù)對稱性可知，場強大小相等，故C、D兩點的場強、電勢均相同，故ACD正確．B、依據(jù)等量異種電荷的電場線分布，可知，棱AB中點的場強不為零，故B錯誤；

故選ACD．12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電場線的疏密表示場強的相對大小，知A點處電場線比B點處稀，則A點的電場強度小于B點的電場強度；故A錯誤；

B．沿著電場線電勢逐漸降低，可知，A點所在等勢線的電勢比B點所在等勢線的電勢高，則A點的電勢高于B點的電勢；故B正確；

C．將電子從A點移到B點；電勢能增加，則電場力做負功，故C錯誤；

D．電子帶負電，根據(jù)負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，則知電子從A點移到B點；電勢降低，電子的電勢能增加，故D正確。

故選BD。13、B:C:D【分析】【詳解】

AB．接a、b時，R1起分流作用為一支路，G與R2串聯(lián)為一支路，此時量程為I1=1A

而電流表的量程為當(dāng)G表頭達到滿偏時通過兩個支路的總電流，即為

同理，接a、c時，為一支路起分流作用，G為一支路，此時量程為

則

聯(lián)立解得

故A錯誤；B正確；

CD．由圖示電路圖可知

聯(lián)立解得

故CD正確。

故選BCD。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1]因M對N有斥力作用，因M帶負電，則由此推斷小球N帶負電荷。

[2]現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則M帶電量減小，則對N的斥力減小，則絲線與豎直方向的夾角將變小?！窘馕觥控撟冃?5、略

【分析】【詳解】

[1]A等勢面與B等勢面的電勢差

[2]將一個帶-5.0×10-8C的點電荷，沿圖中曲線從A點移到B點，電場力做的功為【解析】-105×10-716、略

【分析】【分析】

考查電場線。

【詳解】

[1][2]．有電荷存在的地方，周圍就有電場存在，電場對放入其中的電荷有力的作用，為了形象的描述電場的分布，我們?nèi)藶橐腚妶鼍€，使這些線上每一點的切線方向跟該點電場強度方向一致，使線的疏密程度來表示電場強度的相對大小?！窘馕觥侩妶鼍€電場線的疏密17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)題意，由電場強度定義式可得，點的電場強度為

[2]檢驗電荷所受的電場力為

[3]電場強度與電場本身有關(guān)，與檢驗電荷無關(guān)，則點的電場強度仍為【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]開關(guān)S閉合時，液滴受力平衡，則有

解得

[2]當(dāng)上極板緩慢豎直上移板間距離增大，由于開關(guān)S閉合時，靜電計所測電壓不變，則靜電計指針張角不變?！窘馕觥坎蛔?9、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]電流表使用量程；分度值為0.02A。故其讀數(shù)為0.44A。

②[2]電壓表使用量程時；分度值為0.1V。故其讀數(shù)為1.40A。

（2）[3]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)

【點睛】

注意分度值?！窘馕觥?.441.4020.6020、略

【分析】【詳解】

當(dāng)接ab時：當(dāng)接ac時：

代入數(shù)據(jù)解得：R1=990Ω；R2=4000Ω.

【點睛】

此題是關(guān)于電表改裝問題；電流計改裝成電壓