2025年滬科版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修1物理上冊月考試卷862考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、擺球質(zhì)量相等的甲；乙兩單擺懸掛點(diǎn)高度相同；其振動(dòng)圖象如圖所示。選懸掛點(diǎn)所在水平面為重力勢能的參考面，由圖可知（）

A.甲、乙兩單擺的擺長之比是B.ta時(shí)刻甲、乙兩單擺的擺角相等C.tb時(shí)刻甲、乙兩單擺的勢能差最大D.tc時(shí)刻甲、乙兩單擺的速率相等2、如圖所示；下列圖片場景解釋說法正確的有（）

A.如圖甲，內(nèi)窺鏡利用了光的全反射原理B.如圖乙，肥皂膜上的彩色條紋是光的色散現(xiàn)象C.如圖丙，是單色平行光線通過狹縫得到的干涉圖樣D.如圖丁，立體電影原理和照相機(jī)鏡頭表面涂上的增透膜的原理一樣3、如圖所示，學(xué)生練習(xí)用頭顛球。某次足球由靜止自由下落20cm，被重新頂起，離開頭部后沿著豎直方向上升的最大高度仍為20cm。已知足球與頭部的作用時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，重力加速度g取10m/s2；不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.頭部對足球的平均作用力大小為16NB.頭部對足球的平均作用力大小為20NC.頭部對足球做功為1.6JD.頭部對足球沖量為1.6N·s4、在下列幾種現(xiàn)象中，所選系統(tǒng)動(dòng)量守恒的有()A.原來靜止在光滑水平面上的車，從水平方向跳上一個(gè)人，人車為一系統(tǒng)B.運(yùn)動(dòng)員將鉛球從肩窩開始加速推出，以運(yùn)動(dòng)員和鉛球?yàn)橐幌到y(tǒng)C.從高空自由落下的重物落在靜止于地面上的車廂中，以重物和車廂為一系統(tǒng)D.光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一個(gè)物體沿斜面滑下，以重物和斜面為一系統(tǒng)5、如圖所示，兩端分別固定有小球A、B（均視為質(zhì)點(diǎn)）的輕桿豎直立在水平面上并靠在豎直墻面右側(cè)處于靜止?fàn)顟B(tài)。由于輕微擾動(dòng)，A球開始沿水平面向右滑動(dòng)，B球隨之下降，此過程中兩球始終在同一豎直平面內(nèi)。已知輕桿的長度為l，兩球的質(zhì)量均為m，重力加速度大小為g；不計(jì)一切摩擦，下列說法正確的是（）

A.A球動(dòng)能最大時(shí)對水平面的壓力大小等于2mgB.豎直墻面對B球的沖量大小為C.A球的最大動(dòng)能為D.B球的最大動(dòng)能為6、一個(gè)小球與彈簧連接套在光滑水平細(xì)桿上，在間做簡諧運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)為的中點(diǎn)。以點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)；水平向右為正方向建立坐標(biāo)系，得到小球振動(dòng)圖像如圖所示。下列結(jié)論正確的是（）

A.小球振動(dòng)的頻率是B.時(shí)，小球在位置C.小球在通過位置時(shí)，速度最大D.如果小球的振幅增大，則振動(dòng)周期也增大7、下列關(guān)于機(jī)械波和機(jī)械振動(dòng)說法正確的是（）A.做簡諧振動(dòng)的物體每次經(jīng)過平衡位置時(shí)，加速度一定為零B.利用盛沙漏斗演示簡諧振動(dòng)，若漏斗里的沙子逐漸減少，則沙擺的周期會(huì)先增大后減小C.物體做受迫振動(dòng)時(shí)，驅(qū)動(dòng)力的頻率越高，受迫振動(dòng)的物體振幅越大D.波源振動(dòng)得越快，波就傳播得越快8、一列簡諧橫波在x軸上傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，a、b、c為介質(zhì)中三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，a正沿圖中所示方向運(yùn)動(dòng)。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.該波沿x軸正方向傳播B.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度比b的速度大C.由此時(shí)刻起，a、b、c三個(gè)質(zhì)點(diǎn)中c將最先到達(dá)平衡位置D.由此時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)過一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)的路程為一個(gè)波長9、一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸負(fù)方向傳播，已知處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為則時(shí)刻的波形圖正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，質(zhì)量為M、帶有半徑為R的四分之一粗糙圓弧軌道的滑塊靜置于光滑水平地面上，且圓弧軌道底端與水平面平滑連接，O為圓心．質(zhì)量為m的小滑塊以水平向右的初速度沖上圓弧軌道，恰好能滑到軌道最高點(diǎn)，然后滑回軌道底端．已知M=2m．，則下列判斷正確的是（）

A.小滑塊沖上軌道的過程，小滑塊與帶有圓弧軌道的滑塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒B.小滑塊沖上軌道的過程，小滑塊與帶有圓弧軌道的滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒C.小滑塊沖上軌道的最高點(diǎn)時(shí)，帶有圓弧軌道的滑塊速度最大且大小為D.小滑塊回到圓弧軌道底端時(shí)，速度大小為方向水平向左11、質(zhì)量為足夠長的木板靜止在光滑的水平面上，木板上依次排放質(zhì)量均為的木塊1、2、3，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為現(xiàn)同時(shí)給木塊1、2、3水平向右的初速度已知重力加速度為則下列說法正確的是（）

A.1木塊相對木板靜止前，木板是靜止不動(dòng)的B.1木塊的最小速度是C.2木塊的最小速度是D.木塊3從開始運(yùn)動(dòng)到相對木板靜止時(shí)對地位移是12、某彈簧振子在水平方向上做簡諧運(yùn)動(dòng)，其位移x隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖象如圖所示，已知t=0.1s時(shí)振子的位移為3cm．則以下說法中正確的是()

A.簡諧運(yùn)動(dòng)的圓頻率為B.彈簧振子在第0.4s末與第0.8s末的速度相同C.彈簧在第0.1s末與第0.7s末的長度相同E.彈簧振子第0.5s末到第0.8s末彈簧振子的路程大于6cmE.彈簧振子第0.5s末到第0.8s末彈簧振子的路程大于6cm13、如圖所示，豎直放置的彈簧一端固定在地上，另一端拴接一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B，B保持靜止，此時(shí)彈簧被壓縮了h?，F(xiàn)將另一質(zhì)量也為m的物塊A，從離物塊B高為位置由靜止釋放自由落下，兩物塊發(fā)生完全非彈性碰撞（但不粘連），碰撞時(shí)間極短，忽略物塊在運(yùn)動(dòng)過程中的空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。已知重力加速度為g，彈簧的彈性勢能（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，為彈簧的形變量）；則（）

A.碰后瞬間兩物體的加速度大小為gB.碰后瞬間兩物體的總動(dòng)能為C.碰撞后兩物體的最大動(dòng)能為D.在運(yùn)動(dòng)過程中兩物塊不會(huì)分離14、如圖所示為一列橫波某時(shí)刻的波形圖，已知波源的振動(dòng)頻率為2Hz，此時(shí)刻a點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，b、c兩點(diǎn)的平衡位置間相距10cm；則（）

A.波是向右傳播的B.波長是20cmC.波速是0.4m/sD.c點(diǎn)此時(shí)具有最小的加速度15、關(guān)于教材中出現(xiàn)的以下四張圖片；下列說法正確的是（）

A.圖1所示疾馳而過的急救車使人感覺音調(diào)變化，是由于波的疊加引起的B.圖2所示豎直的肥皂膜看起來常常是水平彩色橫紋，是由于光的衍射產(chǎn)生的C.圖3所示泊松亮斑現(xiàn)象是由于光的衍射產(chǎn)生的D.圖4所示水中的氣泡看上去特別明亮，是由于光的全反射引起的評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、彈簧振子。

（1）機(jī)械振動(dòng)：物體或物體的一部分在一個(gè)位置附近的_____運(yùn)動(dòng)；簡稱振動(dòng)。

（2）彈簧振子：_____和彈簧組成的系統(tǒng)。17、傳統(tǒng)的導(dǎo)線傳輸技術(shù)存在衰減大、容量小、抗干擾能力弱等缺點(diǎn)，而光纖通信的主要優(yōu)點(diǎn)就是______、衰減小______能力強(qiáng)。18、理論表明：彈簧振子的總機(jī)械能與振幅的平方成正比，即E=k為彈簧的勁度系數(shù)。如圖，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定，另一端連接著質(zhì)量為M的物塊，物塊在光滑水平面上往復(fù)運(yùn)動(dòng)。當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到最大位移為A的時(shí)刻，把質(zhì)量為m的物塊輕放在其上。兩個(gè)物塊始終一起振動(dòng)。它們之間動(dòng)摩擦因數(shù)至少為___________；經(jīng)過平衡位置的速度為___________；振幅為___________。（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）

19、質(zhì)量為5kg的物體運(yùn)動(dòng)速度為3m/s，則其動(dòng)量為____________；如果一個(gè)物體所受合力為5N，則5s的動(dòng)量變化為___________。20、某處一單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程為x=0.04cos3.14t（m）,關(guān)于該單擺的敘述下列說法正確的是__________（填正確的答案標(biāo)號(hào)。

A．該單擺的擺長約為1m；

B．若該單擺被考察隊(duì)攜至珠穆朗瑪峰的頂端；則其擺動(dòng)變慢．

C．在t=1.2s時(shí)擺球正沿正方向做加速運(yùn)動(dòng)；加速度正在減?。?/p>

D．在0.25s時(shí)刻和1.25s時(shí)刻擺球沿相反方向經(jīng)過同一位置；

E．在0-4s內(nèi)擺球通過的路程為0.32m，4s末的位移為零；21、一列沿x軸正方向傳播的橫波，時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，在這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P第一次運(yùn)動(dòng)到圖中所示位置，則波的頻率為______波速為______

評卷人得分四、作圖題(共1題，共5分)22、某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補(bǔ)全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共8分)23、如圖所示，某同學(xué)用插針法測定一半圓形玻璃磚的折射率．先在平鋪的白紙上放半圓形玻璃磚，用鉛筆畫出直徑所在的位置MN、圓心O以及玻璃磚圓弧線（圖中半圓實(shí)線）；再垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O；最后在玻璃磚圓弧線一側(cè)垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像．移走玻璃磚，作出與圓弧線對稱的半圓虛線，過O點(diǎn)作垂直于MN的直線作為法線；連接OP2P1，交半圓虛線于B點(diǎn)，過B點(diǎn)作法線的垂線交法線于A點(diǎn)；連接OP3，交半圓實(shí)線于C點(diǎn)，過C點(diǎn)作法線的垂線交法線于D點(diǎn)．

（1）測得AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l4．計(jì)算玻璃磚折射率n的公式是n=__________（選用l1、l2、l3或l4表示）．

（2）該同學(xué)在插大頭針P3前，不小心將玻璃磚以O(shè)為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過一個(gè)小角度，該同學(xué)測得的玻璃磚折射率將__________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）．24、如圖甲所示，當(dāng)盛沙的漏斗下面的薄木板被水平勻加速拉出時(shí)，做簡諧振動(dòng)的漏斗漏出的沙在板上形成的一段曲線如圖乙所示。已知該沙擺的擺長為則沙擺做簡諧振動(dòng)的周期為___________實(shí)驗(yàn)中，木板上的位置經(jīng)過沙擺正下方時(shí)，木板的速度大小為___________加速度大小為___________（取結(jié)果保留兩位小數(shù)）

25、如圖所示的裝置中，質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，質(zhì)量為mB的鋼球B放在離地面高度為H的小支柱N上。O點(diǎn)到A球球心的距離為L。使懸線在A球釋放前伸直，且線與豎直方向的夾角為α，A球釋放后擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針OC推移到與豎直方向夾角為β處；B球落到地面上，地面上鋪一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D。保持α角度不變，多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B球的落點(diǎn)。

（1）圖中x應(yīng)是B球初始位置到_______的水平距離。

（2）A、B碰撞后，B球的動(dòng)量大小為________（用題目及圖中的物理量表示）

（3）若A、B碰撞過程中動(dòng)量守恒，則表達(dá)式為_______（用題目及圖中的物理量表示）26、有一個(gè)擺鐘，周期是2秒，若鐘擺從最左邊到右再從右到最左邊計(jì)為一次擺動(dòng)，則1分鐘內(nèi)，擺鐘擺動(dòng)_________次，該鐘擺的擺長約________米；若擺鐘走慢了；要把它調(diào)準(zhǔn)，應(yīng)該怎樣政變它的擺長？

答：___________________________________________________評卷人得分六、解答題(共3題，共15分)27、國內(nèi)最長的梅溪湖激光音樂噴泉，采用了世界一流的燈光和音響設(shè)備，呈現(xiàn)出震撼人心的萬千變化。噴泉的水池里某一射燈發(fā)出的一細(xì)光束射到水面的入射角α=37°，從水面上出射時(shí)的折射角γ=53°。

（1）求光在水面上發(fā)生全反射的臨界角的正弦值；

（2）該射燈（看做點(diǎn)光源）位于水面下h=m處，求射燈照亮的水面面積（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。28、某工件由截面為直角三角形的三棱柱與半徑為R的圓柱兩個(gè)相同的透明玻璃材料組成，已知三角形OC邊的長度為R，∠CAO＝現(xiàn)讓一細(xì)束單色光從AO邊上距A點(diǎn)為R的D點(diǎn)沿與AO邊成斜向右上方的方向入射，光線經(jīng)AC邊反射后剛好能垂直于CO邊進(jìn)入圓柱區(qū)域。

①試計(jì)算玻璃材料的折射率及光線從圓弧上射出時(shí)的折射角；

②試計(jì)算該細(xì)束光在玻璃中傳播的時(shí)間（已知光在真空中的速度為c）。

29、在學(xué)習(xí)了電磁驅(qū)動(dòng)和電磁制動(dòng)后，某物理興趣小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如下裝置進(jìn)行研究。如圖所示，足夠長平行光滑導(dǎo)軌的間距L＝0.2m，b1b2右側(cè)軌道水平，左側(cè)曲線軌道與水平軌道相切于b1b2，所有軌道均電阻不計(jì)。在水平軌道內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝0.8T。質(zhì)量為M＝0.2kg、電阻為R1＝0.1Ω的金屬棒b垂直于軌道靜止放置在與b1b2相距1m遠(yuǎn)的水平軌道上，并用插銷固定。質(zhì)量為m＝0.1kg、電阻為R2＝0.2Ω的金屬棒a由曲線軌道上端a1a2處靜止釋放，a1a2處到水平軌道的豎直高度h＝0.45m，若金屬棒a在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且保持良好接觸，金屬棒a與b相撞時(shí)無能量損失，g＝10m/s2。求：

(1)金屬棒a第1次滑到b1b2處時(shí)的速度大?。?/p>

(2)金屬棒a與金屬棒b碰撞的次數(shù)；

(3)若撤去固定金屬棒b的插銷，使其能自由移動(dòng)，金屬棒a還是由曲線軌道上端a1a2處靜止釋放，金屬棒b初始靜止在水平軌道上，兩棒最終運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。要使兩棒不相碰，則金屬棒b初始位置距離b1b2至少多遠(yuǎn)？整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒b上產(chǎn)生的焦耳熱是多少?參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖象可知。

根據(jù)得。

聯(lián)立以上幾式解得。

故A錯(cuò)誤；

B．ta時(shí)刻兩擺的位移相等；甲單擺的擺角的正弦為。

乙單擺的擺角的正弦為。

可知：因?yàn)樗约垂蔅錯(cuò)誤；

C．tb時(shí)刻甲處于最低點(diǎn)；乙處于最高點(diǎn)；兩單擺的高度差最大，勢能差最大，故C正確；

D．由圖可知，由于單擺甲的擺長較短，且在擺動(dòng)過程中位移較大，高度差較大，其到最低點(diǎn)時(shí)的速率較大，故tc時(shí)刻甲、乙兩單擺的速率不等，故D錯(cuò)誤。

故選C。2、A【分析】【詳解】

A．內(nèi)窺鏡利用了光的全反射原理；故A正確；

B．肥皂膜上的彩色條紋是從肥皂膜上下表面反射回來的兩列光發(fā)生干涉的結(jié)果；故B錯(cuò)誤；

C．圖丙；是單色平行光線通過狹縫得到的單縫衍射條紋，故C錯(cuò)誤；

D．立體電影原理是利用光的偏振原理；照相機(jī)鏡頭表面涂上的增透膜原理是利用光的干涉原理，故D錯(cuò)誤。

故選A。3、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．足球下落20cm經(jīng)歷時(shí)間

與頭作用0.1s，上升0.2s，這個(gè)過程中，足球的動(dòng)量變化為0，所以重力對球的沖量大小等于頭作用力對球的沖量

故A錯(cuò)誤；B正確；

C．頭部對足球的力的作用點(diǎn)在豎直方向上位移為0；所以做功為0，故C錯(cuò)誤；

D．頭部對足球沖量為

故D錯(cuò)誤；

故選B。4、A【分析】A．人與車組成的系統(tǒng)在水平方向受到的合外力為0；故水平方向的動(dòng)量守恒，A正確；

B．人與鉛球組成的系統(tǒng)；初動(dòng)量為零，末動(dòng)量不為零，B錯(cuò)誤；

C．重物和車廂為一系統(tǒng)的末動(dòng)量為零而初動(dòng)量不為零；C錯(cuò)誤；

D．該選項(xiàng)中；在物體沿斜面下滑時(shí)，向下的動(dòng)量增大，D錯(cuò)誤．

故選A．5、D【分析】【詳解】

AC．假設(shè)小球B能一直沿著墻面向下運(yùn)動(dòng)，設(shè)輕桿與水平方向的夾角為θ時(shí)，兩小球的速度大小分別為根據(jù)關(guān)聯(lián)速度知識(shí)，兩小球沿桿方向速度相等，可得

即

由根據(jù)機(jī)械能守恒，有

運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)，整理得

當(dāng)

取等號(hào)，說明小球A的動(dòng)能先增大后減小，即桿中先存在擠壓的內(nèi)力，之后出現(xiàn)拉伸的內(nèi)力，當(dāng)桿中內(nèi)力為0時(shí)，A球的動(dòng)能最大，最大動(dòng)能為

此時(shí)對水平面的壓力大小等于mg；故AC錯(cuò)誤；

B．當(dāng)桿中存在擠壓的內(nèi)力，此時(shí)墻壁對B球有沖量，又由于在運(yùn)動(dòng)過程中B球水平方向速度始終為零，所以豎直墻面對B球的沖量大小等于桿對B球在水平方向的沖量大小，進(jìn)一步可知豎直墻面對B球的沖量大小等于桿對A球在水平方向的沖量大小，該過程就是A球獲得最大動(dòng)量過程，由動(dòng)量定理，可知

故B錯(cuò)誤；

D．分析可知B球著地時(shí)的動(dòng)能最大，由于桿中先存在擠壓的內(nèi)力，之后出現(xiàn)拉伸的內(nèi)力，當(dāng)桿中內(nèi)力為0時(shí)，B球與豎直墻面分離，分離后兩球在水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)B球著地時(shí)A球的速度大小為則有

解得

整個(gè)過程根據(jù)能量守恒，可得B球的最大動(dòng)能為

選項(xiàng)D正確。

故選D。

【點(diǎn)睛】

本題考查機(jī)械能守恒定律、動(dòng)量守恒定律的綜合應(yīng)用，目的是考查學(xué)生應(yīng)用數(shù)學(xué)處理物理問題的能力。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，小球振動(dòng)的頻率為

A錯(cuò)誤；

B．時(shí)；小球在負(fù)向最大位移處，則小球在A位置，B錯(cuò)誤；

C．小球在通過位置時(shí)；加速度為零，因此速度最大，C正確；

D．小球振動(dòng)的周期與振幅無關(guān)；D錯(cuò)誤；

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．做簡諧振動(dòng)的物體每次經(jīng)過平衡位置時(shí)；加速度不一定為零，例如單擺擺動(dòng)到平衡位置即最低點(diǎn)時(shí)，具有豎直方向的向心加速度，A錯(cuò)誤；

B．漏斗里的沙子逐漸減少，盛沙漏斗的重心先降低后升高，根據(jù)沙擺的周期公式

因?yàn)閿[長為懸點(diǎn)到重心的距離，故L先變大后變?。豢傻弥芷谙仍龃蠛鬁p小，B正確；

C．物體做受迫振動(dòng)時(shí)；驅(qū)動(dòng)力的頻率越接近物體的固有頻率，受迫振動(dòng)的物體振幅越大，C錯(cuò)誤；

D．波的傳播速度只取決于介質(zhì)；與波源振動(dòng)的頻率無關(guān)，D錯(cuò)誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．由圖可知，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸負(fù)方向傳播；故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)越靠近平衡位置質(zhì)點(diǎn)速度越大可知該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度比b的速度??；故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)同側(cè)法可知，此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)均向上振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，可知質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)平衡位置；故C正確；

D．由此時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)過一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)的路程為由于不確定波長與振幅的關(guān)系；所以無法判斷，故D錯(cuò)誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

根據(jù)題意可知，時(shí)，在處的質(zhì)點(diǎn)處于

則此時(shí)該質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置；下一時(shí)刻，該質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；

根據(jù)題意，橫波沿軸負(fù)方向傳播；根據(jù)同側(cè)法判斷可知，C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B【分析】【詳解】

A．小滑塊沖上軌道的過程；圓弧軌道粗糙，有相對運(yùn)動(dòng)摩擦力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒，故A正確．

B．小滑塊沖上軌道的過程；小滑塊與帶有圓弧軌道的滑塊組成的系統(tǒng)豎直方向受力不為零，動(dòng)量不守恒，但系統(tǒng)在水平方向不受外力，水平動(dòng)量守恒，故B正確．

C．小滑塊沖到軌道的最高點(diǎn)時(shí)，取水平向右為正方向，由系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒得：

得

但此時(shí)圓弧軌道的滑塊速度不是最大；當(dāng)小滑塊從圓弧軌道返回脫離圓弧軌道時(shí)，圓弧軌道的速度最大，故C錯(cuò)誤．

D．設(shè)小滑塊脫離圓弧軌道時(shí)小滑塊和圓弧軌道的速度分別為v1和v2.假設(shè)由水平動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可得：

聯(lián)立解得但因圓弧軌道粗糙，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故小滑塊回到圓弧軌道底端時(shí)，速度大小不為故D錯(cuò)誤.11、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．木塊1在木板上向右減速運(yùn)動(dòng)；該過程木板向右做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)木塊1與木板速度相等時(shí)相對木板靜止，由此可知，1木塊相對靜止前木板向右做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC．木塊與木板組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，第號(hào)木塊與木板相對靜止時(shí)，它在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中的速度最小，設(shè)此時(shí)第n號(hào)木塊的速度為v，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得

對第號(hào)木塊，由動(dòng)量定理得

對第n號(hào)木塊，由動(dòng)量定理得

由以上三式解得

1木塊的最小速度為

2木塊的最小速度為

故BC正確；

D．木塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，3木塊相對木板靜止過程，由動(dòng)量守恒定律得

解得

對3木塊，由動(dòng)能定理得

解得

故D正確；

故選BCD。12、B:D:E【分析】【詳解】

A．由圖知，簡諧運(yùn)動(dòng)的周期則簡諧運(yùn)動(dòng)的圓頻率

故A項(xiàng)不符合題意；

B．由圖知，彈簧振子在第0.4s末與第0.8s末的振動(dòng)方向均沿x軸負(fù)方向；且彈簧振子在第0.4s末與第0.8s末的位移大小相同，則彈簧振子在第0.4s末與第0.8s末的速度相同．故B項(xiàng)符合題意；

C．由圖知；彈簧振子在第0.1s末與第0.7s末的位移相反，則彈簧在第0.1s末與第0.7s末的長度不同．故C項(xiàng)不符合題意；

D．t=0.1s時(shí)振子的位移為3cm，則據(jù)可得

解得：彈簧振子的振幅

彈簧振子做簡諧運(yùn)動(dòng)的位移表達(dá)式cm

故D項(xiàng)符合題意；

E．0.6s彈簧振子振動(dòng)到平衡位置，速度最大，彈簧振子振動(dòng)的周期則彈簧振子第0.5s末到第0.8s末的內(nèi)，彈簧振子的路程大于振幅6cm．故E項(xiàng)符合題意；13、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．碰后瞬間彈簧彈力不發(fā)生變化，根據(jù)牛頓第二定律有

即碰后瞬間兩物體的加速度大小為

故A錯(cuò)誤；

B．設(shè)碰撞前A的速度為則有

碰撞后A、B的速度為碰撞時(shí)間極短，碰撞過程中動(dòng)量守恒，即

求得

解得碰后瞬間兩物體的總動(dòng)能為

故B正確；

C．設(shè)彈簧勁度系數(shù)為k，有

碰撞后兩物體一起向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩物塊的重力與彈簧彈力相等時(shí)，兩物塊的動(dòng)能最大，即

求得

A、B從碰撞后瞬間到A、B動(dòng)能最大時(shí)，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有

聯(lián)立解得

故C正確；

D．假設(shè)能分離，分離時(shí)，有

即彈簧處于原長狀態(tài)。碰撞后物塊A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，從返回至碰撞點(diǎn)，到最高點(diǎn)過程中，反彈向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)碰撞點(diǎn)時(shí)，兩物體的速度大小等于碰后瞬間兩物體的速度大??；設(shè)彈簧壓縮量為x3時(shí)速度減小為零，則有

解得

即物體A；B到達(dá)不了彈簧的原長處；故物體A、B不會(huì)分離，故D正確。

故選BCD。14、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)上下坡法則，a點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，則a點(diǎn)處于上坡過程；所以波是向右傳播的，則A正確；

B．由圖像可知此波的波長為20cm；所以B正確；

C．根據(jù)波速公式有

所以C正確；

D．c點(diǎn)此時(shí)位移最大；回復(fù)力最大，則具有最大的加速度，所以D錯(cuò)誤；

故選ABC。15、C:D【分析】【詳解】

A．圖1所示疾馳而過的急救車使人感覺音調(diào)發(fā)生變化；當(dāng)急救車靠近時(shí)，感覺聲調(diào)變高，反之急救車遠(yuǎn)離時(shí)，感覺聲調(diào)變低。這是由于多普勒效應(yīng)引起的，故A錯(cuò)誤；

B．圖2所示豎直的肥皂膜看起來常常是水平彩色橫紋；是由于光的薄膜干涉產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；

C．圖3所示泊松亮斑現(xiàn)象是由于光的衍射產(chǎn)生的；故C正確；

D．圖4所示水中的氣泡看上去特別明亮；是由于光從水進(jìn)入氣泡時(shí)發(fā)生了全反射引起的，故D正確。

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】往復(fù)小球（或物體）17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]光纖通信的主要優(yōu)點(diǎn)就是容量大、衰減小、抗干擾能力強(qiáng)?！窘馕觥竣?容量大②.抗干擾18、略

【分析】【詳解】

[1]兩個(gè)物塊一起振動(dòng)，即加速度相同。系統(tǒng)的最大加速度為

而m的加速度由二者之間的最大靜摩擦力提供

所以

[2]它們經(jīng)過平衡位置時(shí)，機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故

所以

[3]由于振動(dòng)過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，而彈簧振子的總機(jī)械能與振幅的平方成正比，所以振幅不變，仍為A?！窘馕觥緼19、略

【分析】【詳解】

[1]．質(zhì)量為5kg的物體運(yùn)動(dòng)速度為3m/s，則其動(dòng)量為

[2]．根據(jù)動(dòng)量定理，如果一個(gè)物體所受合力為5N，則5s的動(dòng)量變化為【解析】15kg?m/s25kg?m/s20、A:B:C【分析】【詳解】

單擺的周期根據(jù)解得選項(xiàng)A正確；若該單擺被考察隊(duì)攜至珠穆朗瑪峰的頂端，則由于g變小，則T變大，其擺動(dòng)變慢，選項(xiàng)B正確；在t=1.2s時(shí)擺球正處于平衡位置負(fù)方向位置向正方向做加速運(yùn)動(dòng)，由于逐漸靠近平衡位置，則加速度正在減小，選項(xiàng)C正確；在0.25s時(shí)刻位移x1=0.04cos（m）=0.02m；1.25s時(shí)刻的位移x2=0.04cos（m）=-0.02m，則擺球在平衡位置兩邊對稱的位置，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；在0-4s內(nèi)擺球通過的路程為8A=8×0.04m=0.32m，4s末的位移為x=0.04cos4πm=0.04m；選項(xiàng)E錯(cuò)誤；故選ABC.21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，波長由于在這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P第一次運(yùn)動(dòng)到圖中所示位置，故波向右傳播了故歷時(shí)

即T=0.8s，頻率

[2]由

代入數(shù)據(jù)可得【解析】1.2530四、作圖題(共1題，共5分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，則大頭針P4擋住P3本身及P2、P1的像；光路圖如下。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共8分)23、略

【分析】【分析】

用插針法測定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律利用幾何知識(shí)得到入射角的正弦和折射角的正弦，推導(dǎo)出折射率的表達(dá)式，即可知道所要測量的量．

【詳解】

（1）設(shè)圓的半徑為R，由幾何知識(shí)得入射角的正弦為：sini=sin∠AOB=

折射角的正弦為：sinr=sin∠DOC=

根據(jù)折射定律

（2）該同學(xué)在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O(shè)為圓心順時(shí)針轉(zhuǎn)過一小角度；折射光線將順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，而作圖時(shí)其邊界和法線不變，則入射角（玻璃磚中的角）不變，折射角（空氣中的角）減小，由折射率公式可知，測得玻璃磚的折射率將偏大．

【點(diǎn)睛】

本題采用單位圓法測量玻璃磚的折射率，是數(shù)學(xué)知識(shí)在物理實(shí)驗(yàn)中的運(yùn)用，簡單方便，分析誤差關(guān)鍵分析入射角和折射角產(chǎn)生的誤差，明確實(shí)驗(yàn)原理即可得出答案．【解析】①.（1）l1/l3②.（2）偏大24、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)單擺的周期公式

代入數(shù)據(jù)解得

[2]木板做勻加速直線運(yùn)