2025年滬科新版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科新版選修3物理上冊(cè)月考試卷389考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一矩形MNQP區(qū)域，其中MN邊長(zhǎng)為d，MP邊長(zhǎng)為2d，該區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直矩形平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m的帶電粒子從MP的中點(diǎn)O垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向以速度射入，恰沿直線從NQ的中點(diǎn)A射出；若撤去電場(chǎng)，則粒子從M點(diǎn)射出（粒子重力不計(jì)）。以下說(shuō)法正確的是（）

A.該粒子帶負(fù)電B.若撤去電場(chǎng)，則該粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為原來(lái)的倍C.若撤去磁場(chǎng)，則粒子射出時(shí)的速度大小為D.若撤去磁場(chǎng)，則該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能增加2、如圖所示，“U”形金屬框架固定在水平面上，處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ab棒以水平初速度v0向右運(yùn)動(dòng)；下列說(shuō)法正確的是（??）

A.ab棒做勻減速運(yùn)動(dòng)B.回路中電流隨時(shí)間均勻減小C.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)低D.ab棒受到水平向左的安培力3、如圖甲所示，一矩形金屬線框abcd垂直勻強(qiáng)磁場(chǎng)并固定于磁場(chǎng)中，以垂直紙面向里為磁場(chǎng)正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象如圖乙所示，規(guī)定向右為安培力的正方向，則線框的ab邊所受安培力Fab隨時(shí)間t變化的圖象正確的是（）

A.B.C.D.4、如圖所示，在光滑水平面上有一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端與一質(zhì)量為的小球相連，構(gòu)成一個(gè)水平彈簧振子，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)小球位于點(diǎn)．現(xiàn)使小球以點(diǎn)為平衡位置，在兩點(diǎn)間沿光滑水平面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；關(guān)于這個(gè)彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）

A.小球從位置向位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中做減速運(yùn)動(dòng)B.小球每次通過(guò)同一位置時(shí)的加速度一定相同C.小球從位置向位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧振子所具有的勢(shì)能持續(xù)增加D.小球在位置彈簧振子所具有的勢(shì)能與在位置彈簧振子所具有的勢(shì)能相等5、如圖中的曲線表示某振動(dòng)系統(tǒng)受迫振動(dòng)的振幅A隨驅(qū)動(dòng)力頻率變化的關(guān)系。可以看出，驅(qū)動(dòng)力頻率等于系統(tǒng)的固有頻率時(shí)；受迫振動(dòng)的振幅最大，這種現(xiàn)象叫做共振。據(jù)史書記載：晉朝初期，京城有戶人家掛著的銅盤每天早晚輕輕自鳴兩次，人們十分驚恐。當(dāng)時(shí)的學(xué)者張華判斷，這是銅盤與皇宮早晚的鐘聲共鳴所致，后來(lái)把銅盤磨薄一些，它就不再自鳴了。你認(rèn)為把銅盤磨薄的目的是（??）

A.減小銅盤固有振動(dòng)的周期B.減小銅盤固有振動(dòng)的振幅C.減弱皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的強(qiáng)度D.減小皇宮敲鐘引起的空氣振動(dòng)的頻率6、在直徑為d的圓形區(qū)域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場(chǎng)方向垂直圓面指向紙外．一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，從磁場(chǎng)區(qū)域的一條直徑AC上的A點(diǎn)沿紙面射入磁場(chǎng)，其速度方向與AC成α＝15°角，如圖所示，此粒子在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度的方向改變了90°，重力可忽略不計(jì)，則該粒子射入時(shí)的速度大小v為()

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)和豎直向下的重力場(chǎng)，在豎直平面內(nèi)有初速度為v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由A向B做直線運(yùn)動(dòng)。那么()

A.微粒帶負(fù)電B.微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C.微粒做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.微粒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)8、在圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r．在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從圖示位置向下滑動(dòng)的過(guò)程中：()

A.路端電壓變大B.電路中的總電流變大C.通過(guò)電阻R2的電流變小D.通過(guò)滑動(dòng)變阻器R1的電流變小9、如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環(huán)，活塞可以在兩個(gè)卡環(huán)之間無(wú)摩擦運(yùn)動(dòng)?；钊路椒忾]有一定質(zhì)量的理想氣體，已知理想氣體內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為為正的常量，重力加速度為g。開(kāi)始時(shí)封閉氣體溫度為T0，壓強(qiáng)等于外界大氣壓強(qiáng)p0；現(xiàn)通過(guò)電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經(jīng)歷了如圖乙所示的三個(gè)狀態(tài)變化過(guò)程，則（）

A.活塞質(zhì)量為B.從b→c過(guò)程，氣體對(duì)外做功C.從a→d全過(guò)程，氣體內(nèi)能增加D.從a→d全過(guò)程，氣體吸收的熱量小于其內(nèi)能的增量10、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷了AB、BC、CD和DA四個(gè)過(guò)程，其p-V圖像如圖所示，其中AB、CD均與橫坐標(biāo)平行，DA、BC均與縱坐標(biāo)平行。對(duì)該氣體；下列說(shuō)法正確的是（）

A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體對(duì)外做功B.狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度C.狀態(tài)A的內(nèi)能大于狀態(tài)B的內(nèi)能E.狀態(tài)C在單位時(shí)間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個(gè)數(shù)小于狀態(tài)D的分子個(gè)數(shù)E.狀態(tài)C在單位時(shí)間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個(gè)數(shù)小于狀態(tài)D的分子個(gè)數(shù)11、如圖所示，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角為30°的斜面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌下端連接一個(gè)阻值為R的定值電阻，空間中有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌所在斜面上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．在斜面上平行斜面固定一個(gè)輕彈簧，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧上端與質(zhì)量為m、電阻為r、長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體桿相連，桿與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)體桿中點(diǎn)系一輕細(xì)線，細(xì)線平行斜面，繞過(guò)一個(gè)光滑定滑輪后懸掛一個(gè)質(zhì)量也為m的物塊．初始時(shí)用手托著物塊；導(dǎo)體桿保持靜止，細(xì)線伸直，但無(wú)拉力．釋放物塊后，下列說(shuō)法正確的是。

A.釋放物塊瞬間導(dǎo)體桿的加速度為gB.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為C.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過(guò)程中細(xì)線對(duì)導(dǎo)體桿做功為D.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過(guò)程中流過(guò)電阻R的電荷量為12、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的原理圖；升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓恒定；輸電線上的電阻不變，假設(shè)用戶所用用電器都是純電阻用電器，若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機(jī)輸出的電流增大了，則可以判定。

A.通過(guò)用戶的電流減小了B.用戶接入電路的總電阻減小了C.用戶消耗的電功率減小了D.加在用戶兩端的電壓變小了13、圖甲為某一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)的波形圖，圖乙為波上質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖象，下列說(shuō)法正確的是（）

A.這列波的傳播速度大小為4m/sB.這列波沿x正方向傳播C.t＝0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)速度大于質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)速度E.質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cmE.質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：y＝﹣0.2sin（2πt）cm14、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有比荷大小相等的甲、乙兩粒子，甲以速度從A點(diǎn)沿直徑A0B方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間射出磁場(chǎng)，射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與初速度方向間的夾角為60°；乙以速度從距高直徑AOB為的C點(diǎn)平行于直徑AOB方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間射出磁場(chǎng)；其軌跡恰好通過(guò)磁場(chǎng)的圓心．不計(jì)粒子受到的重力，則。

A.兩個(gè)粒子帶異種電荷B.C.D.兩粒子在磁場(chǎng)中軌跡長(zhǎng)度之比15、在粒子物理的研究中，可以讓粒子通過(guò)叫“云室”“氣泡室”的裝置，以顯示它們的徑跡，如圖所示的是在液氫氣泡室中拍攝到的帶電粒子的徑跡，氣泡室中加有勻強(qiáng)磁場(chǎng)．關(guān)于粒子的徑跡是一對(duì)緊繞的螺旋線的說(shuō)法正確的是（）

A.進(jìn)入氣泡室的是一對(duì)帶相反電荷的粒子，在同一個(gè)磁場(chǎng)中它們所受的洛倫茲力方向相反B.進(jìn)入氣泡室的粒子的比荷一定不同C.粒子的徑跡是螺旋線，是因?yàn)榱Ｗ釉谶\(yùn)動(dòng)過(guò)程中能量減少D.粒子的徑跡是螺旋線，是因?yàn)榱Ｗ拥膸щ姾闪吭絹?lái)越少評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、在電解液中，(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_(kāi)______A；(2)若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子和到達(dá)陰極的正離子均為5C，則電流為_(kāi)______A．17、查理定律。

（1）內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成______。

（2）表達(dá)式：p＝______。

（3）適用條件：氣體的______和______不變。

（4）圖像：如圖所示。

①p－T圖像中的等容線是一條______。

②p－t圖像中的等容線不過(guò)原點(diǎn)，但反向延長(zhǎng)線交t軸于______。18、如圖為演示“通電導(dǎo)線之間通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用”的實(shí)驗(yàn)示意圖，接通電源時(shí)，發(fā)現(xiàn)兩導(dǎo)線會(huì)相互靠近或遠(yuǎn)離已知接線柱是按如圖所示方式連接的．

(1)請(qǐng)?jiān)趫D中虛線框中標(biāo)出B導(dǎo)線在A導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向用“”或“”表示

(2)在圖中標(biāo)出A導(dǎo)線所受安培力的方向_____________．19、如圖所示的平行板器件中，電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不同。若從左側(cè)水平射入的帶電粒子，不計(jì)重力，穿過(guò)這一區(qū)域時(shí)未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則該粒子的速度大小為_(kāi)_______；若只改變?cè)摿Ｗ拥碾娦?，則粒子穿過(guò)這一區(qū)域時(shí)是否會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)？________（選填“會(huì)”或“不會(huì)”）。20、下列關(guān)于單擺的認(rèn)識(shí)說(shuō)法正確的是________E.擺球運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)，合力為零21、某同學(xué)把兩塊大小不同的木塊用細(xì)線連接；中間夾一被壓縮了的彈簧，如圖所示．將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，燒斷細(xì)線，觀察物體的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)行必要的測(cè)量，驗(yàn)證物體間相互作用時(shí)動(dòng)量守恒．

（1）該同學(xué)還必須有的器材是_____；

（2）需要直接測(cè)量的數(shù)據(jù)是_____；

（3）用所得數(shù)據(jù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒的關(guān)系式是_____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共20分)25、在測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的實(shí)驗(yàn)中；小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路．

(1)根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路；請(qǐng)?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路的連接____．

(2)實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P移至______(選填“a”或“b”)端．

(3)合上開(kāi)關(guān)S1，S2接圖甲中的1位置，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)．在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出電壓表示數(shù)U和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示，兩直線與縱軸的截距分別為UA、UB，與橫軸的截距分別為IA、IB.

①S2接1位置時(shí)，作出的U－I圖線是圖丙中的________(選填“A”或“B”)線；

②S2接1位置時(shí)，測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r存在系統(tǒng)誤差，原因是________表(選填“電壓”或“電流”)的示數(shù)比干路電流________(選填“大”或“小”)．26、下圖是測(cè)量阻值約幾十歐的未知電阻Rx的原理圖，圖中R0是保護(hù)電阻（10Ω），R1是電阻箱（0～99.9Ω），R是滑動(dòng)變阻器，A1和A2是電流表；E是電源（電動(dòng)勢(shì)10V，內(nèi)阻很小）．在保證安全和滿足要求的情況下，使測(cè)量范圍盡可能大．實(shí)驗(yàn)具體步驟如下：

（i）連接好電路；將滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大；

（ii）閉合S，從最大值開(kāi)始調(diào)節(jié)電阻箱R1，先調(diào)R1為適當(dāng)值，再調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使A1示數(shù)I1=0.15記下此時(shí)電阻箱的阻值R1和A2示數(shù)I2．

（iii）重復(fù)步驟（ii），再測(cè)量6組R1和I2值；

（iv）將實(shí)驗(yàn)測(cè)得的7組數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)．

根據(jù)實(shí)驗(yàn)回答以下問(wèn)題：

①現(xiàn)有四只供選用的電流表：

。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）。A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）

A1應(yīng)選用____，A2應(yīng)選用____．

②測(cè)得一組R1和I2值后，調(diào)整電阻箱R1，使其阻值變小，要使A1示數(shù)I1=0.15A，應(yīng)讓滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值____（選填“不變”；“變大”或“變小”）．

③在坐標(biāo)紙上畫出R1與I2的關(guān)系圖．

④根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)得出Rx=____Ω．A．電流表（0～3mA；內(nèi)阻為2.0Ω）

B．電流表（0～3mA；內(nèi)阻未知）

C．電流表（0～0.3A；內(nèi)阻為5.0Ω）

D．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻未知）評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共8分)27、如圖所示，一列水平向右傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波速大小為v=2m/s，P質(zhì)點(diǎn)的平衡位置坐標(biāo)為x=8m．從圖中狀態(tài)開(kāi)始計(jì)時(shí)（此時(shí)該波剛好傳到距O點(diǎn)4m的位置）；求：

（1）經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間，P質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰？

（2）P質(zhì)點(diǎn)第二次到達(dá)波谷時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為多少？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

A．若撤去電場(chǎng)，從M點(diǎn)射出；故受到的洛倫茲力應(yīng)向上，若該粒子帶負(fù)電，則受到豎直向上的電場(chǎng)力，根據(jù)左手定則可得受到的洛倫茲力的方向?yàn)樨Q直向下，不符合題意，A錯(cuò)誤；

B．撤去電場(chǎng)，根據(jù)幾何知識(shí)可得故運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

而原來(lái)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

所以該粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為原來(lái)的倍；B錯(cuò)誤；

C．粒子沿直線通過(guò)場(chǎng)區(qū)時(shí)

撤去電場(chǎng)后，在洛侖茲力的作用下，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何知識(shí)知洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

撤去磁場(chǎng)，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，粒子的加速度a，穿越電場(chǎng)所用時(shí)間為t，水平方向

加速度

豎直分位移

解得

設(shè)末速度為v，由動(dòng)能定理知

解得

即粒子射出金屬板時(shí)的速度大小是射入金屬板時(shí)的速度大小的倍；故C正確；

D．由于電場(chǎng)力做正功；電勢(shì)能減小，D錯(cuò)誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．當(dāng)棒向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，切割磁感線，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流通過(guò)棒時(shí)又會(huì)受到安培力的作用，使得棒做減速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榘羰艿降陌才嗔Υ笮镕=

故安培力的大小與速度有關(guān)；速度減小時(shí)，安培力也減小，故棒的加速也會(huì)減小，所以棒做變減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．由于回路中的電流

與速度的大小有關(guān)；速度的減小不是均勻的，故回路中電流的減小也不是均勻的，故B錯(cuò)誤；

C．由右手定則可知，棒中電流的方向由b到a，棒看作電源，故a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)高；故C錯(cuò)誤；

D．由左手定則可知ab棒受到水平向左的安培力；故D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

0﹣1s內(nèi)，由楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)I＝電流為定值，根據(jù)左手定則，ab邊所受安培力的方向向右，由F＝BIL知，安培力均勻增大；1﹣2s內(nèi)，由楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)I＝電流為定值，根據(jù)左手定則，ab邊所受安培力的方向向左，由F＝BIL知，安培力均勻減??；2﹣3s內(nèi)，由楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)I＝電流為定值，根據(jù)左手定則，ab邊所受安培力的方向向右，由F＝BIL知，安培力均勻增大；3﹣4s內(nèi)，由楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)I＝電流為定值，根據(jù)左手定則，ab邊所受安培力的方向向左，由F＝BIL知，安培力均勻減??；故A正確．4、D【分析】小球在點(diǎn)彈簧彈性勢(shì)能是所以小球的動(dòng)能最大，小球從位位置向位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到彈簧的向左的拉力，與小球速度的方向相反，所以小球做減速運(yùn)動(dòng)．故A正確；小球每次通過(guò)同一位置時(shí)的回復(fù)力，都是相等的，所以加速度一定相同，故B正確；小球從位置向位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度增大，所以動(dòng)能逐漸增大，彈簧振子所具有的勢(shì)能逐漸減小，從位置向位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度減小，所以動(dòng)能逐漸減小，彈簧振子所具有的勢(shì)能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)能與彈性勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化．由于小球在點(diǎn)與在點(diǎn)的速度都是所以小球在位置彈簧振子所具有的勢(shì)能與在位置彈簧振子所具有的勢(shì)能相等，故D正確；5、A【分析】把銅盤磨薄一些，從而減小了銅盤的固有振動(dòng)的周期，依據(jù)共振的特點(diǎn)，銅盤與皇宮早晚的鐘聲不再發(fā)生共振，即不再出現(xiàn)共鳴，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．6、A【分析】【詳解】

帶電粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)；其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。

因軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角等于速度的偏向角，由題知粒子速度的方向改變了則軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角是設(shè)帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則由幾何知識(shí)得：解得：由得選A.

【點(diǎn)睛】畫出運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求出粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由半徑公式求出該粒子射入時(shí)的速度大小v．二、多選題(共9題，共18分)7、A:B【分析】【詳解】

微粒做直線運(yùn)動(dòng)的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上；只有微粒受到水平向左的電場(chǎng)力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條直線上，由此可知微粒所受的電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，則微粒必帶負(fù)電，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；故A，B正確，C，D錯(cuò)誤.

故選AB.

【點(diǎn)睛】

帶點(diǎn)微粒做直線運(yùn)動(dòng)，所以所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上，根據(jù)重力和電場(chǎng)力的方向可確定微粒運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)．8、B:C【分析】滑動(dòng)觸頭P從圖示位置向下滑動(dòng)的過(guò)程中，電阻變小，總電流變大，B對(duì)．內(nèi)電壓變大，路端電壓變小，A錯(cuò)．通過(guò)電阻R2的電流變小，C對(duì)．又總電流變大，所以通過(guò)滑動(dòng)變阻器R1的電流變大，D錯(cuò)．9、A:C【分析】【詳解】

A．氣體在等壓膨脹過(guò)程中由受力平衡，有

解得

故A正確；

B．圖像斜率不變時(shí)體積不變，只有在b→c過(guò)程中氣體對(duì)外做功

故B錯(cuò)誤；

C．在a→d全過(guò)程中，由理想氣體狀態(tài)方程，有

由題目條件可知?dú)怏w內(nèi)能的變化量

故C正確；

D．從a→d全過(guò)程；氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收的熱量大于其內(nèi)能的增量，故D錯(cuò)誤。

故選AC。10、A:B:E【分析】【詳解】

A．從狀態(tài)A到狀態(tài)B氣體體積增大；對(duì)外做功，故A正確；

B．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)A的溫度；故B正確；

C．A→B為等壓膨脹過(guò)程，根據(jù)蓋—呂薩克定律可知狀態(tài)B的溫度高于狀態(tài)A的溫度，所以狀態(tài)B的內(nèi)能大于狀態(tài)A的內(nèi)能；故C錯(cuò)誤；

D．D→A為等容過(guò)程，根據(jù)查理定理可知狀態(tài)A的溫度低于狀態(tài)D的溫度，即D→A過(guò)程氣體內(nèi)能減少；而氣體對(duì)外做功為零，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w向外界放出熱量，故D錯(cuò)誤；

E．C→D為等壓壓縮過(guò)程，根據(jù)蓋—呂薩克定律可狀態(tài)C的溫度高于狀態(tài)D的溫度，即氣體分子在狀態(tài)C的平均速率大于在狀態(tài)D的平均速率，狀態(tài)C氣體分子對(duì)容器壁的平均作用力比狀態(tài)D大，而又因?yàn)闋顟B(tài)C、D壓強(qiáng)相同，根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知狀態(tài)C在單位時(shí)間內(nèi)撞到容器壁單位面積的分子個(gè)數(shù)小于狀態(tài)D的分子個(gè)數(shù)；故E正確。

故選ABE。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．初始時(shí)，彈簧被壓縮，彈力大小即釋放物塊瞬間，安培力為零，對(duì)桿和物塊分析有：解得：故A錯(cuò)誤．

B．由于電磁感應(yīng)消耗能量，桿最終速度為零，安培力為零，細(xì)線拉力彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)；對(duì)導(dǎo)體桿有：解得：彈簧彈性勢(shì)能不變，對(duì)物塊、導(dǎo)體桿、彈簧整個(gè)系統(tǒng)，由能量守恒得：解得：電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱．故B項(xiàng)正確．

C．從運(yùn)動(dòng)到最終停止，彈簧彈力對(duì)導(dǎo)體棒做功為零，對(duì)導(dǎo)體棒運(yùn)用動(dòng)能定理得，又解得：細(xì)線對(duì)導(dǎo)體桿拉力做功．故C項(xiàng)正確．

D．流過(guò)電阻R上的電荷量故D正確．12、B:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：如果發(fā)電機(jī)輸出電流增大；根據(jù)變流比可知，輸送電流增大，通過(guò)用戶的電流增大，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由可知，輸送電流增大，是由于減小引起的；故B正確；

C項(xiàng)：當(dāng)用戶電阻減小時(shí)；用戶消耗的功率增大，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：發(fā)電機(jī)輸出電流增大；則輸電線上的電壓降增大，因此降壓變壓器的輸入；輸出電壓均減小，即因在用戶兩端電壓變小了，故D正確．

故選BD．13、A:C:E【分析】【詳解】

A、由甲圖可得：λ＝4m，由乙圖中可得：T＝1s，所以該簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度為：=4m/s；故A正確．

B、由圖乙知，t＝0.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M正通過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，由波形平移法知這列波沿x軸負(fù)方向傳播．故B錯(cuò)誤．

C、因t＝0.5s＝所以t＝0.5s時(shí)M質(zhì)點(diǎn)正通過(guò)平衡位置，速度最大，而質(zhì)點(diǎn)Q不在平衡位置，所以t＝0.5s時(shí)M質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度大于Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度；故C正確．

D、因t＝0.5s＝則t＝0.5s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)從波峰到達(dá)波谷；位移為﹣0.2cm，故D錯(cuò)誤．

E、質(zhì)點(diǎn)M振幅為A＝0.2cm，t＝0時(shí)刻y＝0，且正向下振動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)M在任意時(shí)刻t的位移為：cm，故E正確．14、A:C【分析】【詳解】

由左手定則可知；粒子射入磁場(chǎng)時(shí)所受的洛倫茲力方向相反，可知兩個(gè)粒子帶異種電荷，選項(xiàng)A正確；

兩粒子的比荷相同，根據(jù)可知，兩粒子周期相同；由幾何關(guān)系可知，從A點(diǎn)射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧的圓心角為60°，從C點(diǎn)射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧的圓心角為120°，則由可知，2t1=t2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從A點(diǎn)射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧的半徑從C點(diǎn)射入的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧的半徑為r2=R，根據(jù)可知選項(xiàng)C正確；根據(jù)弧長(zhǎng)可知兩粒子在磁場(chǎng)中軌跡長(zhǎng)度之比選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.15、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)粒子進(jìn)入氣泡室后沿相反的方向運(yùn)動(dòng)；說(shuō)明粒子所受的洛倫茲力方向相反，粒子帶相反電性的電荷，故A正確；

B．由知，R不同，因?yàn)樗俣葀的大小關(guān)系不確定，的大小關(guān)系也不確定，即可能相同；故B錯(cuò)誤；

CD．因?yàn)榱Ｗ釉谶\(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷量不變，但要受到阻力作用，能量減少，速度減小，故半徑減小，所以粒子的徑跡是螺旋線，故C正確，D錯(cuò)誤．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子為5C，則電流【解析】2117、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正比CT或＝質(zhì)量體積過(guò)原點(diǎn)的直線－273.15℃18、略

【分析】【詳解】

根據(jù)右手安培定則可判斷B導(dǎo)線在A導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則可判斷A導(dǎo)線所受安培力的方向水平向右；

【解析】19、略

【分析】帶電粒子未發(fā)生偏轉(zhuǎn)則所以只改變?cè)摿Ｗ拥碾娦?，粒子所受的電?chǎng)力和洛倫茲力方向改變，但大小不變以，所以不會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)【解析】不會(huì)20、B:C:D【分析】【詳解】

A；伽利略發(fā)現(xiàn)了單擺的等時(shí)性；惠更斯給出了單擺的周期公式，故A錯(cuò)誤；

B、擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知；擺鐘的周期變小，擺鐘變快，要校準(zhǔn)擺鐘，需要增大擺鐘的周期T，可以增大擺鐘的擺長(zhǎng)L，故B正確；

C、由得在利用單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，在測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，只量了懸線的長(zhǎng)度L當(dāng)作擺長(zhǎng)，而沒(méi)有加上擺球的半徑，導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小，故g值偏小，故C正確；

D、擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知；單擺的周期不變，故D正確；

E；擺球?qū)嶋H做圓周運(yùn)動(dòng)（一部分）；經(jīng)最低點(diǎn)（平衡位置）時(shí)，繩子拉力與重力的合力提供向心力，繩子拉力大于重力，故E錯(cuò)誤；

故選BCD。

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是知道擺長(zhǎng)應(yīng)等于懸線長(zhǎng)度加上擺球的半徑，擺鐘由廣州移至哈爾濱時(shí)，重力加速度g變大，擺鐘的擺長(zhǎng)L不變，由可知，擺鐘的周期變??；擺角從5°改為3°，單擺仍然做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由周期公式可知，單擺的周期不變。21、略

【分析】【詳解】

小球離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，取小球1的初速度方向?yàn)檎较?，兩小球質(zhì)量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移分別為s1、s2，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t．需要驗(yàn)證的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要測(cè)量?jī)赡緣K的質(zhì)量m1和m2，兩木塊落地點(diǎn)到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

（1）需要的實(shí)驗(yàn)器材有：天平；直尺、鉛錘、木板、白紙、復(fù)寫紙、圖釘、細(xì)線等。

（2）需要直接測(cè)量的量為：兩物塊的質(zhì)量m1．m2及它們對(duì)應(yīng)的平拋射程s1．s2；

（3）需要驗(yàn)證的表達(dá)式為：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、鉛垂線兩木塊的質(zhì)量m1、m2和兩木塊落地點(diǎn)分別到桌子兩。

側(cè)邊緣的水平距離s1、s2m1s1＝m2s2四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较颍瑒t電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水