2024年北師大版必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版必修1物理上冊月考試卷732考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列說法正確的是（）A.物體速度為零時，所受合力一定為零B.桌面對書的支持力和書對桌面的壓力是一對平衡力C.跳遠運動員助跑起跳，是為了通過提高他自身的慣性來提高成績D.由牛頓第二定律F=ma可知，當(dāng)我們用很小的力去推很重的桌子時，卻推不動，這是因為桌子所受的合力為零，加速度為零2、如圖（甲）所示，輕質(zhì)小圓環(huán)掛在橡皮條的一端，另一端固定，橡皮條的長度為GE。在圖（乙）中，用于通過兩個彈簧測力計共同拉動小圓環(huán)，小圓環(huán)受到拉力F1、F2、F3三力共同作用，靜止于O點，橡皮條伸長的長度為EO。撤去F1、F2，改用一個力F單獨拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于O點，如圖（丙）所示。若兩個分力大小分別為F1=2.4N，F(xiàn)2=1.0N，則二力合力大小可能為（）A.1.2NB.3.5NC.1.8ND.0N3、2022年11月21日至12月18日在卡塔爾舉行世界杯比賽，在比賽中可以將足球看成質(zhì)點的是（）A.裁判員判定足球是否出界B.研究運動員將足球踢出時足球的速度大小C.門將撲出點球時D.運動員踢出的“香蕉球”4、2021年5月7日；我國成功將遙感三十號08組衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進入預(yù)定軌道。關(guān)于火箭的速度；速度變化量和加速度的判斷，下列說法正確的是（）

A.火箭的加速度等于零，則火箭一定靜止B.火箭速度變化越來越快時，加速度越來越小C.火箭速度變化量方向為正時，加速度方向可能為負(fù)D.火箭的加速度與速度方向相同且加速度減小時，火箭做加速運動5、如圖所示，甲圖為質(zhì)點a和b做直線運動的位移一時間（）圖像，乙圖為質(zhì)點c和d做直線運動的速度—時間（）圖像；由圖可知。

A.若時刻c、d兩質(zhì)點第一次相遇，則時刻c、d兩質(zhì)點第二次相遇B.在時間內(nèi)，質(zhì)點b通過的位移大于質(zhì)點a通過的位移C.在時刻，質(zhì)點c、d加速度的大小關(guān)系為D.在時間內(nèi)，質(zhì)點d的平均速度小于質(zhì)點c的平均速度.6、如圖所示，豎直平面內(nèi)兩個完全相同的輕彈簧a、b，一端固定在水平面上，另一端均與質(zhì)量為m的小球相連接，輕桿c一端固定在天花板上，另一端與小球拴接。彈簧a、b和輕桿互成120°角，且彈簧a、b的彈力大小均為mg，g為重力加速度；如果將輕桿突然撤去，則撤去瞬間小球的加速度大小可能為（）

A.B.C.D.7、如圖所示，質(zhì)量為m2的物塊B放置在光滑水平桌面上，其上放置質(zhì)量為m1的物塊A，A通過跨過定滑輪的細線與質(zhì)量為M的物塊C連接，釋放C，A和B一起以加速度a從靜止開始運動，已知A、B間動摩擦因數(shù)為則細線中的拉力大小為。

A.MgB.Mg+MaC.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，t＝0時，質(zhì)量為0.5kg的物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑，經(jīng)過B點后進入水平面（經(jīng)過B點前后速度大小不變），最后停在C點。每隔2s物體的瞬時速度記錄在下表中，重力加速度g取10m/s2；下列說法正確的是（）

t/s0246v/（）08128

A.物體運動過程中的最大速度為12m/sB.t=的時刻物體恰好經(jīng)過B點C.t=10s的時刻物體恰好停在C點D.A、B間的距離大于B、C間的距離9、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在水平桌面上，在與水平方向成θ角的拉力F作用下保持靜止，已知物體與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ；下列判斷正確的是（）

A.物體對地面的壓力為mgB.物體受到地面的支持力為mg-FsinθC.物體受到的摩擦力為FD.物體受到的摩擦力為Fcosθ10、如圖所示，一粗糙斜面靜止在地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊N，另一端與斜面上的物塊M相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)用水平向左的拉力緩慢拉動N，直至懸掛N的細繩與豎直方向成已知M始終保持靜止，則在此過程中（）

A.斜面受到水平向右且不斷增大的摩擦力B.M所受細繩的拉力大小一定一直增加C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D.M所受斜面的摩擦力大小可能先減小后增加11、汽車司機發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，立即剎車，剎車過程可視為勻減速運動。自剎車開始第1s內(nèi)經(jīng)過的位移為24m，第4s內(nèi)經(jīng)過的位移為1m。下列說法正確的是（）A.汽車的加速度大小為8m/s2B.汽車的加速度大小為7.67m/s2C.汽車的初速度大小為28m/sD.汽車的初速度大小為30.67m/s12、如圖所示，重力為G的圓柱體A被平板B夾在板與墻壁之間，平板B與底座C右端的鉸鏈相連，左端由液壓器D調(diào)節(jié)高度，以改變平板B與水平底座C間的夾角θ，B、C及D總重力也為G，底座C與水平地面間的動摩擦因數(shù)為μ（0.5＜μ＜1），平板B的上表面及墻壁是光滑的。底座C與地面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；則下列說法正確的是（）

A.C與地面間的摩擦力總等于2μG不變B.θ角減小時，地面對C的摩擦力減小C.要保持底座C靜止不動，必須滿足tanθ≤2μD.若保持θ＝45°不變，圓柱體重力增大ΔG，仍要保持底座C靜止，則ΔG的最大值ΔGm＝G13、如圖1所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為的長木板，其上疊放一質(zhì)量為的小木塊?，F(xiàn)給木板施加一隨時間增大的水平力（是常數(shù)），木板的加速度隨時間的變化關(guān)系如圖2所示，已知木塊與木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等，取則（）

A.在0～2s時間內(nèi)，小木塊與長木板間的摩擦力逐漸增大B.小木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為0.1C.質(zhì)量與之比為D.當(dāng)小木塊從長木板上脫離時，其速度比木板的速度小0.5m/s14、如圖所示，勁度系數(shù)為的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為的物體接觸（未連接），彈簧水平且無形變。用水平力，緩慢推動物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長度被壓縮了此時物體靜止。撤去后，物體開始向左運動，運動的最大距離為物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為重力加速度為則（）

A.撤去F后，物體先做加速度減小的加速運動，再做加速度增大的減速運動，最后勻減速運動到靜止B.撤去F后，物體先做加速度增大的加速運動，再做加速度減小的減速運動，最后勻減速運動到靜止C.物體做勻減速運動的時間為D.物體做勻減速運動的時間為15、如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動摩擦因數(shù)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。現(xiàn)對A施加一水平拉力F；則（）

A.當(dāng)時，B都相對地面靜止B.當(dāng)時，A的加速度為C.當(dāng)時，A相對B滑動D.當(dāng)F超過某數(shù)值時，B的加速度可能會超過16、如圖，用硬鐵絲彎成的光滑半圓環(huán)豎直放置，最高點B處固定一小滑輪，質(zhì)量為m的小球A穿在環(huán)上．現(xiàn)用細繩一端拴在A上，另一端跨過滑輪用力F拉動，使A緩慢向上移動．在移動過程中關(guān)于鐵絲對A的支持力N；說法正確的是。

A.N的方向始終背離圓心OB.N的方向始終指向圓心OC.N逐漸變小D.N大小不變評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示一小球從離地4m高的A點豎直落下，在地面上豎直反彈至離地面高為3m的B點后又落回地面，再反彈至離地面高為2m的C點，再落回地面，又反彈回離地面高為1m的D點，此后落在地面上不再反彈而靜止。以向下為正方向，則該過程中小球位移為______，小球通過的路程為______。

18、一根勁度系數(shù)為k=400N/m的輕質(zhì)彈簧，當(dāng)受到F1=8N的壓力作用時，該彈簧縮短了x1=_______m；當(dāng)彈簧伸長量x2=0.05m時，受到的拉力大小F2=________N；當(dāng)彈簧不受力時，勁度系數(shù)_______（填“不變”或“改變”）。19、超重。

（1）定義：物體對支持物的壓力（或?qū)覓煳锏睦Γ_____物體所受重力的現(xiàn)象。

（2）產(chǎn)生條件：物體具有______（選填“豎直向上”或“豎直向下”）的加速度。20、一列火車由靜止從車站出發(fā)做勻加速直線運動，一位觀察者站在這列火車第一節(jié)車廂的前端，經(jīng)過10s第一節(jié)車廂全部通過，則前九節(jié)車廂經(jīng)過___________s時間可從觀察者身邊全部通過，第九節(jié)車廂通過觀察者需要的時間是________s（保留一位小數(shù)）．21、如圖所示，一根質(zhì)量為m的勻質(zhì)細圓柱桿，A端通過光滑鉸鏈固定于豎直墻上，B端系上細繩，細繩水平，另一端系于豎直墻上C點，已知AC=4m，BC=6m，則繩子BC的拉力FBC=__________，圓柱桿A端所受的彈力FA=___________。

22、某物體作直線運動的圖象如圖所示，根據(jù)圖象回答：物體在AB段加速度大小是______整個過程的位移大小是______m，平均速度是______

評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)23、畫出圖所示情景中物體A受力的示意圖（所有接觸面均光滑）。

24、如圖，A、B兩物體疊放在一起，由靜止釋放后沿光滑固定斜面下滑，下滑過程中A。B始終保持相對靜止，B上表面水平，請畫出物體A，B的受力示意圖。評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)25、在做“研究勻變速直線運動”的實驗時，某同學(xué)得到一條用打點計時器打下的紙帶如圖所示，并在其上取了、、、、、、等個計數(shù)點，每相鄰兩個計數(shù)點之間還有個點，圖中沒有畫出，打點計時器的周期為的交流電源。經(jīng)過測量得：

（1）計算vF=______（結(jié)果保留兩位小數(shù)）

（2）物體的加速度a=_______（結(jié)果保留兩位小數(shù)）

（3）如果當(dāng)時電網(wǎng)中交變電流的頻率是而做實驗的同學(xué)并不知道，那么加速度的測量值與實際值相______（選填：偏大；偏小或不變）

（4）如果當(dāng)時電網(wǎng)中交變電流的電壓突然增大，而做實驗的同學(xué)并不知道，那么加速度的測量值與實際值相比___________（選填：偏大、偏小或不變）

（5）在實驗過程中，對減小實驗誤差來說，下列方法中沒有益的是________

A．選取計數(shù)點，把每打個點的時間間隔作為一個時間單位。

B．使小車運動的加速度盡量小些。

C.舍去紙帶上密集的點；利用點跡清晰的點進行測量；計算。

D．選用各處平整程度、光滑程度相同的長木板做實驗26、(1)在《探究彈簧伸長量與彈力關(guān)系》的實驗中，下列說法中錯誤的是__________。

A．測量彈簧原長時應(yīng)將彈簧平放于水平桌面。

B.彈簧豎直懸掛于鐵架臺的橫梁上；刻度尺應(yīng)豎直固定在彈簧附近。

C.在彈簧下端掛鉤碼時；不能掛太多鉤碼，以保證彈簧處于彈性限度內(nèi)。

D.若誤將彈簧總長為橫坐標(biāo)，彈力為縱坐標(biāo)，得到的圖像；則根據(jù)該圖像無法得出彈簧的勁度系數(shù)。

(2)在小車質(zhì)量M一定時，探究小車的加速度a與拉力F的關(guān)系。甲同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的小車的加速度a和小車所受拉力F的圖像為圖2所示中的直線Ⅰ，乙同學(xué)畫出的圖像為圖2中的直線Ⅱ。直線Ⅰ、Ⅱ在縱軸或橫軸上的截距較大。明顯超出了誤差范圍，下面給出了關(guān)于形成這種情況原因的四種解釋，其中可能正確的是________。

A.實驗前甲同學(xué)沒有平衡摩擦力。

B.甲同學(xué)在平衡摩擦力時；把長木板的末端抬得過高了。

C.實驗前乙同學(xué)沒有平衡摩擦力。

D.乙同學(xué)在平衡摩擦力時；把長木板的末端抬得過高了。

(3)在研究小車的加速度a和小車的質(zhì)量M的關(guān)系時，由于始終沒有滿足（m為砂桶及砂桶中砂的質(zhì)量）的條件，結(jié)果得到的圖像應(yīng)是如圖中的圖__________。

A.B.C.D.評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)27、有一架電梯，啟動時勻加速上升，加速度為2m/s2，制動時勻減速上升，加速度為-1m/s2；樓高52m。求：

（1）若上升的最大速度為6m/s；電梯升到樓頂?shù)淖疃虝r間是多少？

（2）如果電梯先加速上升，然后勻速上升，最后減速上升，全程共用16s，上升的最大速度是多少？28、某一遙控玩具汽車沿直線運動，其位移x隨時間t變化的規(guī)律為：x=t+2t2（m）。求：

（1）該玩具汽車的初速度v0是多大；

（2）該玩具汽車的加速度a是多大；

（3）第2s內(nèi)的平均速度是多大。29、如圖所示，兩光滑水平平臺通過一豎直臺階相連，下平臺足夠長，一質(zhì)量為3m的長木板，緊靠臺階放置在下平臺上，其上表面與上平臺平面相平?，F(xiàn)有質(zhì)量為面的小滑塊，以水平速度從上平臺滑入木板中而不會掉下，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為重力加速度為g；求：

（1）小滑塊和長木板的最終速度大?。?/p>

（2）小滑塊在木板上的滑動距離大??；

（3）木板做加速運動時所移動的距離.

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．物體速度為零時；所受合力不一定為零。如自由落體的初始時刻，速度為零，合力不為零。A錯誤；

B．桌面對書的支持力和書對桌面的壓力是一對作用力和反作用力。B錯誤；

C．跳遠運動員助跑起跳；是為了通過提高他起跳的速度來提高成績，慣性只有質(zhì)量決定，助跑不改變慣性。C錯誤；

D．由牛頓第二定律F=ma可知；當(dāng)我們用很小的力去推很重的桌子時，卻推不動，這是因為桌子所受的摩擦力與推力平衡，合力為零，加速度為零。D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

二力合力大小范圍是

故ABD不可能；C可能。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A．判定足球是否出界時；不能忽略球的形狀大小，所以不能看成質(zhì)點，A錯誤；

B．研究運動員將足球踢出時足球的速度大小時；球的形狀大小對研究沒有影響，所以可以看成質(zhì)點，B正確；

C．門將撲出點球時；為了更精確的判定是否有效，球的形狀大小對判定有影響，所以不能看成質(zhì)點，C錯誤；

D．運動員踢出的“香蕉球”時；球在轉(zhuǎn)動，球的形狀大小不能忽略，所以不能看成質(zhì)點，D錯誤。

故選B。4、D【分析】【詳解】

A．火箭的加速度為零時可能靜止；也能做勻速直線運動，故A錯誤；

B．火箭速度變化越來越快時；加速度越來越大，故B錯誤；

C．加速度的方向和速度變化量的方向一定相同；火箭速度變化量方向為正時，加速度方向一定為正，故C錯誤；

D．火箭的加速度與速度方向相同且加速度減小時；火箭做加速運動，故D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，可知在時間內(nèi)，質(zhì)點c通過的位移大于質(zhì)點d通過的位移，若時刻兩質(zhì)點第一次相遇，則時刻c、d兩質(zhì)點不會再次相遇．故A不符合題意．

B．在圖像中，位移等于縱坐標(biāo)的變化量，可知在時間內(nèi)，質(zhì)點b通過的位移等于質(zhì)點a通過的位移．故B不符合題意．

C．在圖像中，圖像的斜率表示加速度，斜率絕對值越大，加速度越大，則知在時刻，質(zhì)點c、d加速度的大小關(guān)系為．故C不符合題意．

D．在時間內(nèi)，質(zhì)點d通過的位移小于質(zhì)點c通過的位移，則質(zhì)點d的平均速度小于質(zhì)點c的平均速度．故D符合題意．6、D【分析】【詳解】

彈簧a、b的彈力大小均為mg，當(dāng)彈簧的彈力為拉力時，其合力方向豎直向下、大小為mg，輕桿對小球的拉力大小為2mg，將輕桿突然撤去時，小球的合力為2mg，此時加速度大小為2g；當(dāng)彈簧的彈力為支持力時，其合力豎直向上、大小為mg；根據(jù)平衡條件知輕桿上的力為零，將輕桿突然撤去時，小球受到的合力為0，此時加速度大小為0，故ABC錯誤D正確。

故選D。7、C【分析】【分析】

此題是牛頓第二定律的應(yīng)用習(xí)題；選擇研究對象,根據(jù)牛頓第二定律列得方程聯(lián)立求解.

【詳解】

對AB的整體，根據(jù)牛頓第二定律選項C正確；對C：解得：選項AB錯誤；對物體A：則因f為靜摩擦力，故不一定等于μ1m1g，選項D錯誤；故選C.二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)表格中數(shù)據(jù)，計算物體加速階段的加速度大小

減速階段的加速度大小

根據(jù)運動學(xué)公式

解得

則運動過程中的最大速度在點

A錯誤；

B．到達點用時

B正確；

C．從末減速至0，用時

則一共用時即末停在點；C正確；

D．根據(jù)平均速度計算位移

所以A、B間的距離小于B、C間的距離；D錯誤。

故選BC。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．對物體受力分析；如圖所示。

物體對地面的壓力與地面對物體的支持力是作用力與反作用力，而支持力

故A錯誤；B正確；

CD．物體受到的摩擦力為

故C錯誤；D正確。

故選BD。10、A:B:D【分析】【詳解】

AB．對N進行受力分析如圖所示，因為N的重力與水平拉力F的合力和細繩的拉力FT是一對平衡力，從圖中可以看出水平拉力的大小逐漸增大，細繩的拉力也一直增大，以M、N、斜面整體為研究對象可知，拉力F和地面對斜面的摩擦力平衡；故斜面受到地面摩擦力增大，故AB正確；

CD．M的質(zhì)量與N的質(zhì)量的大小關(guān)系不確定，設(shè)斜面傾角為若則M所受斜面的摩擦力大小會一直增大，若則M所受斜面的摩擦力大小可能先減小后反向增大，故C錯誤，D正確。

故選ABD。

11、A:C【分析】【詳解】

若小車在第4個1s一直運動，則由逆向可看作勻加速度運動，則設(shè)逆向第1s的初速度為v0

而實際的則說明在第4個1s不是一直在運動，即可確定小車在第4個1s末前已經(jīng)停下，設(shè)小車在第4個1s內(nèi)運動的時間為t，則有

利用中間時刻速度公式以及加速度定義，有

解得t=0.5s，a=8m/s2

初速度

故AC正確；BD錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

AB．對A進行受力分析；如圖所示。

則

對B、C、D做為一個整體受力分析；如圖所示。

根據(jù)平衡條件，則地面摩擦力為

聯(lián)立得

可知，隨角減小，地面對C的摩擦力減?。浑S角增大，地面對C的摩擦力增大，當(dāng)摩擦力超過最大靜摩擦力后，變?yōu)榛瑒幽Σ亮Γ藭r

保持不變；故A錯誤，B正確；

C．最大靜摩擦力

因此，要保持底座C靜止不動，應(yīng)滿足

整理可得

故C正確；

D．若保持θ=45°不變，圓柱體重力增大ΔG，仍要保持底座C靜止，則

代入數(shù)據(jù)，整理得ΔG

D錯誤。

故選BC。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像知，在0~2s時間內(nèi)小滑塊和長木板相對靜止，它們之間為靜摩擦力，對小滑塊有

a在增加；所以靜摩擦力也在線性增大，故A正確；

B．在t=2s時，兩者剛好發(fā)生相對滑動，對小滑塊，根據(jù)牛頓第二定律可得

其中解得

故B正確；

C．在0~2s時間內(nèi)

所以

在2~3s時間內(nèi)

所以

根據(jù)圖像斜率可知

解得

故C錯誤；

D．在2s時刻小滑塊與長木板速度相同，在2~3s時間內(nèi)，滑塊運動的a-t圖像如圖。

由圖像的面積可得，小滑塊的速度的變化量為

長木板的速度的變化量為

所以在3s時；長木板比小滑塊的速度大0.5m/s，故D正確。

故選ABD。14、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意可知，撤去瞬間，彈簧的彈力大于最大靜摩擦力，物體向左加速，彈力減小，加速度減小，當(dāng)彈力等于滑動摩擦力時，加速度為0，速度達到最大，繼續(xù)向左運動，彈力小于滑動摩擦力，物體做減速運動，加速度增大，彈簧回復(fù)原長，彈力消失，物體只受滑動摩擦力，做勻減速運動，直到停止，綜上所述可知，撤去F后；物體先做加速度減小的加速運動，再做加速度增大的減速運動，最后勻減速運動到靜止，故B錯誤，A正確；

CD．根據(jù)題意可知，物體做勻減速運動的位移為由牛頓第二定律有

由逆向思維，看成反向的勻加速，則有

解得

故D錯誤；C正確。

故選AC。15、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)B對A的摩擦力為f1，A對B的摩擦力為f2，地面對B的摩擦力為f3，由牛頓第三定律可知f1與f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均為2μmg，f3的最大值為μmg，故當(dāng)0＜F≤μmg時，A、B均保持靜止；繼續(xù)增大F；在一定范圍內(nèi)A；B將相對靜止以共同的加速度開始運動，故A錯誤；

BC．設(shè)當(dāng)A、B恰好相對地面發(fā)生相對滑動時的拉力為F′，加速度為a′；則對A，有。

F′-2μmg=2ma′對A；B整體；有。

F′-μmg＝3ma′聯(lián)立解得。

F′=3μmg故當(dāng)。

μmg＜F≤3μmg時A相對于B靜止；二者以共同的加速度開始運動；

當(dāng)時；代入上式求得A的加速度為。

當(dāng)F＞3μmg時，由前面分析可知A將相對于B滑動；故BC正確；

D．對B來說；由牛頓第二定律可得，其所受合力的最大值有。

Fm=2μmg-μmg=μmg=ma即B的加速度不會超過μg；故D錯誤。

故選BC。16、A:D【分析】【分析】

選取小圓環(huán)A為研究對象；畫受力分析示意圖，小圓環(huán)受三個力，兩個繩子的拉力和大圓環(huán)的支持力，運用三角形相似法得到N與A0；BO的關(guān)系，再分析N的變化情況．

【詳解】

若在物塊緩慢向上移動的過程中，小圓環(huán)A處于三力平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件知mg與N的合力與T等大反向共線，作出mg與N的合力，如圖，

由三角形相似有：

得，AO、BO都不變，則N大小不變，方向始終背離圓心O．故AD正確，BC錯誤．

故選AD．三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]小球的初位置在離地4m高的A點；末位置在地面上，所以物體的位移為向下的4m，所以位移的大小為4m；

[2]路程是物體經(jīng)過的總路線的長度；小球一共要上升3次，每次的最大的高度分別為3m，2m，1m，到達最高點之后再落回到地面，所以小球經(jīng)過的總的路程為。

【解析】4m16m18、略

【分析】【詳解】

[1]勁度系數(shù)為k=400N/m的輕質(zhì)彈簧，當(dāng)受到F1=8N的壓力作用時，該彈簧縮短了

[2]當(dāng)彈簧伸長量x2=0.05m時，受到的拉力大小

[3]勁度系數(shù)由彈簧自身因素決定，故是不變的?！窘馕觥?.0220不變19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.大于②.豎直向上20、略

【分析】【分析】

根據(jù)位移時間公式；結(jié)合時間關(guān)系求出全部車廂通過的時間；

根據(jù)初速度為零的勻加速直線運動的特殊推論求第九節(jié)車廂通過觀察者需要的時間；

【詳解】

[1]．設(shè)每節(jié)車廂的長度為L，則有：

解得

即前九節(jié)車廂經(jīng)過可從觀察者身邊全部通過；

[2]．根據(jù)連續(xù)相等位移內(nèi)的時間之比為則第一節(jié)車廂和第九節(jié)車廂通過觀察者的時間之比為

則得．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的運動學(xué)公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷．【解析】301.721、略

【分析】【詳解】

[1]以A為支點，對圓柱桿AB受力分析；如圖所示。

根據(jù)力矩平衡條件得

解得

[2]圓柱桿AB受到三個力作用，不平行，必共點，由平衡條件得【解析】22、略

【分析】【詳解】

物體在AB段作勻減速運動，加速度為：

整個過程的位移為：x=m=12m，

平均速度為：

【點睛】

本題是為速度-時間圖象的理解問題，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息。【解析】2122四、作圖題(共2題，共10分)23、略

【分析】【詳解】

（1）彈力方向垂直于接觸面；

（2）固定桿力的方向可以不沿桿；又由于必須平衡重力，所以桿的彈力向上；

（3）繩子的拉力必須沿繩；若斜面有支持力，則物體受力不平衡，則支持力不存在。

【解析】（1）見解析；（2）見解析；（3）見解析24、略

【分析】【分析】

【詳解】

整體向下勻加速直線運動，加速度方向沿斜面向下，則A的加速度方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第二定律知，A的合力沿斜面向下，則A一定受到水平向右的摩擦力以及重力和支持力；對B，受重力、A對B的壓力，斜面的支持力，根據(jù)牛頓第三定律，A對B有水平向左的靜摩擦力；

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共14分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點，所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為打F點的速度等于EG間的平均速度，因此

（2）[2]根據(jù)運動學(xué)公式得

可得

（3）[3]如果在某次實驗中，交流電的頻率為那么實際打點周期變大，而做實驗的同學(xué)并不知道，仍然按較小的周期計算，根據(jù)運動學(xué)公式

所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏大；

（4）[5]由運動學(xué)公式

可知電壓對實驗誤差沒有影響；所以當(dāng)時電網(wǎng)中交變電流的電壓突然增大，加速度的測量值與實際值相保持比不變；

（5）[6]A．選取計數(shù)點可以使用于測量的相鄰點的間隔增大；在用直尺測量這些點間的距離時，誤差較小，A正確；

B．在實驗中；如果小車運動的加速度過小，那么打出的點就過密，長度測量的誤差較大，實驗誤差會增大，B錯誤；

C．為了減小長度測量的誤差；應(yīng)舍去紙帶上過于密集和點跡不清晰的點，C正確；

D．選用各處平整程度；光滑程度相同的長木板做實驗；從而保證運動過程中，加速度恒定，D正確；

故沒有益的的應(yīng)選B。【解析】①.0.72②.0.80③.偏大④.不變⑤.B26、略

【分析】【詳解】

(1)[1]A．測量彈簧原長時應(yīng)將彈簧豎直懸掛起來；選項A錯誤，符合題意；

B．彈簧豎直懸掛于鐵架臺的橫梁上；刻度尺應(yīng)豎直固定在彈簧附近，選項B正確，不符合題意；

C．在彈簧下端掛鉤碼時；不能掛太多鉤碼，以保證彈簧處于彈性限度內(nèi)，選項C正確，不符合題意；

D．若誤將彈簧總長為橫坐標(biāo)，彈力為縱坐標(biāo)，得到的圖像，根據(jù)F=k(l-l0)

則圖像的斜率等于勁度系數(shù)；則根據(jù)該圖像仍可得出彈簧的勁度系數(shù)，選項D錯誤，符合題意。

故選AD。

(2)[2]AB．由圖像Ⅰ可知，當(dāng)外力F=0時；小