2025年北師大新版高三物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列關于等勢面的說法正確的是（）A.電荷在等勢面上移動時不受電場力作用，所以不做功B.等勢面上各點的場強相同C.點電荷在真空中形成的電場是相互平行的垂直于電場線的一簇平面D.勻強電場中的等勢面是相互平行的垂直于電場線的一簇平面2、下列所述的實例中，機械能守恒的是（）A.子彈射穿木塊的過程B.人乘電梯加速上升的過程C.小鋼球在空中做平拋運動的過程D.跳傘運動員在空中勻速下落的過程3、關于第一宇宙速度；下列說法：

①它是人造衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度；

②它是發(fā)射人造衛(wèi)星進入近地圓軌道的最小速度；

③它是人造衛(wèi)星繞地球飛行的最大速度；

④它是發(fā)射人造衛(wèi)星進入近地圓軌道的最大速度；

以上說法中正確的有（）A.①②B.②③C.①④D.③④4、某同學做“驗證玻意耳定律”實驗時；將注射器豎直放置，測得的數據如下表所示，發(fā)現第5組數據中的PV乘積有較大偏差，如果讀數和計算無誤，那么造成此偏差的原因可能是（）

。實驗次序12345P（105Pa）1.211.060.930.800.66V（ml）33.237.843.850.469.2PV（105Pa?ml）40.240.140.740.345.7A.溫度升高B.溫度降低C.漏入氣體D.漏出氣體5、【題文】用中子（）轟擊鋁27()，產生鈉24（）和X；鈉24具有放射性。

它衰變后變成鎂24（）和Y.則X和Y分別是A.α粒子和電子B.α粒子和正電子C.電子和α粒子D.質子和正電6、游艇沿著筆直的河勻速逆流航行，經過某座橋時丟失了一個救生圈，丟失后經過時間t才發(fā)現，于是游艇立即返回，在該橋下游距橋s處找到了救生圈，設游艇順流與逆流航行時相對水的速率相同，則水流速度為（）A.B.C.D.7、關于圖所示的磁場；下列說法中正確的是（）

A.磁感線能相交B.磁場方向與小磁針靜止時北極指向一致C.a、b兩點在同一磁感線上位置不同，但它們的強弱相同D.若知道磁感應強度B與線圈的面積S，則可求出穿過這個面積的磁通量8、2012年9月，中國具有了自己的第一艘航母“遼寧號”．航空母艦是大規(guī)模戰(zhàn)爭中的重要武器，靈活起降的飛機是它主要的攻擊力之一．民航客機起飛時需在150s內使飛機從靜止加速到40m/s，而航載飛機借助助推設備，在3s內就可使飛機加速到80m/s，設起飛時飛機在跑道上做勻加速運動，供客機起飛的跑道的長度為航空母艦的甲板跑道長度的（）A.25倍B.50倍C.250倍D.500倍9、如圖所示．充電后的平行板電容器豎直放置，板間一帶正電的絕緣球用絕緣細線懸掛于A板上瑞，若將小球和細線拉至水平位置，由靜止釋放后小球將向下擺動直至與A板發(fā)生碰撞，此過程細線始終處于伸直狀態(tài)，則此過程中（）A.小球電勢能一直減小B.小球的動能一直增大C.小球受細線的拉力一直在增大D.小球運動的向心加速度先增大后減小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、（2013秋?金山區(qū)期末）如圖，足夠長的豎直桿固定在地面上，底部套有一個質量為m的小環(huán)．在恒力F=3mg作用下，小環(huán)由靜止開始向上運動．F與直桿的夾角為α，環(huán)與桿間的動摩擦因數為μ，則環(huán)與直桿間的彈力大小為____；經過時間t后，小環(huán)的速度為____．11、一物體從某行星上的一懸崖上從靜止開始下落，1s后，從起點落下4m．該行星上的重力加速度為____m/s2．若該物體再下落4s，它將在起點下面____m處．12、小球作直線運動時的頻閃照片如圖所示，已知頻閃周期T=0.1s

小球相鄰位置間距分別為O爐A=6.51cmA爐B=5.59cmBC=4.70cmCD=3.80cmDE=2.89cmEF=2.00cm

．

小球在位置A

時的速度大小vA=

______m/s

．

小球運動的加速度大小a=

______m/s2

．13、（2013春?恩施州期末）（1）用質子轟擊靜止的鋰核Li生成2個α粒子，已知質子的質量mp=1.0078u，α粒子的質量mα=4.0026u，鋰核的質量mLi=7.0160u，質子的初動能E1=0.6MeV．

①寫出該反應的核反應方程：____．

②若釋放的能量全部用來增加兩個α粒子的動能，則兩個α粒子具有的總動能為____MeV．（1u相當于931.5MeV的能量）

（2）如圖所示，兩個可以看做質點的小球A、B，它們的質量分別為mA=1kg和mB=2kg，用一根長L=1.8m的不可伸長的輕繩連接，開始時A、B緊靠在一起且處在同一水平面，首先釋放B球，當輕繩剛伸直時，再釋放A球，求：（g取10m/s2）

①繩子突然繃緊時；A；B一起運動的速度；

②繩子在繃緊的過程中，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的機械能．14、電場中某一電場線為一直線，線上有A、B、C三個點，把電荷q1=10-8C從B點移到A點時電場力做了10-7J的功；電荷q2=-10-8C，從B點移動到C點電場力做了10-7J的功；那么：

（1）比較A、B、C三點的電勢高低，由高到低的排序是____；

（2）A、C兩點間的電勢差是____V；

（3）若設B點的電勢為零，電荷q2在A點的電勢能是____J．

（4）在電場中有M、N兩點，它們的電勢分別為?M=-100V，?N=200V，把電荷量q=-2.0×10-7C的電荷從M點移動到N點，是電場力做功為____J．15、一矩形線圈面積S=102m2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1=30°，穿過線圈的磁通量Ф=1×103Wb，則磁場的磁感強度B=____；若線圈以一條邊為軸的轉180°，則穿過線圈的磁能量的變化為____．16、LC振蕩電路中，當電容器C放電完畢時，下列各物理量為（最大或零）：電流i____，磁場能E磁____，電壓UC____，L中電動勢ε自____，C上電量q____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)17、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）18、一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關____（判斷對錯）19、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．20、矢量的運算遵守平行四邊形法則．____．21、任何液體的表面分子排列都比內部分子稀疏．____．（判斷對錯）22、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、畫圖題(共2題，共8分)23、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分五、識圖作答題(共3題，共21分)25、生物膜系統(tǒng)在細胞的生命活動中發(fā)揮著極其重要的作用。圖1～3表示3種生物膜結構及其所發(fā)生的部分生理過程。請回答下列問題：(1)圖1表示的生理過程是________________，其主要的生理意義在于為生命活動供能，細胞呼吸的另一生理意義是__________________。(2)圖2中存在3種信號分子，但只有1種信號分子能與其受體蛋白結合，這說明________________；若垂體產生促甲狀腺激素，與垂體細胞膜上的受體蛋白結合的激素是_______________________________________。(3)圖3中ATP參與的主要生理過程是____________________________________。(4)圖1～3說明生物膜具有的功能有__________________。26、微塑料被列為海洋生物的“溫柔殺手”。微塑料常進入海洋食物鏈（生物體吸收后，難以通過代謝排出體外），它會導致動物營養(yǎng)不良。下表是科研人員對某海洋生態(tài)系統(tǒng)中四個種群微塑料的含量檢測結果，請分析回答。（1）科研人員為研究微塑料對動物體的危害，在短時間內給實驗小鼠飼喂大量的含微塑料飼料，一段時間后小鼠全身浮腫，其機理是_________。（2）海洋生態(tài)系統(tǒng)受到輕微污染后，能通過_________、_________和微生物的分解，很快消除污染，保持自身_________相對穩(wěn)定的狀態(tài)，這體現了_________穩(wěn)定性。（3）若微塑料污染導致B種群年齡組成發(fā)生如上圖改變，則短時間內D種群數量_____（增加、減少或基本不變），C種群數量____（增加、減少或者基本不變）27、[生物——選修3：現代生物科技專題]普通番茄細胞中含有多聚半乳糖醛酸酶(簡稱PG)基本，PG能破壞細胞壁，使番茄軟化，不耐貯藏?？茖W家將抗PG基因導入番茄細胞，培育出了抗軟化、保鮮時間長的轉基因番茄。下圖表示抗PG基因的作用原理，回答下列問題：(1)抗PG基因能阻止PG基因表達的______過程，使細胞不能合成PG。(2)培育軟化番茄，應先將抗PG基因進行擴增。過程是：抗PG基因受熱解鏈，______與相應單鏈結合，在________的作用下沿相反方向延伸。該過程在______儀中自動完成。(3)將抗PG基因插入Ti質粒的______上構建______，通過農桿菌的轉化作用將抗PG基因導入番茄細胞，是否成功導入可用______技術進行檢測。(4)為避免抗PG基因通過花粉傳播進入其他植物，應將抗PG基因導入_______(填“細胞核”或“細胞質”)評卷人得分六、實驗題(共3題，共12分)28、（1）把紙帶的下端固定在重物上，上端用手提著，紙帶穿過打點計時器，接通電源后將紙帶釋放，重物便拉著紙帶下落，紙帶被打出一系列點，其中有一段如圖，紙帶的哪端與重物相連____．（填“左端”或“右端”）

（2）若電源的頻率為50Hz，實驗者在處理實驗數據時，將每隔3個點取一個計數點，則每兩個計數點間的時間間隔應為____s；如果在測定勻變速直線運動的加速度時，實驗中所用電源頻率小于50Hz，這樣計算出的加速度與真實值相比是____．（填“偏大”；“偏小”或“不變”）

（3）A、B、C、D、E為紙帶上所選的計數點，若相鄰計數點間時間間隔為0.1s，則vB=____m/s，a=____m/s2．

29、（2011春?洛陽期中）在“用雙縫干涉測光的波長”的實驗中，測量如圖所示，調節(jié)分劃板的位置，使分劃板中心刻線對齊某亮條紋的中心，此時螺旋測微器的讀數為____mm，轉動手輪，使分劃線向一側移動．到另一條亮條紋的中心位置，由螺旋測微器再讀出一讀數．若實驗測得4條亮條紋中心間的距離△x=0.960mm，已知雙縫間距d=1.5mm，雙縫到屏的距離L=1.00m，則對應光波波長為λ=____nm．30、【題文】在“探究加速度與力；質量的關系”實驗中：

（1）為了減小實驗誤差；懸掛物的質量應___________（填“遠大于”；“遠小于”或“等于”）小車和砝碼的質量；每次改變小車質量（或懸掛物質量）時，___________（填“需要”或“不需要”）重新平衡摩擦力。

（2）某同學在平衡摩擦力時把木板的一端墊得過高，所得的a－F圖像為下圖中的________；

（3）本實驗所采用的科學方法是：__________________。A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】電場中電勢相等的各個點構成的面叫做等勢面；等勢面與電場線垂直，沿著等勢面移動點電荷，電場力不做功【解析】【解答】解：A；等勢面與電場線垂直；故沿著等勢面移動點電荷，電場力與運動方向一直垂直，電場力不做功，故A錯誤；

B；電場中電勢相等的各個點構成的面叫做等勢面；等勢面上各個點的場強大小情況要看具體的電場，故B錯誤；

C；等勢面與電場線垂直；結合這個特點可以知道孤立點電荷在真空中形成的電場的等勢面是以點電荷為圓心的一簇球面，故C錯誤；

D；等勢面與電場線垂直；結合這個特點可以知道勻強電場中的等勢面是相互平行的垂直于電場線的一簇平面，故D正確；

故選：D2、C【分析】【分析】機械能守恒的條件是只有重力或只有彈力做功，根據機械能守恒的條件分析答題．【解析】【解答】解：A；子彈射穿木塊的過程要克服阻力做功；機械能不守恒，故A錯誤．

B；人乘電梯加速上升的過程；電梯對人做功，人的機械能增大，故B錯誤；

C；小鋼球在空中做平拋運動的過；只有重力做功，機械能守恒，故C正確；

D；勻速下降的跳傘員；動能不變，重力勢能減少，機械能減少，機械能不守恒，故D錯誤；

故選：C．3、B【分析】【分析】注意第一宇宙速度有三種說法：

①它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度。

②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度。

③它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度【解析】【解答】解：①它是人造衛(wèi)星繞地球飛行的最小速度；故①錯誤。

②它是發(fā)射人造衛(wèi)星進入近地圓軌道的最小速度；故②正確。

③它是人造衛(wèi)星繞地球飛行的最大速度；故③正確。

④它是發(fā)射人造衛(wèi)星進入近地圓軌道的最小速度；故④錯誤。

故選B．4、A【分析】【分析】通過數據分析發(fā)現PV的乘積明顯變大了，根據氣體方程找出造成這一現象的可能原因．【解析】【解答】解：根據理想氣體狀態(tài)方程；可以得到PV=CT，當溫度一定時，PV恒定，PV變大，可能是P變大，也可能是C變大，即氣體質量變大；

故選AC．5、A【分析】【解析】寫出核反應方程：和顯然X是粒子，Y是電子.A正確.【解析】【答案】A6、B【分析】【分析】選取救生圈為參照物，小船逆流行駛的過程可以看成船離開救生圈的過程，時間為t，后面的過程就是小船靠近救生圈的過程，時間必然也為t．【解析】【解答】解：船相對救生圈的速度，其實就是船相對水流的速度，這個相對水流速度是恒定不變的．那么相對路程一樣，相對速度一樣，所以時間肯定一樣，為t．所以船和救生圈運動的時間都是2t．救生圈相對地面一直做勻速直線運動，速度：

故選：B7、B【分析】【分析】（1）當磁場與線圈平面垂直時；則穿過磁通量等于面積與磁感應強度的乘積．

（2）磁感線是為了研究磁場方便而人為加上去的；它可以形象地描述磁場，是閉合曲線，但不相交，可通過疏密來體現磁場的強弱．

（3）磁場方向的規(guī)定：磁場中某點的磁場方向與放在該處的小磁針N極所指的方向相同．【解析】【解答】解：A、磁感線不是磁場中真實存在的曲線，而是人為加上去的，它可以形象地描述磁場，閉合曲線，但不相交，且通過疏密來體現磁場強弱，因此a點磁感應強度大于b．故AC錯誤．

B；磁場方向的規(guī)定：磁場中某點的磁場方向與放在該處的小磁針N極所指的方向相同．故B正確；

D；知道磁感應強度B與線圈的面積S；且兩者垂直時，則才可求出穿過這個面積的磁通量，若不垂直，必須知道兩者的夾角才能算出線圈的磁通量，故D錯誤．

故選：B．8、A【分析】【分析】根據勻變速直線運動的平均速度公式求出飛機的位移，從而得出跑道的長度關系．【解析】【解答】解：民航客機的位移．

艦載飛機的位移

則．故A正確；B；C、D錯誤．

故選A．9、D【分析】【分析】帶電小球在復合場中的擺動類似于單擺，它的受力與運動都可以使用單擺的模型說明，由于小球與A板相碰，則說明速度最大不在偏角45°處，而是大于45°，從而可以確定動能如何變化，向心加速度的變化，及拉力的變化，再根據電場力做功來確定電勢能的變化．【解析】【解答】解：A：由題意可知；小球在運動過程中，電場力做負功，導致電勢能增加．故A錯誤；

B：根據單擺的對稱性可得；小球速度先增加后減?。蔅錯誤；

C：根據牛頓第二定律可得；小球在速度最大時，拉力最大，因此拉力先增加后減小．故C錯誤；

D、根據；可知，當速度變化時，向心加速也變化，因此向心加速度先增大后減小．故D正確．

故選：D．二、填空題(共7題，共14分)10、Fsinα【分析】【分析】對小環(huán)分析，根據水平方向上平衡求出環(huán)與直桿間的彈力大小，根據牛頓第二定律求出小環(huán)的加速度，結合速度時間公式求出小環(huán)的速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓盒…h(huán)在水平方向上平衡有：N=Fsinα；

根據牛頓第二定律得，小環(huán)的加速度a=；

則小環(huán)的速度v=at=．

故答案為：Fsinα，．11、8100【分析】【分析】物體從某行星上的一懸崖上從靜止下落后，做自由落體運動，只是加速度不是地球表面的重力加速度，但運動是勻加速直線運動，應用勻加速直線運動規(guī)律列式求解．【解析】【解答】解：（1）下落后；物體做初速度為零的勻加速直線運動；

由勻變速直線運動規(guī)律：x=代入數據得：

4=，解得：a=8m/s2

（2）再下落4s；運動的總時間為5s

由勻變速直線運動規(guī)律：x=代入數據得：

x==100m

故答案為：8m/s2；100m12、0.605；0.9【分析】解：A

點的瞬時速度等于OB

段的平均速度，則vA=xOB2T=(6.51+5.59)隆脕10鈭?20.2m/s=0.605m/s

．

根據鈻?x=aT2

得，運用逐差法得，a=xCF鈭?xOC9T2=[(3.80+2.89+2.00)鈭?(6.51+5.59+4.70)]隆脕10鈭?29隆脕0.01=0.9m/s2

．

故答案為：0.6050.9

根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出A

點的速度.

根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量；運用逐差法求出小球的加速度．

本題處理的方法與紙帶相同，會通過頻閃照片求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動推論的運用．【解析】0.6050.9

13、Li+H→2He17.9【分析】【分析】（1）①根據質量數與核電荷數守恒定律寫出核反應方程式；②求出核反應過程中的質量虧損；由質能方程求出釋放的核能，然后由能量守恒定律求出核反應后兩個α粒子的總動能；

（2）①A、B組成的系統(tǒng)在碰撞的瞬間豎直方向的動量守恒，由動量守恒定律即可求出；②由能量守恒定律可以求出損失的機械能．【解析】【解答】解：（1）①根據質量數與電荷數守恒，由題意可知反應方程式是：Li+H→2He；

②核反應前后發(fā)生的靜止質量虧損：

△m=mLi+mp-2mα=7.0160u+1.0078u-2×4.0026u=0.0186u；

由質能方程得；核反應釋放的能量：

△E=△mc2=0.0186u×931.6MeV≈17.3MeV；

由能量守恒定律可知；兩個α粒子具有總動能：

E=E0+△E=0.6MeV+17.3MeV=17.9MeV；

（2）①繩子突然繃緊前B球做自由落體運動；

繩子突然繃緊時B的速度：v==6m/s；

以兩個小球AB組成的系統(tǒng)為研究的對象；系統(tǒng)在碰撞的瞬間豎直方向的動量守恒；

以向下為正方向，由動量守恒定律得：mBv=（mA+mB）v′；解得：v′=4m/s；

②由能量守恒定律得，損失的機械能：△E=mBv2-（mA+mB）v′2；解得：△E=12J；

答：（1）①核反應方程為：Li+H→2He；

②核反應后兩個α粒子的總動能為17.9MeV；

（2）①繩子突然繃緊時；A；B一起運動的速度為4m/s；

②繩子在繃緊的過程中，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的機械能為12J．14、φC＞φB＞φA-201×10-76×10-5【分析】【分析】（1）根據電勢差的定義式U=；求出BA間和BC間電勢差，即可比較三點電勢的高低；

（2）A、C兩點間的電勢差UAC=UAB+UBC．

（3）設B點的電勢為零，確定出A點的電勢，由Ep=qφ公式求出電荷q2在A點的電勢能．【解析】【解答】解：（1）根據電勢差的定義式U=得BA間電勢差為：

UBA==V=10V；說明B點的電勢比A點高10V；

BC間電勢差為：UBC==V=-10V；說明B點的電勢比C點低10V

故A、B、C三點的電勢高低順序是：φC＞φB＞φA．

（2）A、C兩點間的電勢差為：UAC=UAB+UBC=-10V-10V=-20V

（3）設B點的電勢為零，A點的電勢為：φA=-10V

電荷q2在A點的電勢能為：Ep=q2φA=-10-8×（-10）J=1×10-7J

（4）W=qUMN=-2.0×10-7C×（-100-200）v=6×10-5J

故答案為：（1）φC＞φB＞φA；（2）-20；（3）1×10-7；（4）6×10-5．15、2×105T-2×103Wb【分析】【分析】通過線圈的磁通量可以根據Φ=BSsinθ進行求解，θ為線圈平面與磁場方向的夾角．【解析】【解答】解：磁感應強度：B===2×105T；

線圈以一條邊為軸轉過180°，穿過線圈的磁能量的變化為△Φ=Φ2-Φ1=-1×103Wb-1×103Wb=-2×103Wb；

故答案為：2×105T；-2×103Wb16、最大最大零零零【分析】【分析】在LC振蕩電路中，當電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少．從能量看：電場能在向磁場能轉化；當電容器在充電過程：電場能在增加，磁場能在減小，回路中電流在減小，電容器上電量在增加．從能量看：磁場能在向電場能轉化．【解析】【解答】解：在LC振蕩電路中，當電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少；當電容器C放電完畢時，電流i最大，磁場能E磁最大，電壓UC為零，L中電動勢ε自為零；C上電量q為零．

故答案為：最大，最大，零，零，零．三、判斷題(共6題，共12分)17、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．【解析】【解答】解：物態(tài)的內能與物體的物質的量；溫度、體積以及物態(tài)有關．對一定質量的理想氣體；物質的量一定，物態(tài)一定，而氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以一定質量的理想氣體內能的大小只與溫度有關．

故答案為：√19、×【分析】【分析】根據加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F=ma，即加速度與合外力的關系．【解析】【解答】解：根據加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．20、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力．【解析】【解答】解：表面張力產生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層；叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當二力反向時；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯誤的；

故答案為：×四、畫圖題(共2題，共8分)23、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據簡諧運動在一個周期內通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據得：7秒內波傳播的位移為：根據平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m24、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題五、識圖作答題(共3題，共21分)25、（1）有氧呼吸第三階段為其它物質的合成提供原料（2）受體蛋白具有特異性甲狀腺激素和促甲狀腺激素釋放激素（3）暗反應（4）跨膜運輸、信息交流、能量轉換等【分析】【分析】本題考查生物膜結構和光合作用、呼吸作用的相關知識，意在考查考生的識圖能力和理解所學知識要點，把握知識間內在聯(lián)系，形成知識網絡結構的能力；能運用所學知識，準確判斷問題的能力，屬于考綱識記和理解層次的考查?！窘獯稹浚?）圖1表示H+與O2反應生成H2O，該生物膜結構屬于線粒體內膜，表示的生理過程是有氧呼吸第三階段；有氧呼吸能夠產生大量的能量，為生命活動供能，另外細胞呼吸產生的很多中間產物又為其它物質的合成提供了原料。（2）3種信號分子中只有一種信號分子能夠與其受體蛋白結合，說明了受體蛋白具有特異性；促甲狀腺激素釋放激素作用于垂體，促進垂體合成并分泌促甲狀腺激素，所以垂體細胞膜上有促甲狀腺激素釋放激素的受體，另外由于血液中甲狀腺激素過多可抑制下丘腦和垂體的分泌作用，所以垂體細胞膜上還有甲狀腺激素的受體。（3）圖3表示H2O分解成H+與O2，屬于光反應，發(fā)生于葉綠體的類囊體薄膜，同時產生的ATP用于暗反應中C3的還原。

（4）圖1～3說明生物膜具有跨膜運輸、信息交流、能量轉換等功能。【解析】（1）有氧呼吸第三階段為其它物質的合成提供原料（2）受體蛋白具有特異性甲狀腺激素和促甲狀腺激素釋放激素（3）暗反應（4）跨膜運輸、信息交流、能量轉換等26、（1）微塑料會導致小鼠營養(yǎng)不良，從而使血漿蛋白含量減少，血漿滲透壓降低

（2）物理沉降化學分解結構和功能抵抗力

（3）基本不變減少【分析】【分析】本題考查了內環(huán)境穩(wěn)態(tài)與生態(tài)系統(tǒng)穩(wěn)態(tài)的知識，準確識圖并識記相關知識是解題的關鍵?！窘獯稹浚?）科研人員為研究微塑料對動物體的危害，在短時間內給實驗小鼠飼喂大量的含微塑料飼料，一段時間后小鼠全身浮腫，其機理是微塑料會導致小鼠營養(yǎng)不良，從而使血漿蛋白含量減少，血漿滲透壓降低。（2）海洋生態(tài)系統(tǒng)受到輕微污染后，能通過物理沉降、化學分解和微生物的分解，很快消除污染，保持自身結構和功能相對穩(wěn)定的狀態(tài)，這體現了抵抗力穩(wěn)定性。（3）據圖分析，若微塑料污染導致B種群年齡組成發(fā)生如上圖改變，則短時間內D種群數量基本不變，C種群數量減少?！窘馕觥浚?）微塑料會導致小鼠營養(yǎng)不良，從而使血漿蛋白含量減少，血漿滲透壓降低（2）物理沉降化學分解結構和功能抵抗力（3）基本不變減少27、（1）翻譯

（2）引物熱穩(wěn)定DNA聚合酶（Taq酶）PCR技術

（3）T-DNA基因表達載體DNA分子雜交

（4）細胞質

【分析】【分析】本題考查基因工程的相關知識，題目中考查的要點較多，設計到多方面的知識，要求學生對生物學知識掌握得比較全面?！窘獯稹浚?）根據題意和圖示分析可知：抗PG基因是PG基因的反義基因；抗PG基因產生的mRNA1與PG基因產生的mRNA2互補，形成了雙鏈RNA，阻斷了基因表達的翻譯過程，因此番茄細胞就不能合成PG。