2025年中圖版選修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、賓館房間的天花板上會安裝一個報警器，當房間失火時，它能通過電路發(fā)出警報，這個報警器使用的傳感器是A.煙霧傳感器B.聲音傳感器C.生物傳感器D.壓力傳感器2、如圖所示為LC振蕩電路中電容器的極板帶電荷量隨時間變化曲線；下列判斷中正確的是()

①在b和d時刻；電路中電流最大。

②在a→b時間內；電場能轉變?yōu)榇艌瞿堋?/p>

③a和c時刻；磁場能為零。

④在O→a和c→d時間內，電容器被充電A.只有①和③B.只有②和④C.只有④D.只有①②和③3、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、C、D三點電勢分別為1.0V；3.0V、5.0V；正六邊形所在平面與電場線平行.則()

A.電場強度的大小為V/mB.UEF與UBC相同C.電場強度的大小為V/mD.E點的電勢與C點的電勢相等4、分子動理論較好地解釋了物質的宏觀熱力學性質。下列說法正確的是（）A.分子間距離減小，分子間的引力和斥力都增大B.液體分子的無規(guī)則運動稱為布朗運動C.分子間距離增大，分子勢能一定減小D.物體對外做功，物體內能一定減小5、在物理學中常用比值法定義物理量．選出不是用比值法定義的物理量A.用E=定義電場強度B.用定義磁感應強度C.用定義電流D.用定義電容器的電容6、關于磁感應強度B，下列說法中正確的是()A.由定義式B=可知，磁感應強度B與F成正比，與IL成反比B.一小段通電導線放在磁感應強度為零處，它所受的磁場力一定為零C.一小段通電導線在某處不受磁場力作用，該處的磁感應強度一定為零D.磁場中某處磁感應強度的方向，與通電導線在該處所受磁場力的方向相同7、如圖所示，導熱的氣缸固定在平地面上，一個可自由移動的活塞把氣體封閉在氣缸中，氣缸的內壁光滑．現(xiàn)用水平外力F作用于活塞桿，使活塞緩慢地向右移動，保持氣缸內氣體溫度不變，則對于封閉氣體（）

A.外界對氣體做功B.氣體分子平均動能不變C.氣體壓強保持不變D.單位體積內氣體分子個數(shù)增加8、某質點的振動圖像如圖所示；下列說法正確的是。

A.1s和3s時刻,質點的速度相同B.1s到2s時間內,速度與加速度方向相同C.簡諧運動的表達式為y＝2sin(0.5πt+1.5π)cmD.簡諧運動的表達式為y＝2sin(0.5πt+0.5π)cm評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內阻為r，三個定值電阻電路中電表均為理想電表，滑片P開始置于R2中點，現(xiàn)有一質量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點靜止釋放；恰好能到達C板，不計空氣阻力和極板外電場，下列說法中正確的是。

A.滑片P由R2中點往左移動，則B板電勢降低B.滑片P由R2中點往左移動,則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點往左移動，仍將該液滴從D點由靜止釋放，則帶電液滴不能到達C板D.滑片P由R2中點往左移動，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)10、如圖所示；在空間由一坐標系xOy，直線OP與軸正方向的夾角為30°，第一象限內有兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域I和II，直線OP上方區(qū)域I中磁場的磁感應強度為B，一質量為m，電荷量為q的質子（不計重力）以速度v從O點沿與OP成30°角的方向垂直磁場進入?yún)^(qū)域I，質子先后通過強磁場區(qū)域I和II后，恰好垂直打在x軸上的Q點（圖中未畫出），則。

A.粒子在第一象限中運動的時間為B.粒子在第一象限中運動的時間為C.Q點的橫坐標為D.Q點的橫坐標為11、下列關于熱平衡定律的理解，正確的是（）A.兩系統(tǒng)的溫度相同時，才能達到熱平衡B.A、B兩系統(tǒng)分別與C系統(tǒng)達到熱平衡，則A、B兩系統(tǒng)達到熱平衡C.甲、乙、丙物體溫度不相等，先把甲、乙接觸，最終達到熱平衡，再將丙與乙接觸最終也達到熱平衡，則甲、丙是處于熱平衡的D.熱平衡時，兩系統(tǒng)的溫度相同，壓強、體積也一定相同12、如圖所示，在斯特林循環(huán)的p－V圖象中，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)過狀態(tài)b、c和d后再回到狀態(tài)a；整個過程由兩個等溫和兩個等容過程組成.下列說法正確的是()

A.從a到b，氣體的溫度一直升高B.從b到c，氣體與外界無熱量交換C.從c到d，氣體對外放熱E.從b到c氣體吸收的熱量與從d到a氣體放出的熱量相同E.從b到c氣體吸收的熱量與從d到a氣體放出的熱量相同13、下列說法中正確的是____。A.液晶的光學性質具有各向異性的特點B.只要知道某種晶體的密度，摩爾質量和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出該晶體分子的體積C.不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功E.白天感覺干燥，是因為空氣中水蒸氣的分氣壓與同溫度下的飽和汽壓差距大E.白天感覺干燥，是因為空氣中水蒸氣的分氣壓與同溫度下的飽和汽壓差距大14、如圖所示，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1為定值電阻（R1＞r），R2為可變電阻；以下說法中正確的是（）

A.當R2=R1+r時，R2上獲得最大功率B.當R1=R2+r時，R1上獲得最大功率C.當R2=0時，電源的效率最大D.當R2=0時，電源的輸出功率最大15、已知滑動變阻器接入電路的電阻與其接入電路的長度成正比。如圖所示，電路中R3為滑動變阻器，R1、R2為定值電阻；A；V為理想電表，C為電容器，電路接穩(wěn)恒電壓U。當滑動變阻器的滑片P向下移動時，關于各物理量的變化，下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數(shù)變大B.電流表的示數(shù)變小C.電容器C兩極板所帶的電荷量增多D.R2消耗的功率變小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，用波長為λ的光照射逸出功為W的極板，則發(fā)生光電效應的光電子最大動能為_______，已知普朗克常量為h，光速為c；若將此入射光的頻率增大，則極板逸出功________（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

17、某實驗愛好者設計了模擬路燈光控電路，利用光敏電阻作為光傳感器，配合使用斯密特觸發(fā)器來控制電路，他設計的電路如圖，他所使用的斯密特觸發(fā)器的輸入端信號____（“可以”或“不可以”）連續(xù)變化，為了更加節(jié)能，讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1___一些（“增大”或“減小”）。18、數(shù)字電路中基本的邏輯門電路是___________門、___________門和___________門。19、如圖，上端帶卡環(huán)、底部有加熱裝置的圓柱形氣缸豎直放置在水平地面上，質量為m、橫截面積為S、厚度不計的活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的一半，活塞下部封閉有溫度為T的理想氣體。已知重力加速度為g，外界大氣壓強恒為忽略一切摩擦。現(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，則活塞恰好到達氣缸上端卡口時氣體溫度T1=_______；保持封閉氣體的溫度T1不變，在活塞上表面緩慢倒入沙子，使活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的三分之一，則倒入沙子的總質量m1=________。

20、恒溫環(huán)境中，在導熱性能良好的注射器內，用活塞封閉了一定質量的空氣（視為理想氣體）。用力緩慢向里壓活塞，該過程中封閉氣體的壓強_________（選填“增大”或“減小”）；氣體_________（選填“吸收”或“放出”）熱量。21、某同學把兩塊大小不同的木塊用細線連接；中間夾一被壓縮了的彈簧，如圖所示．將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，燒斷細線，觀察物體的運動情況，進行必要的測量，驗證物體間相互作用時動量守恒．

（1）該同學還必須有的器材是_____；

（2）需要直接測量的數(shù)據(jù)是_____；

（3）用所得數(shù)據(jù)驗證動量守恒的關系式是_____．評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)25、某同學用伏安法測某定值電阻的阻值；所用電壓表內阻約1000Ω，所用電流表內阻約20Ω，電流表的量程為3mA，由于被測電阻的阻值大小未知他先后采用了如圖甲和乙所示的電路分別進行測量，每次實驗通過調節(jié)滑動變阻器，記錄測得的多組電壓表和電流表的讀數(shù)，作出U-I圖象，如圖丙和丁．

(1)根據(jù)電路圖甲測得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應是________(填“丙”或“丁”)圖．

(2)由測量結果判定電路圖________(填“甲”或“乙”)圖測量結果較為準確，根據(jù)該電路得到電阻的測量值Rx=________Ω(保留兩位有效數(shù)字)Rx的測量值________(選填“大于”“等于”或“小于”)真實值．

(3)該同學為了減小系統(tǒng)誤差；設計了如圖戊所示的電路測上述電流表(圖中A)的內阻，實驗室提供的器材有：

A.電流表量程0~6mA

B.電流表量程0~4mA

C.滑動變阻器0~10Ω

D.滑動變阻器0~1000Ω

E.定值電阻阻值R=20Ω

F.電源；開關、導線若干。

電流表A1應選________(選填“A”或“B")；滑動變阻器應選________(選填“C”或“D”)．

若某次測量得到電流表A的示數(shù)為2.0mA，電流表A1的示數(shù)為3.9mA，則此次測量得到電流表的內阻為________Ω(兩位有效數(shù)字)．26、利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻．要求盡量減小實驗誤差．

（1）應該選擇的實驗電路是下圖中的________（選填“甲”或“乙”）；

（2）現(xiàn)有電流表（0～0.6A）；開關和導線若干；以及以下器材：

A．電壓表（0～15V）B．電壓表（0～3V）

C．滑動變阻器（0～50Ω）D．滑動變阻器（0～500Ω）

實驗中電壓表應選用________，滑動變阻器應選用________；（選填相應器材前的字母）

（3）另一同學從實驗室只借到一個開關、一個電阻箱（最大阻值為999.9Ω，可當標準電阻用）、一只電流表（量程Ig＝0.6A，內阻rg＝0.2Ω）和若干導線．

①根據(jù)測定電動勢E和內電阻r的要求，設計實驗電路圖并畫在虛線框內______；

②閉合開關，逐次改變電阻箱的阻值R，讀出與R對應的電流表的示數(shù)I，并作記錄；計算出每個電流值I的倒數(shù)并作出圖象；若得到的圖象斜率為k，R軸上截距絕對值為b，則該電池的電動勢E＝________，內電阻r＝________．27、（1）如圖所示的四個圖反映“用油膜法估測分子的大小”實驗中的四個步驟，將它們按操作先后順序排列應是____（用符號表示）．

（2）該同學做完實驗后，發(fā)現(xiàn)自己所測的分子直徑d明顯偏大．出現(xiàn)這種情況的原因可能是_______．

A.將滴入的油酸酒精溶液體積作為油酸體積進行計算。

B.油酸酒精溶液長時間放置；酒精揮發(fā)使溶液的濃度發(fā)生了變化。

C.計算油膜面積時；只數(shù)了完整的方格數(shù)。

D.求每滴溶液中純油酸的體積時；1mL溶液的滴數(shù)多記了10滴。

（3）用油膜法測出油酸分子的直徑后，要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要直到油滴的________．

A.摩爾質量B.摩爾體積C.質量D.體積28、（1）在“探究單擺周期與擺長的關系”實驗中，兩位同學用游標卡尺測量小球的直徑如圖1、2所示．測量方法正確的是_________.(填“圖1”或“圖2”)．圖3的讀數(shù)是______cm．

(2)下列做法有利于減小實驗誤差的是______

A.適當加長擺線

B.質量相同；體積不同的擺球，應選用體積較大的。

C.單擺偏離平衡位置的角度不能太大。

D.當單擺經(jīng)過平衡位置時開始計時；經(jīng)過一次全振動后停止計時，用此時間間隔作為單擺振動的周期。

(3)北京時間2005年5月22日上午10點05分，中國女子登山隊首次登上珠穆朗瑪峰頂峰，五星紅旗再一次在珠峰峰頂飄揚．若登山隊員利用單擺來確定珠峰的高度，測得該單擺在海平面處的周期是T0在峰頂?shù)闹芷谑荰，則珠峰頂峰的海拔高度h=_____(地球可看作質量均勻分布的半徑為R的球體)．評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)29、如圖，A、B兩個內壁光滑、導熱良好的氣缸用細管連接，A氣缸中活塞M截面積為500cm2，裝有一個大氣壓強的理想氣體50L．B氣缸中活塞N截面積為250cm2，裝有兩個大氣壓強的理想氣體25L．現(xiàn)給活塞M施加一水平推力，使其緩慢向右移動，此過程中氣缸均不動，周圍環(huán)境溫度不變，大氣壓強為105pa．求：

(i)當推力F=5×103N時；活塞M向右移動的距離；

(ii)氣缸B中能達到的最大壓強．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

當房間失火時，房間會有煙霧，將煙霧信號轉換成電信號，從而發(fā)出警報，所以該傳感器是煙霧傳感器實現(xiàn)報警的，故選項A正確，B、C、D錯誤。2、D【分析】①、在b；d兩時刻；電量為零，故電場能為零，電流最大；磁場能最大，①正確；

②、在a→b時間內；電荷量減小，電場能轉變?yōu)榇艌瞿?，②正確；

③；a、c時刻；電荷量最大，此時電場能最大，磁場能為零，③正確；

④；在O→a時間內；電荷量在增加，故電容器被充電；而c→d時刻，電荷量在減小，電容器在放電，④錯誤；

綜上分析；ABC錯誤；D正確；

故選D。3、A【分析】【詳解】

D.已知正六邊形所在平面與電場線平行,且A.C.D三點電勢分別為1.0V、3.0V、5.0V,延長DC且使DC=CG,連接BG,可知UDC=UCG=2.0V，故ABG的電勢相等為1.0V；C、F電勢相等為3.0V，D、E電勢相等為5.0V；故D錯誤；

B.電勢差UEF=5.0?3.0=2.0V,電勢差UBC=1.0?3.0=?2.0V；故B錯誤；

AC.根據(jù)U=Ed可知,電場強度E===V/m=V/m；故A正確，C錯誤；

故選A．4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間存在相互作用的引力和斥力；引力和斥力都隨分子間距離的減小而增加，隨分子間距的增大而減小，故A正確；

B．布朗運動是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運動；不是液體分子的無規(guī)則運動，是液體分子無規(guī)則熱運動的反映，故B錯誤；

C．當分子力表現(xiàn)為引力時；分子力總是隨分子間距離的增大而減小，因克服分子力做功，分子勢能總是隨分子間距離的增大而增大，故C錯誤；

D．物體對外做功；若氣體吸收熱量，則其內能不一定減小，故D錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

E=、、都是用比值法定義的物理量，是部分電路歐姆定律，故A、B、D錯誤選，C正確．

故選C6、B【分析】【詳解】

A．磁感應強度定義式為當電流I增大時，其安培力F也隨之增大，而其比值是不變的，故磁感應強度B與F、IL均無關；選項A錯誤；

B．一小段通電直導線放在磁感應強度為零的地方，根據(jù)F=BIL，當B=0時，F(xiàn)=0；故它所受到的磁場力一定為零，選項B正確；

C．一小段通電直導線在某處不受磁場力作用；也可能是導線與磁場方向平行，故不能說明則該處的磁感應強度一定為零，選項C錯誤；

D．磁場中某處磁感應強度的方向，與通電導線在該處所受磁場力的方向相互垂直，并不是相同的，選項D錯誤．7、B【分析】【詳解】

A．水平外力作用在活塞上；向右移動，氣體的體積增大．此過程中，氣體對外界做功，故A錯誤；

B．溫度是氣體平均動能的標志；溫度升高，氣體平均動能增大，反之則降低．由題中“保持氣缸內氣體溫度不變”可知，氣體分子平均動能不變，故B正確；

C．由理想氣體狀態(tài)方程可知，當V增大，T不變時，P減?。还蔆錯誤；

D．因為體積增大，所以單位體積內氣體分子個數(shù)減少，故D錯誤．8、D【分析】【詳解】

A項：圖象上某點的切線的斜率表示速度；1s和3s時刻；質點的速度大小相等，方向相反，故A錯誤；

B項：1s到2s時間內；質點做減速運動，故加速度與速度反向，故B錯誤；

C、D項：振幅為2cm，周期為4s，角速度為故簡諧運動的表達式為故C錯誤，D正確．二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】A、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大；即B板電勢降低，故選項A正確；

B、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點可以知道電流表A1的示數(shù)增大；故選項B錯誤；

C、滑片P由R2中點往左移動時，電路總電流增大，則兩端電壓增大；即電容器AB電壓增大，液滴加速運動，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運動，液滴將穿過C板，故選項C錯誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減小；故選項D正確。

點睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，注意電容器兩端電壓的問題。10、A:C【分析】【詳解】

設質子在磁場I和II中做圓周運動的軌道半徑分別為和區(qū)域II中磁感應強度為B'，由牛頓第二定律①②；粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示；

由帶電粒子才磁場中運動的對稱性和幾何關系可以知道，質子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為30°，故質子在磁場I中軌跡的圓心角為θ=60°，如圖:則為等邊三角形③，在區(qū)域II中，質子運動圓周，是粒子在區(qū)域II中做圓周運動的圓心，④，由①②③④計算得出區(qū)域II中磁感應強度為⑤，粒子在Ⅰ區(qū)的運動周期：⑥，粒子在Ⅱ區(qū)運動的周期:⑦，粒子在第一象限中運動的時間為⑧，聯(lián)立⑤⑥⑦⑧計算得出因此選項A正確、選項B錯誤；Q點坐標代人數(shù)據(jù)得因此選項C正確，D錯誤．故選AC.

點睛：帶電粒子通過磁場的邊界時，如果邊界是直線，根據(jù)圓的對稱性得到，帶電粒子入射速度方向與邊界的夾角等于出射速度方向與邊界的夾角，這在處理有界磁場的問題常常用到．11、A:B【分析】【詳解】

AD．根據(jù)熱平衡的特點可知；兩個系統(tǒng)達到熱平衡的標志是它們溫度相同，但壓強；體積不一定相同，故A正確，D錯誤；

B．根據(jù)熱平衡定律，A、B兩系統(tǒng)分別與C系統(tǒng)達到熱平衡，則A、B兩系統(tǒng)達到熱平衡；故B正確；

C．甲；乙、丙物體溫度不相等；先把甲、乙接觸，最終達到熱平衡，再將丙與乙接觸最終也達到熱平衡，此時乙、丙與甲的溫度不一定相等，所以甲、丙不一定是處于熱平衡的，故C錯誤。

故選AB。12、A:C:D【分析】【詳解】

A.從a到b；體積不變，壓強增大，溫度一直升高，A正確；

B.從b到c；溫度不變，內能不變，壓強減小，體積增大，氣體對外做功，氣體從外界吸收熱量，B錯誤；

C.從c到d；體積不變，壓強減小，溫度降低，內能減小，氣體對外放熱，C正確；

D.從d到a；溫度不變，壓強增大，體積減小，單位體積中的氣體分子數(shù)目增多，D正確；

E.從b到c氣體吸收的熱量等于氣體對外做的功，從d到a氣體放出的熱量等于外界對氣體做的功，兩個過程體積變化相同，但壓強不同，做的功不同，所以從b到c氣體吸收的熱量與從d到a氣體放出的熱量不同，E錯誤.13、A:B:E【分析】【詳解】

A．液晶像液體一樣可以流動；又具有某些晶體結構特征的一類物質．所以液晶的光學性質與某些晶體相似，具有各向異性，故A正確；

B．由密度和摩爾質量可得出摩爾體積；再由摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可求出分子體積，故B正確；

C．根據(jù)熱力學第二定律可知；不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全用來做功,而不產(chǎn)生其他變化，故C錯誤；

D．0的水結成0的冰時要放熱量；分子勢能減小，故D錯誤；

E．白天感覺干燥；是因為空氣中水蒸氣的分氣壓與同溫度下的飽和汽壓差距大，故E正確。

故選ABE。14、A:D【分析】【詳解】

A．將R1等效到電源的內部，上的功率等于電源的輸出功率，當外電阻等于內阻時，即時，輸出功率最大，即上的功率最大；故A正確；

B．根據(jù)

可知當外電阻最小時，即時，電流最大，R1上獲得最大功率故B錯誤；

CD．當外電阻等于內阻時，即時，電源的輸出功率最大．但因為所以不可能有所以當時；電源的輸出功率最大，故D正確，C錯誤。

故選AD。15、A:D【分析】A、由題圖可知，電壓表與R1并聯(lián)，電流表與R3串聯(lián)后再與R2并聯(lián)，兩部分串聯(lián)。在滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，電路的總電阻變小，總電流變大，R1兩端的電壓變大；電壓表的示數(shù)變大，A正確；

B、并聯(lián)部分的電壓變小，即R2兩端的電壓變小，R2消耗的功率變??；電容器兩端的電壓變小，電容器放電，所帶電荷量減少；通過R2的電流變小；總電流變大，所以通過電流表的電流變大，故BC錯誤，D正確。

點睛：本題是電路動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動勢、內阻及定值電阻的阻值不變，進行分析。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

逸出功是金屬本身的屬性，與外界因素無關，故極板的逸出功不變．【解析】不變17、略

【分析】【分析】

光敏電阻的電阻隨光照增強而減??；天暗時，電阻比較大，光敏電阻兩端的電勢差比較大，則輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后路燈亮；天亮時，光敏電阻比較小，則光敏電阻兩端的電勢差比較小，則輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，路燈熄滅。

【詳解】

斯密特觸發(fā)器的工作原理是：當加在它的輸入端A的電壓逐漸上升到某個值（1.6V）時；輸出端Y會突然從高電平跳到低電平（0.25V），而當輸入端A的電壓下降到另一個值的時候（0.8V），Y會從低電平突然跳到高電平（3.4V）。天暗時，光敏電阻阻值大，A端的電勢升高，當A段的電勢升高到一定的值時，經(jīng)過非門，輸出端Y為低電勢，LED導通，路燈亮，故斯密特觸發(fā)器的輸入端信號可以連續(xù)變化；

R1調大時，天更暗時，光敏電阻變大，才導致分壓變大，則A端的電勢高，輸出端Y為低電勢，LED燈亮，故讓天色更暗時，路燈點亮，應將R1增大一些?！窘馕觥靠梢栽龃?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]數(shù)字電路中基本的邏輯門電路是與門、或門和非門。【解析】與或非19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對封閉氣體緩慢加熱；則活塞恰好到達氣缸上端卡口，對封閉氣體處于等壓過程，由蓋-呂薩克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面緩慢倒入沙子前；對活塞列受力平衡。

保持封閉氣體的溫度T1不變,對封閉氣體處于等溫過程；由玻意耳定律可知。

對活塞列受力平衡。

其中。

聯(lián)立可解。

【解析】2T；4m20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]下壓活塞，氣體的體積變小，溫度不變，由

可知；壓強增大；

[2]外界對氣體做正功，氣體溫度不變故內能不變，由

可知，氣體放出熱量。【解析】①.增大②.放出21、略

【分析】【詳解】

小球離開桌面后做平拋運動，取小球1的初速度方向為正方向，兩小球質量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2，平拋運動的水平位移分別為s1、s2，平拋運動的時間為t．需要驗證的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要測量兩木塊的質量m1和m2，兩木塊落地點到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

（1）需要的實驗器材有：天平；直尺、鉛錘、木板、白紙、復寫紙、圖釘、細線等。

（2）需要直接測量的量為：兩物塊的質量m1．m2及它們對應的平拋射程s1．s2；

（3）需要驗證的表達式為：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、鉛垂線兩木塊的質量m1、m2和兩木塊落地點分別到桌子兩。

側邊緣的水平距離s1、s2m1s1＝m2s2四、作圖題(共3題，共15分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】

（1）電流表內接時測量值偏大；外接時測量值偏小，根據(jù)給出的U-I圖像的斜率判斷電阻的測量值，從而判斷電路結構；

（2）比較待測電阻和電壓表和電流表的內阻關系；從而判斷測量電路；根據(jù)U-I圖像求解電阻的測量值；

（3）根據(jù)電路結構選擇測量的儀器；由歐姆定律及電路特點求解電流表內阻.

【詳解】

（1）根據(jù)兩電路的結構可知甲電路中電阻的測量值偏??；則畫出的U-I圖像的斜率偏小，則根據(jù)電路圖甲測得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應是??；

（2）由丁圖可知，電阻R的測量值為則R>>RA，可知應該采用電流表內接電路，即乙電路；根據(jù)該電路得到的U-I圖像是丙圖，可得電阻的測量值因測量值中包括電流表的內阻；則Rx的測量值大于真實值．

（3）電流表A1應選量程較大的A；滑動變阻器用分壓電路；故應選C．

根據(jù)歐姆定律可得

解得電流表的內阻：

【點睛】

此題關鍵是搞清伏安法測電阻的基本原理；知道電流表內接和外接對測量值的影響，能根據(jù)U-I圖像求解電阻的阻值．【解析】丁；乙；見解析；A；C；19；26、略

【分析】【詳解】

（1）干電池內阻較??；為了減小誤差應采用相對電源的電流表外接法，故應選擇甲圖．

（2）因電