2025年人教版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選修3物理上冊月考試卷6考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；A；B、C三個(gè)相同的燈泡連成如圖電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，三個(gè)燈泡的亮暗變化情況是（）

A.同時(shí)變亮B.同時(shí)變暗C.C兩燈變暗，B燈變亮D.C燈變亮，B燈變暗2、如圖所示，a、b、c三盞燈都能發(fā)光，且在電路變化時(shí)，燈不會(huì)燒壞．試判斷：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下移動(dòng)時(shí)（）A.外電路的總電阻變小B.總電流變小C.a燈變暗D.c燈變亮3、如圖，正方形閉合導(dǎo)線框在邊界水平的勻強(qiáng)磁場區(qū)域的上方，由不同高度靜止釋放，用、分別表示線框邊和邊剛進(jìn)入磁場的時(shí)刻，用、分別表示線框邊和邊剛出磁場的時(shí)刻，線框下落過程中形狀不變，邊始終保持與磁場水平邊界平行，線框平面與磁場方向垂直，設(shè)磁場區(qū)域的寬度大于線框的邊長，不計(jì)空氣阻力的影響，則下列反映線框下落過程中速度隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象不可能的是（））

A.B.C.D.4、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球A穿在傾角為的光滑絕緣細(xì)桿上，在桿上B點(diǎn)處固定一個(gè)電荷量為Q的正電荷．將小球A由距B豎直高度為H處無初速釋放后沿細(xì)桿下滑，小球A下滑過程中電荷量不變．整個(gè)裝置處在真空中，靜電力常量為k，重力加速度為g，下列說法正確的是()

A.小球A剛釋放時(shí)所受的庫侖力為B.小球A釋放時(shí)的加速度大小為C.小球A可能先加速下滑后勻速下滑D.小球A下滑過程中電勢能可能先增大后減小5、如圖所示，實(shí)線表示電場線，虛線表示帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，帶電粒子只受電場力作用，運(yùn)動(dòng)過程中電勢能減小，它運(yùn)動(dòng)到b處時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向與受力方向可能的是（）A.B.C.D.6、一粗細(xì)均勻的鎳鉻絲，截面直徑為d，電阻為R.把它拉制成直徑為的均勻細(xì)絲后，在溫度不變的情況下，它的電阻變?yōu)?))A.10000RB.100R.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，甲、乙兩帶電粒子從a點(diǎn)沿與ab成30°角的方向垂直射入磁場．甲粒子垂直于bc邊離開磁場；乙粒子從ad邊的中點(diǎn)離開磁場．已知甲；乙兩a帶電粒子的電荷量之比為1:2，質(zhì)量之比為1:2，不計(jì)粒子重力．以下判斷正確的是。

A.甲粒子帶負(fù)電，乙粒子帶正電B.甲粒子的動(dòng)能是乙粒子動(dòng)能的16倍C.甲粒子所受洛倫茲力是乙粒子所受洛倫茲力的2倍D.甲粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是乙粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的倍8、下列有關(guān)熱現(xiàn)象和內(nèi)能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機(jī)械能增加，內(nèi)能不變B.盛有氣體的容器做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，容器中氣體的內(nèi)能必定會(huì)隨之增大C.電流通過電阻后電阻發(fā)熱，它的內(nèi)能增加是通過“做功”方式實(shí)現(xiàn)的E.分子間引力和斥力相等時(shí)，分子勢能最小E.分子間引力和斥力相等時(shí)，分子勢能最小9、下列關(guān)于固體、液體說法正確的是（）A.唐詩《觀荷葉露珠》中有“霏微曉露成珠顆”中荷葉和露水表現(xiàn)為浸潤B.小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中是浮力與其重力平衡的結(jié)果C.液晶既像液體一樣具有流動(dòng)性，又跟某些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性E.石墨和金剛石都是碳單質(zhì)但它們的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同E.石墨和金剛石都是碳單質(zhì)但它們的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同10、下列說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無規(guī)測熱運(yùn)動(dòng)B.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不同C.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用E.荷葉上的露珠幾乎呈球形是由于表面張力的作用11、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的原理圖；升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓恒定；輸電線上的電阻不變，假設(shè)用戶所用用電器都是純電阻用電器，若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機(jī)輸出的電流增大了，則可以判定。

A.通過用戶的電流減小了B.用戶接入電路的總電阻減小了C.用戶消耗的電功率減小了D.加在用戶兩端的電壓變小了12、圖所示，電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S后，若滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，則()

A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變13、一列簡諧橫波沿x軸方向傳播，某時(shí)刻的波形圖如圖所示，已知位于x=1m處的質(zhì)點(diǎn)正向下運(yùn)動(dòng)；則下列說法正確的是（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.x=3m處的質(zhì)點(diǎn)的振幅為零C.x=2m處的質(zhì)點(diǎn)此刻具有最大加速度D.該時(shí)刻以后，x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)比x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置14、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，甲圖中A、B兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為2m，且小于一個(gè)波長，乙圖為A、B兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象；由此可知（）

A.B質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程為8cmB.該機(jī)械波的周期為4sC.該機(jī)械波的波速為4m/sE.t=1.5s時(shí)B兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度相同E.t=1.5s時(shí)B兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度相同評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強(qiáng)磁場。帶電粒子（不計(jì)重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點(diǎn)沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時(shí)間之比為__________。16、（1）用游標(biāo)卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

17、泡泡魚游戲中，泡泡魚吐出了一個(gè)泡泡，捉住了一條大寶魚。若將泡泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，泡泡魚吐出的泡泡上浮一段時(shí)間后到達(dá)大寶魚所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過程中，泡泡內(nèi)的氣體對外界做__________（填“正”或“負(fù)”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。18、假定兩個(gè)分子的距離為無窮遠(yuǎn)時(shí)，它們的分子勢能為0，使一個(gè)分子固定，另一個(gè)分子在外力作用下從無窮遠(yuǎn)逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個(gè)過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。19、陰極射線管的上方有一根固定的導(dǎo)線AB，如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線中通一如圖所示的電流時(shí)，陰極射線管的電子流將向__________偏轉(zhuǎn)。（填“下”或“上”）20、如圖所示為一彈簧振子的振動(dòng)圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為____________________；

（2）該振子在第100s時(shí)的位移為________cm，該振子在前100s內(nèi)的路程為________cm．21、某金屬的截止極限頻率恰好等于氫原子量子數(shù)n=4能級躍遷到n=2能級所發(fā)出光的頻率．氫原子輻射光子后能量______（選填“增大”、“不變”或“減小”）．現(xiàn)用氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光照射該金屬，則逸出光電子的最大初動(dòng)能是________（已知?dú)湓觧=1、2、4能級的能量值分別為E1、E2、E4）．評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)25、驗(yàn)證《動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)》中；劉同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置進(jìn)行驗(yàn)證。設(shè)計(jì)如下：

A.測出兩同種材質(zhì)的木塊A、B的質(zhì)量mA、mB

B.測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭

C.用細(xì)線將A；B連接；使A、B間的彈簧壓縮（彈簧不與木塊連接）

D.剪斷細(xì)線，測出木塊向兩側(cè)移動(dòng)的距離sA、sB

E.測量桌面與木質(zhì)材料間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ

（1）上述實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)中沒必要的步驟為_____；

（2）驗(yàn)證動(dòng)量守恒關(guān)系式為______________；

（3）請寫出一條產(chǎn)生實(shí)驗(yàn)誤差的原因_____________。

26、有一電流表A，量程為1mA，內(nèi)阻r1約為100Ω．要求測量其內(nèi)阻．可選用器材有，電阻箱R0；最大阻值為99999.9Ω；

滑動(dòng)電阻箱甲；最大阻值為10kΩ；

滑動(dòng)電阻箱乙；最大阻值為2kΩ；

電源E1；電動(dòng)勢約為2V，內(nèi)阻不計(jì)；

電源E2；電動(dòng)勢約為6V，內(nèi)阻不計(jì)；

開關(guān)2個(gè)；導(dǎo)線若干．

采用的測量電路圖如圖所示；實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a.斷開S1和S2，將R調(diào)到最大；

b.合上S1調(diào)節(jié)R使A滿偏；

c.合上S2，調(diào)節(jié)R1使A半偏，此時(shí)可以認(rèn)為A的內(nèi)阻rg＝R1；試問：

（ⅰ）在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應(yīng)該選擇____；為了使測量盡量精確，可變電阻R應(yīng)該選擇____；電源E應(yīng)該選擇____．

（ⅱ）認(rèn)為內(nèi)阻rg＝R1，此結(jié)果與rg的真實(shí)值相比____．（填“偏大”、“偏小”或“相等”）27、為研究某一蓄電池組；某興趣小組將一塊舊的電池組充滿電，準(zhǔn)備利用下列器材測量電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻．

A.待測電池組；電動(dòng)勢約為4V，內(nèi)阻約幾歐姆。

B.直流電壓表（量程均可滿足要求；均可視為理想電表）

C.定值電阻（未知）

D.滑動(dòng)變阻器R，最大阻值（已知）

E.導(dǎo)線和開關(guān)。

（1）現(xiàn)利用以上器材；設(shè)計(jì)一個(gè)電路如圖甲所示，完成對待測電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的測量．

（2）實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路圖測出定值電阻方法是先把滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大阻值再閉合開關(guān)，電壓表和的讀數(shù)分別為則=_______（用表示）．

（3）實(shí)驗(yàn)中移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表和的多組數(shù)據(jù)描繪出圖象（橫軸為），圖線斜率絕對值為k，與橫軸的截距值為a，則電池組的電動(dòng)勢E=____，內(nèi)阻r=____（用k、a、表示）．

（4）經(jīng)測量得到該電池組的電動(dòng)勢為E=4.0V，內(nèi)阻r=1Ω，現(xiàn)用該電池組與定值電阻串聯(lián)，然后與兩個(gè)相同的燈泡構(gòu)成如圖乙所示的電路，燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，則每個(gè)燈泡的實(shí)際功率約為______W（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)28、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其圖象如圖所示，求該過程中氣體吸收的熱量Q。

29、下表是某品牌洗衣機(jī)的技術(shù)參數(shù)：

。國家能效等級1級。

額定洗滌容量8kg

額定電壓220V

電源頻率50Hz

洗滌功率220W

脫水功率500W

洗滌噪音43分貝。

轉(zhuǎn)速1200轉(zhuǎn)/分。

內(nèi)筒材料不銹鋼。

標(biāo)準(zhǔn)程序耗水量59升。

出廠日期：

2018年1月20日。

出廠編號：

GB201801200315

請根據(jù)表中的技術(shù)參數(shù)解答下列問題：

(1)該洗衣機(jī)正常工作的電壓為多少伏特?

(2)該洗衣機(jī)在常溫下正常洗滌時(shí)的電流為多少安培？

(3)該洗衣機(jī)在常溫下正常洗滌2h，消耗的電能是多少千瓦時(shí)?30、如圖所示，水平放置的兩平行金屬板間存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場．已知兩板間的電勢差為U，距離為d；勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從A點(diǎn)沿水平方向射入到兩板之間，恰好沿直線從M點(diǎn)射出；如果撤去磁場，粒子從N點(diǎn)射出．M、N兩點(diǎn)間的距離為h．不計(jì)粒子的重力．求：

（1）勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小E；

（2）粒子從A點(diǎn)射入時(shí)的速度大小v0；

（3）粒子從N點(diǎn)射出時(shí)的動(dòng)能Ek．

31、如圖所示，一豎直放置的足夠長汽缸內(nèi)有兩個(gè)活塞用一根輕質(zhì)硬桿相連，上面小活塞面積S1=2cm2，下面大活塞面積S2=8cm2，兩活塞的總質(zhì)量為M=0.3kg；汽缸內(nèi)封閉溫度T1=300K的理想氣體，粗細(xì)兩部分長度相等且L=5cm；大氣壓強(qiáng)為Po=1.01×l05Po，g=10m／s2；整個(gè)系統(tǒng)處于平衡，活塞與缸壁間無摩擦且不漏氣．求：

(1)初狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)Pi；

(2)若封閉氣體的溫度緩慢升高到T2=336K，氣體的體積V2是多少；

(3)上述過程中封閉氣體對外界做功W．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)；接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，故流過A燈電流增大，故A燈變亮；

由于電流增大；則可知內(nèi)電壓和燈泡A兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分電壓減小，所以B燈兩端電壓減小，B燈變暗；

因干路電流增大；B燈電流減小，則由分流原理可知，C中電流增大，故C燈變亮，故AC變亮，B變暗，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D.

【點(diǎn)睛】

根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，由閉合電路歐姆定律判斷電路電流如何變化，再根據(jù)功率公式可分析燈泡亮度的變化．2、A【分析】【詳解】

A．據(jù)圖可知；當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，相當(dāng)于滑動(dòng)變阻器被短接部分變大，未短接部分減小，則滑動(dòng)變阻器阻值減小，外電路總電阻與其中之一電阻的變化一致，所以外電阻總電阻變小，A選項(xiàng)正確；

B．據(jù)

總電流變大；B選項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．a(chǎn)燈接在干路，總電流變大，則a燈變亮；C錯(cuò)誤；

D．據(jù)“串反并同”c燈與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，c燈電流、電壓變化與滑動(dòng)變阻器阻值變化一致，則c燈變暗；D錯(cuò)誤．

故選A。3、A【分析】【詳解】

A、在0～時(shí)間內(nèi)，線框做自由落體運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻以后，線框全部進(jìn)入磁場后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，這兩段時(shí)間內(nèi)的v－t圖線均為直線．在～時(shí)間內(nèi)，線框進(jìn)入磁場的過程中，線框的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)與進(jìn)入磁場時(shí)的速度v有關(guān)．當(dāng)線框在磁場中勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力等于重力，即．若線框的速度v遠(yuǎn)大于則進(jìn)入磁場后減速．由可知，加速度減?。蝗艟€框速度v＞但相差不大，則線框進(jìn)入磁場后可能先減速再勻速，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、若線框的速度但相差不大，則線框進(jìn)入磁場后可能先加速再勻速；若線框的速度v遠(yuǎn)小于則線框進(jìn)入磁場后加速，加速度減小，故選項(xiàng)C正確；

D、若線框的速度則線框進(jìn)入磁場一直勻速至全部進(jìn)入磁場，故選項(xiàng)D正確．

點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合安培力公式、切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢公式進(jìn)行分析．4、B【分析】【詳解】

A；根據(jù)庫侖定律可知小球A剛釋放時(shí)所受庫侖力為。

故A錯(cuò)；

B、由牛頓第二定律得:

解得：故B對；

C；越靠近B則庫侖力越大；根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度可能是先減小后反向增大，則小球A可能先加速下滑后減速下滑，然后再反向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)；

D；小球A下滑過程中由于庫侖力一直做負(fù)功；所以電勢能一直在增大，故D錯(cuò)；

綜上所述本題答案是：B

【點(diǎn)睛】

對A球受力分析,受到重力、支持力和靜電斥力,根據(jù)牛頓第二定律求加速度;5、C【分析】【分析】

據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側(cè)，從而判斷粒子受到的電場力的方向；電場力做正功粒子的動(dòng)能增大，電勢能減?。?/p>

【詳解】

粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；判斷粒子所受的電場力大體指向彎曲一側(cè)，從而判斷粒子受力的方向向右，因不知電場線的方向，不能判斷出粒子的電性；由于運(yùn)動(dòng)飛過程中粒子的電勢能減小，所以電場力做正功，粒子運(yùn)動(dòng)的方向一定是c到a；故選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來判定電場力方向，由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)；電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱；用電場力做功和能量守恒定律判斷動(dòng)能和電勢能的變化．6、A【分析】【詳解】

鎳鉻絲的橫截面的直徑為d，橫截面積為S1=由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，直徑變化后橫截面積是S2=由于鎳鉻絲的體積不變，由長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，根據(jù)電阻定律R=ρ得到，電阻是原來的10000倍，即為10000R．故選A．二、多選題(共8題，共16分)7、C:D【分析】【分析】

根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡；應(yīng)用左手定則可以判斷出粒子的電性；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意求出粒子軌道半徑關(guān)系，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的速度然后分析答題；根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式與粒子轉(zhuǎn)過的圓心角求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．

【詳解】

由甲粒子垂直于bc邊離開磁場可知，甲粒子向上偏轉(zhuǎn)，所以甲粒子帶正電，由粒子從ad邊的中點(diǎn)離開磁場可知，乙粒子向下偏轉(zhuǎn)，所以乙粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系可知，R甲=2L，乙粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的弦切角為60°，弦長為所以：=2R乙sin60°，解得：R乙=L，由牛頓第二定律得：qvB=m動(dòng)能：EK=mv2=所以甲粒子的動(dòng)能是乙粒子動(dòng)能的24倍，故B錯(cuò)誤；由牛頓第二定律得：qvB=m解得：洛倫茲力：f=qvB=即故C正確；由幾何關(guān)系可知，甲粒子的圓心角為300，由B分析可得，乙粒子的圓心角為120°，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=T，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：可知；甲粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是乙粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的1/4倍，故D正確．.

【點(diǎn)睛】

題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，利用洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行求解；運(yùn)用粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．8、A:C:E【分析】【詳解】

A．把物體緩慢舉高；外力做功，其機(jī)械能增加，由于溫度不變，物體內(nèi)能不變，選項(xiàng)A正確；

B．物體的內(nèi)能與物體做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)沒有直接關(guān)系；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．電流通過電阻后電阻發(fā)熱；是通過電流“做功”的方式改變電阻內(nèi)能的，選項(xiàng)C正確；

DE．根據(jù)分子間作用力的特點(diǎn)，當(dāng)分子間距離等于r0時(shí)，引力和斥力相等，不管分子間距離從r0增大還是減小，分子間作用力都做負(fù)功，分子勢能都增大，故分子間距離等于r0時(shí)分子勢能最??；選項(xiàng)D錯(cuò)誤，E正確。

故選ACE。9、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．唐詩《觀荷葉露珠》中有“霏微曉露成珠顆”，詩中荷葉和露水表現(xiàn)為不浸潤，A錯(cuò)誤；

B．小昆蟲能在水面上自由來往而不陷入水中，是因?yàn)橐后w表面張力在起作用，B錯(cuò)誤；

C．液晶既像液體一樣具有流動(dòng)性；又跟某些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性，C正確；

D．蔗糖塊是多晶體；它是由許多小的單晶體顆粒組成的，D正確；

E．石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的原子排列結(jié)構(gòu)不同造成的，E正確。

故選CDE。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；間接反映分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；當(dāng)氫氣和氧氣的溫度相同，說明它們的分子平均動(dòng)能相同，它們的分子質(zhì)量不同，則分子的平均速率不同，故B正確；

C．空調(diào)制冷說明熱量可以在一定的條件下由低溫物體傳向高溫物體；但不是自發(fā)地由低溫物體傳向高溫物體，故C錯(cuò)誤；

D．由同種元素構(gòu)成的固體；可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故D正確；

E．荷葉上的露珠呈球形是由于在液體表面張力作用下表面收縮的結(jié)果；故E正確。

故選BDE。11、B:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：如果發(fā)電機(jī)輸出電流增大；根據(jù)變流比可知，輸送電流增大，通過用戶的電流增大，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由可知，輸送電流增大，是由于減小引起的；故B正確；

C項(xiàng)：當(dāng)用戶電阻減小時(shí)；用戶消耗的功率增大，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：發(fā)電機(jī)輸出電流增大；則輸電線上的電壓降增大，因此降壓變壓器的輸入；輸出電壓均減小，即因在用戶兩端電壓變小了，故D正確．

故選BD．12、A:B:D【分析】【分析】

分析電路結(jié)構(gòu)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，電阻R2減??；分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值．

【詳解】

由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)；電容器在電路穩(wěn)定時(shí)相當(dāng)于斷路；

A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，電阻R2減小；電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；

B.由歐姆定律知；電壓表的示數(shù)增大，故B正確；

C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減??；電容器上的電荷量減少，故C錯(cuò)誤；

D.|△U/△I|=R1；保持不變，故D正確．

故選ABD13、A:C:D【分析】【詳解】

已知位于x=1m處的質(zhì)點(diǎn)正向下運(yùn)動(dòng)，可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，選項(xiàng)A正確；x=3m處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的位移為零，但是振幅不為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；x=2m處的質(zhì)點(diǎn)位移最大，回復(fù)力最大，則此刻具有最大加速度，選項(xiàng)C正確；該時(shí)刻x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，則從該時(shí)刻以后，x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)比x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，選項(xiàng)D正確；故選ACD.14、A:B:E【分析】【分析】

根據(jù)圖乙得到振幅；從而得到路程；再根據(jù)圖乙得到周期，然后根據(jù)波的傳播方向得到對應(yīng)的波長，即可求得波速；最后根據(jù)圖中質(zhì)點(diǎn)的位置得到速度關(guān)系和位移關(guān)系．

【詳解】

由圖乙可得：振幅A=2cm，故波中任意質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程為4A=8cm，故A正確；由振動(dòng)圖像可知，該機(jī)械波的周期為4s，選項(xiàng)B正確；波由A向B傳播，則A處振動(dòng)比B處振動(dòng)超前1s，該機(jī)械波的波速為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由振動(dòng)圖形可知，t=1.5s時(shí)A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移大小相同，方向相反；質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度大小方向都相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤，E正確；故選ABE.三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

粒子進(jìn)入磁場時(shí)，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的偏向角等于軌跡對應(yīng)的圓心角，再可求出軌跡對應(yīng)的圓心角由求解時(shí)間之比；根據(jù)幾何知識(shí)求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設(shè)圓柱形區(qū)域?yàn)镽。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時(shí)；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)60°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時(shí)，粒子飛出此磁場區(qū)域時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)90°角，則知帶電粒子軌跡對應(yīng)的圓心角軌跡半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為所以軌跡半徑之比：時(shí)間之比：根據(jù)半徑公式得速度之比：根據(jù)可知；周期之比為1：1。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運(yùn)用幾何知識(shí)求出半徑關(guān)系，就能正確解答【解析】111:12：316、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺刻度對齊，則游標(biāo)尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點(diǎn)睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.69517、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過程中；泡泡內(nèi)的氣體的壓強(qiáng)減小，根據(jù)玻意耳定律可知，該過程中泡泡內(nèi)的氣體的體積增大，氣體對外界做功。

[2]由于泡泡內(nèi)的氣體的溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，該過程中氣體從外界吸收熱量。【解析】正從外界吸收熱量18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時(shí)兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負(fù)功，分子勢能增加，故整個(gè)過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功?！窘馕觥肯葴p小后增大可以19、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線在陰極射線管處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負(fù)電，向右運(yùn)動(dòng)，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉(zhuǎn)．

【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個(gè)問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下20、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050021、略

【分析】【詳解】

[1]氫原子輻射光子后；一部分能量隨光子而輻射，剩余氫原子能量減??；

[2]設(shè)金屬的截止頻率則有

即逸出功

氫原子由n=2能級躍遷到n=1能級所發(fā)出的光子能量為那么光電子最大初動(dòng)能為【解析】減小四、作圖題(共3題，共6分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

（1）（2）[1][2]取小球1的初速度方向?yàn)檎较颍瑑尚∏蚍謩e向兩邊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；設(shè)剛離開的速度分別為v1，v2；需要驗(yàn)證的方程0=m1v1-m2v2

兩物體在桌面上的