2025年蘇教新版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇教新版選修3物理上冊(cè)月考試卷764考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示為一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)的構(gòu)造示意圖，兩磁極N、S間可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2T，ab=0.6m，ad=0.3m，N=100匝。由圖中所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，當(dāng)線圈以恒定的轉(zhuǎn)速n=r/s逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)；磁通量隨時(shí)間變化的圖象正確的是（設(shè)向上流過(guò)R為電流的正方向，開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)穿過(guò)線磁通量的方向?yàn)檎较颍ǎ?/p>

A.B.C.D.2、如圖所示，水平面上有兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ，兩導(dǎo)軌間距為l，電阻均可忽略不計(jì)。在M和P之間接有阻值為R的定值電阻，導(dǎo)體桿ab電阻為r并導(dǎo)軌接觸良好。整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)給ab桿一個(gè)瞬時(shí)沖量，使它獲得水平向右的初速度下列圖中，關(guān)于ab桿的速度v、通過(guò)電阻R中的電流i、電阻R的電功率P、通過(guò)MPabM的磁通量隨時(shí)間變化的規(guī)律；可能正確的是（）

A.B.C.D.3、如圖所示，光滑絕緣水平軌道上帶正電的甲球，以某一水平速度射向靜止在軌道上帶正電的乙球，當(dāng)它們相距最近時(shí)，甲球的速度變?yōu)樵瓉?lái)的已知兩球始終未接觸，則甲；乙兩球的質(zhì)量之比是（）

A.1：1B.1：2C.1：3D.1：44、電源的效率定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比．在測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中得到的實(shí)驗(yàn)圖線如圖所示，圖中U為路端電壓，I為干路電流，a、b為圖線上的兩點(diǎn)，相應(yīng)狀態(tài)下電源的效率分別為．由圖可知的值分別為。

A.B.C.D.5、回旋加速器的工作原理如圖所示：D1和D2是兩個(gè)中空的半圓金屬盒，它們之間有一定的電勢(shì)差.A處的粒子源產(chǎn)生的α粒子在兩盒之間被電場(chǎng)加速；兩個(gè)半圓盒處于垂直于盒面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．α粒子進(jìn)入半圓金屬盒內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．若忽略α粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間且不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則下列說(shuō)法正確的是。

A.α粒子在磁場(chǎng)中回轉(zhuǎn)一周運(yùn)動(dòng)的周期越來(lái)越小B.α粒子在磁場(chǎng)中回轉(zhuǎn)一周運(yùn)動(dòng)的周期越來(lái)越大C.僅增大兩盒間的電勢(shì)差，α粒子離開(kāi)加速器時(shí)的動(dòng)能增大D.僅增大金屬盒的半徑，α粒子離開(kāi)加速器時(shí)的動(dòng)能增大6、如圖所示，L1和L2是高壓輸電線，甲、乙是兩只互感器，若已知n1∶n2＝1000∶1，n3∶n4＝1∶100；圖中電壓表示數(shù)為220V；電流表示數(shù)為10A，則高壓輸電線的送電功率為()

A.2.2×103WB.2.2×10－2WC.2.2×108WD.2.2×104W7、一質(zhì)量為M的航天器正以速度v0在太空中飛行,某一時(shí)刻航天器接到加速的指令后,發(fā)動(dòng)機(jī)瞬間向后噴出質(zhì)量為m的氣體,氣體噴出時(shí)速度大小為v1,則噴出氣體后航天器的速度大小v2為()A.B.C.D.8、下列核反應(yīng)方程中，屬于β衰變的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示；正方形容器處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一束電子從a孔垂直進(jìn)入磁場(chǎng)射入容器中，其中一部分從c孔射出，一部分從d孔射出，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.從兩孔射出的電子速率之比為B.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間之比為C.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小之比D.從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小之比10、關(guān)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移、速度、加速度的關(guān)系,下列說(shuō)法正確的是()A.加速度增大時(shí)，速度必減小B.速度、加速度方向始終相反C.通過(guò)平衡位置時(shí)，v、a均改變方向D.遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，v、a方向相反11、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧波在t=1s時(shí)刻的波動(dòng)圖象，乙圖為x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則下列判斷正確的是（）A.該波的傳播速度為B.該波的傳播方向沿x軸反方向C.再經(jīng)過(guò)1s時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)P將移動(dòng)到位置處E.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向E.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向12、如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內(nèi)充滿(mǎn)方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．入口處有比荷相等的甲、乙兩種粒子，甲粒子以速度v1沿ab方向垂直射入磁場(chǎng)，經(jīng)時(shí)間t1從d點(diǎn)射出磁場(chǎng)；乙粒子以速度v2沿與ab成45°的方向垂直射入磁場(chǎng)，經(jīng)時(shí)間t2垂直于cd射出磁場(chǎng)．不計(jì)粒子重力和粒子之間的相互作用力；則。

A.B.C.D.13、下列說(shuō)法正確的是_____________．A.紅光由空氣進(jìn)入水中，波長(zhǎng)變短，顏色不變B.光纖通信是利用了光的全反射原理C.白光通過(guò)三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色光帶，是光的干涉現(xiàn)象E.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬E.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，紫光的條紋間距比紅光寬14、手搖式發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的正弦交流電經(jīng)變壓器給燈泡L供電，其電路如圖所示．當(dāng)線圈以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)為U，燈泡正常發(fā)光．已知發(fā)電機(jī)線圈的電阻為r，燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為R，其他電阻可忽略，變壓器原線圈與副線圈的匝數(shù)比為k；變壓器可視為理想變壓器．則()

A.燈泡的額定電壓為B.燈泡的額定功率為C.發(fā)電機(jī)的線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為D.從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u＝Usinωt評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、在某溫度時(shí)，水蒸氣的絕對(duì)氣壓為P=200mmHg，此時(shí)的相對(duì)濕度為50%，飽和汽壓為_(kāi)_______．16、如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過(guò)程。氣體狀態(tài)由過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個(gè)過(guò)程中氣體放出的熱量為則整個(gè)過(guò)程外界對(duì)氣體所做的功為_(kāi)_______。

17、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B到狀態(tài)C再到狀態(tài)D的圖像，已知狀態(tài)B的壓強(qiáng)為CD的延長(zhǎng)線過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，D點(diǎn)坐標(biāo)為那么狀態(tài)C的壓強(qiáng)___________，溫度___________；從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過(guò)程中氣體對(duì)外做的功___________。

18、如圖所示，小量程電流表的內(nèi)阻為滿(mǎn)偏電流為若把它改裝成的兩個(gè)量程的電壓表，那么____________________

19、如圖所示，真空中有一對(duì)相距為d的平行金屬板A和B，兩板間電勢(shì)差為U，兩板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)．若一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，僅在靜電力的作用下由靜止開(kāi)始從A板向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)并到達(dá)B板，則粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度大小a=________，粒子到達(dá)B板時(shí)的速度大小v=________．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)23、某同學(xué)用圖甲所示的裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律,A、B為半徑相同的小球((mA>mB)；圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A球從斜槽上某一位置G由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復(fù)上述操作多次，得到多個(gè)落點(diǎn)痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止釋放.兩球碰撞后.A；B球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)這種操作多次．圖甲中O點(diǎn)是水平槽末端R在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)．B球落點(diǎn)痕跡如圖乙所示,圖中米尺的零刻度線與O點(diǎn)對(duì)齊(未畫(huà)出)．

①碰撞后B球的水平射程應(yīng)為_(kāi)_______cm；

②以下選項(xiàng)，哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須進(jìn)行的測(cè)量?________(填選項(xiàng)前的字母)

A.測(cè)量A球未與B球相碰時(shí)的平均落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。

B.測(cè)量A球與B球相碰后的平均落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。

C.測(cè)量A球和B球的直徑。

D.測(cè)量A球和B球的質(zhì)量。

E.測(cè)量水平槽面相對(duì)于O點(diǎn)的高度24、(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱體直徑如圖甲，可知其直徑D為_(kāi)_____mm，用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如乙，可知其長(zhǎng)度L為_(kāi)_____cm．

(2)欲測(cè)量一個(gè)電流表的內(nèi)阻；現(xiàn)備有如下器材:

A.待測(cè)電流表A1(量程3mA，內(nèi)阻約為40)

B.電壓表V(量程3V，內(nèi)阻約3000)

C.電流表A2(量程15mA，內(nèi)阻為40)

D.定值電阻

E.直流電源E(電動(dòng)勢(shì)1.5V；內(nèi)阻忽略不計(jì))

F.滑動(dòng)變阻器(總阻值5；額定電流0.5A)

G.開(kāi)關(guān)一個(gè)；導(dǎo)線若干。

①請(qǐng)利用上述所給器材，設(shè)計(jì)出合理的、便于多次測(cè)量的實(shí)驗(yàn)電路圖，并保證各電表的示數(shù)超過(guò)其量程的一半，將電路圖畫(huà)在題中的虛線框中__________．

②在所測(cè)量的數(shù)據(jù)中選一組，用測(cè)量量和已知量來(lái)計(jì)算A1的內(nèi)阻，表達(dá)式為_(kāi)_____．(用物理量對(duì)應(yīng)的字母表示)25、（1）某興趣小組探究用不同方法測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他們提出的實(shí)驗(yàn)方案中有如下四種器材組合，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，最不可取的一組器材是__________

A．一個(gè)安培表；一個(gè)伏特表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器。

B．一個(gè)伏特表和多個(gè)定值電阻。

C．一個(gè)安培表和一個(gè)電阻箱。

D．兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器。

（2）用如圖所示電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材：待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)約內(nèi)阻約），保護(hù)電阻（阻值）和（阻值），滑動(dòng)變阻器電流表電壓表開(kāi)關(guān)導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)主要步驟：

（i）將滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大；閉合開(kāi)關(guān)；

（ii）逐漸減小滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)和相應(yīng)電流表的示數(shù)

（iii）以為縱坐標(biāo)，為橫坐標(biāo)，做圖線（都用國(guó)際單位）；

（iv）求出圖線斜率的絕對(duì)值和在橫軸上的截距（縱坐標(biāo)從開(kāi)始）

回答下列問(wèn)題：

①滑動(dòng)變阻器的滑片從左向右滑動(dòng)，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導(dǎo)線與滑動(dòng)變阻器接線柱連接情況是__________

A．兩導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器電阻絲兩端接線柱。

B．兩導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿兩端接線柱。

C．一條導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿左端接線柱；另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱。

D．一條導(dǎo)線接在滑動(dòng)變阻器金屬桿右端接線柱；另一條導(dǎo)線接在電阻絲右端接線柱。

②選用和表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的表達(dá)式__________，__________，代入數(shù)值可得和的測(cè)量值。26、（1）讀出下列儀器的讀數(shù)

_________mm__________A(3A量程_________________)

cm(2)如圖所示為多用電表的刻度盤(pán)．若選用倍率為

“×100”________的電阻擋測(cè)電阻時(shí)，表針指示如圖所示，則：所測(cè)電阻的阻值為Ω；如果要用此多用電表測(cè)量一個(gè)阻值約為_(kāi)_______2.0×104Ω的電阻，為了使測(cè)量結(jié)果比較精確，應(yīng)選用的歐姆擋是(選填“×10”、“×100”或評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共21分)27、如圖所示，兩平行金屬板E、F之間電壓為U，兩足夠長(zhǎng)的平行邊界MN、PQ區(qū)域內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的粒子(不計(jì)重力)，由E板中央處?kù)o止釋放，經(jīng)F板上的小孔射出后，垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，且進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與邊界MN成60°角，磁場(chǎng)MN和PQ邊界距離為d．求：

(1)粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度；

(2)若粒子最終從磁場(chǎng)邊界MN離開(kāi)磁場(chǎng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的范圍．28、聲波在空氣中的傳播速度為在鋼鐵中的傳播速度為．一平直橋由鋼鐵制成，某同學(xué)用錘子敲擊一下橋的一端發(fā)出聲音，分別經(jīng)空氣和橋傳到另一端的時(shí)間之差為．橋的長(zhǎng)度為_(kāi)_____若該聲波在空氣中的波長(zhǎng)為則它在鋼鐵中的波長(zhǎng)為的______倍．29、小華將一塊5cm×5cm×8cm的玻璃磚，壓在課本上，他發(fā)現(xiàn)從側(cè)面不能看到被壓部分頁(yè)面上的字，而看到呈銀白色反光的底面。他還發(fā)現(xiàn)，只能通過(guò)上方的面，看到被壓部分課本上的字。請(qǐng)解釋?zhuān)簽槭裁磸膫?cè)面不能看到被壓部分課本上的字。已知：玻璃的折射率為1.485,且參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

A.初始時(shí)刻磁通量為零，最大磁通量為Φm=BL1L2=0.2×0.6×0.3Wb=0.036Wb，轉(zhuǎn)速為則周期為：故A錯(cuò)誤。

BCD.從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)表達(dá)式為：e=NBL1L2ωcosωt=36cos10t（V），根據(jù)楞次定律可判，開(kāi)始時(shí)通過(guò)R電流的方向向上。故C正確，BD錯(cuò)誤。2、B【分析】【分析】

根據(jù)題意判斷導(dǎo)體棒受到的安培力的表達(dá)式，結(jié)合受到變化判斷安培力的變化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，據(jù)此判斷ab運(yùn)動(dòng)的加速度的變化；根據(jù)判斷電流變化；結(jié)合電流的變化情況判斷電功率的變化；根據(jù)判斷通過(guò)MPabM的磁通量的變化。

【詳解】

A．根據(jù)楞次定律可得ab中的電流為b→a，根據(jù)左手定則可知導(dǎo)體棒受到的安培力方向水平向左，與運(yùn)動(dòng)方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒受到的安培力

故

由于軌道光滑，所以安培力即為導(dǎo)體棒的合力，受到減小，合力減小，所以加速度減小，故導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B．電流由于速度減小，并且減小的越來(lái)越慢，所以電流也減小，并且減小的越來(lái)越慢，故B正確；

C．電阻R的電功率因?yàn)殡娏鳒p小，所以電阻R的電功率也在減小，C錯(cuò)誤；

D．通過(guò)MPabM的磁通量隨著ab棒向右運(yùn)動(dòng)；線圈的面積越來(lái)越大，所以磁通量越來(lái)越大，D錯(cuò)誤。

故選B。3、D【分析】【分析】

【詳解】

甲、乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)兩球相距最近時(shí)具有共同速度v，由動(dòng)量守恒m甲v0=（m甲+m乙）

解得m乙=4m甲

故選D。4、D【分析】【詳解】

電源的效率η定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比．

E為電源的總電壓（即電動(dòng)勢(shì)），在U﹣I圖象中，縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)圖象可知?jiǎng)t所以A；B、C錯(cuò)誤，D正確．

點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵知道電源的效率也等于外電壓與電動(dòng)勢(shì)之比以及會(huì)從U-I圖象中讀出電動(dòng)勢(shì)和外電壓．5、D【分析】【詳解】

α粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：與其速度的大小無(wú)關(guān)，所以α粒子運(yùn)動(dòng)的周期不變．故AB錯(cuò)誤；由得：則最大動(dòng)能為：知最大動(dòng)能與加速器的半徑R、磁感線強(qiáng)度B以及電荷的電量q和質(zhì)量m有關(guān)，與加速電壓的大小無(wú)關(guān)；僅增大金屬盒的半徑，α粒子離開(kāi)加速器時(shí)的動(dòng)能增大，故C錯(cuò)誤，D正確．6、C【分析】由圖可知，甲并聯(lián)在電路中是電壓互感器，電路中是強(qiáng)電壓，通過(guò)變壓器變成弱電壓，用電壓表測(cè)量，因?yàn)殡妷褐鹊扔诰€圈匝數(shù)比，故U=220×1000=220000V；乙串聯(lián)在電路中是電流互感器，電路中是強(qiáng)電流，通過(guò)變壓器變成弱電流，用電流表測(cè)量，因?yàn)殡娏髦鹊扔诰€圈匝數(shù)的倒數(shù)比，故電流I=10×100=1000A；則輸電功率P=UI=2.2×105×1000=2.2×108W，故C正確，ABD錯(cuò)誤。7、A【分析】【詳解】

設(shè)航天器的速度為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：BCD錯(cuò)誤A正確8、A【分析】【詳解】

β衰變生成電子，新原子核的質(zhì)量數(shù)不變，而核電荷數(shù)增加1個(gè)；由此分析可知，A是β衰變，B是核聚變，C是a衰變，D是人工核反應(yīng)，A正確，BCD錯(cuò)誤．二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

電子從c點(diǎn)射出，d為圓心，Rc=L，圓心角

由得：

運(yùn)動(dòng)時(shí)間

電子從d點(diǎn)射出，ad中點(diǎn)為圓心，圓心角

所以

故故A正確；B錯(cuò)誤；

電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度所以故C錯(cuò)誤，D正確．10、A:D【分析】【詳解】

加速度滿(mǎn)足所以加速度增大時(shí)，位移也增大，所以速度必減小，故A正確；向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度、加速度方向相同，故B錯(cuò)誤；通過(guò)平衡位置時(shí)，速度方向不改變，故C錯(cuò)誤；遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，加速度方向指向平衡位置，速度方向背離平衡位置，即v、a方向相反，故D正確．所以D正確，BC錯(cuò)誤．11、A:B:D【分析】【分析】

由波動(dòng)圖象可讀出波長(zhǎng)；由振動(dòng)圖象讀出周期，求出波速；在乙圖上讀出t=0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，在甲圖上判斷出波的傳播方向；波在同一介質(zhì)中勻速傳播，由s=vt可以求出經(jīng)過(guò)1s時(shí)間波沿波的傳播方向向前傳播的距離，而質(zhì)點(diǎn)并不向前傳播，根據(jù)波長(zhǎng)與障礙物尺寸的關(guān)系分析能否發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；

【詳解】

A、甲圖是波動(dòng)圖象，由甲讀出該波的波長(zhǎng)為乙圖是振動(dòng)圖象，由乙圖讀出周期為則波速為故A正確；

B；在乙圖上讀出t=0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向；在甲圖上，根據(jù)波形的平移法判斷得知該波的傳播方向沿x軸負(fù)方向，故B正確；

C；質(zhì)點(diǎn)只在自己的平衡位置附近上下振動(dòng)；并不隨波的傳播方向向前傳播，故C錯(cuò)誤；

D、由甲讀出該波的波長(zhǎng)為該波在傳播過(guò)程中，若遇到寬度為4m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故D正確；

E；由圖象可知t=2s時(shí)；x=4m處的質(zhì)點(diǎn)處在正最大位移處，故具有負(fù)向最大加速度，故E錯(cuò)誤；

故選ABD．12、A:C【分析】【詳解】

畫(huà)出兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖；

兩粒子比荷相同，則周期相同，設(shè)為T(mén)；設(shè)正方形的邊長(zhǎng)為a，則從d點(diǎn)射出的粒子運(yùn)動(dòng)半徑為運(yùn)動(dòng)時(shí)間速度為v2的粒子，由幾何關(guān)系：運(yùn)動(dòng)時(shí)間根據(jù)可知故選項(xiàng)AC正確，BD錯(cuò)誤；故選AC.13、A:B:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：光從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)時(shí)的頻率不變；根據(jù)紅光由空氣進(jìn)入水中，波長(zhǎng)變短，但顏色不變，故A正確；

B項(xiàng)：光纖通信和醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都是利用了光的全反射原理；當(dāng)內(nèi)芯的折射率比外套的大時(shí)，光傳播時(shí)在內(nèi)芯與外套的界面上才能發(fā)生全反射，故B正確；

C項(xiàng)：白光通過(guò)三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色條紋是光的一種折射現(xiàn)象；故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件可知；對(duì)同一障礙物波長(zhǎng)越長(zhǎng)的光越容易衍射，故D正確；

E項(xiàng)：由公式可知，用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在干涉圖樣中，波長(zhǎng)較小的紫光的條紋間距比紅光窄，故E錯(cuò)誤．14、A:D【分析】【詳解】

電壓表測(cè)量的是原線圈的電壓有效值，因?yàn)榇藭r(shí)燈泡正常發(fā)光，則燈泡的額定電壓等于此時(shí)副線圈的電壓，則由得燈泡的額定電壓A正確；燈泡的額定功率B錯(cuò)誤；副線圈的電流電流則原副線圈的電流之比故原線圈的電流因此發(fā)電機(jī)的線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的有效值E=U+I1r，最大值C錯(cuò)誤；輸入電壓最大值為U，則從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=Usinωt，D正確；故選AD.三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

相對(duì)濕度是指空氣中水蒸氣壓與飽和水汽壓的百分比，表達(dá)式為．

也等于空氣的絕對(duì)濕度與相同溫度下可能達(dá)到的最大絕對(duì)濕度之比；．

故飽和汽壓為

【點(diǎn)睛】

本題考查相對(duì)濕度的定義式，關(guān)鍵是明確相對(duì)濕度幾種不同的定義公式，與日常生活密切聯(lián)系，【解析】400mmHg16、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過(guò)程中

所以是等壓過(guò)程；氣體壓強(qiáng)不變。

[2]的整個(gè)過(guò)程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則

整個(gè)過(guò)程中氣體放出的熱量為由熱力學(xué)第一定律可知

解得整個(gè)過(guò)程外界對(duì)氣體所做的功為【解析】不變Q17、略

【分析】【詳解】

[1]由理想氣體狀態(tài)方程

知圖像的斜率與壓強(qiáng)成正比，即斜率

所以

解得

[2]由B到C為等容變化，所以

解得

[3]從A到B為等壓變化，氣體膨脹，對(duì)外做正功，即

從B到C氣體進(jìn)行等容變化，則

從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B再到狀態(tài)C的過(guò)程中氣體對(duì)外做的功【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時(shí)，由

得

[2]量程為時(shí)，由

得【解析】4500##5000##19、略

【分析】【詳解】

粒子從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力，有：U=Ed；F=qE；

聯(lián)立解得：

根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2ad

解得：

點(diǎn)睛：本題電荷在電場(chǎng)中加速問(wèn)題，求解速度通常有兩種思路：一是動(dòng)能定理；二是牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合．【解析】四、作圖題(共3題，共12分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)23、略

【分析】【詳解】

①由圖可知；取B落地的平均位置，則碰撞后B球的水平射程應(yīng)為65.5cm；

②本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的方程是：（其中的K、N、M分別是A球碰撞前后的平均落地點(diǎn)以及B球碰后的平均落地點(diǎn)），則需要測(cè)量?jī)汕虻馁|(zhì)量mA、mB，水平槽上未放B球時(shí)，測(cè)量A球落點(diǎn)位置到O點(diǎn)的距離．A球與B球碰撞后，測(cè)量?jī)汕蚵潼c(diǎn)位置到O點(diǎn)的平均距離和．故ABD正確，CE錯(cuò)誤．故選ABD．【解析】①65.5（±0.3）；②ABD24、略

【分析】【分析】

明確測(cè)量原理；知道電流表本身可以顯示電流，再選擇一個(gè)電表測(cè)量電壓即可；根據(jù)安全性和準(zhǔn)確性原則即可明確儀表及接法．

【詳解】

（1）直徑D為：2mm+0.01mm×15.0=2.150mm；長(zhǎng)度L為：6cm+0.05mm×3=6.015cm．

（2）①根據(jù)題中給出的備用器材，應(yīng)選擇伏安法測(cè)量電流表的內(nèi)阻．由于給出電壓表量程過(guò)大，故應(yīng)選擇內(nèi)阻已知的電流表A2作為電壓表；選擇保護(hù)電阻R與并聯(lián)的兩個(gè)電流表串聯(lián)．由于電流表兩端電壓最大只有0.12V，滑動(dòng)變阻器最大電阻只有5Ω，并且要求盡可能高的測(cè)量精度，并能測(cè)得多組數(shù)據(jù)；所以選擇分壓電路，電路圖如圖所示．

②根據(jù)歐姆定律可知待測(cè)電流表A1的內(nèi)阻為：

【點(diǎn)睛】

本題考查伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，要注意明確實(shí)驗(yàn)要求，知道分壓接法的正確應(yīng)用，并注意已知內(nèi)阻的電流表在本題中可以充當(dāng)電壓表使用．【解析】（1）2.150mm；6.015cm（2）25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

一個(gè)安培表；一個(gè)伏特表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器；可測(cè)量多組數(shù)據(jù)到式求解，故A正確；

B．根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

一個(gè)伏特表和多個(gè)定值電阻；測(cè)量多組數(shù)據(jù)可求解，故B正確；

C．根據(jù)歐姆定律可得

一個(gè)安培表和一個(gè)電阻箱；測(cè)量多組數(shù)據(jù)可求解，故C正確；

D．有兩個(gè)安培表和一個(gè)滑動(dòng)變阻器；由于不知道滑動(dòng)變阻器電阻且無(wú)法得知電壓，故無(wú)法測(cè)量，故D錯(cuò)誤。

選擇不可取的；故選D。

（2）①[2]滑動(dòng)變阻器的滑片從左向右滑動(dòng)；發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，說(shuō)明移動(dòng)過(guò)程中滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，因此說(shuō)明一根導(dǎo)線接在金屬桿上，另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱。

故選C。

②[3][4]根據(jù)閉合電路歐姆定律有

圖像斜率絕對(duì)值

圖像與橫軸的截距為電壓表短路的電流，即

因此有電源的內(nèi)阻

電源的電動(dòng)勢(shì)【解析】DC26、略

【分析】【分析】

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；

根據(jù)選擇開(kāi)關(guān)位置確定多用電表所測(cè)量的量與量程；然后根據(jù)表盤(pán)確定其分度值，然后讀出其示數(shù)。

【詳解】

(1)螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為2mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×15.0mm=0.150mm，所以最終讀數(shù)為：2mm+0.150mm=2.150mm；

量程為3A時(shí)；精度為0.1A，所以安培表的讀數(shù)為2.20A；

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為5cm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×18mm=0.90mm=0.090cm，所以最終讀數(shù)為：5cm+0.090cm=5.090cm；

(2)如果是用×100Ω檔測(cè)量電阻；讀數(shù)為15×100Ω=1500Ω