2025年滬教新版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教新版必修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷539考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示在兩個(gè)對(duì)接的絕緣光滑斜面上，兩個(gè)斜面的傾角分別是37°和53°。斜面上放置了電荷量相等的兩個(gè)小球A和B（均看成質(zhì)點(diǎn)），兩小球靜止在離斜面底端高度為的同一水平線上，已知小球A的質(zhì)量為靜電力常量為下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球B的電荷量為B.小球B的質(zhì)量為C.小球B的受到斜面彈力的大小為D.增大小球的電荷量，小球B不可能與A靜止在同一水平線上2、2020年特斯拉公司發(fā)布新型“無(wú)極耳”電池，極耳是從正負(fù)極引出了的金屬導(dǎo)體，電流必須流經(jīng)極耳才能與外部連接，可以將其視為電池正負(fù)極。為了減小體積，電池內(nèi)部采用類似卷紙結(jié)構(gòu)。傳統(tǒng)電池的極耳位于兩對(duì)角線（如圖左所示，卷起后位于電池上下兩端），所謂無(wú)極耳電池其實(shí)有多個(gè)極耳（如圖右所示，卷起后多個(gè)極耳連接在一起構(gòu)成電極），電池展開(kāi)后高度與長(zhǎng)度之比為1：10；試根據(jù)所學(xué)內(nèi)容，分析下列選項(xiàng)可能正確的是（）。傳統(tǒng)電池?zé)o極耳電池

A.通過(guò)無(wú)極耳設(shè)計(jì)，可以增大電池電動(dòng)勢(shì)B.通過(guò)無(wú)極耳設(shè)計(jì)，可以增大電源內(nèi)阻C.通過(guò)無(wú)極耳設(shè)計(jì)，電源內(nèi)阻約為傳統(tǒng)電池的D.若工作時(shí)流經(jīng)兩種電池電流相等，無(wú)極耳電池內(nèi)部功率更大3、如圖所示，用兩段長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)繩連接質(zhì)量相同的A、B兩小球，懸掛于天花板的O點(diǎn)?，F(xiàn)在讓A、B兩小球分別帶上的電量，并且加上一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)。忽略A、B兩小球的相互作用，則裝置平衡時(shí)A、B兩小球的位置可能是（）A.B.C.D.4、如圖所示，把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用長(zhǎng)為的絕緣細(xì)線懸掛于和兩點(diǎn)。用絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒與A球接觸，棒移開(kāi)后將懸點(diǎn)移到點(diǎn)固定。兩球接觸后分開(kāi)，平衡時(shí)距離為已測(cè)得每個(gè)小球質(zhì)量為帶電小球可視為點(diǎn)電荷，重力加速度靜電力常量則下列說(shuō)法中不正確的是（）

A.兩球所帶電荷量相等B.A球所受的靜電力為C.B球所帶的電荷量為D.B兩球連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為05、兩電阻R1、R2的電流I和電壓U的關(guān)系如圖所示，可知電阻大小之比R1:R2等于。

A.1:3B.3:1C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O。將電量分別為和的兩點(diǎn)電荷放在圓周上，其位置關(guān)于AB對(duì)稱且距離等于圓的半徑，如圖所示，此時(shí)圓心O處電場(chǎng)強(qiáng)度為E。要使圓心處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0，可在圓周上再放一個(gè)適當(dāng)?shù)狞c(diǎn)電荷Q，則該點(diǎn)電荷Q（）

A.應(yīng)放在A點(diǎn)，B.應(yīng)放在B點(diǎn)，C.應(yīng)放在C點(diǎn)，D.應(yīng)放在D點(diǎn)，7、兩帶電金屬板豎直放置且兩板始終與電源的正、負(fù)極相連，如圖所示。在電場(chǎng)中的O點(diǎn)，用一根絕緣細(xì)線懸掛一帶負(fù)電荷的小球，小球靜止在細(xì)線與豎直方向夾角為θ的位置。現(xiàn)將兩金屬板繞各自的中心轉(zhuǎn)軸緩慢旋轉(zhuǎn)一個(gè)小角度；兩轉(zhuǎn)軸在同一水平線上且旋轉(zhuǎn)過(guò)程中兩金屬板始終保持平行，如圖中虛線所示。則（）

A.兩板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)將變小B.細(xì)線對(duì)小球的拉力將變大C.小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角θ將變小D.小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角θ將變大8、如圖所示，平行板電容器水平放置，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，中間用一光滑絕緣細(xì)桿垂直連接，桿上套有帶正電荷的小球和絕緣彈簧，小球壓在彈簧上，但與彈簧不拴接。開(kāi)始時(shí)對(duì)小球施加一豎直向下的外力，將小球壓至某位置使小球保持靜止。撤去外力后小球從靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，上升h時(shí)恰好與彈簧分離，分離時(shí)小球的速度為v，小球上升過(guò)程不會(huì)撞擊到上極板，已知小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，重力加速度為g；下列說(shuō)法正確的是（）

A.與彈簧分離時(shí)小球的動(dòng)能為B.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統(tǒng)增加的機(jī)械能為qEhC.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與彈簧分離，小球減少的電勢(shì)能為D.撤去外力時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為9、某電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖實(shí)線所示，一帶電粒子在電場(chǎng)力作用下經(jīng)A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)；運(yùn)動(dòng)軌跡如虛線所示。粒子重力不計(jì)，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）

A.若粒子帶正電，其加速度和動(dòng)能都增大，電勢(shì)能增大B.若粒子帶正電，其動(dòng)能增大，加速度和電勢(shì)能都減小C.若粒子帶負(fù)電，其加速度和動(dòng)能都增大，電勢(shì)能減小D.若粒子帶負(fù)電，其加速度和動(dòng)能都減小，電勢(shì)能增大10、如圖所示，和都是阻值為的定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器，電源內(nèi)阻為r，和都是理想電壓表和電流表，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由圖示位置向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，分別表示電壓表示數(shù)的變化量，表示電流表A的示數(shù)變化量；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.表示數(shù)減小B.表示數(shù)減小C.D.電壓表示數(shù)的變化量的絕對(duì)值小于電壓表示數(shù)的變化量的絕對(duì)值11、硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)，如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I變化的關(guān)系圖象（電池電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻不是定值），圖線b是某電阻R的U–I圖象，在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.硅光電池的內(nèi)阻為10ΩB.硅光電池的總功率為0.72WC.硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為0.32WD.若將R換成阻值更大的電阻，硅光電池的輸出功率增大評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、有一鉛蓄電池，在其內(nèi)部將2×10－5C的電荷從負(fù)極移到正極，此過(guò)程中非靜電力做功為4×10－5J，則該鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)是_____V；若給一小燈泡供電，供電電流是0.2A，供電時(shí)間10min，非靜電力做功是_______J。13、一束質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子以平行于兩極板的速度v0進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示。如果兩極板電壓為U，兩極板間距離為d，極板長(zhǎng)為L(zhǎng)。設(shè)粒子束不會(huì)擊中極板，則粒子飛出極板時(shí)的偏轉(zhuǎn)距離為_(kāi)__________，電勢(shì)能的變化量為_(kāi)__________。

14、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個(gè)套在此桿上的帶有同種電荷的小球。用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將A球沿水平向右方向緩慢拉動(dòng)一小段距離后，A、B兩小球可以重新平衡。則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，A、B兩小球間的庫(kù)侖力________；A球?qū)O桿的壓力________。（選填“變大”；“變小”或“不變”）

15、電阻定律。

（1）內(nèi)容：同種材料的導(dǎo)體，其電阻R與它的______成正比，與它的______成反比；導(dǎo)體電阻還與構(gòu)成它的______有關(guān)。

（2）公式：R＝ρ式中ρ是比例系數(shù)，ρ叫作這種材料的電阻率。16、能量守恒定律的意義。

（1）各種形式的能可以___________。

（2）各種物理現(xiàn)象可以用___________聯(lián)系在一起。17、小李同學(xué)在學(xué)習(xí)了庫(kù)侖定律之后，為了研究帶電小球在它們之間的相互作用力下的運(yùn)動(dòng)，他在絕緣的光滑水平面上放三個(gè)質(zhì)量相等的帶電小球a、b、c，它們處在同一直線上，如圖以向右為正方向，若釋放a球，a球的初始加速度為若釋放c球，c球的初始加速度為則根據(jù)所學(xué)知識(shí)可知，釋放b球，b球的初始加速度大小為_(kāi)_____方向是______。

18、如圖所示，絕緣墻角固定了帶電量為+的小球A；輕質(zhì)絕緣細(xì)桿長(zhǎng)為L(zhǎng)，其正中心固定了質(zhì)量為m、帶電量為+的小球B，在桿底部水平力F的作用下靜止靠在豎直墻面上。一開(kāi)始輕桿與水平地面的夾角為60°，在桿底端水平外力F的作用下，桿緩慢轉(zhuǎn)向直至豎直。此過(guò)程中，不計(jì)摩擦，地面對(duì)桿的支持力將________________（填“逐漸增大”、“逐漸變小”或“保持不變”），外力F做功大小為_(kāi)_______________。

19、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過(guò)程中始終維持球狀，球內(nèi)任意點(diǎn)的電勢(shì)___________；始終在球外的任意點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)___________。（填寫變大、變小或不變）20、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略、電動(dòng)勢(shì)E=3V，R1=8Ω、R2=2Ω。閉合電鍵K1后，K2置于a處，電壓表示數(shù)U1。將電鍵K2從a撥動(dòng)到b，穩(wěn)定后電壓表示數(shù)U2，則U1________U2（選填“>”、“<”或“=”）；若電源內(nèi)阻r=20Ω，K2置于a處，滑動(dòng)變阻器阻值逐漸增大時(shí)電源輸出功率減小，隨后將K2置于b處，變阻器阻值逐漸減小時(shí)電源輸出功率減小，則滑動(dòng)變阻器阻值的取值范圍為_(kāi)_______。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照?qǐng)D所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開(kāi)關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開(kāi)關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為_(kāi)_______（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過(guò)程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短22、由電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示；請(qǐng)?jiān)趫D中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共6分)23、欲用伏安法測(cè)定一段阻值約為5Ω的金屬絲的電阻；要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材：

A.電池組（3V；內(nèi)阻1Ω）

B.電流表（0~3A；內(nèi)阻約為0.0125Ω）

C.電流表（0~0.6A；內(nèi)阻約為0.125Ω）

D.電壓表（0~3V；內(nèi)阻約為3kΩ）

E.電壓表（0~15V；內(nèi)阻約為15kΩ）

F.滑動(dòng)變阻器（0~20Ω；額定電流1A）

G.滑動(dòng)變阻器（0~2000Ω；額定電流0.3A）

H.開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線。

（1）上述器材中，電流表應(yīng)選__________，電壓表應(yīng)選__________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選__________。（填寫各器材的字母代號(hào)）

（2）設(shè)實(shí)驗(yàn)中電流表、電壓表的某組示數(shù)如圖所示，則I=__________A，U=__________V。

（3）為使待測(cè)電阻兩端的電壓能從零開(kāi)始變化，請(qǐng)按要求在下面方框中畫出實(shí)驗(yàn)原理圖______________，然后根據(jù)你設(shè)計(jì)的電路圖將圖中給定的器材連線。______________

24、一實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)為了探究多用電表的原理，利用實(shí)驗(yàn)室的器材組裝了一個(gè)簡(jiǎn)單的多用電表，如圖甲所示為該多用電表的電路圖，已知電流計(jì)的量程為內(nèi)阻為當(dāng)單刀多擲開(kāi)關(guān)接位置3時(shí)，改裝后的電壓表的量程為圖乙中歐姆表的刻度值沒(méi)有標(biāo)出?；卮鹣铝袉?wèn)題：

(1)圖甲中，定值電阻的阻值為_(kāi)__________

(2)如果電路中電源的電動(dòng)勢(shì)為將開(kāi)關(guān)接位置2，兩表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭使電流計(jì)的指針滿偏，則表盤上最上方中央處的刻度約為_(kāi)__________當(dāng)測(cè)量一未知電阻的阻值時(shí)，電流計(jì)的指針如圖乙所示，則測(cè)量的電阻的阻值為_(kāi)__________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；如果將開(kāi)關(guān)接位置2，將兩表接在某一電壓表的兩端，則紅表筆應(yīng)接電壓表的___________（填“正”或“負(fù)”）接線柱，如果電壓表的示數(shù)為則該電壓表的電阻應(yīng)為_(kāi)__________評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共4分)25、靜電屏蔽是怎樣起到屏蔽作用的？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

依題意；對(duì)小球AB受力分析如圖所示。

小球A受到重力斜面支持力B對(duì)A的庫(kù)侖力小球B受到重力斜面支持力A對(duì)B的庫(kù)侖力

B．把小球A作為研究對(duì)象；由三力平衡可得。

同理；把小球B作為研究對(duì)象，由三力平衡可得。

根據(jù)牛頓第三定律知。

聯(lián)立可求得；小球B的質(zhì)量為。

故B正確；

A．設(shè)小球B所帶電荷量為把小球B作為研究對(duì)象，由三力平衡可得。

因?yàn)椤?/p>

由幾何知識(shí)得。

聯(lián)立以上式子求得；B的電荷量為。

故A錯(cuò)誤；

C．根據(jù)三力平衡；可求得小球B的受到斜面彈力的大小為。

故C錯(cuò)誤；

D．增大小球的電荷量；它們之間的庫(kù)侖力增大，兩小球?qū)⒀匦泵嫔弦疲瑥亩鴰?kù)侖力減小，此時(shí)兩小球靜止在同一水平線上，同樣可以滿足三力平衡，故D錯(cuò)誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意；無(wú)極耳電池的意思是有多個(gè)極耳，所以電池的電動(dòng)勢(shì)并沒(méi)有發(fā)生變化，A錯(cuò)誤；

BC．根據(jù)電阻定律

可知，傳統(tǒng)電池的導(dǎo)體長(zhǎng)度是圖中的長(zhǎng)邊，橫截面積是材料的厚度，而采用多個(gè)極耳的無(wú)極耳電池（上圖右圖），導(dǎo)體長(zhǎng)度是材料的寬度，橫截面積與傳統(tǒng)電池相同，所以無(wú)極耳電池的內(nèi)阻僅有傳統(tǒng)的B錯(cuò)誤，C正確；

D．在電流相同時(shí)；內(nèi)阻小時(shí)內(nèi)部功率小，D錯(cuò)誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

B帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力水平向右，A帶正電，受到的電場(chǎng)力水平向左。以整體為研究對(duì)象，設(shè)繩子OA與豎直方向的夾角為設(shè)繩子AB與豎直方向的夾角為對(duì)AB整體受力分析，則

對(duì)B受力分析

則可知

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．由于兩小球相同；接觸后電荷量均分，所以兩小球所帶電荷量相等，故A正確，不符合題意；

B．受力分析如下：

設(shè)小球與豎直方向的夾角為有幾何知識(shí)可得

由A球受力平衡及相似三角形可知

求得靜電力

故B錯(cuò)誤；符合題意；

C．由結(jié)合B項(xiàng)可知，

故C正確；不符合題意；

D．A；B兩球帶有同種等量的電荷；所以連線中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為0，故D正確，不符合題意。

故選B。5、A【分析】【詳解】

因?yàn)樵搱D線為I-U圖線；則圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，兩根圖線的斜率比為。

所以電阻比為：

A．所給答案為1:3；正確答案為1:3，A正確；

B．所給答案為3:1；正確答案為1:3，B錯(cuò)誤；

C．所給答案為正確答案為1:3，C錯(cuò)誤；

D．所給答案為正確答案為1:3，D錯(cuò)誤．二、多選題(共6題，共12分)6、C:D【分析】【詳解】

兩個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小都為兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)的方向互成120°，根據(jù)平行四邊形定則，合場(chǎng)強(qiáng)大小為方向水平向左，所以要使圓心處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0，放一個(gè)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為方向水平向右，所以該電荷若在C點(diǎn)，為+q，若在D點(diǎn)，為-q；故CD正確，AB錯(cuò)誤．

故選CD。7、B:C【分析】【詳解】

A．緩慢旋轉(zhuǎn)過(guò)程中兩軸心之間的距離保持不變，轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)兩平行板的垂直距離變小，設(shè)轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為α，兩軸心的距離為d，兩極板間的電勢(shì)差為U，則轉(zhuǎn)動(dòng)后的電場(chǎng)強(qiáng)度為

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差和板間距離關(guān)系得兩板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)將變大；A錯(cuò)誤；

BCD．未轉(zhuǎn)動(dòng)前，繩子拉力、電場(chǎng)力與小球的重力關(guān)系Ty=Tcosθ=mg，

當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角度為α，小球依然受重力、電場(chǎng)力和拉力，再次沿水平方向和豎直方向正交分解，根據(jù)平衡條件得

則電場(chǎng)力水平方向分力不變；即細(xì)線水平方向分力不變，豎直方向分力變大，可畫出受力分析圖如圖所示。

可知小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角θ將變小；細(xì)線的拉力增大，BC正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。8、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)動(dòng)能定理可知，合外力對(duì)小球所做的功等于小球動(dòng)能的變化量，所以小球與彈簧分離時(shí)小球的動(dòng)能為

故A錯(cuò)誤；

B．由功能關(guān)系知，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與彈簧分離，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統(tǒng)增加的機(jī)械能為電場(chǎng)力做的功為故B正確；

C．由功能關(guān)系知小球減少的彈性勢(shì)能為電場(chǎng)力對(duì)小球所做的功為故C錯(cuò)誤；

D．從撤去外力到小球與彈簧分力，由動(dòng)能定理知

解得

故D正確。

故選BD。9、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知；帶電粒子受電場(chǎng)力大致向右，與軌跡上每一點(diǎn)的切線方向即瞬時(shí)速度方向成銳角，則電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功，其電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大。電場(chǎng)線越來(lái)越密，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，加速度增大，這些結(jié)論與粒子的電性無(wú)關(guān)，故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選ABD。10、B:C:D【分析】【詳解】

AB．R的滑片向左緩慢滑動(dòng)時(shí)，R的阻值減小，利用閉合電路歐姆定律結(jié)論“并同串反”知：表示數(shù)增大，表示數(shù)減少；故A錯(cuò)誤，B正確；

D．R減小，回路總阻值減小，總電流增大，r和R分壓變大，減小，可知的絕對(duì)值小于的絕對(duì)值；故D正確；

C．設(shè)流經(jīng)的電流為流經(jīng)的電流為流經(jīng)的電流為則

由閉合電路歐姆定律有

聯(lián)立解得

可得

故C正確。

故選BCD。11、B:C【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，E=U，由a圖線與縱軸的交點(diǎn)讀出電池的電動(dòng)勢(shì)為E=3.6V．根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，將它們組成閉合回路時(shí)路端電壓為U=2V，電流為I=0.2A，則硅光電池的內(nèi)阻為故A錯(cuò)誤．硅光電池的總功率為：P總=EI=3.6×0.2W=0.72W，故B正確．硅光電池的輸出功率為：P出=UI=0.4V，電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為P熱=P總-P出=0.32W．故C正確．R的阻值R==10Ω＞r=8Ω；則若將R換成阻值更大的電阻，硅光電池的輸出功率將減小，故D錯(cuò)誤．故選BC．

【點(diǎn)睛】

本題考查對(duì)U-I圖象的理解能力．對(duì)于線性元件可直接利用歐姆定律研究；對(duì)于非線性元件不能直接利用歐姆定律求解；同時(shí)對(duì)于電源的內(nèi)阻往往根據(jù)電源的U-I曲線研究斜率得到．三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義有：

[2]非靜電力做功為：【解析】224013、略

【分析】【詳解】

[1]水平方向勻速，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間

豎直方向加速，則側(cè)移且

聯(lián)立解得

[2]電場(chǎng)力做功

由功能原理得電勢(shì)能減少了【解析】14、略

【分析】【詳解】

[1][2]對(duì)A球受力分析，受重力mg、拉力F、支持力N1、靜電力F1；如圖。

根據(jù)平衡條件，有：x方向①

y方向②

再對(duì)B球受力分析，受重力Mg、靜電力F1、桿對(duì)其向左的支持力，如圖，根據(jù)平衡條件，有：x方向③

y方向④

由上述四式得到⑤⑥

由⑤式，由于新位置兩球連線與豎直方向夾角θ變小，故靜電力F1變??；由⑥式，水平桿對(duì)球A的支持力等于兩個(gè)球的重力之和不變，再結(jié)合牛頓第三定律可知，則A對(duì)水平桿的壓力不變?！窘馕觥孔冃〔蛔?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】長(zhǎng)度l橫截面積S材料16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]各種形式的能可以相互轉(zhuǎn)化。

（2）[2]各種物理現(xiàn)象可以用能量守恒定律聯(lián)系在一起?！窘馕觥肯嗷マD(zhuǎn)化能量守恒定律17、略

【分析】【詳解】

[1][2]對(duì)三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)，假設(shè)同時(shí)釋放三個(gè)小球，則三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)受到的合力為零，且在釋放瞬間，a球的加速度為c球的加速度為b球的加速度為對(duì)系統(tǒng)由牛頓第二定律知

即

所以

方向水平向右?！窘馕觥?水平向右18、略

【分析】【詳解】

[1]輕桿受力圖所示。

根據(jù)平衡條件有

根據(jù)庫(kù)侖定律和幾何知識(shí)有

可知庫(kù)侖力F1不變，逐漸增大，則地面對(duì)桿的支持力N1將逐漸減??；

[2]外力F做功使輕桿的重力勢(shì)能增加，則【解析】逐漸變小19、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點(diǎn)的電勢(shì)能，等于把它從這點(diǎn)移動(dòng)到零勢(shì)能位置時(shí)靜電力做的功。我們?nèi)∫粋€(gè)正的點(diǎn)電荷放在球內(nèi)任意點(diǎn)，把該點(diǎn)電荷移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處（零勢(shì)能位置）的過(guò)程中，橡皮球上所有正電荷對(duì)其做功代數(shù)和記為橡皮球吹大后，該點(diǎn)電荷與球上所有電荷的距離變遠(yuǎn)，再把該點(diǎn)電荷移動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處（零勢(shì)能位置）的過(guò)程中，橡皮球上所有正電荷對(duì)其做功代數(shù)和記為根據(jù)庫(kù)倫定律有

所以球吹大后；該點(diǎn)電荷的電勢(shì)能變小，該位置的電勢(shì)變小。

[2]一個(gè)半徑為R的均勻帶電球體或球殼，在球的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)，與一個(gè)位于球心的、電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)相同，求外各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為

球吹大后，始終在球外的任意點(diǎn)距球心的距離r不變，球所帶電荷量Q不變，則場(chǎng)強(qiáng)不變。【解析】變小不變20、略

【分析】【詳解】

[1]閉合電鍵K1后，K2置于a處，電壓表示數(shù)U1，由閉合電路歐姆定律可得

電鍵K2從a撥動(dòng)到b，穩(wěn)定后電壓表示數(shù)U2，由閉合電路歐姆定律可得

則U1>U2

[2]對(duì)于電源，當(dāng)外電路的電阻等于內(nèi)電阻時(shí)電源的輸出功率最大，K2置于a處，滑動(dòng)變阻器阻值逐漸增大時(shí)電源輸出功率減小，則

將K2置于b處，變阻器阻值逐漸減小時(shí)電源輸出功率減小，則

解得【解析】>[12Ω，18Ω]四、作圖題(共2題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過(guò)程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減小；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因