2025年粵教版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版選修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，線(xiàn)圈固定于分布均勻的磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直線(xiàn)圈平面向里。當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化時(shí)，該磁場(chǎng)對(duì)邊的安培力大小恒定。則下列描述隨變化的圖象中；可能正確的是。

A.B.C.D.2、下列說(shuō)法正確的是（）A.擴(kuò)散現(xiàn)象的原因是分子間存在斥力B.由于表面張力的作用，玻璃板上的小水銀滴總是呈球形的C.第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不可能造成的，因?yàn)樗`背了能量守恒定律D.如果沒(méi)有漏氣、摩擦、機(jī)體的熱量損失，熱機(jī)的效率可以達(dá)到100%3、如圖所示，速度為電荷量為的正離子恰能沿直線(xiàn)飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度為電場(chǎng)強(qiáng)度為則（）

A.若改為電荷量的離子，將往上偏（其它條件不變）B.若速度變?yōu)閷⑼缕ㄆ渌鼦l件不變）C.若改為電荷量的離子，將往上偏（其它條件不變）D.若速度變?yōu)閷⑼缕ㄆ渌鼦l件不變）4、如圖所示；將一線(xiàn)圈放在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)圈平面平行于磁感線(xiàn)，則線(xiàn)圈中有感應(yīng)電流產(chǎn)生的是（）

A.線(xiàn)圈繞M邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)B.線(xiàn)圈繞N邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)C.線(xiàn)圈沿紙面上下運(yùn)動(dòng)D.線(xiàn)圈沿紙面左右運(yùn)動(dòng)5、如圖所示是電容式話(huà)筒的原理圖，膜片與固定電極構(gòu)成一個(gè)電容器，用直流電源供電，當(dāng)聲波使膜片振動(dòng)時(shí)，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流，于是電阻R兩端就輸出了與聲音變化規(guī)律相同的電壓下列說(shuō)法正確的是

A.電容式話(huà)筒是通過(guò)改變正對(duì)面積來(lái)改變電容的B.電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同C.當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，電流從b流向aD.當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，電容器處于放電狀態(tài)6、某同學(xué)特別喜歡逛玩具商店，一次逛店時(shí)一件玩具引起了他的極大興趣，玩具的主體部分是由5個(gè)完全相同的彈性小球組成，如圖所示，小球由等長(zhǎng)輕線(xiàn)懸掛并排處于同一水平高度，對(duì)此玩具裝置作出的如下判斷，你認(rèn)為正確的是A.如果將最右邊的1個(gè)小球提起一定高度由靜止釋放，該小球碰撞后幾乎反彈到同一高度，另幾個(gè)小球幾乎保持原地不動(dòng)B.如果將最右邊的2個(gè)小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定高度由靜止釋放，則這2個(gè)小球與左方小球碰撞后立即反彈，另3個(gè)小球立即向左運(yùn)動(dòng)C.如果將最右邊的3個(gè)小球一起（不改變位置關(guān)系）提起一定的高度由靜止釋放，則發(fā)生碰撞后，這5個(gè)小球一起向左運(yùn)動(dòng)D.無(wú)論一次提起幾個(gè)小球，這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個(gè)小球，另一側(cè)將起來(lái)等數(shù)量的幾個(gè)小球7、以下有關(guān)近代物理的內(nèi)容敘述正確的是A.放射性元素在發(fā)生衰變時(shí)2個(gè)中子和2個(gè)質(zhì)子結(jié)合為一個(gè)粒子，設(shè)中子、質(zhì)子和粒子的質(zhì)量分別為則B.在關(guān)于物質(zhì)波的表達(dá)式和中，能量和動(dòng)量是描述物質(zhì)的波動(dòng)性的重要物理量，波長(zhǎng)和頻率是描述物質(zhì)的粒子性的典型物理量C.在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級(jí)狀態(tài)，會(huì)自發(fā)地向低能級(jí)躍遷D.重核的裂變過(guò)程質(zhì)量增大，輕核的聚變過(guò)程有質(zhì)量虧損評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示,M是一小型理想變壓器,在a、b端輸入穩(wěn)定的正弦交流電,變壓器右側(cè)部分連有電阻恒定不變的相同小燈泡L1、L2、滑動(dòng)變阻器R,所有電表都是理想電表,當(dāng)滑動(dòng)變阻器P向上滑動(dòng)時(shí)U2為V2表示數(shù),I2為A2表示數(shù),以下說(shuō)法中正確的是()

A.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)增大,A3的示數(shù)變?cè)龃驜.V1的示數(shù)不變,V2的示數(shù)減小C.變小D.L1、L2都變亮9、如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，間距為L(zhǎng)，其上端連接有阻值為R的電阻和電容器C，裝置區(qū)域有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．將一根水平金屬棒ab開(kāi)始下滑.已知金屬棒ab的質(zhì)量為m，電阻也為R.金屬棒ab在運(yùn)動(dòng)中始終保持水平且與導(dǎo)軌良好接觸，且通過(guò)金屬棒ab的電流恒定不變，忽略導(dǎo)軌電阻，重力加速度為g.則下列說(shuō)法正確的是。

A.因?yàn)橥ㄟ^(guò)金屬棒ab的電流不變，所以金屬棒ab做勻速運(yùn)動(dòng)，速度大小是B.盡管通過(guò)金屬棒ab的電流不變，金屬棒ab做勻變速運(yùn)動(dòng)，加速度大小是C.電阻R的電功率為D.若金屬棒ab由靜止下滑，開(kāi)始時(shí)電容器所帶電荷量為0，那么經(jīng)過(guò)時(shí)間t，電容器兩端電量10、對(duì)于定量氣體，可能發(fā)生的過(guò)程是（）A.等壓壓縮，溫度降低B.放出熱量，內(nèi)能增加C.等溫吸熱，體積不變D.絕熱壓縮，內(nèi)能不變11、如圖所示，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過(guò)直徑的直線(xiàn)上有O、A、D、B四點(diǎn)，其中O為圓心，D在圓上，半徑OC垂直于OB．A點(diǎn)固定電荷量為Q的正電荷，B點(diǎn)固定一個(gè)未知電荷，使得圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等．有一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球在滑槽中運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)受的電場(chǎng)力指向圓心；根據(jù)題干和圖示信息可知（）

A.固定在B點(diǎn)的電荷帶正電B.固定在B點(diǎn)的電荷電荷量為QC.小球在滑槽內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D.C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等12、如圖，為一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過(guò)“卡諾循環(huán)”，即從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中與為等溫過(guò)程，與為絕熱過(guò)程（氣體與外界無(wú)熱量交換）。下列說(shuō)法正確的是（）

A.過(guò)程氣體從外界吸熱B.過(guò)程氣體內(nèi)能增加C.過(guò)程氣體從外界吸熱D.過(guò)程氣體內(nèi)能增加13、下列判斷正確的是_______________。A.“PM2.5”在空氣中的運(yùn)動(dòng)屬于布朗運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大C.用手捏面包，面包體積會(huì)縮小，說(shuō)明分子之間有間隙E.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過(guò)程中分子勢(shì)能一定是增大的E.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過(guò)程中分子勢(shì)能一定是增大的14、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小B.電壓表示數(shù)變大C.電容器C中的電場(chǎng)強(qiáng)度變小D.a點(diǎn)的電勢(shì)降低15、一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖如圖中實(shí)線(xiàn)所示，t=時(shí)的波形圖如圖中虛線(xiàn)所示，若波傳播的速度v=8m/s；下列說(shuō)法正確的是（）

E.x=2m處的質(zhì)點(diǎn)的位移表達(dá)式為A.這列波的周期為0.4sB.這列波沿x軸負(fù)方向傳播C.t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D.從t=0時(shí)刻開(kāi)始質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)0.25s通過(guò)的路程為0.4m評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、按照玻爾理論，一個(gè)氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發(fā)地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過(guò)程中原子要___________（填“發(fā)射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動(dòng)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統(tǒng)）的電勢(shì)能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。17、用毛皮摩擦過(guò)的橡膠棒靠近懸掛的通草球時(shí)，通草球被推開(kāi)，則通草球帶______電；反復(fù)摩擦后，發(fā)現(xiàn)橡膠棒的溫度升高，這是通過(guò)______的方式改變物體的內(nèi)能的。18、如圖，壓強(qiáng)-溫度（p-t）圖像中的兩條直線(xiàn)I和Ⅱ分別表示一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個(gè)不同過(guò)程，p1和p2分別為兩直線(xiàn)與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)，t0為它們的延長(zhǎng)線(xiàn)與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，t0＝－273.15℃，a、b為直線(xiàn)I上的兩點(diǎn)。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和b的體積之比Va∶Vb＝___________；氣體在狀態(tài)b和c的體積之比Vb∶Vc＝___________。

19、泡泡魚(yú)游戲中，泡泡魚(yú)吐出了一個(gè)泡泡，捉住了一條大寶魚(yú)。若將泡泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，泡泡魚(yú)吐出的泡泡上浮一段時(shí)間后到達(dá)大寶魚(yú)所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過(guò)程中，泡泡內(nèi)的氣體對(duì)外界做__________（填“正”或“負(fù)”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。20、如圖所示，在p-V圖中有三條氣體狀態(tài)變化曲線(xiàn)，一定質(zhì)量的理想氣體可沿這三條路徑從狀態(tài)i到狀態(tài)j，已知曲線(xiàn)1為絕熱變化過(guò)程，氣體內(nèi)能變化分別為△U1、△U2、△U3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體對(duì)外界做功分別為W1、W2、W3，它們的大小關(guān)系是_____；氣體從外界吸收的熱量大小為Q1、Q2、Q3，它們的大小關(guān)系是_____。

21、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)狀態(tài)b、c、d和e后回到狀態(tài)a，圖中ae、bc延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O，則在a→b過(guò)程中氣體___________（填“放熱”或“吸熱”）；在這個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體在狀態(tài)c的壓強(qiáng)___________狀態(tài)e的壓強(qiáng)（填“大于”或“小于”）。

22、如圖甲所示是兩電阻R1、R2各自的U-I圖線(xiàn)．則電阻R1的阻值為_(kāi)_____Ω．如果把R1、R2兩個(gè)電阻串聯(lián)接成如上圖乙所示的電路時(shí)，電流表的示數(shù)為0.1A．則此時(shí)電阻R2兩端的電壓是______V．

23、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)電阻r=1Ω，M為一小電動(dòng)機(jī)，其內(nèi)部線(xiàn)圈的導(dǎo)線(xiàn)電阻RM=2Ω．R為一只保護(hù)電阻，R=3Ω．電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，電壓表（可當(dāng)作理想電表）的示數(shù)為1.5V，則電源的輸出功率為_(kāi)____W，電動(dòng)機(jī)的輸出功率為_(kāi)____W．

24、（1）關(guān)于光電效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是____________

A．極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

B．只要光照射的時(shí)間足夠長(zhǎng)；任何金屬都能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

C．從金屬表面出來(lái)的光電子的最大初動(dòng)能越大；這種金屬的逸出功越小。

D．入射光的光強(qiáng)一定時(shí)；頻率越高，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多。

（2）兩個(gè)質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平相切，如圖所示．一塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h．物塊從靜止開(kāi)始滑下，然后又滑上劈B．物塊在B上能夠達(dá)到的是大高度______；

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)25、如圖所示，甲、乙是直線(xiàn)電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線(xiàn)方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線(xiàn)。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)28、在用插針?lè)y(cè)定玻璃磚的折射率的實(shí)驗(yàn)中，甲、乙、丙三位同學(xué)在紙上畫(huà)出的界面與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖①、②和③所示，其中甲、丙兩同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚．他們的其他操作均正確，且均以aa′、bb′為界面畫(huà)光路圖．

以下說(shuō)法正確的是：____________（本題為多選題；漏選；錯(cuò)選均不得分）

A.甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比一定偏大。

B.甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比一定偏小。

C.乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比一定偏大。

D.乙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比一定偏小。

E.丙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比可能偏大。

F.丙同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比可能偏小A.B.C.E.E.29、(1)某同學(xué)選擇了合適的器材制作一個(gè)單擺，他用毫米刻度尺測(cè)得擺線(xiàn)長(zhǎng)L，用游標(biāo)卡尺測(cè)得擺球直徑d,如圖所示，讀數(shù)為_(kāi)_____進(jìn)一步算出擺長(zhǎng)．

(2)測(cè)出單擺偏角小于5°時(shí)完成n次全振動(dòng)的時(shí)間為t，用上述測(cè)得的量（L，d，n，t）寫(xiě)出該同學(xué)測(cè)量重力加速度的一般表達(dá)式：g=___________________評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共9分)30、如圖所示,在絕熱圓柱形汽缸中用光滑絕熱活塞密閉有一定質(zhì)量的理想氣體,在汽缸底部開(kāi)有一小孔,與U形水銀管相連,外界大氣壓為,缸內(nèi)氣體溫度27℃,穩(wěn)定后兩邊水銀面的高度差為,此時(shí)活塞離容器底部的高度為L(zhǎng)=50cm(U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)).已知柱形容器橫截面S=0.01m2,取75cmHg壓強(qiáng)為,重力加速度g=10m/s2

（1）求活塞的質(zhì)量;

（2）若容器內(nèi)氣體溫度緩慢降至-3℃,求此時(shí)U形管兩側(cè)水銀面的高度差′和活塞離容器底部的高度L′.31、絕熱汽缸倒扣在水平地面上，缸內(nèi)裝有一電熱絲，缸內(nèi)有一光滑的絕熱活塞，封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下吊著一重為G的重物，活塞重為活塞的橫截面積為S，開(kāi)始汽缸內(nèi)封閉氣柱的高為h，氣體的溫度為大氣壓強(qiáng)為．現(xiàn)給電熱絲加熱，活塞緩慢下降，當(dāng)氣體吸收熱量Q時(shí)，活塞下降了h；求：

①氣體的溫度升高了多少？

②氣體的內(nèi)能增加了多少？32、的質(zhì)量是3.016050u；質(zhì)子的質(zhì)量是1.007277u，中子的質(zhì)量是1.008665u.1u=931.5MeV，求：

（1）寫(xiě)出一個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子結(jié)合為氚核時(shí)的核反應(yīng)方程式。

（2）一個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子結(jié)合為氚核時(shí)；是吸收還是放出能量？該能量為多少？

（3）氚核的結(jié)合能和比結(jié)合能各是多少？(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

設(shè)線(xiàn)圈的長(zhǎng)寬分別為ab，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí)，線(xiàn)框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：感應(yīng)電流為：安培力為：F=BIb；得cd邊的安培力：由公式可知，若磁場(chǎng)B增大，則減??；若B減小，則增大。所以四個(gè)圖象中只有B正確。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．?dāng)U散現(xiàn)象的原因是分子的熱運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；

B．表面張力使液體表面積收縮到最小的趨勢(shì)；故B正確；

C．第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不可能造成的；因?yàn)槟芰康霓D(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性，并沒(méi)有違反能量守恒，故C錯(cuò)誤；

D．如果沒(méi)有漏氣；摩擦、機(jī)體的熱量損失；熱機(jī)的機(jī)械效率也不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．若改為電荷量的離子，根據(jù)左手定則判斷可以知道，離子受的洛倫茲力方向向下，電場(chǎng)力方向向上，因?yàn)榇藭r(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力仍然平衡，所以負(fù)離子不偏轉(zhuǎn)，仍沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．

B．若速度變?yōu)槁鍌惼澚υ龃鬄樵瓉?lái)的倍；而離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力不變，所以離子將向上偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤．

C．若改為電荷量的離子，根據(jù)受力情況得：即粒子仍處于平衡狀態(tài)，所以離子仍沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．若速度變?yōu)橛捎陔x子帶正電，洛倫茲力為原來(lái)的倍；而離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力不變，所以離子將向下偏轉(zhuǎn)，故D正確．

點(diǎn)睛：粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，二力平衡時(shí)粒子沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二力不平衡時(shí)，粒子做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．4、A【分析】A、線(xiàn)圈繞M邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角改變，磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確；

B、線(xiàn)圈繞N邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；磁通量一直為零，沒(méi)有發(fā)生變化，無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B錯(cuò)誤；

C；線(xiàn)圈沿紙面上下運(yùn)動(dòng)；磁通量一直為零，沒(méi)有發(fā)生變化，無(wú)感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D；線(xiàn)圈沿紙面左右運(yùn)動(dòng)；磁通量一直為零，沒(méi)有發(fā)生變化，無(wú)感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤；

故選A。

【點(diǎn)睛】注意把握磁通量是否變化這一根本條件，不要受其它因素的干擾。5、B【分析】【分析】

根據(jù)電容的決定式，判斷電容的變化，電容始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變，根據(jù)判斷電量的變化，從而得出電流的流向．

【詳解】

由圖可知，電容式話(huà)筒是通過(guò)改變板間距來(lái)改變電容的，故A錯(cuò)誤；根據(jù)歐姆定律可知，電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同，故B正確；當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，根據(jù)電容的決定式知，電容變大，因始終和電源相連，故U不變，由可知，電量增大，電容器充電，電流由a到b，故CD錯(cuò)誤．故選B．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵是掌握電容的決定式以及知道電容始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變；同時(shí)掌握好電容的決定式和定義式的準(zhǔn)確應(yīng)用．6、D【分析】【詳解】

完全相同的彈性小球之間的碰撞為彈性碰撞，總動(dòng)量守恒，總動(dòng)能守恒．設(shè)入射小球初速度為v0，碰后速度為v1，被碰小球碰后速度為v2；則。

聯(lián)立解得：v1=0，v2=v0；碰撞過(guò)程兩者交換速度。

故無(wú)論一次提起幾個(gè)小球；這些小球?qū)⒁来伟l(fā)生彈性碰撞，速度互換，最終表現(xiàn)為一側(cè)下去幾個(gè)小球，另一側(cè)將起來(lái)等數(shù)量的幾個(gè)小球，故ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D7、C【分析】【詳解】

放射性元素在發(fā)生α衰變時(shí)2個(gè)中子和2個(gè)質(zhì)子結(jié)合為一個(gè)α粒子，有質(zhì)量虧損，即為△m=2m1+2m2-m3，故A錯(cuò)誤．在關(guān)于物質(zhì)波的表達(dá)式E=hv和中，能量E和動(dòng)量p是描述物質(zhì)的粒子性的重要物理量，波長(zhǎng)λ和頻率v是描述物質(zhì)的波動(dòng)性的典型物理量，故B錯(cuò)誤．在原子核發(fā)生衰變后，新核往往處于不穩(wěn)定的高能級(jí)狀態(tài)，會(huì)自發(fā)地向低能級(jí)躍遷，選項(xiàng)C正確；重核的裂變過(guò)程和輕核的聚變過(guò)程都有能量放出，都有質(zhì)量虧損，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.二、多選題(共8題，共16分)8、A:B【分析】【詳解】

AB．a(chǎn)、b端輸入穩(wěn)定的正弦交流電，即電壓表V1示數(shù)不變，所以副線(xiàn)圈的電壓恒定，當(dāng)滑動(dòng)變阻器P向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻減小，總電流變大，即電流表A2的示數(shù)變大，燈泡L2兩端電壓變大，所以電壓表V2示數(shù)變小，由變壓器的變流比可知，電流表A1的示數(shù)變大，由于電壓表V2示數(shù)變小，所以流過(guò)L2的電流變小，總電流變大，所以電流表A3示數(shù)變大；故A正確，B正確；

C．由閉合歐姆定律可得：即不變，故C錯(cuò)誤；

D．由A分析可知，L1變亮，L2變暗，故D錯(cuò)誤．9、B:C:D【分析】【分析】

根據(jù)通過(guò)金屬棒ab的電流恒定不變；可以知道電容器兩端的電壓均勻增大，處于充電過(guò)程中，然后根據(jù)牛頓第二定律可以確定加速度以及功率和電量.

【詳解】

A、由題可知金屬棒ab受到安培力為:對(duì)金屬棒ab，根據(jù)牛頓第二定律可以得到：mg-B2L2Ca=ma,整理可以得到:恒定不變，所以金屬棒ab做勻變速運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤，B正確；

C、由上面分析可知：BIL=B2L2Ca，即:則電阻R的功率為：故C正確；

D、經(jīng)過(guò)時(shí)間t電容器兩端的電量為:故D正確.

故選BCD.

【點(diǎn)睛】

本題考查了電磁感應(yīng)中的電容器充電過(guò)程中，電流不變，然后根據(jù)牛頓第二定律可以確定加速度.要知道電流與電容器帶電量的關(guān)系.10、A:B【分析】【詳解】

理想氣體狀態(tài)方程可知等壓壓縮，體積減小溫度降低，A正確；根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知若氣體放出熱量的同時(shí)外界對(duì)氣體做正功，且做功大于放出熱量，則內(nèi)能將會(huì)增加，B正確；等溫說(shuō)明內(nèi)能不變，即△U=0，吸收熱量，即Q＞0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知W＜0，即氣體膨脹對(duì)外做功，所以等溫吸熱，體積膨脹，C錯(cuò)誤；絕熱說(shuō)明氣體不能吸放熱即Q=0，壓縮說(shuō)明外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：絕熱壓縮，內(nèi)能增大，D錯(cuò)誤．11、B:C【分析】【詳解】

A．由小球在C點(diǎn)處恰好與滑槽內(nèi)、外壁均無(wú)擠壓且無(wú)沿切線(xiàn)方向的加速度知：小球在C點(diǎn)的合力方向一定沿CO，且指向O點(diǎn)．

A對(duì)小球吸引，B對(duì)小球排斥，因此小球帶負(fù)電、B帶負(fù)電；故A錯(cuò)誤；

B．由∠ABC=∠ACB=30°知：∠ACO=30°，AB=AC=L；BC=2ABcos30°=

由力的合成可得

即

故B正確；

C．圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等；小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動(dòng)能不變，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D．由庫(kù)侖定律及場(chǎng)強(qiáng)的疊加知，D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C點(diǎn)；故D錯(cuò)誤．

故選BC．12、A:D【分析】【詳解】

A．過(guò)程氣體溫度不變；內(nèi)能不變，體積膨脹，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知?dú)怏w從外界吸熱，A正確；

BD．的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功，則

且為絕熱過(guò)程，則

根據(jù)

知

即氣體內(nèi)能減小，溫度降低，即的溫度高于溫度，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，過(guò)程內(nèi)能增加；B錯(cuò)誤，D正確；

C．過(guò)程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)

知

氣體對(duì)外放熱；C錯(cuò)誤。

故選AD。13、A:D:E【分析】【詳解】

A．“PM2.5”是指直徑小于等于2.5微米的顆粒物；是分子團(tuán)的運(yùn)動(dòng)，屬于布朗運(yùn)動(dòng)，A正確；

B．潮濕時(shí)；空氣的相對(duì)濕度較大，干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度較小，但絕對(duì)濕度大小不能確定，B錯(cuò)誤；

C．用手捏面包；面包體積會(huì)縮小，只能說(shuō)明面包內(nèi)有氣孔，C錯(cuò)誤；

D．人類(lèi)利用能源時(shí)；是將高品質(zhì)的能量釋放出來(lái)并最終轉(zhuǎn)化為低品質(zhì)的內(nèi)能．所以可利用的能源會(huì)逐漸減小，D正確；

E．一定質(zhì)量的單晶體在熔化過(guò)程中溫度不變；分子的平均動(dòng)能不變，所吸收的熱量全部用來(lái)增大分子勢(shì)能，E正確。

故本題選ADE。14、B:C:D【分析】【詳解】

B．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大；則電壓表示數(shù)變大，故B正確；

AD．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢(shì)降低，可知，a的電勢(shì)大于零，a點(diǎn)的電勢(shì)等于兩端的電壓，

干路電流I增大，變小，則a點(diǎn)的電勢(shì)降低，通過(guò)的電流減小，通過(guò)電流表的電流

干路電流I增大，減小，則增大；即電流表示數(shù)變大，故A錯(cuò)誤，D正確；

C．電阻兩端的電壓

干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場(chǎng)強(qiáng)度減小；故C正確．

故選BCD。15、B:C:D【分析】由圖讀出波長(zhǎng)λ=4m，則波的周期為由題，波傳播的時(shí)間為t=s=根據(jù)波形的平移可知，波的傳播方向沿x軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤，B正確。波x軸負(fù)方向傳播，由“上下坡法”可知t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。故C正確。從t=0時(shí)刻經(jīng)0.25s時(shí)，由于t=0.25s=所以質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程等于2A=0.4m，故D正確。t=0時(shí)刻x=2m處的質(zhì)點(diǎn)正向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，其位移表達(dá)式為y=-Asint=-0.2sin（4πt）m．故E錯(cuò)誤。故選BCD。

點(diǎn)睛：本題要理解波的圖象隨時(shí)間變化的規(guī)律．波在一個(gè)周期內(nèi)傳播一個(gè)波長(zhǎng)，波的圖象重合．利用波形的平移或上下坡法是研究波動(dòng)圖象常用的方法．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

[1]因?yàn)橐粋€(gè)氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發(fā)地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減??；會(huì)向外發(fā)射光子，因?yàn)槟芗?jí)差一定，只能發(fā)出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發(fā)出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據(jù)可知軌道半徑減小，電子的動(dòng)能增大，則原子的電勢(shì)能減小。【解析】發(fā)射，增大，減小，減小17、略

【分析】【詳解】

[1]毛皮摩擦過(guò)的橡膠棒帶負(fù)電；通草球受到斥力作用，故通草球也帶負(fù)電；

[2]摩擦橡膠棒時(shí)通過(guò)做功的方式改變物體內(nèi)能?！窘馕觥竣?負(fù)電②.做功18、略

【分析】【詳解】

[1]圖中兩條直線(xiàn)是等容線(xiàn)，所以a、b兩個(gè)狀態(tài)下的氣體體積相同，則

[2]b、c兩個(gè)狀態(tài)下的氣體溫度相等，由圖像可得

即【解析】1:1p2:p119、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過(guò)程中；泡泡內(nèi)的氣體的壓強(qiáng)減小，根據(jù)玻意耳定律可知，該過(guò)程中泡泡內(nèi)的氣體的體積增大，氣體對(duì)外界做功。

[2]由于泡泡內(nèi)的氣體的溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，該過(guò)程中氣體從外界吸收熱量?！窘馕觥空龔耐饨缥諢崃?0、略

【分析】【詳解】

[1]．從狀態(tài)i到狀態(tài)j溫度的變化相同，則內(nèi)能變化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根據(jù)可知，p-V圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于做功的大小，則由圖像可知W1<W2<W3

[3]．由題意可知Q1=0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律?U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，則Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q321、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過(guò)程中，理想氣體等溫變化，內(nèi)能保持不變，氣體體積變大對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可得，a→b過(guò)程中從外界吸收熱量；

[2]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知

整理得

根據(jù)V-T圖像斜率的大小可知?dú)怏w在狀態(tài)c的壓強(qiáng)小于狀態(tài)e的壓強(qiáng)?！窘馕觥课鼰嵝∮?2、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，U1=4V時(shí)，I1=0.2A，則

由圖乙知，兩電阻串聯(lián)在電路中，由圖甲可知：當(dāng)I1=I2=0.1A時(shí)，U2=1V；【解析】20Ω1V.23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可知，電路的電流為

電源的輸出功率為

[2]電動(dòng)機(jī)的輸出功率為【解析】2.75，1.524、略

【分析】【詳解】

（1）極限頻率越大的金屬材料逸出功越大，選項(xiàng)A正確；能否發(fā)生光電效應(yīng)，與光照時(shí)間無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hγ-W0知；最大初動(dòng)能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不會(huì)影響金屬的逸出功．故C錯(cuò)誤．光的強(qiáng)度影響的是單位時(shí)間發(fā)出光電子數(shù)目，與入射光的頻率無(wú)關(guān)．故D錯(cuò)誤．

（2）設(shè)物塊到達(dá)劈A的低端時(shí)，物塊和A的的速度大小分別為v和V；由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒得。

①

②

設(shè)物塊在劈B上達(dá)到的最大高度為此時(shí)物塊和B的共同速度大小為由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒得。

③

④

聯(lián)立①②③④式得⑤【解析】①.（1）A②.（2）四、作圖題(共3題，共27分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線(xiàn)管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線(xiàn)管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半