2025年岳麓版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年岳麓版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，電路中電源的電動勢為E、內(nèi)電阻為r，開關(guān)S閉合后，當滑動變阻器的滑片P從滑動變阻器R的中點位置向左滑動時，小燈泡的亮度變化情況。

A.兩燈都變亮，燈變暗B.兩燈都變暗，燈變亮C.兩燈都變亮，燈變暗D.兩燈都變暗，燈變亮2、為探究小燈泡L的伏安特性，連好圖示的電路后閉合開關(guān)，通過移動變阻器的滑片，使小燈泡中的電流由零開始逐漸增大，直到小燈泡正常發(fā)光．由電流表和電壓表得到的多組讀數(shù)描繪出的U-I圖象應(yīng)是。

A.B.C.D.3、用絕緣細線a、b將兩個帶電小球1和2連接并懸掛，已知小球2的重力為G，如圖所示，兩小球處于靜止狀態(tài)，細線a與豎直方向的夾角為30°，兩小球連線與水平方向夾角為30°，細線b水平；則（）

A.小球1帶電量一定小于小球2的帶電量B.細線a拉力大小為C.細線b拉力大小為D.小球1與2的質(zhì)量比為4、如圖所示為某一電場中場強E-x圖像，沿x軸正方向，電場強度為正，則正點電荷從x1運動到x2；其電勢能的變化是。

A.一直增大B.先增大再減小C.先減小再增大D.先減小再增大再減小5、如圖所示，在一點電荷Q產(chǎn)生的靜電場中，三個等勢面a、b、c的電勢分別為和一質(zhì)子從等勢面a上某處由靜止釋放，經(jīng)過等勢面b時的速率為v。下列說法正確的是（）

A.該點電荷Q帶負電荷B.質(zhì)子到達等勢面c時速率為C.質(zhì)子到達等勢面c時速率為D.質(zhì)子在等勢面b上時的電勢能比在c上時小6、關(guān)于電流，下列說法正確的是（）A.金屬導體中自由電子定向移動速率增大時，電流變大B.電流既有大小又有方向，所以是矢量C.通過導體橫截面積的電荷量越多，導體中電流就越大D.電流的方向就是正電荷定向移動的方向7、如圖所示，電壓U保持不變，電阻的電功率一樣大，則電阻之比是（）

A.1∶1∶1B.4∶1∶1C.1∶4∶4D.1∶2∶28、下列物理量是標量的是A.電場強度B.電流C.磁感應(yīng)強度D.安培力評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示；A；B為平行板電容器的兩個金屬極板，C為靜電計，開始時閉合開關(guān)S，靜電計張開一定角度。不考慮靜電計引起的電荷量變化，則下列說法正確的是（）

A.保持開關(guān)S閉合，將兩極板間距減小，板間場強減小B.保持開關(guān)S閉合，將R的滑片向左移動，靜電計指針張開角度不變C.斷開開關(guān)S后，緊貼下極板插入金屬板，靜電計指針張開角度減小D.斷開開關(guān)S后，將兩極板間距增大，板間電壓增大10、用比值法定義物理量是物理學中一種常用方法,以下物理量表達式中屬于比值法定義的是（?）A.B.C.D.11、用伏安法測電阻時；可以有兩種方法把電壓表和電流表連入電路，接法如圖所示，則下列說法中正確的是（）

A.采用（甲）圖時，測量出的電阻值比真實值小B.采用（乙）圖時，測量出的電阻值比真實值小C.為了減小誤差，測量大電阻時宜采用（甲）圖D.為了減小誤差，測量大電阻時宜采用（乙）圖12、如圖為兩個不同電源的U﹣I圖象；則下列說法正確的是（）

A.電動勢E1=E2，內(nèi)阻r1＞r2B.電動勢E1=E2，內(nèi)阻r1＜r2C.接入相同電阻時，電源1的輸出功率大D.接入相同電阻時，電源2的輸出功率大13、一根粗細均勻的金屬導線阻值為R，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導線的電流強度為I，金屬導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，已知電流微觀式為I=neSV，其中n為單位體積電子個數(shù)，e為元電荷，S為導線模截面積，則下列說法中正確的是A.此時金屬導線的阻值為4RB.此時通過金屬導線的電流為C.此時自由電子定向移動的平均速率為D.此時自由電子定向移動的平均速率為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示，在x軸上的原點O和軸上的P點分別固定同種點電荷q和且OP之間的距離為2d，則電場強度為零的點的坐標所在區(qū)間為________．

15、變化的磁場產(chǎn)生電場。

（1）實驗基礎(chǔ)：如圖所示，在變化的磁場中放一個閉合電路，電路里就會產(chǎn)生_____________

（2）麥克斯韋的見解：電路里能產(chǎn)生感應(yīng)電流，是因為變化的_________產(chǎn)生了電場；電場促使導體中的自由電荷做定向運動。

（3）實質(zhì)：變化的_________產(chǎn)生了電場。16、某同學大膽猜想：兩電流元之間存在相互作用的磁場力F，可能與兩點電荷間的庫侖力類似。如圖甲所示，通有電流I1、I2的兩根導線平行放置且電流均向上，設(shè)和分別表示導線上A、B兩點處的電流元，A、B兩點相距為r。（說明：若需常量可用K表示）

（1）請你根據(jù)猜想，寫出兩電流元間相互作用的磁場力F大小的表達式________；

（2）類比電場強度的定義寫出在距電流元為r處B點的磁感應(yīng)強度為________；

（3）如圖乙所示，環(huán)形電流可以視為是由許多段的電流元組成，假設(shè)半徑為r的圓環(huán)形導線通有電流為I，則圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度B大小為________。

17、用示波器觀察某交流信號時，在顯示屏上顯示出一個完整的波形，如圖。經(jīng)下列四組操作之一，使該信號顯示出兩個完整的波形，且波形幅度增大，此組操作是_____。

A.調(diào)整X增益旋鈕和豎直位移旋鈕。

B.調(diào)整X增益旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕。

C.調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕和Y增益旋鈕。

D.調(diào)整水平位移旋鈕和Y增益旋鈕18、為了研究某種化學電源的性能，設(shè)計如圖所示電路，閉合所有開關(guān)，并改變滑動變阻器阻值，觀察電壓表V1、V2示數(shù)的變化，得到如下數(shù)據(jù)：某一次的測量電壓表的讀數(shù)分別為改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變?yōu)?.50A，電壓表V1讀數(shù)變化了0.4V，由上面數(shù)據(jù)可求：該電源電動勢E=_________V；電源的內(nèi)阻為r=__________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)19、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

20、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

21、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)22、如圖所示，均可視為質(zhì)點的三個物體A、B、C在傾角為的光滑斜面上，A與B緊靠在一起，C緊靠在固定擋板上，質(zhì)量分別為mA＝0.43kg，mB＝0.20kg，mC＝0.50kg，其中A不帶電，B、C的電量分別為qB＝＋2×10－5C、qC＝＋7×10－5C且保持不變，開始時三個物體均能保持靜止．現(xiàn)給A施加一平行于斜面向上的力F，使A做加速度a＝2.0m/s2的勻加速直線運動，經(jīng)過時間t，力F變?yōu)楹懔Γ阎o電力常量k＝9.0×109N·m2/C2，g取10m/s2。求：

（1）開始時BC間的距離L；

（2）F從變力到恒力需要的時間t；

（3）在時間t內(nèi)，力F做功WF＝2.31J，求系統(tǒng)電勢能的變化量ΔEp23、如圖所示，電荷量Q＝2×10－7C的正點電荷A固定在空間中O點，將質(zhì)量m＝2×10－4kg，電荷量q＝1×10－7C的另一正點電荷B從O點正上方0.5m的某處由靜止釋放，B運動過程中速度最大位置在P點。若靜電力常量k＝9×109N·m2/C2，重力加速度g取10m/s2；求：

(1)B釋放時的加速度大?。?/p>

(2)P、O間的距離L。

24、用四個阻值均為R的電阻連成如圖所示的電路，電鍵S閉合時，有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點，平行板電容器的下極板接地．現(xiàn)打開電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運動，并和此板碰撞，碰撞過程中小球沒有機械能損失，只是碰后小球的電荷量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該極板同種性質(zhì)的電荷，并恰能運動到另一極板，設(shè)兩極板間距離為d；不計電源內(nèi)阻，求：

（1）小球開始帶什么電？小球開始在中點的電勢是多少？電源電動勢E為多大？

（2）小球與極板碰撞后的電荷量q′為多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

將滑動變阻器的滑片P從滑動變阻器R的中點位置向左滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I減小，路端電壓增大，則燈L3變亮；流過燈L2電流I2=I-I3，I減小，I3增大，則I2減小，燈L2變暗，燈L1的電壓U1=U-U2，U增大，U2減小，U1增大，L1燈變亮；

A．兩燈都變亮，燈變暗；與結(jié)論相符，選項A正確；

B．兩燈都變暗，燈變亮；與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

C．兩燈都變亮，燈變暗；與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D．兩燈都變暗，燈變亮；與結(jié)論不相符，選項D錯誤；

故選A．2、C【分析】【分析】

根據(jù)電路中電阻的變化；確定電壓與電流變化，并考慮溫度對電阻的影響，運用U﹣I圖象含義分析判斷．

【詳解】

當滑動變阻器在最左端時；燈泡連端電壓為0，滑動變阻器逐漸向右移動，小燈泡的亮度逐漸變亮，直到正常發(fā)光．隨著小燈泡兩端電壓的升高，電流也在升高，但是，小燈泡燈絲的電阻隨著溫度的升高而增大，在圖像上各點切線斜率應(yīng)越來越大．故C正確。

【考點】

探究小燈泡的伏安特性曲線。

【點睛】

考查閉合電路中動態(tài)變化問題的分析，需要注意的是燈泡的電阻隨著電壓的升高而增大；3、B【分析】【詳解】

A．由

可知；不能確定小球1與小球2的帶電量，故A不符合題意；

C．對小球2，由平衡條件可得

解得細線b拉力大小為

故C不符合題意；

BD．對小球1，由平衡條件可得

解得細線a拉力大小為

小球1與2的質(zhì)量比為

故B符合題意；D不符合題意。

故選B。4、C【分析】【詳解】

沿x軸正方向，電場強度為正，由圖可得，從x1到x2電場強度先沿x軸正方向再沿x軸負方向；順著電場線方向電勢降低，則從x1到x2電勢先降低后升高，所以正點電荷從x1運動到x2，電勢能是先減小再增大；故C項正確，ABD三項錯誤。5、C【分析】【詳解】

A．由于a、b、c的電勢逐漸降低，所以該點電荷Q帶正電荷；故A錯誤；

BC．對質(zhì)子從a到b的過程，根據(jù)動能定理有

對質(zhì)子從b到c的過程，根據(jù)動能定理有

由題意可知

聯(lián)立以上三式解得質(zhì)子到達等勢面c時速率為

故B錯誤；C正確；

D．質(zhì)子帶正電，根據(jù)

可知質(zhì)子在等勢面b上時的電勢能比在c上時大；故D錯誤。

故選C。6、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)I=nqvS可知；金屬導體中自由電子定向移動速率增大時，電流變大，故A正確；

B．電流有方向；但其運算不符合平行四邊形定則，故為標量，故B錯誤；

C．根據(jù)電流的定義可知；故電流大小取決于電量與時間的比值，電量多，但如果用時很長，則電流較小，故C錯誤；

D．電流的方向與正電荷定向移動的方向相同；與負電荷定向移動的方向相反，故D錯誤。

故選A。7、C【分析】【詳解】

電壓相等，根據(jù)得功率相等，則

則通過電阻的電流是電流的2倍，根據(jù)得，功率相等，則

所以電阻之比為

故選C。8、B【分析】【分析】

【詳解】

電場強度；磁感應(yīng)強度、安培力都是具有大小和方向的物理量；都是矢量；而電流有大小，雖然有方向，但是它的方向表示電流的流向，故是標量；故選B．

【點睛】

標量是只有大小，沒有方向的物理量．矢量是既有大小又有方向的物理量；電流的方向表示電流的流向，要注意它的運算法則是代數(shù)法則．二、多選題(共5題，共10分)9、B:C:D【分析】【詳解】

AB．保持開關(guān)S閉合，電容器兩端的電勢差等于電源電動勢，故電容器兩端的電勢差不變，若將兩極板間距減小，由

可知，板間場強增大，若將R的滑片向左移動；靜電計指針張角不變，故A錯誤，B正確；

C．斷開開關(guān)S后，電容器所帶電荷量不變，若緊貼下極板插入金屬板，則板間距離d減小，根據(jù)

可知，C增大，根據(jù)

極板間的電勢差減?。粍t靜電計指針張開角度減小，C正確；

D．斷開開關(guān)S后，電容器所帶電荷量不變，將兩極板間距d增大，根據(jù)

可知，電容C減小，根據(jù)

可知，板間電壓U增大；D正確。

故選BCD。10、A:C:D【分析】【詳解】

電場中兩端的電勢差與移動的電荷和電場力所做的功無關(guān)，所以是比值定義法，故A正確；兩端間電勢差不變時，d變化，電場強度也變化．所以不是電場強度的定義式，故B錯誤；電場中某一點的電勢與放入電場中的電荷無關(guān)，電荷量變大，電勢能也變大，電勢不變，所以為比值法定義式，故C正確；電容器的電容有本身性質(zhì)決定，與所帶的電量和兩端間的電勢差無關(guān)，所以比值法定義式，故D正確．所以ACD正確，B錯誤．11、B:C【分析】【詳解】

AB．甲圖是電流表內(nèi)接，電流表所測的電流值是準確的，由于電流表的分壓作用，電壓表測量值偏大，由R=

可知計算的電阻值偏大；乙圖是電流表外接；電壓表所測的電壓是準確的，由于電壓表的分流作用，使得電流表測量值偏大，所以計算的電阻值偏小，A錯誤，B正確；

CD．甲圖中要想讓電壓表的誤差小；即電流表分得的電壓可以忽略不計，則待測電阻越大，誤差越?。灰覉D中要想讓電流表的誤差小，即電壓表分得的電流可以忽略不計，故測量小電阻時宜采用（乙）圖，C正確；D錯誤。

故選BC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律得，U=E-Ir，當I=0時，U=E，即圖線與縱軸交點表示斷路狀態(tài)，交點的縱坐標等于電源的電動勢大小，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖看出E1=E2，r1＜r2；故A錯誤；B正確；

CD．過原點O作出一條傾斜的直線3，該直線表示電阻的U-I圖象；該直線與圖線1；2的交點就表示該電阻與兩電源連接時的工作狀態(tài)，由圖看出，直線3與圖線1交點的兩坐標的乘積大于直線3與圖線2交點的兩坐標的乘積，說明外接的相同電阻時，電源1的輸出功率比電源2的輸出功率大，故C正確，D錯誤。

故選BC。

13、A:B:C【分析】【分析】

將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律分析電阻的變化；由歐姆定律分析電流的變化．由電流的微觀表達式I=nevS分析平均速率v的變化．

【詳解】

A項：將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律分析得到；電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；

B項：根據(jù)歐姆定律可知，電流I變?yōu)樵瓉淼募礊楣蔅正確；

C、D項：電流的微觀表達式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t自由電子定向移動的平均速率為故C正確，D錯誤．

故應(yīng)選ABC．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]因同種電荷和由點電荷電場強度的公式可知，場強為零的坐標區(qū)間在兩固定的電荷之間；又已知因此零電場強度的位置偏離點電荷偏向點電荷則場強為零的坐標區(qū)間為：【解析】15、略

【解析】①.感應(yīng)電流②.磁場③.磁場16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]通過類比可以猜想兩電流元間相互作用的磁場力大小可以表示為

（2）[2]通過類比電場強度的定義可寫出在距電流元為r處B點的磁感應(yīng)強度為

聯(lián)立可得

B的方向垂直紙面向里。

（3）[3]環(huán)形電流可以視為是由許多段的電流元組成，設(shè)任意一段電流元為則在距離r處產(chǎn)生的磁場為

則圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度B大小可以表示為【解析】方向垂直紙面向里17、C【分析】【分析】

【詳解】

當掃描頻率與正弦信號頻率相等時顯示一個完整的正弦波形。欲顯示兩個完整的正弦波形；必須有正弦信號的頻率是掃描頻率的兩倍，所以必須調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕；欲增大波形幅度，可調(diào)整Y增益旋鈕，故C正確，ABD錯誤。

故選C。18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律

[2]改變滑動變阻器的滑動頭，向右滑動一段距離，外電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，第二次的路端電壓為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得【解析】1.51四、作圖題(共3題，共6分)19、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解