2025年湘教新版高三物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教新版高三物理上冊(cè)月考試卷967考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2015秋?德州期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，兩電壓表均可視為理想電表．當(dāng)閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的觸片由左端向右滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.小燈泡L1、L2均變暗B.小燈泡L1變亮，V1表的讀數(shù)變大C.小燈泡L2變亮，V2表的讀數(shù)不變D.小燈泡L1變暗，V1表的讀數(shù)變大2、某電容式話筒的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬基板．對(duì)著話筒說(shuō)話時(shí)，P振動(dòng)而Q可視為不動(dòng)．在P、Q間距增大過(guò)程中，下列說(shuō)法準(zhǔn)確的是（）A.P、Q構(gòu)成的電容器的電容增大B.P上電荷量保持不變C.通過(guò)R的電流從M點(diǎn)流向N點(diǎn)D.M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的低3、在很多旅游景區(qū)都會(huì)見到空中纜車（如圖甲所示）．現(xiàn)將空中纜車簡(jiǎn)化為以下物理模型：如圖乙所示．滑輪A可以在軌道上滑動(dòng)．重物B通過(guò)輕繩與滑輪相連．若當(dāng)滑輪沿軌道向下滑動(dòng)時(shí)．連接滑輪與重物之間的輕繩始終保持豎直，則關(guān)于此時(shí)滑輪受力情況的說(shuō)法中，正確的是（）A.滑輪受重力、軌道的支持力、輕繩的拉力B.滑輪受重力、軌道的支持力、輕繩的拉力及下滑力C.滑輪受重力、軌道的支持力、輕繩的拉力及軌道的摩擦力D.滑輪受該力、軌道的支持力、輕繩的拉力、下滑力及軌道的摩擦力4、一圓環(huán)形鋁質(zhì)金屬圈（阻值不隨溫度變化）放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，設(shè)第1s內(nèi)磁感線垂直于金屬圈平面（即垂直于紙面）向里，如圖甲所示。若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，那么第3s內(nèi)金屬圈中（）A.感應(yīng)電流逐漸增大，沿逆時(shí)針方向B.感應(yīng)電流恒定，沿順時(shí)針方向C.圓環(huán)各微小段受力大小不變，方向沿半徑指向圓心D.圓環(huán)各微小段受力逐漸增大，方向沿半徑指向圓心5、一小物塊在開口向上的半圓形曲面內(nèi)以某一速率開始下滑，曲面內(nèi)動(dòng)摩擦因數(shù)不同，此摩擦作用使物塊下滑時(shí)速率保持不變，則下列說(shuō)法正確的是（）A.因物塊速率保持不變，故加速度為0B.物塊受合外力不變C.在滑到最低點(diǎn)以前，物塊對(duì)曲面的壓力越來(lái)越小D.在滑到最低點(diǎn)以前，物塊受到的摩擦力越來(lái)越小6、【題文】如圖甲所示，O點(diǎn)為振源，OP=s，t=0時(shí)刻O點(diǎn)由平衡位置開始振動(dòng)，產(chǎn)生沿直線向右傳播的簡(jiǎn)諧橫波，如圖乙為P點(diǎn)從t1時(shí)刻開始沿y軸正方向開始振動(dòng)的振動(dòng)圖像；則以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是：

.A.t=0時(shí)刻振源O的振動(dòng)方向沿y軸正方向B.t2時(shí)刻P點(diǎn)振動(dòng)速度最大，方向沿y軸負(fù)方向C.該波與另一頻率為Hz的同類波疊加能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象D.某障礙物的尺寸為該波遇到此障礙物時(shí)能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象7、已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為婁脪2婁脜0

其中婁脪

為平面上單位面積所帶的電荷量，婁脜

0

為常量.

如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為S

，其間為真空，帶電荷量為Q

.

不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看做無(wú)窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為()A.Q婁脜0S

和Q2婁脜0S

B.Q2婁脜0S

和Q2婁脜0S

C.Q2婁脜0S

和Q22婁脜0S

D.Q婁脜0S

和Q22婁脜0S

8、（2016?徐匯區(qū)二模）如圖所示電路中的電源為恒流源，不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流．電壓表、電流表都為理想電表，當(dāng)閉合電鍵后滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí)，電壓表V示數(shù)變化的絕對(duì)值為△U，電流表A示數(shù)變化的絕對(duì)值為△I，下列說(shuō)法中正確的是（）A.A示數(shù)減小，=R1B.A示數(shù)減小，=R2C.A示數(shù)增大，=R1D.A示數(shù)增大，=R29、關(guān)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法，不正確的是（）A.某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)的初速度與末速度和的一半B.在任意相等的時(shí)間內(nèi)位移的變化相等C.在任意相等的時(shí)間內(nèi)速度的變化相等D.物體的速度在一定時(shí)間內(nèi)發(fā)生的變化與這段時(shí)間成正比評(píng)卷人得分二、雙選題(共5題，共10分)10、【題文】水平桌面上有甲；乙、丙三個(gè)完全相同的容器；裝有不同的液體，將三個(gè)長(zhǎng)方體A、B、C分別放入容器的液體中，靜止時(shí)的位置如圖所示，三個(gè)容器的液面相平。已知三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量和體積都相同。則下列判斷正確的是。

A．物體受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器對(duì)桌面的壓力F甲＜F乙＜F丙

C．液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)p甲＝p乙＝p丙

D．物體下表面受到液體的壓力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}四種元素均位于不同主族。rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}rm{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸。下列說(shuō)法中正確的是A.原子半徑：rm{X<Y}B.最簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的簡(jiǎn)單離子與rm{Z}的簡(jiǎn)單離子具有相同的電子層結(jié)構(gòu)D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在離子鍵和極性鍵12、三位分別來(lái)自法國(guó)、美國(guó)、荷蘭的科學(xué)家因研究“分子機(jī)器的設(shè)計(jì)與合成”而獲得rm{2016}年諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)。納米分子機(jī)器日益受到關(guān)注，機(jī)器的“車輪”常用組件如下，下列說(shuō)法正確的是()rm{壟脵(}三碟烯rm{)}rm{壟脷(}扭曲烷rm{)}rm{壟脹(}富勒烯rm{)}rm{壟脺(}金剛烷rm{)}A.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴B.rm{壟脵壟脹}均能發(fā)生加成反應(yīng)C.rm{壟脵壟脺}互為同分異構(gòu)體D.rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}的一氯代物均只有一種13、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四種原子序數(shù)遞增的短周期元素，其部分性質(zhì)或結(jié)構(gòu)如下：。元素元素性質(zhì)或原子結(jié)構(gòu)rm{X}形成的簡(jiǎn)單陽(yáng)離子核外無(wú)電子rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物的水溶液顯堿性rm{Z}元素在周期表中的周期序數(shù)是族序數(shù)的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小下列說(shuō)法不正確的是rm{(}rm{)}A.原子半徑大小順序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}與rm{Y}可形成既含極性鍵又含非極性鍵的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的化合物只可能含有共價(jià)鍵，不可能含有離子鍵D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能破壞水的電離平衡14、某課題組以納米rm{Fe_{2}O_{3}}作為電極材料制備鋰離子電池rm{(}另一極為金屬鋰和石墨的復(fù)合材料rm{)}通過(guò)在室溫條件下對(duì)鋰離子電池進(jìn)行循環(huán)充放電，成功地實(shí)現(xiàn)了對(duì)磁性的可逆調(diào)控rm{(}如圖rm{)}以下說(shuō)法正確的是A.放電時(shí)，正極的電極反應(yīng)式為rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.該電池可以用水溶液做電解質(zhì)溶液C.放電時(shí)，rm{Fe}作電池的負(fù)極，rm{Fe_{2}O_{3}}作電池的正極D.充電時(shí)，電池被磁鐵吸引評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、（2009?虹口區(qū)二模）如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長(zhǎng)略大于球的直徑．某同學(xué)拿著該盒子在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，要使盒子在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，則該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為____．若盒子以此周期的做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)盒子運(yùn)動(dòng)到圖示球心與O點(diǎn)位于同一水平面位置時(shí)，小球的向心加速度大小為____．16、如圖所示，A和B為兩個(gè)緊靠在一起的硬質(zhì)橡膠輪，兩輪的半徑之比RA：RB=3：1．A轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)帶動(dòng)B一起轉(zhuǎn)動(dòng)（轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中兩輪間無(wú)打滑現(xiàn)象），兩輪的角速度之比ωA：ωB=____，兩輪的邊緣向心加速度之比aA：aB=____．17、一物體被水平拋出后，在1s、2s內(nèi)豎直下降的距離之比為____，通過(guò)的水平距離之比為____．18、使聲音或圖象信號(hào)從接收到的______中還原出來(lái)，這個(gè)過(guò)程是調(diào)制的逆過(guò)程，叫做解調(diào)．19、(1)在“用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑，游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有20個(gè)小的等分刻度．卡尺上的示數(shù)如圖所示，可讀出這個(gè)擺球的直徑為____________mm．

(2)某型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)約3.7V，內(nèi)阻約2Ω，允許通過(guò)的最大電流為300mA．現(xiàn)欲測(cè)定其電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，給定的器材有：待測(cè)電池E；電阻箱R(阻值0～999.9Ω)；定定值電阻R0，(阻值3Ω)；直流電壓表(量程3V，內(nèi)阻約6kQ)；直流電流表(量程0.3A；內(nèi)阻約2Ω)；開關(guān)S一個(gè)；導(dǎo)線若干．

①如果在上述兩個(gè)電表中只選用一個(gè)電表與其它器材組成測(cè)量電路；為使測(cè)量結(jié)果有盡可能高的精確度，應(yīng)選用的電表是____________，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫出測(cè)量電路圖，圖中要標(biāo)明相關(guān)器材的字母符號(hào)．

②用沒計(jì)的電路讀取兩組數(shù)據(jù)，分別用R1、U1、R2、U2或用R1、I1、R2、I2表示，求得待測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)E=____________，內(nèi)阻r=____________．

③為使測(cè)量結(jié)果更精確，在不改變實(shí)驗(yàn)器材、實(shí)驗(yàn)電路的前提下，請(qǐng)你提出一條建議：(例如：多測(cè)幾組數(shù)據(jù)，分別列方程組求出E、r，再求E、r的平均值．)____________．20、（2013春?紅河州校級(jí)期末）如圖所示，在演示光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，原來(lái)不帶電的一塊鋅板與靈敏驗(yàn)電器相連，用弧光燈照射鋅板時(shí)，驗(yàn)電器的指針張開了一個(gè)角度，如圖所示，這時(shí)鋅板帶____電、驗(yàn)電器指針帶____電（填正、負(fù)電）．21、一個(gè)豎直向下的180N的力分解為兩個(gè)分力，一個(gè)分力在水平方向上并等于240N，則另一個(gè)分力的大小為____N，與合力的夾角為____度．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共16分)22、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、在磁場(chǎng)中，粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比____（判斷對(duì)錯(cuò)）24、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．25、滑動(dòng)摩擦力的方向總是與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共40分)26、站在自動(dòng)扶梯上的人勻加速向上運(yùn)動(dòng)；作出人（用方塊□代替）的受力示意圖．

27、如圖，在第一象限存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面（xy平面）向外；在第四象限存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向沿x軸負(fù)向．在y軸正半軸上某點(diǎn)以與x軸正向平行、大小為v0的速度發(fā)射出一帶正電荷的粒子，該粒子在（d，0）點(diǎn)沿垂直于x軸的方向進(jìn)入電場(chǎng)．不計(jì)重力．若該粒子離開電場(chǎng)時(shí)速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為θ，求電場(chǎng)強(qiáng)度大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值．28、在工廠的流水線上安裝有水平傳送帶，用水平傳送帶傳送工件，可以大大提高工作效率，緊繃的水平傳送帶以恒定的速率v=1m/s，運(yùn)送質(zhì)量為m=4kg的工件，工件都是無(wú)初速地放在傳送帶最左端A位置傳送到最右端B位置，工件與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，每當(dāng)前一個(gè)工件在傳送帶上停止相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，后一個(gè)工件立即放在A位置，A、B間的距離L=2m，取g取10m/s2；求：

（1）求工件剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)所受滑動(dòng)摩擦力的大小與加速度的大?。?/p>

（2）求單個(gè)工件從A位置傳送到B位置的時(shí)間；

（3）當(dāng)?shù)谝粋€(gè)工件剛達(dá)到B位置時(shí)；此時(shí)傳送帶上相鄰工件間的距離；

（4）如果提高傳送帶的運(yùn)行速率，單個(gè)工件就能被較快地傳送到B處，求工件從A處傳送到B處的最短時(shí)間和傳送帶對(duì)應(yīng)的最小運(yùn)行速率．29、某興趣小組舉行遙控賽車比賽，比賽路徑如圖所示．可視為質(zhì)點(diǎn)的賽車從起點(diǎn)A出發(fā)，沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)L=10m后，由B點(diǎn)進(jìn)入半徑R=0.4m的光滑豎直半圓軌道，并通過(guò)軌道的最高點(diǎn)C做平拋運(yùn)動(dòng)，落地后才算完成比賽．B是半圓軌道的最低點(diǎn)，水平直線軌道和半圓軌道相切于B點(diǎn)．已知賽車質(zhì)量m=0.5Kg，通電后電動(dòng)機(jī)以額定功率P=3W工作，賽車在水平軌道上受到的阻力恒為f=0.4N，之后在運(yùn)動(dòng)中受到的軌道阻力均可不計(jì)，g取10m/s2．試求：

（1）賽車能通過(guò)C點(diǎn)完成比賽；其落地點(diǎn)離B點(diǎn)的最小距離。

（2）要使賽車完成比賽；電動(dòng)機(jī)工作的最短時(shí)間．

（3）若賽車過(guò)B點(diǎn)速度vB=8.0m/s，R為多少時(shí)賽車能完成比賽，且落地點(diǎn)離B點(diǎn)的最大距離．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：變阻器與燈泡L1并聯(lián)，再與燈泡L2串聯(lián)．V1表測(cè)量路端電壓，V2表測(cè)量燈泡L2的電壓．將滑動(dòng)變阻器的觸片由左端向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析兩電表讀數(shù)的變化．【解析】【解答】解：圖中電路的結(jié)構(gòu)是：變阻器與燈泡L1并聯(lián)，再與燈泡L2串聯(lián)．V1表測(cè)量路端電壓，V2表測(cè)量燈泡L2的電壓．

將滑動(dòng)變阻器的觸片由左端向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與燈泡L1并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻增大，路端電壓增大，V1表的讀數(shù)變大．由閉合電路歐姆定律可知，流過(guò)電源的電流減小，燈泡L2變暗，電壓表V2讀數(shù)變?。疅襞軱1的電壓U1=E-I（r+RL2）增大，燈泡L1變亮．故ACD錯(cuò)誤；B正確．

故選：B2、C【分析】【分析】在P、Q間距增大過(guò)程中，電容發(fā)生變化，而電容直接與電源相連，電容兩端間的電壓不變，從而可判斷出電量的變化及電流的流向，再次可比較出電勢(shì)的高低．【解析】【解答】解：電容式話筒與電源串聯(lián)，電壓保持不變．在P、Q間距增大過(guò)程中，根據(jù)電容決定式C=得電容減小，又根據(jù)電容定義式C=得電容器所帶電量減?。浑娙萜鞯姆烹婋娏魍ㄟ^(guò)R的方向由M到N，所以M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的高．故A；B、D錯(cuò)誤，C正確．

故選：C．3、C【分析】【分析】滑輪和重物向下做勻速運(yùn)動(dòng)，所以，滑輪受重力、軌道的支持力、輕繩的拉力及軌道的摩擦力共四個(gè)力的作用．【解析】【解答】解：滑輪和重物向下做勻速運(yùn)動(dòng)；所以，滑輪受重力；軌道的支持力、輕繩的拉力及軌道的摩擦力共四個(gè)力的作用，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C．4、D【分析】試題分析：由于B-t線是直線，所以為恒量，故在線圈中產(chǎn)生恒定不變的電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由楞次定律可知，線圈中將產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電流，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由左手定則可知圓環(huán)各微小段受力方向沿半徑指向圓心，根據(jù)F=BIL可知隨著B的增大而逐漸增大，選項(xiàng)D正確。考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律。【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】試題分析：物塊下滑過(guò)程速率保持不變，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度不等于零，合外力不等于零．故A錯(cuò)誤．物塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合外力的大小不變，方向在變，故B錯(cuò)誤．對(duì)物塊受力分析并正交分解可得FN－mgcosθ＝m而且其中θ越來(lái)越小，所以FN越來(lái)越大，C錯(cuò)誤；因物體勻速率下滑，重力沿切線方向上的分量與滑動(dòng)摩擦力大小相等，在下滑過(guò)程中，重力在切線方向上的分力變小，所以滑動(dòng)摩擦力變小．D正確，考點(diǎn)：勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，【解析】【答案】D6、B【分析】【解析】

試題分析：介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)起振方向與振源起振方向相同，由乙圖知P點(diǎn)起振方向沿y軸正向，故t=0時(shí)刻振源O的振動(dòng)方向沿y軸正方向，選項(xiàng)A正確；由乙圖知t2時(shí)刻P點(diǎn)振動(dòng)速度最大，方向沿y軸正方向，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由乙圖知質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期為T=t2-t1，故波的頻率為Hz，根據(jù)波的穩(wěn)定干涉條件知只有頻率相同的波相遇才可產(chǎn)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象，故選項(xiàng)C正確；波速為v=由乙圖知波的周期為T=t2-t1，所以波長(zhǎng)為選項(xiàng)D中障礙物尺寸為與波長(zhǎng)相近；故能發(fā)生明顯衍射，選項(xiàng)D正確；綜上所述選項(xiàng)B是錯(cuò)誤的。

考點(diǎn)：機(jī)械振動(dòng)機(jī)械波波的干涉波的衍射【解析】【答案】B7、D【分析】選D.

每塊極板上單位面積所帶的電荷量為婁脪

=QS

每塊極板產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E

=婁脪2婁脜0

所以兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為2

E

=Q婁脜0S.

一塊極板在另一塊極板處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度E

隆盲=Q2婁脜0S

故另一塊極板所受的電場(chǎng)力F

=

qE

隆盲=

Q隆隴Q2婁脜0S

=Q22婁脜0S

選項(xiàng)D正確．【解析】D

8、D【分析】【分析】電源為恒流源，能夠提供持續(xù)的恒定電流，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí)，電壓表讀數(shù)的變化量等于電阻R2兩端電壓的變化量，由歐姆定律求出電壓表的讀數(shù)變化量與電流表的讀數(shù)變化量之比的絕對(duì)值．【解析】【解答】解：據(jù)題意，電源為恒流源，能夠提供持續(xù)的恒定電流，電阻R1兩端電壓不變，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，電路的總電阻減小，而總電流不變，則電源兩端的電壓減小，則R2兩端電壓減小，通過(guò)R2的電流增大；因總電流不變；故A示數(shù)增大．

由于V2示數(shù)不變，所以電壓表V1示數(shù)的變化量等于電阻R1兩端電壓的變化量，設(shè)總電流為I總．則電阻R2兩端電壓為：

U=（I總-I）R2，則△U=△（I總-IA）R2=△IR2；

則得：；

故D正確；ABC錯(cuò)誤；

故選：D．9、B【分析】【分析】勻變速直線運(yùn)動(dòng)加速度是恒定的，依據(jù)推論可判定各個(gè)選項(xiàng)．【解析】【解答】解：A；勻變速直線運(yùn)動(dòng)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)的初速度與末速度和的一半；故A正確．

B、由△x=aT2可知；連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)位移的變化相等，可知B不正確．

CD；由△v=a△t；a是常數(shù)，可知在任意相等的時(shí)間內(nèi)速度的變化相等，故C正確，D正確．

本題不正確的，故選：B．二、雙選題(共5題，共10分)10、B|D【分析】【解析】

試題分析：三個(gè)長(zhǎng)方體的質(zhì)量相同，它們?cè)谌N液體中都只受重力和浮力，由二力平衡，它們受到的浮力大小相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤。由三個(gè)長(zhǎng)方體在液體中所處的深度不同，得到容器底所處的深度相同，液體對(duì)容器底的壓強(qiáng)C選項(xiàng)錯(cuò)誤。容器是相同的，所以容器對(duì)桌面的壓力B選項(xiàng)正確。浮力是物體上下表面所受的壓力差，A物體上下表面都受到液體的壓力，B/、C只有下表面受到壓力，所以它們下表面所受到的壓力F′A＞F′B＝F′C；D選項(xiàng)正確。

考點(diǎn)：壓力壓強(qiáng)【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本題考查了位置、結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的關(guān)系，題目難度中等，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意熟練掌握原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系?！窘獯稹縭m{X}單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{Si}元素；rm{W}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{0}四種元素均位于不同主族，則rm{W}為rm{H}元素；rm{Z}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序數(shù)之和為rm{45}則rm{Y}的原子序數(shù)為rm{45-1-14-17=13}則rm{Y}為rm{Al}元素。單質(zhì)可作半導(dǎo)體材料，則rm{X}為rm{X}元素；rm{Si}的最高正價(jià)和最低負(fù)價(jià)代數(shù)和等于rm{W}四種元素均位于不同主族，則rm{0}為rm{W}元素；rm{H}的氣態(tài)氫化物與其最高價(jià)含氧酸都是強(qiáng)酸，則rm{Z}為rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序數(shù)之和為rm{Z}則rm{45}的原子序數(shù)為rm{Y}則rm{45-1-14-17=13}為rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Al>Si}故A正確；為第三周期元素，同周期從左到右原子半徑逐漸減小，則原子半徑：rm{Si}故A正確；rm{Al}則氫化物穩(wěn)定性：rm{Al>Si}故B正確；B.由于非金屬性rm{Cl>Si}則氫化物穩(wěn)定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正確；個(gè)電子，氯離子有rm{Cl>Si}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有極性鍵，無(wú)離子鍵，故D錯(cuò)誤。C.鋁離子有rm{10}個(gè)電子，氯離子有rm{18}個(gè)電子，故C錯(cuò)誤；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，注意把握官能團(tuán)與性質(zhì)的關(guān)系，側(cè)重苯、烷烴性質(zhì)的考查。【解答】A.只含有碳?xì)鋬煞N元素的有機(jī)物為烴，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}均屬于烴，故A正確；B.三碟烯和富勒烯中均含有不飽和鍵，能發(fā)生加成反應(yīng)，故B正確；C.三碟烯的分子式為rm{C_{20}H_{14}}金剛烷的分子式為rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分異構(gòu)體，故C錯(cuò)誤；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}種，金剛烷的一氯代物有rm{3}種，故D錯(cuò)誤。故選AB?！窘馕觥縭m{AB}13、AC【分析】【分析】本題考查元素的結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)，題目難度中等，注意正確推斷元素的種類為解答該題的關(guān)鍵。【解答】rm{X}形成的簡(jiǎn)單陽(yáng)離子核外無(wú)電子，應(yīng)為rm{H}元素；rm{Y}元素的氣態(tài)氫化物和它的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物能發(fā)生化合反應(yīng)，形成的物質(zhì)為銨鹽，應(yīng)為rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序數(shù)等于周期序數(shù)的rm{3}倍，即最外層電子數(shù)為電子層數(shù)的rm{3}倍，應(yīng)為rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的簡(jiǎn)單離子半徑最小，應(yīng)為rm{Al}元素；

即rm{X}為rm{H}元素，rm{Y}為rm{N}元素，rm{Z}為rm{O}元素，rm{T}為rm{Al}元素；則。

A.根據(jù)同周期元素從左到右原子半徑逐漸減小，原子的核外電子層數(shù)越多，半徑越大可知，原子半徑順序?yàn)閞m{T>Y>Z>X}故A錯(cuò)誤；

B.rm{X}分別與rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含極性鍵又含非極性鍵，故B正確；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三種元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵rm{X}rm{Y}的三種元素形成的rm{Z}中只含有共價(jià)鍵也含有離子鍵；故C錯(cuò)誤；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能和rm{X}三種元素的簡(jiǎn)單離子，均能促進(jìn)水的電離；故D正確。

故選AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}14、AD【分析】【分析】本題綜合考查原電池和電解池知識(shí)，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重于學(xué)生的分析能力和計(jì)算能力的考查，注意把握原電池、電解池的工作原理以及電極方程式的書寫，難度中等。【解答】A.正極發(fā)生還原反應(yīng)，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得電子被還原rm{F}所以放電時(shí)電池正極的電極反應(yīng)式為rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正確；B.鋰和水發(fā)生反應(yīng)，所以不可以用rm{e}溶液為電解質(zhì)溶液，故rm{2}錯(cuò)誤；C.rm{2}作電池的負(fù)極，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}錯(cuò)誤；D.充電時(shí)，，，作為陽(yáng)極，電池被磁鐵吸引，故，。故選AD。，【解析】rm{AD}三、填空題(共7題，共14分)15、T0=2π4g【分析】【分析】要使盒子在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無(wú)作用力，由重力提供向心力，由牛頓第二定律求得線速度v，周期T0=；根據(jù)a=求解向心加速度．【解析】【解答】解：設(shè)此時(shí)盒子的運(yùn)動(dòng)周期為T0；因?yàn)樵谧罡唿c(diǎn)時(shí)盒子與小球之間剛好無(wú)作用力，因此小球僅受重力作用．根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：

mg=m；

又周期T0=；

解之得：T0=2π；

設(shè)此時(shí)盒子的運(yùn)動(dòng)周期為T，則此時(shí)小球的向心加速度為：an=R

由于g=R且T=

由上述三式知：an=4g

故答案為：T0=2π，4g．16、1：31：3【分析】【分析】本題在皮帶輪中考查了線速度、角速度、半徑等之間的關(guān)系，解決這類問(wèn)題的關(guān)鍵是弄清哪些地方線速度相等，哪些位置角速度相等．【解析】【解答】解：傳動(dòng)過(guò)程中，皮帶不打滑，說(shuō)明A、B兩點(diǎn)的線速度相等，即vA=vB

根據(jù)ω=得，ω與R成反比，即為ωA：ωB=1：3；

根據(jù)a=，得a與R成反比，即為aA：aB=1：3；

故答案為：1：3；1：317、1：41：2【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)x=v0t求水平距離之比，根據(jù)h=求豎直下降的距離之比．【解析】【解答】解：平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有x=v0t；所以拋出后1s，2s內(nèi)通過(guò)的水平距離之比為1：2．

平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有h=；所以拋出后1s，2s內(nèi)下降的距離之比為1：4．

故答案為：1：4；1：218、略

【分析】解：使聲音或圖象信號(hào)從接收到的電磁波中還原出來(lái)；叫做解調(diào)，是調(diào)制的逆過(guò)程．

故答案為：電磁波。

解調(diào)是從攜帶消息的已調(diào)信號(hào)中恢復(fù)消息的過(guò)程．在各種信息傳輸或處理系統(tǒng)中；發(fā)送端用所欲傳送的消息對(duì)載波進(jìn)行調(diào)制，產(chǎn)生攜帶這一消息的信號(hào)．接收端必須恢復(fù)所傳送的消息才能加以利用，這就是解調(diào)．

考查什么是解調(diào)，及調(diào)制與解調(diào)的區(qū)別與聯(lián)系．【解析】電磁波19、略

【分析】解：(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)為L(zhǎng)=13mm+17×0.05mm=13.85mm

(2)①根據(jù)閉合電路歐姆定律可知；若采用“安歐法”，由于電流表內(nèi)阻約2Ω與電源內(nèi)阻約3Ω非常接近，而電流表內(nèi)阻又不能確定，所以不能精確測(cè)量電源的內(nèi)阻；

若采用“伏歐法”，由于電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于電源的內(nèi)阻，所以電壓表的分流作用可以忽略，所以本實(shí)驗(yàn)應(yīng)用“伏歐法”，所以電表應(yīng)選擇直流電壓表，考慮到電壓表量程小于電動(dòng)勢(shì)，可以將定值電阻與電源串聯(lián)以保護(hù)電壓表；電路圖如圖所示：

②根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：E=E=

聯(lián)立以上兩式解得：r=

③根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir，以及E=U+可得：

建議一：多測(cè)幾組R、U數(shù)據(jù)，分別求出相應(yīng)的I值，用U、I數(shù)據(jù)作出U-I圖線，由圖線的截距、斜率求出E、r．

建議二：由可推出多測(cè)幾組R、U數(shù)據(jù)，作圖線(為一直線)，由圖線的截距、斜率求出E、r．

建議三：由可推出多測(cè)幾組R、U數(shù)據(jù)，作圖線(為一直線)，由圖線的截距、斜率求出E、r．

其他建議合理的同樣給分．

故答案為：(1)13.85；

(2)①直流電壓表，②③由可推出多測(cè)幾組R、U數(shù)據(jù)，作圖線(為一直線)，由圖線的截距、斜率求出E、r．【解析】13.85;直流電壓表由可推出多測(cè)幾組R、U數(shù)據(jù)，作圖線(為一直線)，由圖線的截距、斜率求出E、r20、正正【分析】【分析】用弧光燈照射鋅板，發(fā)生光電效應(yīng)，鋅板失去電子，從而可以得出鋅板和指針的電性．【解析】【解答】解：鋅板在弧光燈照射下；發(fā)生光電效應(yīng)，有光電子逸出，鋅板失去電子帶正電，驗(yàn)電器與鋅板相連，導(dǎo)致指針帶正電．

故答案為：正，正．21、30053【分析】【分析】力的合成與分解都遵守平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則，做出圖形即可求得分力的大小．【解析】【解答】解：根據(jù)平行四邊形定則；已知一個(gè)分力沿水平方向，做出平行四邊形如圖所示；

由圖形可知另一個(gè)分力F2的大小為：F2==N=300N．

方向tanα===；解得：α=37°

因此另一個(gè)分力與合力的夾角為53°；

故答案為：300，53．四、判斷題(共4題，共16分)22、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、√【分析】【分析】粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，寫出牛頓第二定律的方程，導(dǎo)出粒子的半徑公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比與軌道半徑之比成反比．

故答案為：√24、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當(dāng)二力反向時(shí)；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯(cuò)誤的；

故答案為：×25、×【分析】【分析】滑動(dòng)摩擦力與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．【解析】【解答】解：滑動(dòng)摩擦力阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)；與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反．有時(shí)會(huì)和物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，故與物體的運(yùn)動(dòng)方向相反說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×五、解答題(共4題，共40分)26、略

【分析】【分析】隨扶梯斜向上勻加速運(yùn)動(dòng)，處于非平衡狀態(tài)，合力不為零；再對(duì)人受力分析，受到重力、支持力，及靜摩擦力．【解析】【解答】解：人隨扶梯斜向上勻加速運(yùn)動(dòng)；處于不平衡狀態(tài)，合力不為零；

對(duì)人受力分析；受到重力mg；支持力N，及水平向右靜摩擦力；

答：如上圖所示．27、略

【分析】【分析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何知識(shí)求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，然后應(yīng)用牛頓第二定律、類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度之比．【解析】【解答】解：粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；洛倫茲力提供向心力；

由牛頓第二定律得：；

由幾何關(guān)系可得：R0=d；

粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)；

由牛頓定律得：qE=max；

水平方向：vx=at；

豎直方向：；

速度偏角正切值：；

由以上各式解得：=v0tan2θ；

答：電場(chǎng)強(qiáng)度大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值為：v0tan2θ．28、略

【分析】【分析】（1）由滑動(dòng)摩擦力公式可求得摩擦力；再由牛頓第二定律可求得加速度；

（2）分析工件的運(yùn)動(dòng)過(guò)程；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出加速時(shí)間，則可得出總時(shí)間；

（3）分析相臨幾個(gè)