2025年新科版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、靜止在水平地面上的物體受到一個水平拉力的作用；但物體仍然保持靜止，這表明（）

A.拉力小于靜摩擦力。

B.拉力與靜摩擦力大小相等。

C.拉力越大；靜摩擦力越小。

D.拉力大小變化時；靜摩擦力大小不變。

2、如圖所示，A、B、C三點在同一直線上，且AB=BC，在A處固定一電荷量為Q的點電荷，當(dāng)在B處放一電荷量為q的試探電荷時，它所受到的電場力為F；移去B處電荷，在C處放電荷量為4q的試探電荷，其所受電場力大小為（）A.FB.2FC.4FD.8F3、溫度都是0℃的10克冰和10克水比較，它們的（）A.質(zhì)量相同，溫度相同，內(nèi)能也相同B.就分子的平均動能而言，水分子較大C.冰的分子勢能大D.分子數(shù)相同，分子無規(guī)則運動的平均動能也相同4、從同一高度以不同的速度水平拋出兩個物體，不計空氣阻力，它們落到水平地面所需的時間（）A.速度大的時間長B.速度小的時間長C.一定相同D.由質(zhì)量大小決定5、如圖所示，豎直放置的螺線管與導(dǎo)線abcd構(gòu)成回路，導(dǎo)線所圍區(qū)城內(nèi)有一垂直紙面向里的變化的勻強磁場，螺線管下方水平桌面上有一導(dǎo)體圓環(huán)．導(dǎo)線abcd所圍區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度按圖中哪一圖線所表示的方式隨時間變化時，導(dǎo)體圓環(huán)將受到向上的磁場作用力（）6、如圖所示，A、B為平行金屬板，兩板相距為d，分別與電源兩極相連，兩板的中央各有一小孔M和N，今有一帶電質(zhì)點，自A板上方相距d的P點由靜止自由下落（P、M、N在同一直線上），空氣阻力忽略不計，到達N孔時速度恰好為零，然后沿原路返回，若保持兩極間的電壓不變，則：（）①把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回。②把A板向下平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落。③把B板向上平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后仍能返回。④把B板向下平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落。以上判斷正確的是（）A.①②③④B.①②④C.②③④D.①③④7、某磁場的磁感線如圖所示，磁場中的A點和B點相比()A.磁場的強弱和方向都相同B.磁場的強弱相同、方向不同C.磁場的強弱不同、方向相同D.磁場的強弱不同、方向不同8、恒力F作用在質(zhì)量為m的物體上，在時間t內(nèi)，物體的速度由v1增大為v2，則力2F作用在質(zhì)量為4m的物體上，在時間t內(nèi)，物體的動量變化大小是（）A.m（v2-v1）B.m（v2-v1）C.2m（v2-v1）D.4m（v2-v1）9、下列各種說法中正確的是(

)

A.電流的定義式I=qt

只適用金屬導(dǎo)體中自由電子定向移動形成的電流B.電動勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負(fù)極移送到正極時，靜電力所做的功C.電動勢為1.5V

的干電池，表明干電池可以使2C

的電量具有3J

的電能D.2

號干電池比5

號干電池的體積大，電動勢也大評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、某同學(xué)為了測定一只約為100Ω的電阻的阻值；采用了如下方法：

①用多用電表粗測：多用電表電阻擋有4個倍率：分別為×1k、×100、×10、×1．該同學(xué)選擇×100倍率，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大．為了較準(zhǔn)確地進行測量，應(yīng)如將選擇開關(guān)置于____填×1k；×10、×1）的倍率．

②該同學(xué)用伏安法繼續(xù)測定這只電阻的阻值；要求電阻兩端的電壓由零開始連續(xù)變化，除被測電阻外，還有如下實驗儀器：

A．直流電源（電壓3V；內(nèi)阻不計）

B．電壓表V1（量程：0～3V；內(nèi)阻約為5kΩ）

C．電壓表V2（量程：0～15V；內(nèi)阻約為25kΩ）

D．電流表A1（量程：0～25mA；內(nèi)阻約為1Ω）

E．電流表A2（量程：0～250mA；內(nèi)阻約為0.1Ω）

F．滑動變阻器一只；阻值0～20Ω；

H．滑動變阻器（500Ω；0.2A）

I．電鍵一只；導(dǎo)線若干。

在上述儀器中，電壓表應(yīng)選擇____（填“V1”或“V2”），電流表應(yīng)選擇____（填“A1”或“A2”）．滑動變阻器應(yīng)選擇____（填F或H）；請在畫出電路原理圖，完成所給的實驗器材的實物圖的連接．

11、地球的半徑約為R=6400千米，A、B兩顆人造地球衛(wèi)星沿圓軌道繞地球運行，它們離地球表面的高度分別為hA=3600千米，hB=1700千米，那末A、B兩顆衛(wèi)星的運行速率之比VA:VB=____________，運行周期之比TA:TB=____________。12、（4分）如圖所示為一個小燈泡的電流與它兩端電壓的變化關(guān)系曲線．若把三個這樣的燈泡串聯(lián)后，接到電壓恒定的6V電源上，求流過小燈泡的電流為________A，小燈泡的電阻為________Ω.13、如圖所示，L為自感線圈，A是一個燈泡，當(dāng)S閉合瞬間，a、b兩點電勢相比，______點電勢較高，當(dāng)S切斷瞬間a、b兩點電勢相比，______點電勢較高．14、沿水平方向運動的汽車中用懸線掛一小球，當(dāng)汽車做勻變速直線運動時，懸線將不在豎直方向，當(dāng)懸線保持與豎直方向的夾角為婁脠

如圖所示時，汽車的加速度大小為______，方向為______．15、放射源中有三種不同的粒子，其中一種不帶電，另兩種分別帶正負(fù)電荷，置于磁場中，形成如圖三條軌跡，則不帶電的粒子的軌跡是______，帶負(fù)電的粒子的軌跡是______．16、在霧霾天氣下，能見度下降，對高速公路道路通行影響很大，事故頻發(fā)。霧霾天氣下質(zhì)量為m=1.5脳103kg

的轎車在某段平直路面上行駛，已知轎車保持勻速行駛時受到的阻力為車重的0.1

倍，剎車時受到的阻力為車重的0.5

倍。(1)

若該轎車行駛的速度為v=54km/h

則剎車后經(jīng)過多長時間才會停下來？(2)

若該轎車以P=3脳104W

的功率勻速行駛時，司機突然發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，經(jīng)0.5s

反應(yīng)后立即剎車，剛好到障礙物位置停止，則司機看見障礙物時轎車與障礙物的距離為多大？17、用電流表和電壓表測定電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中；有兩種電路可供選擇，若所測干電池內(nèi)阻較小，為減小內(nèi)阻測量的誤差，實驗電路應(yīng)選擇圖甲乙中的______圖(

填甲或乙)

若根據(jù)某次實驗記錄數(shù)據(jù)畫出的U鈭?I

圖象如圖丙所示，下列關(guān)于這個圖象的說法中正確的是______．

A.縱軸截距表示待測電源的電動勢；即E=3V

B.橫軸截距表示短路電流；即I露脤=0.6A

C.根據(jù)r=EI露脤

計算出待測電源內(nèi)阻為5婁賂

D.根據(jù)r=|鈻?U鈻?I|

計算出待測電源內(nèi)電阻為1.0婁賂

．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共24分)25、如圖所示，豎直放置的輕彈簧，一端固定于地面，另一端與質(zhì)量為mmB=3kg=3kg的物體BB固定在一起，質(zhì)量為mmA=1kg=1kg的物體AA置于BB的正上方hh1=5cm=5cm處靜止?，F(xiàn)讓AA自由下落((不計空氣阻力))和BB發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰撞后粘在一起。已知碰后經(jīng)t=0.2st=0.2s下降了hh2=5cm=5cm至最低點，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。已知重力加速度g=10m/sg=10m/s2。求

(1)

從碰后到最低點的過程中彈性勢能的增加量婁隴Ep

(2)

從碰后至返回到碰撞點的過程中，彈簧對物體B

沖量I

26、如圖所示，小球的質(zhì)量為m=0.1kg，帶電量為q=+1.0×10-5C，懸掛小球的細(xì)線與豎直方向成θ=370時，小球恰好在水平勻強電場中靜止不動，sin370=0.6，cos370=0.8，g取10m/s2。求：（1）電場力的大??；（2）電場強度的大小和方向；（3）此時細(xì)線的拉力大小.27、如圖所示為豎直放置的四分之一圓弧軌道；O

點是其圓心，半徑R=0.8mOA

水平；OB

豎直.

軌道底端距水平地面的高度h=0.8m.

從軌道頂端A

由靜止釋放一個質(zhì)量m=0.1kg

的小球，小球到達軌道底端B

時，恰好與靜止在B

點的另一個相同的小球發(fā)生碰撞，碰后它們粘在一起水平飛出，落地點C

與B

點之間的水平距離x=0.4m.

忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2.

求：

(1)

兩球從B

點飛出時的速度大小v2

(2)

碰撞前瞬間入射小球的速度大小v1

(3)

從A

到B

的過程中小球克服阻力做的功Wf

．評卷人得分五、識圖作答題(共2題，共12分)28、一場籌備了10年的“太空結(jié)合”首次在神舟八號飛船上舉行了,“新人”之一是B細(xì)胞和骨髓瘤細(xì)胞,新人在“產(chǎn)房”——電融合儀內(nèi)孕育新生命。160min后,中國首批“太空娃娃”終于順利誕生?！疤胀尥蕖闭Q生和地面實驗如圖所示。

請回答下列問題：

（1）制備單克隆抗體用到的動物細(xì)胞工程技術(shù)手段有________。

（2）單克隆抗體是由_______________細(xì)胞產(chǎn)生的。

（3）若用于SARS的預(yù)防上,A細(xì)胞是小鼠骨髓瘤細(xì)胞；則B細(xì)胞是_____細(xì)胞。B細(xì)胞和骨髓瘤細(xì)胞能融合在一起,體現(xiàn)了細(xì)胞膜具有_____的特點?？茖W(xué)工作者正在研究治療癌癥使用的生物導(dǎo)彈是_____

（4）鼠的淋巴細(xì)胞和骨髓瘤細(xì)胞融合后,在培養(yǎng)時通過_____（有絲/減數(shù)）分裂方式大量繁殖。29、松毛蟲是對馬尾松破壞性最大的害蟲，以馬尾松松葉為食，其天敵有杜鵑、喜鵲、赤眼蜂等，杜鵑和喜鵲以松毛蟲為食，而赤眼蜂是一種卵寄生蜂，將卵產(chǎn)在松毛蟲卵中，并以害蟲卵內(nèi)物質(zhì)，供其子代發(fā)育成長，馬尾松在遭受到松毛蟲啃食時會產(chǎn)生一種揮發(fā)性物質(zhì)，引來赤眼蜂?；卮鹣铝邢嚓P(guān)問題。(1)馬尾松林中所有植物、動物、微生物共同組成了________。題中所涉及的種間關(guān)系有____________。(2)馬尾松受侵害后產(chǎn)生的揮發(fā)性物質(zhì)屬于________信息，引來松毛蟲的天敵赤眼蜂體現(xiàn)了信息傳遞的作用是________________________________________。(3)如圖是松毛蟲攝入能量在食物鏈中的去向，圖中字母代表相應(yīng)能量。①圖中B表示________________________________________，D表示儲存在_______________中的能量。②松毛蟲和杜鵑之間的能量傳遞效率為________(用圖中字母表示)。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共4分)30、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象31、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】

靜止在水平地面上的物體受到一個水平拉力的作用；物體在水平方向受到拉力和靜摩擦力兩個力作用，由平衡條件可知，拉力與靜摩擦力大小相等，方向相反，當(dāng)拉力大小變化，靜摩擦力也隨之變化：拉力增大，靜摩擦力也增大；拉力減小，靜摩擦力也減?。?/p>

故選B

【解析】【答案】靜止在水平地面上的物體受到一個水平拉力的作用；物體仍然保持靜止，合力仍為零，分析受力情況，由平衡條件研究拉力與靜摩擦力的關(guān)系．

2、A【分析】解：根據(jù)同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引；分析可知電荷量為4q的點電荷在C處所受的電場力方向與F方向相同。

設(shè)AB=r，則有BC=r。

則有：F=k

故電荷量為4q的點電荷在C處所受電場力為：FC=k=F；故A正確；BCD錯誤。

故選：A。

首先確定電荷量為4q的點電荷在C處所受的電場力方向與F方向的關(guān)系；再根據(jù)庫侖定律得到F與AB的關(guān)系，即可求出4q的點電荷所受電場力。

本題關(guān)鍵是根據(jù)庫侖定律研究兩電荷在兩點所受的電場力大小和方向關(guān)系，難度不大?！窘馕觥緼3、D【分析】解：A；0℃的10克冰和10克水；溫度相同，平均動能相同，但冰吸熱融化為水，故內(nèi)能不相同，故A錯誤。

B；溫度是平均動能的標(biāo)志；溫度相同，分子無規(guī)則運動的平均動能也相同，故B錯誤。

C；冰融化過程中吸熱；溫度不變，平均動能不變，從外界吸收的熱量轉(zhuǎn)化為分子勢能，所以水的分子勢能比冰大，故C錯誤。

D；10克冰和10克水；分子數(shù)相同，又溫度相同，分子無規(guī)則運動的平均動能也相同，故D正確。

故選：D。

0℃的10克冰融化為0℃10克水；需要從外界吸收熱量，但溫度不變，分子的平均動能不變，吸收的熱量轉(zhuǎn)化為分子勢能。

本題考查了溫度是分子平均動能的標(biāo)志、分子勢能等知識點。這種題型知識點廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時多加積累，難度不大?！窘馕觥緿4、C【分析】解：根據(jù)h=知；平拋運動的時間由高度決定，高度相等，則平拋運動的時間相等，與初速度無關(guān)。故C正確，A；B、D錯誤。

故選：C。

平拋運動在豎直方向上做自由落體運動；根據(jù)分運動與合運動具有等時性，知平拋運動的時間由高度決定．

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動的規(guī)律，以及知道分運動和合運動具有等時性．【解析】C5、A【分析】【解析】試題分析：abcd回路中磁場變化，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流通過線圈，在線圈中會產(chǎn)生磁場，產(chǎn)生的磁場通過導(dǎo)體圓環(huán)，根據(jù)楞次定律的另一種表述，感應(yīng)電流的效果總是要反抗（或阻礙）產(chǎn)生感應(yīng)電流的原因．判斷出原磁場是增加還是減小，從而判斷出電流是增加還是減小。導(dǎo)體圓環(huán)將受到向上的磁場作用力，根據(jù)楞次定律的另一種表述，可見原磁場磁通量是減小，即螺線管和abcd構(gòu)成的回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流在減?。鶕?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則感應(yīng)電流可知減小時，感應(yīng)電流才減小，由圖可知A圖中減小，B圖增大，C、D圖不變。故選A考點：楞次定律；法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【答案】A6、D【分析】【解析】試題分析：由題設(shè)條件知知電場力做功等于重力做功的大?。袮板向上平移一小段距離，質(zhì)點自P點自由下落，根據(jù)動能定理知，小球到達N點速度為零然后返回．故①正確將A板向下移動一小段距離，根據(jù)動能定理知，小球到達N點速度為零然后返回．故②錯誤．把B板向上平移一小段距離，根據(jù)動能定理知，知小球未到達N點速度已減為零，然后返回．故③正確．把B板向下平移一小段距離后，根據(jù)動能定理知，知小球到達N點速度不為零，小球會穿過N孔繼續(xù)下落．故④正確．故選D．考點：考查了動能定理的應(yīng)用【解析】【答案】D7、D【分析】【解析】試題分析：磁感線的方向表示磁場的方向，磁感線的疏密程度表示磁感應(yīng)強度的大小，越密磁感應(yīng)強度越大，故D正確，考點：本題考查了對磁感線的認(rèn)識【解析】【答案】D8、C【分析】解：力F作用在m的物體上時，根據(jù)動量定理得：Ft=m（v2-v1）；

力2F作用在質(zhì)量為4m的物體上，根據(jù)動量定理得2Ft=2m（v2-v1）；故C正確．

故選：C

由動量定理可求得力作用在m上時的動量變化量；則可得出力2F作用在質(zhì)量為4m的物體上的動量變化量．

本題考查動量定理的應(yīng)用，要注意不需要求出作用在質(zhì)量為4m的物體上的速度變化，直接用動量定理即可求解．【解析】【答案】C9、C【分析】解：A

電流的定義式I=qt

適用于任何自由電荷的定向移動形成的電流，故A錯誤；

B；電動勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負(fù)極移送到正極時；非靜電力所做的功，故B錯誤；

C、電動勢為1.5V

的干電池，由E=Wq

得W=qE=2隆脕1.5J=3J

則知干電池可以使2C

的電量具有3J

的電能，故C正確；

D；2

號干電池和5

號干電池的電動勢都為1.5V

電動勢相等，故D錯誤．

故選：C

本題根據(jù)電流的定義式I=qt

采用比值法定義，具有比值法定義的共性，適用于任何電流；電動勢根據(jù)其定義式：E=WqW

是非靜電力做功．

解決本題關(guān)鍵從物理量的定義式來理解其物理意義，特別抓住比值定義法的共性理解電流、電動勢和電阻，注意2

號干電池和5

號干電池的電動勢都為1.5V

．【解析】C

二、填空題(共8題，共16分)10、略

【分析】

指針偏轉(zhuǎn)過大；說明所選檔位過大，導(dǎo)致示數(shù)偏小，為了使指針指向中間，應(yīng)選用小檔位，故應(yīng)選×10檔；

②由題意可知，由于電源電壓為3V，故電壓表應(yīng)選擇量程為3V的，故選V1；本題中應(yīng)選用分壓接法；故滑動變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動變阻器應(yīng)選F；

電阻阻值為100Ω，故電路中電流I=A=0.03A；故電流表應(yīng)選D，A1；

根據(jù)實驗要求；本題應(yīng)采用分壓接法，同時，由于電阻較小，故應(yīng)選用電流表外接法，原理圖如下圖；根據(jù)原理圖，可以連接出實物圖，注意正負(fù)接線柱的接法，并且導(dǎo)線要連在接線柱上；實物圖如下圖；

故答案為：①×10；②V1；A1；F．實物圖及原理圖如上圖．

【解析】【答案】①根據(jù)歐姆表的原理可知；指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明所選檔位過大，故應(yīng)減小檔位；

②根據(jù)題目要求可知；本題應(yīng)采用分壓接法，故可選出滑動變阻器；由電源的電動勢可選出電壓表，由歐姆定律可知電路中的電流，則可選出電流表．

11、略

【分析】【解析】試題分析：可得：代入數(shù)據(jù)得：A、B兩顆衛(wèi)星的運行速率之比VA:VB=9：10，運行周期之比TA:TB=1000：729?？键c：萬有引力與航天【解析】【答案】9：10；1000：72912、略

【分析】由串聯(lián)分壓可知燈泡兩端電壓均為2V，對照圖像可知此時燈泡的電流為0.3A，電阻為20/3Ω【解析】【答案】0.320/3Ω13、略

【分析】解：如圖，開關(guān)S斷開之前，通過燈R的電流方向為a到b；則a的電勢較高．

當(dāng)開關(guān)斷開后；R燈中原來的電流消失．通過線圈的電流要減小，穿過線圈的磁通量減小，產(chǎn)生自感電動勢；

根據(jù)楞次定律可知，線圈右端相當(dāng)于電源的正極，左端相當(dāng)于電源的負(fù)極，則通過燈R的電流方向由b到a，則b點的電勢較高．

故答案為：a，b．

開關(guān)S斷開之前，通過燈A的電流方向為a到b；當(dāng)開關(guān)斷開后，A燈中原來的電流消失，根據(jù)楞次定律分析線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向，再確定通過燈A的電流方向，即可求解．

本題中開關(guān)斷開前后燈A中電流方向相反，要根據(jù)楞次定律理解分析，并加以記憶．【解析】a；b14、略

【分析】解：汽車的加速度與小球加速度相同；對小球進行受力分析，受到重力和繩子拉力，如圖．

根據(jù)牛頓第二定律得：mgtan婁脠=ma

解得：a=gtan婁脠

方向水平向右．

故答案為：gtan婁脠

水平向右．

對小球進行受力分析；根據(jù)牛頓第二定律求解加速度的大小和方向，即可得到汽車的加速度大小和方向．

本題是牛頓第二定律的應(yīng)用.

利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答，或運用合成法列式．【解析】gtan婁脠

水平向右15、略

【分析】解：由于磁場方向垂直紙面向里；根據(jù)左手定則，若粒子帶正電，粒子向左偏轉(zhuǎn)，粒子不帶電，則粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，當(dāng)粒子帶負(fù)電，則粒子向右偏轉(zhuǎn)。

故由圖知；壟脵

帶負(fù)電壟脷

不帶電壟脹

帶正電．

故答案為：壟脷壟脵

粒子垂直進入磁場時受洛倫茲力作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)；由粒子偏轉(zhuǎn)方向和左手定則可以反推粒子所帶電荷的正負(fù)，同時中性粒子在磁場中不受洛倫茲力作用，故粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．

熟悉粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)是由洛倫茲力引起的，根據(jù)左手定則可以判斷電荷在磁場中所受洛倫茲力的方向.

能靈活運用左手定則是解決問題的關(guān)鍵．【解析】壟脷壟脵

16、解：（1）剎車時的加速度大小為：v=54km/h=15m/s；

有速度時間公式可知：

即：若該轎車行駛的速度為v=54km/h，則剎車后經(jīng)過3s長時間才會停下來；

（2）勻速行駛時所受到的阻力f=0.1mg=1500N；

勻速行駛的速度：

反應(yīng)時間內(nèi)通過的位移為：x1=v0t=20×0.5m=10m；

減速通過的位移為：

通過的總位移為：x=x1+x2=50m；

即：若該轎車以P=3×104W的功率勻速行駛時，司機突然發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，經(jīng)0.5s反應(yīng)后立即剎車，剛好到障礙位置停止，則司機看見障礙物時轎車與障礙物的距離為50m?！痉治觥勘绢}主要考查了對汽車運動過程的分析；抓住臨界條件剛好不相撞是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與運動學(xué)公式即可正確解題。

(1)

根據(jù)牛頓第二定律求得剎車時的加速度；根據(jù)速度時間公式求得時間；

(2)

因為勻速運動；故牽引力等于阻力，根據(jù)P=fv

求得勻速運動的速度，根據(jù)運動學(xué)公式求得通過的位移。

【解析】解：(1)

剎車時的加速度大小為：a=0.5mgm=5m/s2v=54km/h=15m/s

有速度時間公式可知：t=0?va=0?15鈭?5s=3s

即：若該轎車行駛的速度為v=54km/h

則剎車后經(jīng)過3s

長時間才會停下來；(2)

勻速行駛時所受到的阻力f=0.1mg=1500N

勻速行駛的速度：v0=Pf=300001500m/s=20m/s

反應(yīng)時間內(nèi)通過的位移為：x1=v0t=20隆脕0.5m=10m

減速通過的位移為：x2=?v02?2a=?202?2隆脕5m=40m

通過的總位移為：x=x1+x2=50m

即：若該轎車以P=3隆脕104W

的功率勻速行駛時，司機突然發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，經(jīng)0.5s

反應(yīng)后立即剎車，剛好到障礙位置停止，則司機看見障礙物時轎車與障礙物的距離為50m

17、略

【分析】解：由于乙圖中電流表的內(nèi)阻在測量時等效為了內(nèi)電阻；又因為電源內(nèi)阻接近于電流表內(nèi)阻，故使誤差過大，故本實驗中一般選用甲圖；

由歐姆定律可知，U=E鈭?Ir

由數(shù)學(xué)知識可知圖象與縱坐標(biāo)的交點為電源的電動勢，故電源電動勢E=3.0V

故A正確；

由于圖象縱坐標(biāo)不是從零開始的，故圖象與橫坐標(biāo)的交點不是短路電流；故不能由EI露脤

求出電阻；故BC錯誤；

故在求內(nèi)阻時；應(yīng)由圖象的斜率求出，故D正確；

故選AD；

故答案為：甲；AD

．

在本實驗中由于電流表及電壓表不是理想電阻；其內(nèi)阻會造成誤差，故根據(jù)內(nèi)阻對結(jié)果的影響大小可選出理想電路；

由原理可得出函數(shù)關(guān)系；由數(shù)學(xué)知識可知如何求出電動勢和內(nèi)電阻．

本題中實驗電路一般都選用甲圖，同時在數(shù)據(jù)處理中要注意正確利用數(shù)學(xué)關(guān)系，明確圖象的意義．【解析】甲；AD

三、判斷題(共7題，共14分)18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?3、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、計算題(共3題，共24分)25、解：①A做自由落體運動；機械能守恒，由機械能守恒定律得：

mAgh1=mAv02；

代入數(shù)據(jù)解得：v0=1m/s；

A；B碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

mAv0=（mA+mB）v；

代入數(shù)據(jù)解得：v=0.25m/s；

從碰后到最低點過程；由能量守恒定律得：

△EP=（mA+mB）v2+（mA+mB）gh2；

代入數(shù)據(jù)解得：△EP=2.125J；

②從碰后到返回碰撞點的過程；以向上為正方向，由動量定理得：

I-（mA+mB）g?2t=2（mA+mB）v；

代入數(shù)據(jù)解得：I=18N?s；

答：①從碰后到最低點的過程中彈性勢能的增加量為2.125J；

②從碰后至返回到碰撞點的過程中，彈簧對物體B沖量的大小為18N?s．【分析】

壟脵

應(yīng)用機械能守恒定律求出A

碰撞前的速度；由動量守恒定律求出碰撞后AB

的共同速度，然后由能量守恒定律求出彈簧增加的勢能；

壟脷

由動量定理可以求出沖量．

本題考查了求彈性勢能的增量、求沖量大小，分析清楚物體的運動過程，應(yīng)用機械能守恒定律與動量守恒定律、動量定理即可正確解題，解題時注意正方向的選擇．【解析】解：壟脵A

做自由落體運動；機械能守恒，由機械能守恒定律得：

mAgh1=12mAv02

代入數(shù)據(jù)解得：v0=1m/s

A；B

碰撞過程系統(tǒng)動量守恒；以A

的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：

mAv0=(mA+mB)v

代入數(shù)據(jù)解得：v=0.25m/s

從碰后到最低點過程；由能量守恒定律得：

鈻?EP=12(mA+mB)v2+(mA+mB)gh2

代入數(shù)據(jù)解得：鈻?EP=2.125J

壟脷

從碰后到返回碰撞點的過程；以向上為正方向，由動量定理得：

I鈭?(mA+mB)g?2t=2(mA+mB)v

代入數(shù)據(jù)解得：I=18N?s

答：壟脵

從碰后到最低點的過程中彈性勢能的增加量為2.125J

壟脷

從碰后至返回到碰撞點的過程中，彈簧對物體B

沖量的大小為18N?s

．26、略

【分析】【解析】

（1）由平衡知識可知電場力F=mg·tan37°=0.75N；（2分）（2）E=F/q=7.5×104N/C，方向水平向右；（4分）（3）細(xì)線拉力FT=mg/cos37°=1.25N；（2分）本題考查力與平衡以及電場力知識，根據(jù)共點力的平衡可得電場力的大小，然后根據(jù)公式E=F/q得電場強度大小和方向，細(xì)線拉力FT=mg/cos37°，解出拉力。【解析】【答案】（1）0.75N；（2）方向水平向右（3）1.25N；27、解：（1）兩球做平拋運動；根據(jù)平拋運動規(guī)律得。

豎直方向上

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

（2）兩球碰撞；規(guī)定向左為正方向；

根據(jù)動量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

（3）入射小球從A運動到B的過程中；根據(jù)動能定理得。

解得Wf=0.6J

答：（1）兩球從B點飛出時的速度大小是1m/s；

（2）碰撞前瞬間入射小球的速度大小是2m/s；

（3）從A到B的過程中小球克服阻力做的功是0.6J．【分析】

1

兩球做平拋運動；根據(jù)平拋運動規(guī)律得兩球從B

點飛出時的速度大小。

2

兩球碰撞；根據(jù)動量守恒定律得出入射小球的速度大小。

3

入射小球從A

運動到B

的過程中；根據(jù)