2018年高考物理試卷（新課標Ⅱ）（解析卷）

第頁|共頁2018年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標Ⅱ）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．（6分）如圖，某同學用繩子拉動木箱，使它從靜止開始沿粗糙水平路面運動至具有某一速度，木箱獲得的動能一定（）A．小于拉力所做的功 B．等于拉力所做的功 C．等于克服摩擦力所做的功 D．大于克服摩擦力所做的功 【考點】65：動能定理．【專題】12：應用題；31：定性思想；43：推理法．【分析】根據(jù)動能定理即可判斷木箱獲得的動能與拉力所做的功及克服摩擦力所做的功的關(guān)系，比較各選項得出答案。【解答】解：由動能定理得，WF﹣Wf=Ek﹣0，所以，木箱獲得的動能一定小于拉力所做的功，而木箱獲得的動能與克服摩擦力所做的功無法比較，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題主要考查學生對動能定理的掌握和應用，屬于基礎(chǔ)性知識，比較簡單。2．（6分）高空墜物極易對行人造成傷害。若一個50g的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的碰撞時間約為2ms，則該雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為（）A．10N B．102N C．103N D．104N 【考點】52：動量定理．【專題】12：應用題；32：定量思想；4H：估算法；52F：動量定理應用專題．【分析】求出自由下落的時間，全過程根據(jù)動量定理求解即可?！窘獯稹拷猓好繉訕歉呒s為3m，雞蛋下落的總高度h=（25﹣1）×3m=72m；自由下落時間t1==s=3.8s，與地面的碰撞時間約為t2=2ms=0.002s，全過程根據(jù)動量定理可得：mg（t1+t2）﹣Ft2=0解得沖擊力F=950N≈103N，故C正確。故選：C。【點評】本題主要是考查動量定理，利用動量定理解答問題時，要注意分析運動過程中物體的受力情況，能夠根據(jù)全過程動量定理求解。3．（6分）2018年2月，我國500m口徑射電望遠鏡（天眼）發(fā)現(xiàn)毫秒脈沖星“J0318+0253”，其自轉(zhuǎn)周期T=5.19ms。假設(shè)星體為質(zhì)量均勻分布的球體，已知萬有引力常量為6.67×10﹣11N?m2/kg2．以周期T穩(wěn)定自轉(zhuǎn)的星體的密度最小值約為（）A．5×104kg/m3 B．5×1012kg/m3 C．5×1015kg/m3 D．5×1018kg/m3 【考點】4F：萬有引力定律及其應用．【專題】12：應用題；32：定量思想；4C：方程法；529：萬有引力定律在天體運動中的應用專題．【分析】該星體表面物體隨該星體自轉(zhuǎn)做勻速圓周運動，能以周期T穩(wěn)定自轉(zhuǎn)的條件是赤道表面的物體受到的該星的萬有引力恰好提供向心力，物體的向心力用周期表示等于萬有引力，再結(jié)合球體的體積公式、密度公式即可求出中子星的最小密度?！窘獯稹拷猓涸O(shè)位于該星體赤道處的小塊物質(zhì)質(zhì)量為m，物體受到的星體的萬有引力恰好提供向心力，這時星體不瓦解且有最小密度，由萬有引力定律結(jié)合牛頓第二定律得：=mR球體的體積為：V=密度為：=代入數(shù)據(jù)解得：ρ==5×1015kg/m3．故C正確、ABD錯誤；故選：C?！军c評】解此題一定要找到該星體以周期T穩(wěn)定自轉(zhuǎn)的密度最小時的條件：赤道表面的物體隨中子星一起自轉(zhuǎn)時受到的中子星的萬有引力恰好提供向心力，會用周期表示向心力，還要知道球體的體積公式及密度公式，同時注意公式間的化簡。4．（6分）用波長為300nm的光照射鋅板，電子逸出鋅板表面的最大初動能為1.28×10﹣19J，已知普朗克常量為6.63×10﹣34J?s，真空中的光速為3.00×108m?s﹣1，能使鋅產(chǎn)生光電效應的單色光的最低頻率約為（）A．1×1014Hz B．8×1014Hz C．2×1015Hz D．8×1015Hz 【考點】IC：光電效應；IE：愛因斯坦光電效應方程．【專題】32：定量思想；43：推理法；54I：光電效應專題．【分析】根據(jù)光電效應方程：EK=hγ﹣W0，和逸出功W0=hγ0直接進行求解即可?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)光電效應方程：EKm=hγ﹣W0光速、波長、頻率之間關(guān)系為：γ=將數(shù)據(jù)，代入上式，則有：W0=hγ﹣EKm=6.63×10﹣34J?s×s﹣1﹣1.28×10﹣19J=5.35×10﹣19J根據(jù)逸出功W0=hγ0，得：γ0==≈8×1014Hz；故選：B?！军c評】本題考查知識點簡單，但是學生在學習中要牢記公式以及物理量之間的關(guān)系，同時注意逸出功計算時的單位，及運算的準確性。5．（6分）如圖，在同一水平面內(nèi)有兩根平行長導軌，導軌間存在依次相鄰的矩形勻強磁場區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應強度大小相等、方向交替向上向下，一邊長為l的正方形金屬線框在導軌上向左勻速運動，線框中感應電流i隨時間變化的正確圖線可能是（）A． B． C． D． 【考點】BB：閉合電路的歐姆定律；D9：導體切割磁感線時的感應電動勢．【專題】12：應用題；31：定性思想；43：推理法；53B：電磁感應與圖像結(jié)合．【分析】分析線圈前后兩邊分別處于不同磁場中切割磁感應線的情況，求出感應電動勢大小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解感應電流大小，再根據(jù)楞次定律分析感應電流方向，由此判斷?！窘獯稹拷猓涸O(shè)磁感應強度為B，線圈的速度為v、電阻為R；如果某時刻左邊位于方向向外的磁場中、右邊位于方向向里的磁場中，此時兩邊都切割磁感應線，產(chǎn)生的感應電動勢為：E1=2bLv，根據(jù)電流為：i1==，根據(jù)右手定則可知電流方向為順時針；當左右兩邊都處于方向相同的磁場中時，感應電動勢為零，感應電流為零；當左邊位于方向向里的磁場中、右邊位于方向向外的磁場中，此時兩邊都切割磁感應線，產(chǎn)生的感應電動勢為：E2=2bLv，根據(jù)電流為：i2==，根據(jù)右手定則可知電流方向為逆時針。故D正確、ABC錯誤。故選：D。【點評】本題主要是考查了法拉第電磁感應定律和楞次定律；對于導體切割磁感應線產(chǎn)生的感應電動勢可以根據(jù)E=BLv來計算；弄清楚線圈所處的位置不同產(chǎn)生的感應電動勢不一定相同。6．（6分）甲、乙兩汽車在同一條平直公路上同向運動，其速度﹣時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示，已知兩車在t2時刻并排行駛，下列說法正確的是（）A．兩車在t1時刻也并排行駛 B．在t1時刻甲車在后，乙車在前 C．甲車的加速度大小先增大后減小 D．乙車的加速度大小先減小后增大 【考點】1D：勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；1I：勻變速直線運動的圖像．【專題】12：應用題；31：定性思想；43：推理法；512：運動學中的圖像專題．【分析】根據(jù)速度時間圖線能分析出汽車的運動規(guī)律，通過圖線與時間軸圍成的面積大小表示位移判斷哪個汽車在前。通過圖線的斜率判斷加速度的變化。【解答】解：AB、已知在t2時刻，兩車并排行駛，在t1﹣t2時間內(nèi)，甲圖線與時間軸圍成的面積大，則知甲通過的位移大，可知t1時刻，乙車在前，甲車在后，兩車沒有并排行駛。故A錯誤、B正確。CD、圖線切線的斜率表示加速度，可知甲車的加速度先減小后增大，乙車的加速度也是先減小后增大。故C錯誤、D正確。故選：BD?！军c評】解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的物理意義，知道圖線與時間軸圍成的面積表示位移，圖線的切線斜率表示瞬時加速度。7．（6分）如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上，L1的正上方有a，b兩點，它們相對于L2對稱。整個系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應強度大小為B0，方向垂直于紙面向外，已知a、b兩點的磁感應強度大小分別為B0和B0，方向也垂于紙面向外，則（）A．流經(jīng)L1的電流在b點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B0 B．流經(jīng)L1的電流在a點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B0 C．流經(jīng)L2的電流在b點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B0 D．流經(jīng)L2的電流在a點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B0 【考點】C3：磁感應強度；C6：通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向．【專題】31：定性思想；43：推理法；53D：磁場磁場對電流的作用．【分析】根據(jù)右手螺旋定則來判定兩直導線在a、b兩處的磁場方向，再結(jié)合矢量的疊加法則，即可求解?！窘獯稹拷猓赫麄€系統(tǒng)處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應強度大小為B0，方向垂直于紙面向外，且a、b兩點的磁感應強度大小分別為B0和B0，方向也垂于紙面向外，根據(jù)右手螺旋定則，L1直導線電流，在a、b兩點磁場方向垂直紙面向里，大小相等，同理，L2直導線的電流，在a點磁場方向垂直紙面向里，在b點磁場方向垂直紙面向外，但兩點的磁場大小相等，依據(jù)矢量疊加法則，則有：B0﹣B2﹣B1=；B0+B2﹣B1=；聯(lián)立上式，可解得：B1=B2=B0；故AC正確，BD錯誤；故選：AC?！军c評】考查右手螺旋定則的應用，掌握矢量的合成法則，注意對稱位置的磁場大小是相等的。8．（6分）如圖，同一平面內(nèi)的a、b、c、d四點處于勻強電場中，電場方向與此平面平行，M為a、c連線的中點，N為b、d連線的中點，一電荷量為q（q＞0）的粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1；若該粒子從c點移動到d點，其電勢能減小W2，下列說法正確的是（）A．此勻強電場的場強方向一定與a、b兩點連線平行 B．若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一定為 C．若c、d之間的距離為L，則該電場的場強大小一定為 D．若W1=W2，則a、M兩點之間的電勢差一定等于b、N兩點之間的電勢差 【考點】AB：電勢差；AE：電勢能與電場力做功；AG：電勢差和電場強度的關(guān)系．【專題】32：定量思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】勻強電場中，沿著相同方向每前進相同距離電勢的變化相同，根據(jù)U=比較電勢差，電場力做功等于電勢能的減小量?！窘獯稹拷猓篈、一電荷量為q（q＞0）的粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1，但ab連線不一定沿著電場線，故A錯誤；B、粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1，故：qφa﹣qφb=W1，粒子從c點移動到d點，其電勢能減小W2，故：qφc﹣qφd=W2，勻強電場中，沿著相同方向每前進相同距離電勢的變化相同，故φa﹣φM=φM﹣φc，即φM=（φa+φc），同理φN=（φb+φd），故qφM﹣qφN=，故B正確；C、若c、d之間的距離為L，但cd不一定平行電場線，故W2=qELcosθ，其中θ為cd與電場線的夾角，不一定為零，故該電場的場強大小不一定為，故C錯誤；D、若W1=W2，根據(jù)U=可知，Uab=Ucd，故φa﹣φb=φc﹣φd，則φa﹣φc=φb﹣φd，故Uac=Ubd；而Uac=2UaM，Ubd=2UbN，故UaM=UbN，故D正確；故選：BD?！军c評】本題考查勻強電場中的電場強度與電勢差的關(guān)系，關(guān)鍵是明確沿著電場線電勢降低最快，記住公式U=Ed進行分析，不難。二、非選擇題：共62分（第9～12題為必考題，每個試題考生都必須作答.第13～16題為選考題.考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9．（6分）某同學組裝一個多用電表，可選用的器材有：微安表頭（量程100μA，內(nèi)阻900Ω）；電阻箱R1（阻值范圍0～999.9Ω）；電阻箱R2（阻值范圍0～99999.9Ω）；導線若干。要求利用所給器材先組裝一個量程為lmA的直流電流表，在此基礎(chǔ)上再將它改裝成量程為3V的直流電壓表。組裝好的多用電表有電流1mA和電壓3V兩擋。回答下列問題：（1）在虛線框內(nèi)畫出電路圖并標出R1和R2，其中*為公共接線柱，a和b分別是電流擋和電壓擋的接線柱。（2）電阻箱的阻值應取R1=100Ω，R2=2910Ω（保留到個位）【考點】B4：多用電表的原理及其使用．【專題】31：定性思想；46：實驗分析法；4C：方程法．【分析】（1）微安表并聯(lián)一個小電阻改裝成大量程得電流表，串聯(lián)一個大電阻改裝成大量程的電壓表；（2）根據(jù)串并聯(lián)電路特點計算串并聯(lián)電阻阻值?！窘獯稹拷猓海?）微安表并聯(lián)一個小電阻改裝成大量程得電流表，串聯(lián)一個大電阻改裝成大量程的電壓表。改裝圖如圖所示：（2）當接o、a接線柱時當電流表用，根據(jù)并聯(lián)電路特點得：IgRg=（I﹣Ig）R1代入數(shù)據(jù)解得：當接o、b接線柱時當電壓表用，根據(jù)串聯(lián)電路得特點得：IgRg+IR2=U解得：故答案為：（1）（2）100、2910?！军c評】本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表的改裝原理，應用串并聯(lián)電路特點、歐姆定律可以解題。10．（9分）某同學用圖（a）所示的裝置測量木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，跨過光滑定滑輪的細線兩端分別與木塊和彈簧秤相連，滑輪和木塊間的細線保持水平，在木塊上方放置砝碼，緩慢向左拉動水平放置的木板，當木塊和砝碼相對桌面靜止且木板仍在繼續(xù)滑動時，彈簧秤的示數(shù)即為木塊受到的滑動摩擦力的大小。某次實驗所得數(shù)據(jù)在下表中給出，其中f4的值可從圖（b）中彈簧秤的示數(shù)讀出。砝碼的質(zhì)量m/kg0.050.100.150.200.25滑動摩擦力2.152.362.55f42.93回答下列問題：（1）f4=2.75N；（2）在圖（c）的坐標紙上補齊未畫出的數(shù)據(jù)點并繪出f﹣m圖線；（3）f與m、木塊質(zhì)量M、木板與木塊之間的動摩擦因數(shù)μ及重力加速度大小g之間的關(guān)系式為f=μ（M+m）g，f﹣m圖線（直線）的斜率的表達式為k=μg；（4）取g=9.80m/s2，由繪出的f﹣m圖線求得μ=0.38（保留2位有效數(shù)字）【考點】M9：探究影響摩擦力的大小的因素．【專題】13：實驗題；31：定性思想；32：定量思想；43：推理法；524：摩擦力專題．【分析】（1）根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)規(guī)則進行讀數(shù)；（2）觀察圖，看看哪些點沒有畫出來，進行描點，然后畫圖；（3）根據(jù)滑動摩擦力可確定出摩擦力與動摩擦因數(shù)間的關(guān)系；根據(jù)圖象得出圖象的斜率；（4）根據(jù)第三問可以得出f與m的關(guān)系式，進而計算出摩擦因數(shù)。【解答】解：（1）由圖可以看出，彈簧秤的指針在2.70和2.80之間，讀數(shù)為2.75N；（2）圖中確定m=0.05kg和m=0.20kg時的點，通過描點后，畫圖如圖所示（3）f與m、木塊質(zhì)量M、木板與木塊之間的動摩擦因數(shù)μ及重力加速度大小g之間的關(guān)系式為f=μ（M+m）g；k的表達式為k=μg；（4）由圖象可以得出斜率為k==3.75，所以==0.38。故答案為：（1）2.75；（2）如圖所示；（3）μ（M+m）g；μg；（4）0.38（0.37﹣0.41均正確）【點評】本題考查了動摩擦因數(shù)的測量，在計算的過程中，描點法繪圖，并從中得出斜率是關(guān)鍵，可以從中計算出摩擦因數(shù)；在數(shù)據(jù)處理時注意圖象法的準確應用。11．（12分）汽車A在水平冰雪路面上行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)其正前方停有汽車B，立即采取制動措施，但仍然撞上了汽車B，兩車碰撞時和兩車都完全停止后的位置如圖所示，碰撞后B車向前滑動了4.5m，A車向前滑動了2.0m，已知A和B的質(zhì)量分別為2.0×103kg和1.5×103kg，兩車與該冰雪路面間的動摩擦因數(shù)均為0.10，兩車碰撞時間極短，在碰撞后車輪均沒有滾動，重力加速度大小g=10m/s2，求：（1）碰撞后的瞬間B車速度的大?。唬?）碰撞前的瞬間A車速度的大小。【考點】53：動量守恒定律；65：動能定理．【專題】11：計算題；32：定量思想；4C：方程法；52D：動能定理的應用專題．【分析】（1）以B車為研究對象，根據(jù)動能定理求解碰后速度；（2）以A車為研究對象，根據(jù)動能定理求解碰后速度；兩車碰撞過程中，根據(jù)動量守恒定律求解碰撞前的瞬間A車速度的大小?！窘獯稹拷猓海?）以B車為研究對象，根據(jù)動能定理可得：﹣μmBgxB=0﹣代入數(shù)據(jù)解得：vB=3m/s；（2）設(shè)碰后A車速度大小為vA，碰前A車速度大小為v0，碰后A車運動過程中，根據(jù)動能定理可得：﹣μmAgxA=0﹣，代入數(shù)據(jù)解得：vA=2m/s；兩車碰撞過程中，取向右為正、根據(jù)動量守恒定律可得：mAv0=mAvA+mBvB代入數(shù)據(jù)解得：v0=4.3m/s。答：（1）碰撞后的瞬間B車速度的大小為3m/s；（2）碰撞前的瞬間A車速度的大小為4.3m/s。【點評】利用動能定理解題時注意：（1）分析物體受力情況，確定哪些力是恒力，哪些力是變力；（2）找出其中恒力的功及變力的功；（3）分析物體初末狀態(tài)，求出動能變化量；（4）運用動能定理求解。12．（20分）一足夠長的條狀區(qū)域內(nèi)存在勻強電場和勻強磁場，其在xOy平面內(nèi)的截面如圖所示；中間是磁場區(qū)域，其邊界與y軸垂直，寬度為l，磁感應強度的大小為B，方向垂直于xOy平面；磁場的上、下兩側(cè)為電場區(qū)域，寬度均為l′，電場強度的大小均為E，方向均沿x軸正方向；M、N為條狀區(qū)域邊界上的兩點，它們的連線與y軸平行。一帶正電的粒子以某一速度從M點沿y軸正方向射入電場，經(jīng)過一段時間后恰好以從M點入射的速度從N點沿y軸正方向射出。不計重力。（1）定性畫出該粒子在電磁場中運動的軌跡；（2）求該粒子從M點入射時速度的大?。唬?）若該粒子進入磁場時的速度方向恰好與x軸正方向的夾角為，求該粒子的比荷及其從M點運動到N點的時間。【考點】AK：帶電粒子在勻強電場中的運動；CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動．【專題】11：計算題；32：定量思想；4C：方程法；537：帶電粒子在復合場中的運動專題．【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運動，其的軌跡為拋物線，粒子在磁場中做勻速圓周運動，其軌跡為圓弧，根據(jù)對稱性定性畫出該粒子在電磁場中運動的軌跡即可；（2）粒子在下方電場中做類平拋運動，利用運動的合成和分解、牛頓第二定律結(jié)合運動學規(guī)律求解，粒子在磁場中做勻速圓周運動，利用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系，聯(lián)立即可求出求該粒子從M點入射時速度的大??；（3）利用幾何關(guān)系找出粒子進入磁場時，垂直電場方向的分速度v0與沿電場線方向的分速度v1之間的關(guān)系式，再運用周期公式結(jié)合粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，聯(lián)立即可求出若該粒子進入磁場時的速度方向恰好與x軸正方向的夾角為，該粒子的比荷及其從M點運動到N點的時間t′?！窘獯稹拷猓海?）粒子在電場中的軌跡為拋物線，在磁場中的軌跡為圓弧，整個軌跡上下對稱，故畫出粒子運動的軌跡，如圖所示，（2）粒子從電場下邊界入射后在電場中做類平拋運動，設(shè)粒子從M點射入時速度的大小為v0，在下側(cè)電場中運動的時間為t，加速度大小為a，粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子進入磁場的速度大小為v，方向與電場方向的夾角為θ，如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律可得：Eq=ma①速度沿電場方向的分量為：v1=at②垂直電場方向有：l′=v0t③根據(jù)幾何關(guān)系可得：v1=vcosθ④粒子在磁場中做勻速圓周運動，利用洛倫茲力提供向心力可得：qvB=m⑤根據(jù)幾何關(guān)系可得：l=2Rcosθ⑥聯(lián)立①②③④⑤⑥式可得粒子從M點入射時速度的大?。簐0=⑦（3）根據(jù)幾何關(guān)系可得速度沿電場方向的分量：v1=⑧聯(lián)立①②③⑦⑧式可得該粒子的比荷：=⑨粒子在磁場中運動的周期：T==⑩粒子由M點到N點所用的時間：t′=2t+?T?聯(lián)立③⑦⑨?式可得：t′=（1+）答：（1）定性畫出該粒子在電磁場中運動的軌跡，如圖所示；（2）該粒子從M點入射時速度的大小為；（3）該粒子的比荷為，其從M點運動到N點的時間（1+）?！军c評】本題考查了帶電粒子在磁場中運動的臨界問題，粒子在磁場中的運動運用洛倫茲力提供向心力結(jié)合幾何關(guān)系求解，類平拋運動運用運動的合成和分解牛頓第二定律結(jié)合運動學公式求解，解題關(guān)鍵是要作出臨界的軌跡圖，正確運用數(shù)學幾何關(guān)系，分析好從電場射入磁場銜接點的速度大小和方向，運用粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間。三、選考題：共15分，請考生從2道物理題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分。13．（5分）對于實際的氣體，下列說法正確的是（）A．氣體的內(nèi)能包括氣體分子的重力勢能 B．氣體的內(nèi)能包括氣體分子之間相互作用的勢能 C．氣體的內(nèi)能包括氣體整體運動的動能 D．氣體的體積變化時，其內(nèi)能可能不變 E．氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運動的動能 【考點】8A：物體的內(nèi)能；8F：熱力學第一定律．【專題】31：定性思想；43：推理法；542：物體的內(nèi)能專題．【分析】明確物體內(nèi)能的定義，知道內(nèi)能包括分子動能和分子勢能，與宏觀的動能和勢能無關(guān)，同時明確實際氣體的分子勢能是不能忽略的；同時明確做功和熱傳遞均可以改變物體的內(nèi)能，要根據(jù)熱力學第一定律分析內(nèi)能的變化?！窘獯稹拷猓篈、氣體內(nèi)能中不包括氣體分子的重力勢能，故A錯誤；B、實際氣體的分子間相互作用力不能忽略，故其內(nèi)能包括分子間相互作用的勢能，故B正確；C、氣體的內(nèi)能不包括氣體整體運動的動能，故C錯誤；D、氣體的體積變化時，存在做功情況，但如果同時有熱量交換，則根據(jù)熱力學第一定律可知，其內(nèi)能可能不變，故D正確；E、氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運動的動能，故E正確。故選：BDE?！军c評】本題考查物體內(nèi)能以及氣體的性質(zhì)，要注意準確掌握內(nèi)能的定義，知道內(nèi)能與機械能是無關(guān)的，同時掌握熱力學第一定律的應用。14．（10分）如圖，一豎直放置的汽缸上端開口，汽缸壁內(nèi)有卡口a和b，a、b間距為h，a距缸底的高度為H；活塞只能在a、b間移動，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體，已知活塞質(zhì)量為m，面積為S，厚度可忽略；活塞和氣缸壁均絕熱，不計它們之間的摩擦，開始時活塞處于靜止狀態(tài)，上、下方氣體壓強均為p0，溫度均為T0，現(xiàn)用電熱絲緩慢加熱汽缸中的氣體，直至活塞剛好到達b處。求此時汽缸內(nèi)氣體的溫度以及在此過程中氣體對外所做的功，重力加速度大小為g?！究键c】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9K：封閉氣體壓強．【專題】11：計算題；34：比較思想；4E：模型法．【分析】活塞從a處移到b處的過程中，封閉氣體作等壓變化，根據(jù)蓋?呂薩克定律求活塞到達b處時汽缸內(nèi)氣體的溫度。由活塞平衡求得封閉氣體的壓強，由W=p△V求出氣體對外做的功?！窘獯稹拷猓涸O(shè)活塞剛要離開a處時汽缸內(nèi)氣體的溫度為T1，活塞剛要離開a處時，設(shè)氣體壓強為P1；在此段過程中，封閉氣體作等容變化，根據(jù)查理定律得：=而P1=T1=T0可得T=設(shè)活塞到達b處時汽缸內(nèi)氣體的溫度為T′?；钊仙^程，汽缸內(nèi)氣體作等壓變化，則有=解得T′=在此過程中氣體對外所做的功W=Fh=P1Sh=（P0S+mg）h答：此時汽缸內(nèi)氣體的溫度為，在此過程中氣體對外所做的功為（P0S+mg）h。【點評】本題的關(guān)鍵是分析清楚氣體的狀態(tài)變化過程中，哪些量不變，變化的是什么量，明確初末狀態(tài)量的值，根據(jù)氣體定律進行研究?！疚锢磉x修3-4】（15分）15．聲波在空氣中的傳播速度為340m/s，在鋼鐵中的傳播速度為4900m/s。一平直橋由鋼鐵制成，某同學用錘子敲擊一下橋的一端發(fā)出聲音，分別經(jīng)空氣和橋傳到另一端的時間之差為1.00s。橋的長度為365m．若該聲波在空氣中的波長為λ，則它在鋼鐵中的波