2025年陜教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年陜教新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、平行板電容器一個極板和靜電計相接；當該極板帶上一定量電荷后，靜電計張開一定角度θ，如圖所示．如果平行板電容器發(fā)生變化，下面關于靜電計張角θ變化的說法正確的是（）

A.兩極板間距離增大；θ增大。

B.兩極板正對面積減小；θ減小。

C.在電容器內(nèi)加入電介質；θ增大。

D.上述說法都不對。

2、如圖所示，一輕質彈簧其上端固定在升降機的天花板上，下端掛一小球，在升降機勻減速豎直上升（a<g）的過程中，小球相對于升降機靜止。若升降機突然停止運動，設空氣阻力可忽略不計，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，且小球不會與升降機的內(nèi)壁接觸，則以地面為參照系，小球在繼續(xù)向上運動的過程中（）A.速度逐漸增大，加速度逐漸增大B.速度逐漸減小，加速度逐漸減小C.速度逐漸減小，加速度逐漸增大D.速度逐漸增大，加速度逐漸減小3、育種專家將雜交水稻種子搭載在中國返回衛(wèi)星內(nèi)，返回后經(jīng)地面種植，培養(yǎng)出的水稻穗多粒大，營養(yǎng)價值高，這種育種屬于（）A.雜交育種B.多倍體育種C.單倍體育種D.誘變育種4、如圖所示，物體沿斜面向上運動，經(jīng)過A

點時具有動能100J

當它向上滑行到B

點時，動能減少了80J

機械能損失了20J

則物體回到A

點時的動能為(

)

A.100J

B.50J

C.20J

D.60J

5、一矩形線圈在勻強磁場中繞一垂直磁場方向的固定軸勻速轉動，當線圈中感應電動勢最大時，線圈平面與磁感線方向的夾角是（）A.0°B.30°C.45°D.90°評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、如圖所示，在光滑水平面上，一絕緣細桿長為兩端各固定著一個帶電小球，處于水平方向、場強為E的勻強電場中，兩小球帶電量分別為＋q和－q，輕桿可繞中點O自由轉動。在輕桿與電場線夾角為時，忽略兩電荷間的相互作用，兩電荷受到的電場力對O點的力矩大小為___________，兩電荷具有的電勢能為___________。7、如圖中電容器的電容都是C=4×10-6F，電感都是L=9×10-4H，左圖中電鍵K先接a，充電結束后將K扳到b；右圖中電鍵K先閉合，穩(wěn)定后斷開．兩圖中LC回路從振蕩開始，經(jīng)過t=3.14×10-4s，此時刻：C1的上極板正在______電（充電還是放電），帶______電（正電還是負電）；L2中的電流方向向______（左還是右），磁場能正在______（增大還是減?。?、如圖是某實驗小組在研究磁通量變化時感應電流方向實驗中的部分操作示意圖，圖甲所示是電流通過靈敏檢流計時指針的偏轉情況，圖乙是磁鐵從線圈中抽出時靈敏檢流計指針的偏轉情況．當磁鐵向上抽出時，檢流計中指針是______偏（填“左”或“右”）；繼續(xù)操作如圖丙所示，判斷此時條形磁鐵的運動是______線圈（填“插入”或“抽出”）9、（4分）磁場具有能量，磁場中單位體積所具有的能量叫做能量密度，其值為B2/2μ,式中B是感應強度,μ是磁導率，在空氣中μ為一已知常數(shù)．為了近似測得條形磁鐵磁極端面附近的磁感應強度B，一學生用一根端面面積為A的條形磁鐵吸住一相同面積的鐵片P，再用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離△L，并測出拉力F，如圖所示．因為F所做的功等于間隙中磁場的能量，所以由此可得磁感應強度B與F、A之間的關系為B＝10、如圖所示,在磁感應強度為的勻強磁場中，導體棒AB的在金屬框架上以的速度向右滑動，已知導體棒長為電阻為其他電阻不計，則導體棒端點上的電壓大小是V,電壓高的點是______（A或B）。。11、如圖所示為小型電磁繼電器的構造示意圖，其中L為含鐵芯的線圈．P為可繞O點轉動的鐵片，K為彈簧，S為一對觸頭，A、B、C、D為四個接線柱．電磁繼電器與傳感器配合，可完成自動控制的要求．其工作方式是：____接信號電壓，____跟被控制電路串聯(lián)（填“AB”或“CD”）

12、各種各樣的電熱器如電飯鍋、電熱水器、電熨斗、電熱毯等都是利用____________來工作的．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共4題，共12分)19、（4分）某同學在做“利用單擺測重力加速度”實驗中，先測得擺線長為88.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間。（1）該擺擺長為____cm，秒表所示讀數(shù)為s。（2）（單選題）如果他測得的g值偏小，可能的原因是（）A．測擺線長時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時，秒表過遲按下D．實驗中誤將49次全振動數(shù)為5020、如圖abcd是一個正方形盒子．cd邊的中點有一個小孔e．盒子中有沿ad方向的勻強電場．一個質量為m帶電粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒內(nèi)，并恰好從e處的小孔射出．求：（1）該帶電粒子從e孔射出時的速度大?。?）該過程中電場力對該帶電粒子做的功．（3）若正方形的邊長為求電場強度。（忽略粒子重力的作用,abcde位置考生自己標出）21、在“測玻璃的折射率”實驗中：（1）為了取得較好的實驗效果，下列操作正確的是。A、必須選用上下表面平行的玻璃磚；B、選擇的入射角應盡量小些；C、大頭針應垂直地插在紙面上；D、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些.（2）甲同學在量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O點為圓心，OA為半徑畫圓，交OO’延長線于C點，過A點和C點作垂直法線的直線分別交于B點和D點，如圖所示，若他測得AB=7cm，CD=4cm，則可求出玻璃的折射率n=。（3）乙同學使用同一個玻璃磚完成實驗，卻發(fā)現(xiàn)測出的折射率明顯大于理論值，反復檢查實驗操作過程后認為是用鉛筆描出玻璃磚上下表面時候出現(xiàn)了操作失誤，由此可以判斷該同學作出的兩界面間距玻璃磚的實際寬度。（選填“大于”、“小于”）22、材料一：瘤胃是反芻動物的第一胃，不同品種的反芻動物瘤胃內(nèi)微生物的種類和數(shù)量不同；含細菌多的氮利用率高，含真菌多的碳利用率高。材料二：經(jīng)研究發(fā)現(xiàn)，A品種牛瘤胃內(nèi)容物每毫升細菌數(shù)為7.30×1010個、真菌數(shù)為1.36×105個；B品種牛瘤胃內(nèi)容物每毫升細菌數(shù)為3.78×1010個、真菌數(shù)為1.6×105個。根據(jù)材料回答：（1）華北地區(qū)每年6月份都會產(chǎn)生大量的小麥秸稈，要得到能分解秸稈的目的菌，最好選擇________________（填“A品種?！薄ⅰ癇品種?！保┑牧鑫竷?nèi)容物。還需將培養(yǎng)基的pH調至_____（填“酸性”、“堿性”、“中性”）。獲得該類目的菌還需要選擇培養(yǎng)，原因是_______________。（2）將得到的目的菌涂布到鑒別纖維素分解菌的培養(yǎng)基上，該培養(yǎng)基加入的________________能與纖維素形成紅色復合物。研究人員分離得到了下表中的4個菌株，其中最適合作為目的菌的是________號，判斷依據(jù)是_______________最大。。菌株透明圈直徑R菌株直徑rR/r1號0.40.31.32號1.20.623號2.20.73.14號2.10.92.3（3）現(xiàn)利用稀釋涂布平-板法測定該目的菌的數(shù)量，在同一稀釋倍數(shù)下4個平板上均接種0.1ml樣品溶液，菌落數(shù)分別為156、178、486、191，通過計算得知原樣品溶液中每毫升含有目的菌1.75×108個，則稀釋倍數(shù)是________________。評卷人得分五、作圖題(共2題，共4分)23、根據(jù)磁感應強度B；電流I和安培力F的相互關系；請根據(jù)要求作圖．

24、請描述出圖中通電導線周圍的磁感線和單個正電荷周圍的電場線。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】

A、兩極板間距離增大，由電容的決定式C=判斷可知，電容減小，電容器帶電量不變，由C=知；極板間電勢差增大，θ增大．故A正確．

B、兩極板正對面積減小，由電容的決定式C=判斷可知，電容減小，電容器帶電量不變，由C=知；極板間電勢差增大，θ增大．故B錯誤．

C、在電容器內(nèi)加入電介質，由電容的決定式C=判斷可知，電容增大，電容器帶電量不變，由C=知；極板間電勢差減小，θ減?。蔆錯誤．

D；由上知D錯誤。

故選A

【解析】【答案】靜電計指針的張角反應電容器兩端間電勢差的變化，抓住電容器帶電量不變，根據(jù)U=通過電容的變化，判斷電勢差的變化．

2、C【分析】當小球與升降機一起向上做減速運動時，受重力和向上的拉力，加速度向下，故當升降機突然停止運動時，小球由于慣性還要繼續(xù)向上運動，方向向下，所以小球做減速運動，向上運動過程中彈簧伸長量減小T減小，所以F增大，故加速度增大，選C?！窘馕觥俊敬鸢浮緾3、D【分析】【分析】本題考查了生物變異的應用的知識，要求考生能夠區(qū)分識記不同育種方式的原理、方法、優(yōu)缺點等有關知識，再結合題干信息準確判斷?！窘獯稹克痉N子搭載中國返回式衛(wèi)星；在太空中，由于失重；輻射等因素影響而發(fā)生基因突變；所以由太空返回后經(jīng)地面種植，培養(yǎng)出的水稻穗多粒大，營養(yǎng)成分高，這種育種屬于誘變育種。綜上所述，ABC錯誤，D正確。

故選D。

【解析】D4、B【分析】解：物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時；受重力；支持力和摩擦力；

根據(jù)動能定理；有。

鈭?mg?lABsin婁脠鈭?f?lAB=EKB鈭?EKA=鈭?80J

機械能減小量等于克服摩擦力做的功；故。

f?lAB=EB鈭?EA=20J

解得f=13mgsin婁脠

．

當該物體經(jīng)過斜面上某一點時；動能減少了80J

機械能減少了20J

所以當物體到達最高點時動能減少了100J

機械能減少了25J

所以物體上升過程中克服摩擦力做功是25J

全過程摩擦力做功W=鈭?50J

從出發(fā)到返回底端；重力不做功，設回到出發(fā)點的動能為EK隆盲

由動能定理可得。

W=EK隆盲鈭?EK

得：EK隆盲=50J

故選B．

物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時；受重力；支持力和摩擦力，總功等于動能增加量，機械能減小量等于克服摩擦力做的功，根據(jù)功能關系列式；再對從最高點到底端過程運用動能定理列式求解．

功能關系有多種表現(xiàn)形式：

合力的功(

總功)

等于動能增加量；

重力做功等于重力勢能的減小量；

除重力外其余力做的功等于機械能的增加量．【解析】B

5、A【分析】解：矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動時；線圈中產(chǎn)生正弦式電流。線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大，此時線圈平面與磁感線方向的夾角為零度；

故A正確；BCD錯誤；

故選：A。

矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉動時；線圈中產(chǎn)生正弦式電流。線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大。

本題考查正弦式電流產(chǎn)生原理的理解能力，抓住兩個特殊位置的特點：線圈與磁場垂直時，磁通量最大，感應電動勢為零；線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大?！窘馕觥緼二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】【解析】試題分析：絕緣桿兩端小球都受電場力的作用而繞O點轉動，則先求出兩力的力矩，由合力矩的求法可求出合力矩；選定一零勢能面，分別求得兩電荷的電勢能，再求得總的電勢能．【解析】

兩球受力及力臂如圖所示：因兩力矩均使杠桿逆時針轉動，則總力矩M=M1+M2=Eqdsinα；設右方無窮遠處為零勢能面，正電荷距無窮遠處距離為x，則正電荷的電勢能E1=Eqx負電荷的電勢能E2=-Eq（x+dcosα）總的電勢能E=E1+E2=-Eqdcosα．考點：力矩和力偶；電勢能．【解析】【答案】qEdsia-qEdcos7、略

【分析】解：左圖中電鍵K先接a，充電結束后將K扳到b；在LC振蕩電路中，當電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少；當電容器在充電過程：電場能在增加，磁場能在減小，回路中電流在減小，電容器上電量在增加．

由振蕩周期公式可得：==3.77×10-4s

而從振蕩開始，經(jīng)過t=3.14×10-4s，此時刻處于到T之間，則C1的正在處于反向充電，所以C1的上極板帶正電；

而L2中的反向放電，所以L2中的電流方向向左；且磁場能正在增大．

故答案為：充；正；左；增大。

在LC振蕩電路中；當電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少．從能量看：電場能在向磁場能轉化；當電容器在充電過程：電場能在增加，磁場能在減小，回路中電流在減小，電容器上電量在增加．從能量看：磁場能在向電場能轉化．由振蕩電路中的L與C可求出振蕩周期．

電容器充電完畢（放電開始）：電場能達到最大；磁場能為零，回路中感應電流i=0．

放電完畢（充電開始）：電場能為零；磁場能達到最大，回路中感應電流達到最大．

電容器的動態(tài)分析重點在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開則極板上的電量不變；和電源相連，則兩板間的電勢差不變．【解析】充；正；左；增大8、右抽出【分析】解：在乙圖中；當磁鐵向上抽出，磁通量減小，根據(jù)楞次定律知，感應電流的磁場與原磁場方向相同，則流過電流計的電流方向為從下往上，所以檢流計指針向右偏．在丙圖中，知感應電流流過檢流計的方向是從上而下，則感應電流的磁場方向向上，與原磁場方向相同，知磁通量在減小，即磁鐵抽出線圈．

故答案為：右；抽出．

根據(jù)楞次定律；通過磁通量的變化判斷感應電流的方向，以及通過感應電流的方向判斷磁通量是增加還是減小．

解決本題的關鍵掌握楞次定律的內(nèi)容，并且能靈活運用，注意感應電流方向與電表指針方向的關系．【解析】右抽出9、略

【分析】試題分析：本題關鍵根據(jù)題意得到磁場能量密度的定義，然后根據(jù)功能關系求得條形磁鐵與鐵片P之間的磁場所具有的能量。因為F所做的功等于△L間隙中磁場的能量，所以先分別求出F所做的功和△L間隙中磁場的能量，然后根據(jù)等量關系得出一等式，即可解得在用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離△L的過程中，拉力F可認為不變，因此F所做的功為：以表示間隙中磁場的能量密度，由題給條件根據(jù)磁能量密度的定義可得：△L間隙中磁場的能量由題意可知：F所做的功等于△L間隙中磁場的能量，即W=E；所以解得：．考點：本題考查磁能量密度；彈簧測力計的使用與讀數(shù)；磁場；功的計算，同時考查考生從新情境中提取物理信息的能力．【解析】【答案】10、略

【分析】試題分析：由右手定則可判斷AB中的感應電流為由A流向B，在電源內(nèi)部電流從負極流向正極，B為正極，B點的電壓高。AB切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢E=BLV=1V，導體棒端點AB的電壓為路端電壓，R1、R2并聯(lián)的總電阻即外電路的總電阻為10Ω，內(nèi)阻為10Ω，所以路端電壓為電動勢的一半0.5V?？键c：本題考查E=BLV、路端電壓?！窘馕觥俊敬鸢浮?.5VB點11、略

【分析】

當較小的電流經(jīng)過接線柱AB流入線圈時；電磁鐵把銜鐵吸下，使CD兩個接線柱所連的觸點接通，較大的電流就可以通過CD帶動機器工作了．

故答案為：AB；CD．

【解析】【答案】電磁繼電器就是一個自動控制電路通斷的開關；根據(jù)電磁繼電器的工作原理來分析解答．

12、略

【分析】解：電熱器如電飯鍋；電熱水器、電熨斗、電熱毯等都是利用電流的熱效應來加熱物體的．

故答案為：電流的效應．【解析】電流的熱效應三、判斷題(共6題，共12分)13、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。摹嶒烆}(共4題，共12分)19、略

【分析】【解析】【答案】（1）89.50（1分）；95（1分）（2）B（2分）20、略

【分析】試題分析：（1）設粒子從e孔射出時豎直方向分速度為則有：水平方向：①豎直方向：②聯(lián)立①②得到，所以帶電粒子從e孔射出的速度大?。?）根據(jù)動能定理得，電場力對該帶電粒子做的功（3）根據(jù)牛頓第二定律得，加速度聯(lián)立得，考點：考查了帶電粒子在電場中的運動【解析】【答案】(1)(2)(3)21、略

【分析】試題分析：（1）A、作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行，故A錯誤；為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應盡量大些，效果會更好，故B錯誤；為了準確確定入射光線和折射光線，大頭針應垂直地插在紙面上，故C正確；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故D正確．（2）圖中作為入射光線，是折射光線，設光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識得到：又AO=OC，則折射率．（3）如果兩界面間距偏大，則折射角比真實的折射角偏大，因此測得的折射率偏小，故應兩界面間距小于玻璃磚的實際寬度考點：“測玻璃的折射率”實驗【解析】【答案】（1）C、D（2）（或1.75）（3）小于22、（1）B品種牛酸性真菌的數(shù)量雖然多，但分