2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列物品中沒有用到磁性材料的是A.DVD碟片B.計算機上的磁盤C.銀行卡D.錄音機磁頭2、下列對理想斜面實驗的理解正確的是（）A.只有在兩理想斜面的傾角合適的時候，無初速度下滑的小球才能升高到同樣的高度B.小球從傾角較大的理想斜面無初速度下滑到傾角較小的理想斜面上時，升高的高度可能更高C.小球從傾角較小的理想斜面無初速度下滑到傾角較大的理想斜面上時，升高的高度可能降低D.小球從理想斜面的一定高度下滑，假想另一理想斜面的傾角為則小球將沿該理想斜面一直運動下去3、電磁感應現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)不僅推動了電磁理論的發(fā)展，而且推動了電磁技術的發(fā)展，引領人類進入了電氣時代。下列哪位物理學家最先發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象（）A.麥克斯韋B.安培C.奧斯特D.法拉第4、如圖所示，等邊三角形abc與紙面平行，在頂點a、b處各放一垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，已知a處電流在c處產(chǎn)生的磁場磁感強度為B，則關于c處的磁感強度大小和方向說法正確的是（）

A.磁感強度大小為方向平行ab邊水平向右B.磁感強度大小為方向垂直ab邊豎直向下C.磁感強度大小為B，方向ab平行邊水平向右D.磁感強度大小為B，方向垂直ab邊豎直向下5、下列關于教科書上的四副插圖；說法正確的是（）

A.圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導走加油槍上的靜電C.圖丙中搖動起電機，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附D.圖丁的燃氣灶中安裝了電子點火器，點火應用了電磁感應原理6、有四個相同的小量程電流表，將其中兩個分別并聯(lián)一個阻值不同的電阻得到安培表和其中的量程大于的量程，將另外兩個分別串聯(lián)一個阻值不同的電阻得到伏特表和其中的量程大于的量程；把改裝得到的四個表接入如圖所示電路，則（）

A.的讀數(shù)等于表的讀數(shù)B.的偏轉角大于表的偏轉角C.的讀數(shù)等于表的讀數(shù)D.的偏轉角等于表的偏轉角7、手機相機中有一個閃光燈電路，如圖所示，電源E=4.2V對電容器C充電，當電容器兩端電壓升到3.7V時，閃光燈L瞬間導通并發(fā)光；電容器放電后，閃光燈L斷開并熄滅，接來下電源再次對電容器充電，關于此電路下列說法正確的（）

A.減小R的電阻，充電時間變長B.電源對電容器充電時，通過電阻R的電流不變C.將電源E增大為5V，閃光燈閃光一次通過的電荷量增大D.若電容器C增大，閃光燈閃光一次通過的電荷量增大8、將一個電源與一電阻箱連接構成閉合回路，測得的電阻箱所消耗的功率P與電阻箱的讀數(shù)R的關系如圖所示；下列說法正確的是（）

A.電源的電動勢為30VB.電源最大輸出功率可能大于45WC.電源內阻為10ΩD.電阻箱消耗的功率為最大值時，電源的效率大于50%評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示的電路中；電源電動勢為6V，內阻為2Ω，四個電阻的阻值已在圖中標出。閉合開關S，下列說法正確的有（）

A.電源兩端的電壓為6VB.電源的效率為83.3%C.a、b間電壓的大小為2.5VD.a、b間用導線連接后，電路的總電流10、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，和均為定值電阻，為滑動變阻器。當?shù)幕瑒佑|點在ab的中點時合上開關S，此時三個電表和V的示數(shù)分別為和U?，F(xiàn)將的滑動觸點向a端移動；則（）

A.電源的總功率減小B.消耗的功率增大C.增大，減小，U增大D.減小，不變，U減小11、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0電路中電阻R0為1.5小型直流電動機M的內阻為0.5閉合開關S后；電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A。則以下判斷中正確的是（）

A.電動機的輸出功率為12WB.電動機兩端的電壓為7.0VC.電動機的發(fā)熱功率為4.0WD.電源輸出的電功率為24W12、如圖所示，把A、B兩個相同的導電小球分別用長為0.10m的絕緣細線懸掛于OA和OB兩點。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸，棒移開后將懸點OB移到OA點固定。兩球接觸后分開，平衡時距離為0.12m。已測得每個小球質量是帶電小球可視為點電荷，重力加速度靜電力常量則（）

A.兩球所帶電荷量相等B.A球所受的靜電力為1.0×10-2NC.B球所帶的電荷量為D.B兩球連線中點處的電場強度為013、如圖所示；在真空中把一絕緣導體AB向帶負電的小球P緩慢地靠近（不接觸，且未發(fā)生放電現(xiàn)象）時，下列說法中正確的是（）

A.B端的感應電荷越來越多B.導體內部場強越來越大C.導體的感應電荷在M點產(chǎn)生的場強大于在N點產(chǎn)生的場強D.導體的感應電荷在M、N兩點產(chǎn)生的場強相等14、如圖所示，在真空中有兩個帶相等電量的正電荷q1和q2，它們分別固定在A、B兩點，DC為AB連線中垂線，現(xiàn)將正電荷q3由C沿CD移至無窮遠處；在此過程中（）

A.q3受到的電場力逐漸增大B.q3受到的電場力先逐漸增大，后逐漸減小C.q3的電勢能先逐漸增大，后逐漸減小D.q3的電勢能逐漸減小15、真空中有兩個固定的帶正電的點電荷，電荷量不相等。一個帶負電的試探電荷置于二者連線上的O點時，僅在電場力的作用下恰好保持靜止狀態(tài)。過O點作兩正電荷連線的垂線，以O點為圓心的圓與連線和垂線分別交于a、c和b、d；如圖所示。以下說法正確的是（）

A.a點電勢低于O點B.b點電勢低于c點C.該試探電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能D.該試探電荷在c點的電勢能小于在d點的電勢能16、如圖所示，a、b兩點處分別固定有電荷量相同的正點電，c是線段ab的中點，g是ab的垂直平分線上的一點，且cd=ce=cg。下列說法正確的是（）

A.a、b兩點的連線上，c點的電場強度最大B.d、e兩點的電場強度大小相等、方向相反C.c點的電勢比g點的低D.將一正點電荷從c點沿直線移到g點，其電勢能減少17、某同學將一毫安表改裝成雙量程電流表。如圖所示。已知毫安表的內阻為100Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為定值電阻，且R1=5Ω，R2=200Ω。下列說法正確的是（）

A.若使用1和2兩個接線柱，則電表量程為0-24mAB.若使用1和2兩個接線柱，則電表量程為0-21mAC.若使用1和3兩個接線柱，則電表量程為0-4.3VD.若使用1和3兩個接線柱，則電表量程為0-6.3V評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、電功。

（1）電流做功的實質是，導體中的恒定電場對自由電荷的____在做功。電能轉化為其他形式的能，是通過_____來實現(xiàn)的。

（2）電功的計算公式：W＝_____。

單位：____；符號為J。

常用的單位：千瓦時（kW·h），也稱“______”，1kW·h＝_______J。19、如圖所示，一個原來不帶電的半徑為r的空心金屬球放在絕緣支架上，在其右側與球心等高處放置一個電荷量為+Q的點電荷，點電荷到金屬球表面的最近距離為2r。由于靜電感應，使金屬球上出現(xiàn)了感應電荷，則球的左側帶_____電（填正或者負）?？招慕饘偾蜻_到靜電平衡狀態(tài)時，球心處的電場強度大小為______，感應電荷在球心處產(chǎn)生的電場強度大小為____，方向_______。

20、定義：組成黑體的振動著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的______，這個不可再分的______叫作能量子。21、伏安法。

（1）原理圖。

（2）主方程：______。

（3）主要器材：滑動變阻器；電流表、電壓表。

（4）實驗設計：通過調節(jié)滑動變阻器，只需測出U、I的兩組數(shù)據(jù)，就可以列出兩個關于E、r的方程，從而解出E、r。22、如圖所示，絕緣墻角固定了帶電量為+的小球A；輕質絕緣細桿長為L，其正中心固定了質量為m、帶電量為+的小球B，在桿底部水平力F的作用下靜止靠在豎直墻面上。一開始輕桿與水平地面的夾角為60°，在桿底端水平外力F的作用下，桿緩慢轉向直至豎直。此過程中，不計摩擦，地面對桿的支持力將________________（填“逐漸增大”、“逐漸變小”或“保持不變”），外力F做功大小為________________。

23、使兩個完全相同的金屬小球（均可視為點電荷）分別帶上－3Q和＋5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F1，現(xiàn)用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F2，則F1與F2之比為______。評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

25、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共1題，共4分)26、場是物質存在的一種形式。我們可以通過物體在場中的受力情況來研究場的強弱；并由此定義了電場強度；磁感應強度等物理量。

①寫出電場強度的定義式；并說明各物理量的含義；

②寫出磁感應強度的定義式，并說明各物理量的含義。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

必須用到磁性材料的是計算機上的磁盤，銀行卡、錄音機磁頭等；而DVD碟片沒有用到磁性材料，故A正確，BCD錯誤。2、D【分析】【詳解】

ABC．理想斜面是阻力不計的斜面；因此無論兩邊的斜面的傾角關系如何，無初速度下滑的小球一定能升高到與釋放點相同高度的另一斜面上，故ABC錯誤；

D．當斜面的傾角減小到接近時；小球仍欲在斜面上上升到同樣高度，D選項中的設想是合理的，故D正確。

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．建立完整的電磁場理論并首先預言電磁波存在的科學家是麥克斯韋；故A錯誤；

B．安培提出分子電流假說；研究了磁場對電流的作用力，故B錯誤；

C．發(fā)現(xiàn)電流的磁效應的科學家是奧斯特；故C錯誤；

D．法拉第經(jīng)十年的努力；在1831年8月29日發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，故D正確；

故選D。4、A【分析】【詳解】

兩通電直導線在c處產(chǎn)生的磁場如圖所示，大小均為B；

根據(jù)幾何知識可得合磁場大小為：

方向水平向右；

AB．綜上所述，c處磁感強度大小為方向水平向右，A正確B錯誤；

CD．綜上所述，c處磁感強度大小為方向水平向右，CD錯誤；

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖甲可知；極板A與電源正極連接，極板A帶正電，帶負電的塵埃受到指向極板A的電場力作用，即帶負電的塵埃被收集在極板A上，A錯誤；

B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器；其目的是導走人手上的靜電，B錯誤；

C．圖丙中搖動起電機；電極之間形成強電場，將氣體電離，電子被吸附到煙霧顆粒上，使煙霧顆粒帶負電，導致煙霧顆粒向正極移動，其工作原理為靜電吸附，C正確；

D．圖丁的燃氣灶中安裝了電子點火器；點火應用了尖端放電原理，D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

電流表的量程大于的量程，故電流表的內阻小于的內阻；電壓表的量程大于的量程，故電壓表的內阻大于的內阻。

A．由電路圖可知，和兩電流表并聯(lián)，故兩電流表兩端電壓相等，由歐姆定律

因為電流表的內阻小于的內阻，所以的讀數(shù)大于表的讀數(shù)；故A錯誤；

B．兩電流表由同一小量程電流表改裝而成，而電流表擴大量程時應并聯(lián)一小電阻，故和中的同一小量程電流表為并聯(lián)關系，又兩端電壓相等，故通過和中的同一小量程電流表的電流相等，即的偏轉角等于表的偏轉角；故B錯誤；

C．由電路圖可知，和兩電壓表串聯(lián)，故通過兩電壓表的電流相等，由歐姆定律

因為電壓表的內阻大于的內阻，所以的讀數(shù)大于表的讀數(shù)；故C錯誤；

D．兩電壓表由同一小量程電流表改裝而成，而擴大量程時應串聯(lián)一電阻，故和中的同一小量程電流表為串聯(lián)關系，通過和中的同一小量程電流表電流相等，故的偏轉角等于表的偏轉角；故D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．減小R的電阻，充電過程中平均電流I增大，根據(jù)Q=It可知充電時間變短；故A錯誤；

B．電源對電容器充電時，電容器電荷量增加，電壓增加，已知電容器兩端電壓和電阻R兩端電壓、電源內阻兩端電壓之和等于電源電動勢，則電容器兩端電壓增加時，電阻R和內阻兩端的電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，通過R的電流減??；故B錯誤；

C．將電源E增大為5V，當電源給電容器充電，達到閃光燈擊穿電壓3.7V時，閃光燈瞬間導通并發(fā)光，根據(jù)Q=CU可知；閃光燈閃光一次通過的電荷量不變，故C錯誤；

D．電容器兩端的電壓與閃光燈兩端的電壓相等，當電源給電容器充電，達到閃光燈擊穿電壓時，閃光燈瞬間導通并發(fā)光，所以閃光燈發(fā)光電壓一定，若C增大，根據(jù)Q=CU可知；閃光燈閃光一次通過的電荷量增大，故D正確。

故選D。8、A【分析】【分析】

【詳解】

B．由圖可知；電源的輸出功率最大為45W，B錯誤；

C．根據(jù)電源輸出功率的性質可知，當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由圖可知，電源的內阻為r=5Ω；選項C錯誤；

A．由

可知E=30V

A正確；

D．根據(jù)效率公式可得

最大功率時內外電阻相等；所以效率為50%，D錯誤。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

AB．外電阻為

則有

則路端電壓為

電源的效率

故A錯誤；B正確；

C．選電源負極為零勢點，則b點電勢為

a點電勢為

則ab間的電壓為

故C正確；

D．a(chǎn)、b間用導線連接后外阻為R′，則有

則電流為

故D錯誤。

故選BC。10、A:C【分析】【詳解】

A．的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，根據(jù)電源的總功率

電源的總功率減??；故A正確；

B．消耗的功率

總電流減小，消耗的功率減??；故B錯誤；

CD．總電流減小，內電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數(shù)U增大，電壓減小，并聯(lián)電壓增大，通過的電流增大，即示數(shù)增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數(shù)減??；故C正確，D錯誤；

故選AC。11、A:B【分析】【詳解】

B．電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為U=E-U內-UR0=12-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5=7V

所以B正確；

AC．電動機的總功率為P總=UI=7×2=14W

電動機的發(fā)熱功率為P熱=I2R=22×0.5=2W

所以電動機的輸出功率為14W-2W=12W；所以A正確，C錯誤；

D．電源的輸出的功率為P輸出=EI-I2R=12×2-22×1=20W

所以D錯誤。

故選AB。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．兩相同的小球接觸后電量均分；故兩球所帶電荷量相等，選項A正確；

B．對A球受力分析，由幾何關系，兩球接觸后分開后，懸線與豎直方向的夾角為37°，根據(jù)平行四邊形法則可得

選項B錯誤；

C．根據(jù)庫倫定理

解得

選項C正確；

D．AB帶等量的同種電荷；故在A；B兩球連續(xù)中點處的電場強度為0，選項D正確。

故選ACD。

【點睛】13、A:C【分析】【詳解】

A．離的越近，導體上的電子與負電荷排斥力越大，越會向左排斥，故N端帶負電荷越多，M端帶的正電荷也越多；A正確；

B．導體處于靜電平衡狀態(tài)；內部場強處處為零，B錯誤；

CD．導體處于靜電平衡狀態(tài)，內部場強處處為零，即感應電荷的場強和帶電小球的場強等大、反向、共線，由于帶電小球在M點產(chǎn)生的場強大，故感應電荷在M點產(chǎn)生的場強也大；C正確，D錯誤。

故選AC。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)電場的疊加可知，C點的場強為零，而無窮遠處場強也為零，所以由C點沿CD移至無窮遠的過程中，場強先增大，后減小，q3受到的電場力先逐漸增大；后逐漸減小，故A錯誤，B正確；

CD．由題知，q1、q2是兩個等量的正電荷；作出中垂線CD上電場線如圖。

由于在中垂線上的合場強均是由C點向上的，故沿CD的方向，電勢是降低的，根據(jù)Ep=φq可知；正電荷的電勢能也是逐漸減小的，故C錯誤，D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知O點合場強為零，根據(jù)同種電荷之間電場線的分布可知a、O之間電場線由a到O，故a點電勢高于O點電勢；故A錯誤；

B．同理根據(jù)同種電荷電場線分布可知b點電視低于c點電勢；故B正確；

C．根據(jù)電場線分布可知負電荷從a到b電場力做負功，電勢能增加，即該試探電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能；故C錯誤；

D．同理根據(jù)電場線分布可知負電荷從c點到d點電場力做負功，電勢能增加，即該試探電荷在c點的電勢能小于在d點的電勢能；故D正確。

故選BD。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，a、b兩點的連線上，c點的電場強度最?。淮笮榱?，選項A錯誤；

B．由對稱性可知，d、e兩點的電場強度大小相等；方向相反；選項B正確；

C．因c點到兩正電荷的距離比g點到兩正電荷的距離都近，由電勢疊加可知，c點的電勢比g點的高；選項C錯誤；

D．兩點荷連線中垂線上側的場強由中點c指向g，則將一正點電荷從c點沿直線移到g點；電場力做正功，則其電勢能減少，選項D正確。

故選BD。17、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．使用1和2兩個接線柱，則R1和毫安表并聯(lián)，則有

帶入數(shù)據(jù)解得I=21mA

故A錯誤；B正確；

CD．使用1和3兩個接線柱毫安表滿偏電壓為U滿偏=R毫安×I滿偏=100Ω×0.001A=0.1V

毫安表滿偏時總電流21mA，則R2分壓為U2=R2×I=200Ω×0.021A=4.2V

所以最大測量值為Umax=U滿偏+U2=0.1V+4.2V=4.3V

故C正確；D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.靜電力②.電流做功③.UIt④.焦耳⑤.度⑥.3.6×10619、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]金屬球上的