2023-2024學年江西省高二上學期期末教學檢測物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1江西高二期末教學質量檢測物理一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題中只有一項符合題目要求，每小題4分，第8~10題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1.關于電阻、電壓和電流下列說法中正確的是（）A.由可知，電阻與電壓、電流都有關B.導體的電阻率一般與導體長度、形狀、大小均有關C.金屬的電阻率一般隨溫度的升高而減小D.由可知，導體的電阻與導體的種類、長度和橫截面積都有關系【答案】D【解析】AD．公式為電阻的定義式，即帶你組與其兩端的電壓以及流過的電流無關，而根據電阻定律可知，電阻的大小由電阻率、長度、橫截面積決定，故A錯誤，D正確；B．導體的電阻率由材料決定，與溫度大小有關，但與導體的長度、形狀、大小均無關，故B錯誤；C．金屬的電阻率一般隨溫度的升高而增大，故C錯誤。故選D。2.如圖所示，帶正電荷的橡膠環(huán)繞軸OO'以角速度ω勻速旋轉，在環(huán)左側軸線上的小磁針最后平衡的位置是（）A.N極豎直向上 B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左 D.N極沿軸線向右【答案】D【解析】轉動帶電環(huán)可以等效為環(huán)形電流，根據右手螺旋定則，圓環(huán)左側磁場方向向右，故最后小磁針N極沿軸線向右。故選D。3.關于光的偏振、干涉與衍射、激光，下列說法正確的是（）A.偏振是縱波特有的現象，光的偏振現象說明光是縱波B.在雙縫干涉現象里，亮條紋和暗條紋的寬度是不等的C.自然界中某些天然物體也可以發(fā)出激光，激光不能發(fā)生衍射現象D.泊松亮斑是衍射現象，用白光照射單縫時將得到彩色條紋【答案】D【解析】A．光的振動方向與傳播方向相垂直，故光的偏振現象說明光是橫波，選項A錯誤；B．在雙縫干涉現象里，亮條紋和暗條紋的寬度是相等的，選項B錯誤；C．激光是用人工方法激發(fā)的一種特殊的光，激光是一種電磁波，只要是波就能發(fā)生衍射現象，選項C錯誤；D．泊松亮斑是光繞過障礙物繼續(xù)傳播的現象，是衍射現象，用白光照射單縫，將得到彩色的衍射條紋，選項D正確。故選D。4.水下一點光源，發(fā)出a、b兩單色光。人在水面上方向下看，水面中心Ⅰ區(qū)域有a光、b光射出，Ⅱ區(qū)域只有a光射出，如圖所示。下列判斷正確的是（）A.a、b光從Ⅰ區(qū)域某點傾斜射出時，b光的折射角小B.水對a光的折射率大于水對b光的折射率C.a光在水中傳播速度大于b光在水中傳播速度D.a光在水面發(fā)生全反射臨界角小于b光在水面發(fā)生全反射臨界角【答案】C【解析】AB.b光先發(fā)生全反射，b光折射率大，故Ⅰ區(qū)域的某點傾斜射出時b光折射角大，故A、B均錯誤；C.由可知，b光在水中傳播速度小，故C正確；D.設全反射臨界角為C，由可知，b光在水面發(fā)生全反射臨界角小，故D錯誤；5.一個單擺在地面上做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅動力頻率f的關系）如圖所示，則（）A.此單擺的固有周期約為0.5sB.此單擺的擺長約為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰值將向右移動【答案】BB.由單擺周期公式得擺長約為1m，故B正確；C.擺長變大，由單擺周期公式知固有周期變大，從而固有頻率變小，故C錯誤；D.由C項分析知，若擺長增大，則固有頻率變小，所以共振曲線峰值向左移動，故D錯誤；6.用雙縫干涉測量某種單色光的波長的實驗裝置如圖甲所示，光屏上某點P到雙縫S1、S2的路程差為9.375×10-7m，如圖乙所示，已知真空中的光速為3×108m/s，如果用頻率為4.8×1014Hz的橙光照射雙縫，則下列說法正確的是（）A.該橙光的波長是5.25×10-7mB.P點出現亮條紋C.僅將橙光換成紅光，則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距變大D.僅將橙光換成紫光，則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距不變【答案】C【解析】A.橙光的波長為故A錯誤；B.由于故Р點是振動減弱點，P點出現暗條紋，故B錯誤；C.根據在其他條件不變的情況下，光的波長增大，相鄰兩亮條紋的中心間距變大，故C正確；D.由C項分析知，在其他條件不變的情況下，光的波長減小，相鄰兩亮條紋的中心間距變小，故D錯誤；故選C。7.如圖所示的電路中，R為滑動變阻器，電容器的電容（C=，定值電阻R0=1Ω，電源電動勢E=4V，內阻r=1Ω。閉合開關S，將R的阻值調至2Ω時，下列說法中正確的是（）A.電容器兩端電壓為1.5V B.電容器的電荷量為3×10-5CC.滑動變阻器消耗的功率達到最大 D.電源的輸出功率為最大值【答案】C【解析】A．將R的阻值調至2Ω時，由閉合電路歐姆定律，可計算出滑動變阻器中電流電容器兩端電壓故A錯誤；B．電容器的電荷量故B錯誤；CD．設外電路總電阻為，根據電源輸出功率最大條件，可知電源的最大輸出功率在內外阻值大小相等時電源輸出功率最大，此時解得時電源的輸出功率為最大值。把定值電阻看作電源內阻的一部分，將R的阻值調至2Ω時，外電阻R等于定值電阻和內阻之和，即讓時滑動變阻器的功率為最大值，故C正確，D錯誤。8.三個點電荷形成的電場如圖所示，A，B，C是電場中的三個點，設三點電場強度的大小分別為、、，三點的電勢分別為、、。下列說法正確的是（）A.三個點電荷中有兩個帶負電荷B.A、B、C三點電場強度大小C.A、B兩點電勢D.若將一帶正電的試探電荷從B移動到A，電場力做正功【答案】ACD【解析】A．正電荷電場線方向為正電荷到無窮遠處，負電荷電場線方向為無窮遠處到負電荷，可知三個點電荷的中有兩個帶負電荷，故A正確；B．電場線越密，電場強度越大，A、B、C三點電場強度大小故B錯誤；C．沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A、B兩點電勢故C正確；D．由于則有則電場力做功為則帶正電的試探電荷從B移動到A，電場力做正功，故D正確。故選ACD。9.如圖甲所示，彈簧振子以O點為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振子的位移x隨時間t的變化圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.t＝0.8s時，振子速度方向向左B.t＝0.2s時，振子在O點右側6cm處C.t＝0.4s和t＝1.2s時，振子的加速度相同D.t＝0.4s到t＝0.8s的時間內，振子的速度逐漸增大【答案】AD【解析】A．從t＝0.8s時起，再過一段微小時間，振子的位移為負值，因為取向右為正方向，故t＝0.8s時，速度方向向左，A正確；B．由題圖乙得振子的位移x＝12sintcm故t＝0.2s時，x＝6cmB錯誤；C．t＝0.4s和t＝1.2s時，振子的位移方向相反，加速度方向相反，C錯誤；D．t＝0.4s到t＝0.8s時間內，振子的位移逐漸變小，故振子逐漸靠近平衡位置，其速度逐漸增大，D正確．故選AD。10.一質量為的物塊在合外力的作用下從靜止開始沿直線運動。隨時間變化的圖像如圖所示，則（）A.時物塊的動量大小為B.時物塊的動量大小為C.時物塊的速率為D.時物塊的速度為零【答案】BC【解析】A．由動量定理可得時物塊的動量大小為A錯誤；B．由動量定理可得時物塊的動量大小為B正確；C．由動量定理可得解得C正確；D．由動量定理可得解得D錯誤。故選BC。二、實驗題（本題共2小題，共16分）11.某同學用半圓形玻璃磚測定玻璃的折射率（如圖所示）。（1）在平鋪的白紙上垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O；在半圓形玻璃磚（圖中實線部分）另一側垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像，連接OP3；實驗中要求三枚大頭針的______（選填“針帽”或“針尖”）在同一視線上；（2）圖中MN為分界線，虛線半圓與玻璃磚對稱，B、C分別是入射光線、折射光線與圓的交點，AB、CD均垂直于法線并分別交法線于A、D點。設AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l4，為較方便地表示出玻璃磚的折射率，需用刻度尺測量______，（選填l1、l2、l3或l4）則玻璃磚的折射率可表示為______；（3）該同學在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O為圓心順時針轉過一小角度，由此測得玻璃磚的折射率將______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。【答案】（1）針尖（2）和（3）偏大【解析】（1）[1]實驗中要求三枚大頭針的針尖在同一視線上，而不是針帽，針帽的在視線方向上的橫截面積比較大，會帶來較大誤差。（2）[2][3]光線的入射角和折射角的正弦值分別為，根據光的折射定律可知玻璃磚的折射率因此只需測量和即可。（3）[4]當玻璃磚順時針轉過一個小角度時，在處理數據時，認為是不變的，即入射角不變，而減小，所以測量值將偏大。12.興趣小組要測量兩節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內阻，實驗室提供了以下實驗器材：A．兩節(jié)干電池組成的電池組B．電流表A1：量程=100mA，內阻=4ΩC．電流表A2：量程=200mA，內阻=2ΩD．定值電阻R1=1ΩE．定值電阻R2=2ΩF．定值電阻R3=13ΩG．滑動變阻器R（0~10Ω）H．導線與開關（1）實驗時設計了如圖甲所示電路，需要先將電流表A2改裝成量程為3V的電壓表，將電流表量程擴大為0.5A，另定值電阻作為保護電阻，則三個定值電阻選擇為：a___________；b___________；c___________（均填器材前面的字母）。（2）圖示乙器材中按照電路圖連接成測量電路。（）（3）電路連接準確無誤后，閉合開關K，移動滑動變阻器，得到多組電流表A1，A2示數，作出了I2-I1圖像如圖丙所示，則電池組電動勢E0=___________V；內阻=___________Ω（小數點后均保留兩位）（4）用本實驗電路進行測量，僅從系統(tǒng)誤差方面分析，電動勢及內阻的測量值均___________（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。【答案】（1）FDE（2）（3）2.911.35（4）等于【解析】（1）[1]將電流表A改裝成3V電壓表，則有=3V解得=13Ω即A與定值電阻a串聯(lián)，故a應選R3；[2]電流表A1量程擴大到0.5A，擴大倍數并聯(lián)電阻=1Ω解得=1Ω故b應選R1；[3]保護電阻c應選R2。（2）實物連線如圖所示。（3）[5][6]擴大量程后電壓表內阻=15Ω電流表內阻=0.8Ω由閉合電路歐姆定律，有即得=2.91V，，=1.35Ω。（4）[7]用本實驗電路測量，測量電動勢和內阻測量值與真實值相等。三、計算題（本題共3小題，共計38分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）13.如圖所示，以原點O為界在x軸上有兩段不同材料的繩子，波源S1和S2分別置于x=m和x=6m處，同時產生兩列簡諧橫波甲和乙，分別沿x軸正方向和x軸負方向傳播，t=0時刻，x=m和x=2m處的質點剛好開始振動，某時刻兩列波恰好同時到達原點處的質點O，若從t=0開始到時間內P點經過的路程為3cm，求：（1）甲、乙兩波的頻率之比；（2）乙波在右側繩子中的傳播速度大??；（3）從t=0到t=7s，原點處的質點O經過的路程?！敬鸢浮浚?）；（2）2m/s；（3）48cm【解析】（l）兩列波同時傳到O點，由，得出根據題圖可知又聯(lián)立可得（2）由題可得質點P向上運動，因此質點運動的路程3cm為先向上運動到波峰1cm在回到平衡位置走了2cm，因此可知P點當前的位移為1cm，則有結合P點向上運動有，因此可得根據題圖可知=4m，則乙波在右側繩子中的傳播速度大小為=2m/s（3）由上述分析可得=1m/s，則經過1s后兩列波均剛好到達O點，且兩列波在О點疊加后振動最強，故О點做振幅為4cm的振動，周期不變，從t=0到t=7s，原點處的質點O經過的路程為s=3T=12A=48cm14.在如圖所示的裝置中，電源電壓U保持不變，定值電阻阻值和滑動變阻器的最大阻值均為R，置于真空中的平行板電容器水平放置，板長為L，板間距離為d且右側有一豎直擋板，擋板與電容器中軸線的交點為O，擋板與電容器右端距離也為L。閉合開關，當滑動變阻器的滑片移到最右端時，一質量為m的帶正電微粒（不計重力）以初速度沿水平方向從電容器的正中間進入電容器，恰從電容器下板右側邊緣離開電容器。求：（1）帶電微粒所帶的電荷量q；（2）當滑動變阻器的滑片移到最右端時，帶電微粒打到擋板上的點距離O點的豎直距離；【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）閉合開關，當滑動變阻器的滑片移到最右端時，滑動變阻器接入電路電阻為0，電容器兩板間的電勢差為U，電容器兩板之間的場強大小電容器上極板帶正電，帶電微粒在電容器中做類平拋運動，則水平方向豎直方向加速度為解得帶電微粒所帶的電荷量（2）帶電微粒恰從電容器下板右側邊緣離開電容器時豎直方向的速度帶電微粒離開電容器后做勻速直線運動，則解得帶電微粒離開電容器后，打到擋板上的點離電容器下板水平線的距離打到擋板上的點距離O點的距離（3）開關閉合后，調節(jié)滑動變阻器的滑片移到最左端且電路穩(wěn)定后，電容器兩端的電壓帶電微粒離開電容器時解得離開電容器時豎直方向的速度帶電微粒離開電容器后做勻速直線運動，則解得帶電微粒離開電容器后，打到擋板上向下偏移的距離打到擋板上距離O點的距離15.如圖所示，光滑水平面上有一質量，M=0.4kg的平板車，車的上表面右側是一段長L=2m的水平軌道，水平軌道左側是一半徑R=0.25m的光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平軌道在O′點相切。車右端固定一個尺寸可以忽略、處于鎖定狀態(tài)的壓縮彈簧，一質量m=1.0kg的小物塊（可視為質點）緊靠彈簧，彈簧儲存的彈性勢能為7.5J，整個裝置處于靜止狀態(tài)?，F將彈簧解除鎖定，小物塊被彈出，恰能到達圓弧軌道的最高點A。不考慮小物塊與彈簧碰撞時的能量損失，不計空氣阻力，取g=10m/s2.求：（1）小物塊與水平軌道間的動摩擦因數；（2）小物塊第二次經過點的速度大小；（3）從彈簧解除鎖定至小物塊到達圓弧軌道最高點過程中，平板車的位移大小?！敬鸢浮浚?）0.25；（2）2.0m/s；（3）0.45m【解析】（1）平板車和小物塊組成的系統(tǒng)，在水平方向上動量守恒，解除鎖定前，系統(tǒng)總動量為零，故小物塊到達圓弧最高點A時，平板車和小物塊的共同速度設彈簧解除鎖定前的彈性勢能為，上述過程中系統(tǒng)能量守恒，則有代入數據解得（2）設小物塊第二次經過點時的速度大小為，此時平板車的速度大小為，研究小物塊在平板車圓弧面上的下滑過程，取水平向右為正方向，由系統(tǒng)動量守恒和機械能守恒有代入數據解得（3）彈簧剛釋放時車和小物塊速度分別為、則由（2）可得小物塊第一次到達點時速度也為2m/s，車速也為0.5m/s，對車解得根據解得車與小物塊水平方向的分速度之比始終為，故解得故從開始至小物塊到達小車圓弧軌道最高點過程，車的位移為江西高二期末教學質量檢測物理一、選擇題（本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題中只有一項符合題目要求，每小題4分，第8~10題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1.關于電阻、電壓和電流下列說法中正確的是（）A.由可知，電阻與電壓、電流都有關B.導體的電阻率一般與導體長度、形狀、大小均有關C.金屬的電阻率一般隨溫度的升高而減小D.由可知，導體的電阻與導體的種類、長度和橫截面積都有關系【答案】D【解析】AD．公式為電阻的定義式，即帶你組與其兩端的電壓以及流過的電流無關，而根據電阻定律可知，電阻的大小由電阻率、長度、橫截面積決定，故A錯誤，D正確；B．導體的電阻率由材料決定，與溫度大小有關，但與導體的長度、形狀、大小均無關，故B錯誤；C．金屬的電阻率一般隨溫度的升高而增大，故C錯誤。故選D。2.如圖所示，帶正電荷的橡膠環(huán)繞軸OO'以角速度ω勻速旋轉，在環(huán)左側軸線上的小磁針最后平衡的位置是（）A.N極豎直向上 B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左 D.N極沿軸線向右【答案】D【解析】轉動帶電環(huán)可以等效為環(huán)形電流，根據右手螺旋定則，圓環(huán)左側磁場方向向右，故最后小磁針N極沿軸線向右。故選D。3.關于光的偏振、干涉與衍射、激光，下列說法正確的是（）A.偏振是縱波特有的現象，光的偏振現象說明光是縱波B.在雙縫干涉現象里，亮條紋和暗條紋的寬度是不等的C.自然界中某些天然物體也可以發(fā)出激光，激光不能發(fā)生衍射現象D.泊松亮斑是衍射現象，用白光照射單縫時將得到彩色條紋【答案】D【解析】A．光的振動方向與傳播方向相垂直，故光的偏振現象說明光是橫波，選項A錯誤；B．在雙縫干涉現象里，亮條紋和暗條紋的寬度是相等的，選項B錯誤；C．激光是用人工方法激發(fā)的一種特殊的光，激光是一種電磁波，只要是波就能發(fā)生衍射現象，選項C錯誤；D．泊松亮斑是光繞過障礙物繼續(xù)傳播的現象，是衍射現象，用白光照射單縫，將得到彩色的衍射條紋，選項D正確。故選D。4.水下一點光源，發(fā)出a、b兩單色光。人在水面上方向下看，水面中心Ⅰ區(qū)域有a光、b光射出，Ⅱ區(qū)域只有a光射出，如圖所示。下列判斷正確的是（）A.a、b光從Ⅰ區(qū)域某點傾斜射出時，b光的折射角小B.水對a光的折射率大于水對b光的折射率C.a光在水中傳播速度大于b光在水中傳播速度D.a光在水面發(fā)生全反射臨界角小于b光在水面發(fā)生全反射臨界角【答案】C【解析】AB.b光先發(fā)生全反射，b光折射率大，故Ⅰ區(qū)域的某點傾斜射出時b光折射角大，故A、B均錯誤；C.由可知，b光在水中傳播速度小，故C正確；D.設全反射臨界角為C，由可知，b光在水面發(fā)生全反射臨界角小，故D錯誤；5.一個單擺在地面上做受迫振動，其共振曲線（振幅A與驅動力頻率f的關系）如圖所示，則（）A.此單擺的固有周期約為0.5sB.此單擺的擺長約為1mC.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰值將向右移動【答案】BB.由單擺周期公式得擺長約為1m，故B正確；C.擺長變大，由單擺周期公式知固有周期變大，從而固有頻率變小，故C錯誤；D.由C項分析知，若擺長增大，則固有頻率變小，所以共振曲線峰值向左移動，故D錯誤；6.用雙縫干涉測量某種單色光的波長的實驗裝置如圖甲所示，光屏上某點P到雙縫S1、S2的路程差為9.375×10-7m，如圖乙所示，已知真空中的光速為3×108m/s，如果用頻率為4.8×1014Hz的橙光照射雙縫，則下列說法正確的是（）A.該橙光的波長是5.25×10-7mB.P點出現亮條紋C.僅將橙光換成紅光，則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距變大D.僅將橙光換成紫光，則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距不變【答案】C【解析】A.橙光的波長為故A錯誤；B.由于故Р點是振動減弱點，P點出現暗條紋，故B錯誤；C.根據在其他條件不變的情況下，光的波長增大，相鄰兩亮條紋的中心間距變大，故C正確；D.由C項分析知，在其他條件不變的情況下，光的波長減小，相鄰兩亮條紋的中心間距變小，故D錯誤；故選C。7.如圖所示的電路中，R為滑動變阻器，電容器的電容（C=，定值電阻R0=1Ω，電源電動勢E=4V，內阻r=1Ω。閉合開關S，將R的阻值調至2Ω時，下列說法中正確的是（）A.電容器兩端電壓為1.5V B.電容器的電荷量為3×10-5CC.滑動變阻器消耗的功率達到最大 D.電源的輸出功率為最大值【答案】C【解析】A．將R的阻值調至2Ω時，由閉合電路歐姆定律，可計算出滑動變阻器中電流電容器兩端電壓故A錯誤；B．電容器的電荷量故B錯誤；CD．設外電路總電阻為，根據電源輸出功率最大條件，可知電源的最大輸出功率在內外阻值大小相等時電源輸出功率最大，此時解得時電源的輸出功率為最大值。把定值電阻看作電源內阻的一部分，將R的阻值調至2Ω時，外電阻R等于定值電阻和內阻之和，即讓時滑動變阻器的功率為最大值，故C正確，D錯誤。8.三個點電荷形成的電場如圖所示，A，B，C是電場中的三個點，設三點電場強度的大小分別為、、，三點的電勢分別為、、。下列說法正確的是（）A.三個點電荷中有兩個帶負電荷B.A、B、C三點電場強度大小C.A、B兩點電勢D.若將一帶正電的試探電荷從B移動到A，電場力做正功【答案】ACD【解析】A．正電荷電場線方向為正電荷到無窮遠處，負電荷電場線方向為無窮遠處到負電荷，可知三個點電荷的中有兩個帶負電荷，故A正確；B．電場線越密，電場強度越大，A、B、C三點電場強度大小故B錯誤；C．沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A、B兩點電勢故C正確；D．由于則有則電場力做功為則帶正電的試探電荷從B移動到A，電場力做正功，故D正確。故選ACD。9.如圖甲所示，彈簧振子以O點為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振子的位移x隨時間t的變化圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.t＝0.8s時，振子速度方向向左B.t＝0.2s時，振子在O點右側6cm處C.t＝0.4s和t＝1.2s時，振子的加速度相同D.t＝0.4s到t＝0.8s的時間內，振子的速度逐漸增大【答案】AD【解析】A．從t＝0.8s時起，再過一段微小時間，振子的位移為負值，因為取向右為正方向，故t＝0.8s時，速度方向向左，A正確；B．由題圖乙得振子的位移x＝12sintcm故t＝0.2s時，x＝6cmB錯誤；C．t＝0.4s和t＝1.2s時，振子的位移方向相反，加速度方向相反，C錯誤；D．t＝0.4s到t＝0.8s時間內，振子的位移逐漸變小，故振子逐漸靠近平衡位置，其速度逐漸增大，D正確．故選AD。10.一質量為的物塊在合外力的作用下從靜止開始沿直線運動。隨時間變化的圖像如圖所示，則（）A.時物塊的動量大小為B.時物塊的動量大小為C.時物塊的速率為D.時物塊的速度為零【答案】BC【解析】A．由動量定理可得時物塊的動量大小為A錯誤；B．由動量定理可得時物塊的動量大小為B正確；C．由動量定理可得解得C正確；D．由動量定理可得解得D錯誤。故選BC。二、實驗題（本題共2小題，共16分）11.某同學用半圓形玻璃磚測定玻璃的折射率（如圖所示）。（1）在平鋪的白紙上垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O；在半圓形玻璃磚（圖中實線部分）另一側垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像，連接OP3；實驗中要求三枚大頭針的______（選填“針帽”或“針尖”）在同一視線上；（2）圖中MN為分界線，虛線半圓與玻璃磚對稱，B、C分別是入射光線、折射光線與圓的交點，AB、CD均垂直于法線并分別交法線于A、D點。設AB的長度為l1，AO的長度為l2，CD的長度為l3，DO的長度為l4，為較方便地表示出玻璃磚的折射率，需用刻度尺測量______，（選填l1、l2、l3或l4）則玻璃磚的折射率可表示為______；（3）該同學在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O為圓心順時針轉過一小角度，由此測得玻璃磚的折射率將______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）針尖（2）和（3）偏大【解析】（1）[1]實驗中要求三枚大頭針的針尖在同一視線上，而不是針帽，針帽的在視線方向上的橫截面積比較大，會帶來較大誤差。（2）[2][3]光線的入射角和折射角的正弦值分別為，根據光的折射定律可知玻璃磚的折射率因此只需測量和即可。（3）[4]當玻璃磚順時針轉過一個小角度時，在處理數據時，認為是不變的，即入射角不變，而減小，所以測量值將偏大。12.興趣小組要測量兩節(jié)干電池組成的電池組的電動勢和內阻，實驗室提供了以下實驗器材：A．兩節(jié)干電池組成的電池組B．電流表A1：量程=100mA，內阻=4ΩC．電流表A2：量程=200mA，內阻=2ΩD．定值電阻R1=1ΩE．定值電阻R2=2ΩF．定值電阻R3=13ΩG．滑動變阻器R（0~10Ω）H．導線與開關（1）實驗時設計了如圖甲所示電路，需要先將電流表A2改裝成量程為3V的電壓表，將電流表量程擴大為0.5A，另定值電阻作為保護電阻，則三個定值電阻選擇為：a___________；b___________；c___________（均填器材前面的字母）。（2）圖示乙器材中按照電路圖連接成測量電路。（）（3）電路連接準確無誤后，閉合開關K，移動滑動變阻器，得到多組電流表A1，A2示數，作出了I2-I1圖像如圖丙所示，則電池組電動勢E0=___________V；內阻=___________Ω（小數點后均保留兩位）（4）用本實驗電路進行測量，僅從系統(tǒng)誤差方面分析，電動勢及內阻的測量值均___________（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值?！敬鸢浮浚?）FDE（2）（3）2.911.35（4）等于【解析】（1）[1]將電流表A改裝成3V電壓表，則有=3V解得=13Ω即A與定值電阻a串聯(lián)，故a應選R3；[2]電流表A1量程擴大到0.5A，擴大倍數并聯(lián)電阻=1Ω解得=1Ω故b應選R1；[3]保護電阻c應選R2。（2）實物連線如圖所示。（3）[5][6]擴大量程后電壓表內阻=15Ω電流表內阻=0.8Ω由閉合電路歐姆定律，有即得=2.91V，，=1.35Ω。（4）[7]用本實驗電路測量，測量電動勢和內阻測量值與真實值相等。三、計算題（本題共3小題，共計38分。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）13.如圖所示，以原點O為界在x軸上有兩段不同材料的繩子，波源S1和S2分別置于x=m和x=6m處，同時產生兩列簡諧橫波甲和乙，分別沿x軸正方向和x軸負方向傳播，t=0時刻，x=m和x=2m處的質點剛好開始振動，某時刻兩列波恰好同時到達原點處的質點O，若從t=0開始到時間內P點經過的路程為3cm，求：（1）甲、乙兩波的頻率之比；（2）乙波在右側繩子中的傳播速度大??；（3）從t=0到t=7s，原點處的質點O經過的路程。【答案】（1）；（2）2m/s；（3）48cm【解析】（l）兩列波同時傳到O點，由，得出根據題圖可知又聯(lián)立可得（2）由題可得質點P向上運動，因此質點運動的路程3cm為先向上運動到波峰1cm在回到平衡位置走了2cm，因此可知P點當前的位移為1cm，則有結合P點向上運動有，因此可得根據題圖可知=4m，則乙波在右側繩子中的傳播速度大小為=2m/s（3）由上述分析可得=1m/s，則經過1s后兩列波均剛好到達O點，且兩列波在О點疊加后振動最強，故О點做振幅為4cm的振動，周期不變，從t=0到t=7s，原點處的質點O經過的路程為s=3T=12A=48cm14.