2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，在磁感應(yīng)強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，固定著兩根水平金屬導(dǎo)軌ab和cd，導(dǎo)軌平面與磁場方向垂直，導(dǎo)軌間距離為L，在導(dǎo)軌左端a、c間連接一個阻值為R的電阻，導(dǎo)軌電阻可忽略不計。在導(dǎo)軌上垂直導(dǎo)軌放置一根金屬棒MN，其電阻為r，用外力拉著金屬棒向右勻速運動，速度大小為v。已知金屬棒MN與導(dǎo)軌接觸良好，且運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直。則在金屬棒MN運動的過程中A.金屬棒MN中的電流方向為由M到NB.電阻R兩端的電壓為BLvC.金屬棒MN受到的安培力大小為D.電阻R產(chǎn)生焦耳熱的功率為2、如圖所示，A、B兩物體疊放在一起，用手托住，讓他們靜靠在墻邊，然后釋放，它們同時沿豎直墻面向下滑，已知mA>mB,則物體BA.只受一個重力B.受到重力和一個摩擦力C.受到重力、一個彈力和一個摩擦力D.受到重力、一個摩擦力、兩個彈力3、某廣播電臺發(fā)射“中波”段某套節(jié)目的訊號、家用微波爐中的微波、VCD機(jī)中的激光（可見光）、人體透視用的X光，都是電磁波，它們的頻率分別為f1、f2、f3、f4，則（）A.f1＞f2＞f3＞f4B.f1＜f2＜f3＜f4C.f1＜f2＜f4＜f3D.f2＜f1＜f3＜f44、關(guān)于運動電荷、通電導(dǎo)線所受磁場力的方向，下列判斷正確的是（）A.B.C.D.5、如圖甲所示，A、B是某電場中一條電場線上的兩點，若從A點釋放一初速度為零的電子，電子僅在電場力作用下向B點運動，其v-t圖象如圖乙所示，則下列說法正確的電子（）A.B兩點電勢φA＜φBB.B兩點電場強度EA＜EBC.場強方向由A指向BD.電子在B兩點的電勢能EPA＜EPB6、當(dāng)你從商店買回一只標(biāo)有“220V100W

”字樣的白熾燈后，直接用多用電表測量白熾燈的電阻值，關(guān)于測量結(jié)果，下列說法正確的是(

)

A.測量值等于484婁賂

B.測量值小于484婁賂

C.測量值大于484婁賂

D.無法判斷測量值與484婁賂

之間的大小關(guān)系7、一個單擺做受迫振動；其共振曲線(

振幅A

與驅(qū)動力的頻率f

的關(guān)系)

如圖所示，則(

)

A.此單擺的固有周期約為0.5s

B.此單擺的擺長約為1m

C.若擺長增大，單擺的固有頻率增大D.若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動8、小燈泡通電后其電流I

隨所加電壓U

變化的圖線如圖所示，P

為圖線上一點，PN

為圖線過P

點的切線，PQ

為U

軸的垂線，PM

為I

軸的垂線.

則下列說法中正確的是(

)

A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B.對應(yīng)P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2

C.對應(yīng)P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈭?I1

D.對應(yīng)P

點，小燈泡的功率為圖中梯形PQON

所圍的面積評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、有三個點電荷甲、乙、丙，甲帶電荷量為+Q，乙?guī)щ姾闪繛?q，且Q＞q，每一個電荷受其他兩個電荷的電場作用力的合力均為零，則下列判斷中正確的是（）A.丙的位置一定在甲和乙的連線的延長線上，且距乙較近B.丙一定帶正電荷C.丙所帶的電荷量q′一定大于qD.丙所帶的電荷量一定小于Q10、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，電場方向與六邊形所在平面平行．已知A、B、C三點的電勢分別為1V、2V、3V，則下列說法中正確的是（）A.UAF=0VB.UCF=0C.電場強度的方向從C指向AD.F三點的電勢分別為3V、2V、1V11、電磁軌道炮工作原理如圖所示。待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸。電流I

從一條軌道流入，通過導(dǎo)電彈體后從另一條軌道流回。軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面的磁場(

可視為勻強磁場)

磁感應(yīng)強度的大小與I

成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出?，F(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來的2

倍，理論上可采用的辦法是(

)

A.只將軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍B.只將電流I

增加至原來的2

倍C.只將彈體質(zhì)量減至原來的一半D.將彈體質(zhì)量減至原來的一半，軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，其它量不變12、如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷分別位于x

軸上的PQ

兩點，其位置關(guān)于坐標(biāo)原點O

對稱，圓弧曲線是一個以O(shè)

點為圓心的半圓，c

點為半圓與y

軸的交點，ab

兩點為一平行于x

軸的直線與半圓的交點，下列說法正確的是()

A.ab

兩點的場強相同B.ab

兩點的電勢相同C.將一個正電荷q

沿著圓弧從a

點經(jīng)c

點移到b

點，電勢能先增加后減小D.將一個正電荷q

放在半圓上任一點，兩電荷對q

的作用力大小分別是F1F2

則1F1+1F2

為一定值13、如圖所示，輕桿A

端用光滑水平鉸鏈裝在豎直墻面上，B

端用水平繩連在墻C

處，在B

端懸掛一重物P

在用水平向右的力F

緩慢拉起重物P

的過程中(

)

A.懸繩BP

所受拉力不變B.懸繩BP

所受拉力變大C.桿AB

所受壓力不變D.桿AB

所受壓力先變小再變大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、有一種“隱形飛機(jī)”，可以有效避開雷達(dá)的探測，秘密之一在于它的表面有一層特殊材料，這種材料能夠____（填“增強”或“減弱”）對電磁波的吸收作用；秘密之二在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠____（填“增強”或“減弱”）電磁波反射回雷達(dá)設(shè)備．15、把一個滿偏電流為1mA、內(nèi)電阻為600Ω的電流表頭改裝成量程為3A的電流表，則需要____聯(lián)一個____Ω的電阻；若將這個表頭改裝成量程為6V的電壓表，則應(yīng)____聯(lián)一個____Ω的電阻．16、小明在實驗室采用如圖1所示裝置探究“物體的加速度a與物體所受外力F；物體質(zhì)量M間的關(guān)系”時；設(shè)小車及車中的砝碼的總質(zhì)量為M，砂及砂桶的總質(zhì)量為m．

（1）在做該實驗時，小明將砂及砂桶的重力視為繩子對小車的拉力大小，他這樣認(rèn)為的條件是______；

（2）小明做該實驗的具體操作步驟如下，以下做法正確的是______

A．平衡摩擦力時；應(yīng)將砂及砂桶用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上。

B．每次改變小車的質(zhì)量時；不需要重新平衡摩擦力。

C．實驗時；先放開小車，再接通打點計時器的電源。

D．用天平測出m以及小車質(zhì)量M，小車運動的加速度可直接用公式求出。

（3）若保持小車及車中的砝碼質(zhì)量M一定，探究加速度a與所受外力F的關(guān)系，由于操作不當(dāng)，得到的a-F關(guān)系圖象如圖2所示．其原因是______．17、小球從3m

高處自由下落，被水平地板彈回后在1m

高處接住，則小球通過的路程等于______m

位移的大小等于______m

方向______．18、質(zhì)量為1kg的物體，從足夠高處自由落下，（g=10m/s2）下落3s內(nèi)重力對物體做功WG=____在下落第3s內(nèi)重力對物體做功的功率P=____.19、如圖所示，理想變壓器的原.

副線圈匝數(shù)之比為n1n2=41

原線圈回路中的電阻A

與副線圈回路中的負(fù)載電阻B

的阻值相等.ab

端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PAPB=

______；兩電阻兩端的電壓之比UAUB=

______．評卷人得分四、判斷題(共1題，共9分)20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)21、一個小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實驗器材進(jìn)行實驗，并利用實驗數(shù)據(jù)描繪和研究小燈泡的伏安特性曲線A.電源E：電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計B.電壓表V1：量程為0~3V，內(nèi)阻約為1C.電壓表V2：量程為0~15V，內(nèi)阻約為4D.電流表A1：量程為0~3A，內(nèi)阻約為0.1E.電流表A2：量程為0~0.6A，內(nèi)阻約為0.6F.滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω，額定電流為1.0AG.滑動變阻器R2：最大阻值為150Ω，額定電流為1.0AH.開關(guān)S，導(dǎo)線若干①實驗中使用的電壓表應(yīng)選用；電流表應(yīng)選用；滑動變阻器應(yīng)選用（請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母）．②實驗中某同學(xué)連接實驗電路如圖所示，請你不要改動已連接的導(dǎo)線，在下面的實物連接圖中把還需要連接的導(dǎo)線補上。閉合開關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑片放在最（填“M”或“N”）端．③實驗中得到多組電壓表與電流表示數(shù)數(shù)據(jù)，請將剩下的三組數(shù)據(jù)標(biāo)記在U-I坐標(biāo)中，其余實驗數(shù)據(jù)已標(biāo)好，然后畫出小燈泡的U-I圖線。并簡述該燈泡電阻的變化規(guī)律：。U/V0.81.01.2I/A0.340.380.42④若將實驗中的小燈泡接在電動勢是1.5V、內(nèi)阻是1.0的電池兩端，則小燈泡的實際功率約為W（保留兩位有效數(shù)字）22、測量電源B的電動勢E及內(nèi)阻r（E約為4.5V，r約為1.5Ω）。器材：量程3V的理想電壓表量程0.5A的電流表（具有一定內(nèi)阻），固定電阻R=4Ω，滑線變阻器R′，電鍵K，導(dǎo)線若干。實驗中，當(dāng)電流表讀數(shù)為I1時，電壓表讀數(shù)為U1；當(dāng)電流表讀數(shù)為I2時，電壓表讀數(shù)為U2。則可以求出E=____，r=____。（用I1，I2，U1，U2及R表示）23、（10分）實際電流表有內(nèi)阻，可等效為理想電流表與電阻的串聯(lián)。測量實際電流表G1內(nèi)阻r1的電路如圖所示。供選擇的儀器如下：①待測電流表G1（0～5mA，內(nèi)阻約300Ω）；②電流表G2（0～10mA，內(nèi)阻約100Ω）；③定值電阻R1（300Ω）；④定值電阻R2（10Ω）；⑤滑動變阻器R3（0～1000Ω）；⑥滑動變阻器R4（0～20Ω）；⑦干電池（1.5V）；⑧開關(guān)S及導(dǎo)線若干。（1）定值電阻應(yīng)選，滑動變阻器應(yīng)選。（在空格內(nèi)填寫序號）（2）補全實物圖連線。（3）補全實驗步驟：①按電路圖連接電路，將滑動觸頭移至最端（填“左”或“右”）；②閉合開關(guān)S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄G1、G2的讀數(shù)I1、I2；③多次移動滑動觸頭，記錄相應(yīng)的G1、G2讀數(shù)I1、I2；④以I2為縱坐標(biāo)，I1為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線，如圖所示。⑷根據(jù)I2?I1圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內(nèi)阻的表達(dá)式。評卷人得分六、證明題(共2題，共4分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】試題分析：據(jù)題意，由右手定則可知，電流方向從N到M，故A選項錯誤；MN兩端產(chǎn)生的電動勢為：電阻兩端電壓為：故B選項錯誤；回路中電流為：則MN受到的安培力為：故C選項正確；電阻R產(chǎn)生焦耳熱為：故D選項錯誤。考點：本題考查電磁感應(yīng)、閉合電路歐姆定律、熱功率。【解析】【答案】C2、A【分析】【解析】【答案】A3、B【分析】解：電磁波的頻率從小到大的順序為：無線電波，微波，紅外線，可見光，紫外線，χ射線，γ射線，所以f1＜f2＜f3＜f4．故選項B正確；其他選項錯誤．

故選：B

電磁波的頻率從小到大的順序為：無線電波；微波，紅外線，可見光，紫外線，χ射線，γ射線，根據(jù)這一順序即可判斷它們之間的關(guān)系．

該題考查電磁波的基礎(chǔ)知識，屬于基礎(chǔ)題目．要加強該部分知識的記憶．【解析】【答案】B4、C【分析】解：A；由左手定則可知；安培力方向應(yīng)豎直向下，故A錯誤；

B；根據(jù)左手定則可知；洛倫茲力方向向上，故B錯誤；

C；根據(jù)左手定則可知；安培力方向水平向右，故C正確；

D；粒子帶負(fù)電；由左手定則可知，粒子受力豎直向下，故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；伸開左手，使大拇指與四指方向垂直，四指方向與電流方向相同，磁場方向垂直于掌心，大拇指所指方向為安培力的方向．

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷磁場方向、電流方向、安培力方向的關(guān)系，要注意明確負(fù)電荷在判斷時洛倫茲力時，四指要指向運動的反方向．【解析】C5、A【分析】解：AC、電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點，則電子所受的電場力方向從A指向B，所以電場線的方向是從B指向A的，由于沿電場線的方向電勢降低，所以φA＜φB；故A正確，C錯誤；

B、從速度時間圖線得知電子做加速運動，加速度逐漸變小，故電場力不斷變小，電子在A點受到的電場力大于在B點受到的電場力，所以EA＞EB．故B錯誤；

D；電子僅在電場力作用下沿電場線從A點到B點；電場力做功，電勢能減小，所以電荷在A點的電勢能大于在B點的電勢能。故D錯誤。

故選：A。

根據(jù)電子的運動方向確定電場力方向；判斷電場線方向，即可分析電勢的高低。從速度時間圖線得到電子做加速運動，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況。確定場強的變化。

本題關(guān)鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場強方向和電勢大小?！窘馕觥緼6、B【分析】解：白熾燈可以看做純電阻，由P=U2R

知R=U2P=2202100=484婁賂

此電阻為正常發(fā)光時的電阻；

由于燈泡為金屬材料；電阻率隨溫度的升高而增大，當(dāng)不發(fā)光時，溫度低，所以電阻要小于此數(shù)值，但不可能為零．

故選：B

．

此題考查純電阻電路的電功率的計算方法P=U2R

同時考慮金屬電阻隨溫度的變化而增加．

本題的關(guān)鍵要抓住燈泡為純電阻，才能利用給的數(shù)值計算額定電壓下電阻的數(shù)值，考慮溫度的影響即可解決此問題．【解析】B

7、B【分析】解：A

由圖可知；此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

故A錯誤；

B、由圖可知，此單擺的振動頻率與固有頻率相等，則周期為2s.

由公式T=2婁脨Lg

可得L隆脰1m.

故B正確；

C；若擺長增大；單擺的固有周期增大，則固有頻率減小.

故C錯誤；

D；若擺長增大；則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動.

故D錯誤；

故選：B

由共振曲線可知；出現(xiàn)振幅最大，則固有頻率等于受迫振動的頻率．

受迫振動的頻率等于驅(qū)動力的頻率；當(dāng)受迫振動中的固有頻率等于驅(qū)動力頻率時，出現(xiàn)共振現(xiàn)象．【解析】B

8、B【分析】【分析】

根據(jù)電阻的定義R=UI

電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大.

對應(yīng)P

點，燈泡的電阻等于過P

點的切線斜率的倒數(shù)；

本題中燈泡是非線性元件，其電阻R=UI

但R鈮??U?I.

圖線上的點與O

點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)；而不是圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)。

【解答】

A.圖線上的點與O

點連線的斜率逐漸減?。徽f明電阻逐漸增大，故A錯誤；

BC.

圖線上的點與O

點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，對應(yīng)P

點，小燈泡的電阻為R=U1I2鈮?U1I2?I1.

故C錯誤；B正確；

D.因P=UI

所以圖象中矩形PQOM

所圍的面積為對應(yīng)P

點小燈泡的實際功率，故D錯誤；

故選B。

【解析】B

二、多選題(共5題，共10分)9、ABCD【分析】解：A；假設(shè)丙放在Qq之間；Q對丙的電場力和q對丙的電場力方向相同，丙不能處于平衡狀態(tài)，所以假設(shè)不成立．

設(shè)丙所在位置與Q的距離為r13，丙所在位置與q距離為r23；要能處于平衡狀態(tài)；

所以Q對丙的電場力大小等于q對丙的電場力大小．

由于Q＞q．所以r23＜r13；所以丙離Q較遠(yuǎn)．所以q一定放置在甲；乙連線上乙的外側(cè)，故A正確。

B；q處在Q與丙電荷之間；q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，所以丙一定帶正電荷．故B正確；

C；對Q進(jìn)行受力分析；Q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，因為丙離Q遠(yuǎn)，所以丙所帶電量一定大于q，故C正確。

D、對q進(jìn)行受力分析，q受其它兩個電荷所施的電場力合力都為零，即則有丙所帶電量一定小于Q，故D正確；

故選：ABCD．

由于Q帶正電荷；q負(fù)電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使每個電荷處于衡狀態(tài)，對其受力分析，去判斷所處的位置．

我們可以去嘗試假設(shè)丙帶正電或負(fù)電，根據(jù)平衡條件求解它應(yīng)該放在什么地方，能不能使丙處于平衡狀態(tài)，不行再繼續(xù)判斷．【解析】【答案】ABCD10、ACD【分析】解：A、連接AC，AC中點電勢為2V，由正六邊形對稱性，則EB、AF均為電場中的等勢線，UAF=0；故A正確．

B、φF=1V，則UCF=2V；故B錯誤．

C；電場線方向與EB垂直；即為C→A，故C正確．

D；AF、BE、CD也為等勢線；D、E、F三點電勢分別為3V、2V、1V．故D正確。

故選ACD．

連接AC，根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變化（除等勢面）的特點，AC中點的電勢為2V，則EB為一條等勢線，AF也為一條等勢線，可求出UAF，UCF；并且能作出電場線．

找等勢點，作等勢面和電場線，是解決這類問題常用方法．【解析】【答案】ACD11、BD【分析】解：通電的彈體在軌道上受到安培力的作用；

利用動能定理有BIl?L=12mv2

磁感應(yīng)強度的大小與I

成正比；所以B=kI

解得v=2kI2lLm

A、只將軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，彈體的出射速度增加至原來的2

倍；故A錯誤。

B；只將電流I

增加至原來的2

倍；彈體的出射速度增加至原來的2

倍，故B正確。

C、只將彈體質(zhì)量減至原來的一半，彈體的出射速度增加至原來的2

倍；故C錯誤。

D；將彈體質(zhì)量減至原來的一半；軌道長度L

變?yōu)樵瓉淼?

倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來的2

倍，故D正確。

故選：BD

通電的彈體在軌道上受到安培力的作用；利用動能定理表示出彈體的出射速度。

根據(jù)速度的表達(dá)式進(jìn)行求解。

解決該題關(guān)鍵運用動能定理表示出彈體的出射速度求解。

要找出一個物理量變化所采用的方法，應(yīng)該先運用物理規(guī)律表示出這個物理量再根據(jù)表達(dá)式中各個因素求解?！窘馕觥緽D

12、BD【分析】【分析】根據(jù)兩個帶等量正電的點電荷周圍電場的分布，大體作出其電場線和等勢面進(jìn)行分析，故由點電荷的場強公式分析場強，由庫侖定律分析電場力。本題考查兩個等量正的點電荷周圍電場的分布，比較基本，難度適中。【解答】A.結(jié)合等量同號正電荷的電場分布特點可知，電場強度的方向沿電場線的切線方向，故aabb兩點的電場強度的方向不同，故A錯誤；B.由疊加原理可知aabb兩點的電勢相同，故B正確；CC將一個正電荷q

沿著圓弧從a

點經(jīng)c

點移到b

點，電場力先做正功，后做負(fù)功，故電勢能先減小后增加，故C錯誤；D.由庫侖定律：F1=kqQr12{F}_{1}=kdfrac{qQ}{r_{1}^{2}}F2=kqQr22{F}_{2}=kdfrac{qQ}{r_{2}^{2}}1F1+1F2=1kqQ(r12+r22)=1kqQL2(Ldfrac{1}{{F}_{1}}+dfrac{1}{{F}_{2}}=dfrac{1}{kqQ}(r_{1}^{2}+r_{2}^{2})=dfrac{1}{kqQ}{L}^{2}(L為兩個點電荷間的距離))故D正確。故選BD。

【解析】BD

13、BC【分析】解：以重物P

為研究對象，在緩緩拉起重物P

的過程中，重物P

的合力為零，設(shè)Gp

是重物P

的重力，根據(jù)平衡條件得：

T2cos婁脗=Gp壟脵

得：T2=GPcos尾婁脗

增大，cos婁脗

減小，則得：懸繩BP

的拉力T2

增大．

對B

點；豎直方向上有：Ncos婁脕=T2cos婁脗壟脷

由壟脵壟脷

得：N=Gpcos偽

因為婁脕

不變，可知N

不變，則根據(jù)牛頓第三定律得AB

所受壓力不變.

故AD錯誤，BC正確．

故選：BC

在緩緩拉起重物P

的過程中；重物P

的合力為零，根據(jù)平衡條件得到懸繩BP

的拉力的變化情況；再對B

點研究，分析受力情況，由平衡條件分析桿AB

所受壓力的變化．

本題采用隔離法研究動態(tài)變化問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，再由平衡條件進(jìn)行分析．【解析】BC

三、填空題(共6題，共12分)14、增強減弱【分析】【解答】現(xiàn)代的“隱形飛機(jī)”之所以能夠避開雷達(dá)的探測；其原因在于它的表面制成特殊形狀，這種形狀能夠減弱電磁波的反射，同時隱形飛機(jī)的表面有一層特殊材料，這種材料能夠增強對電磁波的吸收作用，使得雷達(dá)受到反射回來的電磁波發(fā)生變化，即導(dǎo)致雷達(dá)無法根據(jù)反射回來的電磁波判斷前方物體．

故答案為：增強；減弱．

【分析】雷達(dá)的工作原理是這樣的：其首先向外發(fā)射電磁波，這些電磁波碰到前方物體后發(fā)生反射，即雷達(dá)通過接收到的反射回來的電磁波的情況判斷前方的物體情況．所以該題可以據(jù)上面所說的雷達(dá)的工作原理分析即可．15、并0.2串5400【分析】【解答】解：把電流表改裝成3A的電流表需要并聯(lián)一個分流電阻；

分流電阻阻值：R==≈0.2Ω；

改裝成6V的電壓表；需要串聯(lián)一個分壓電阻；

分壓電阻阻值：R=﹣Rg=﹣600=5400Ω；

故答案為：并；0.2；串；5400．

【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值．16、略

【分析】解：（1）該實驗的研究對象是小車；采用控制變量法研究．當(dāng)質(zhì)量一定時，研究小車的加速度和小車所受合力的關(guān)系．為消除摩擦力對實驗的影響，可以把木板D的左端適當(dāng)墊高，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力．

根據(jù)牛頓第二定律得：對m：mg-F拉=ma，對M：F拉=Ma，解得：F拉==

當(dāng)M＞＞m時；即當(dāng)砝碼和盤的總重力要遠(yuǎn)小于小車的重力，繩子的拉力近似等于砝碼和盤的總重力．

（2）A；平衡摩擦力時；應(yīng)將繩從小車上拿去，輕輕推動小車，是小車沿木板運動，通過打點計時器打出來的紙帶判斷小車是否勻速運動．故A錯誤．

B；每次改變小車的質(zhì)量時；小車的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正確．

C；實驗時；應(yīng)先放開小車，再接通打點計時器電源，由于小車運動較快，可能會使打出來的點很少，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理．故C錯誤．

D、小車運動的加速度是利用打點計時器測量，如果用天平測出m以及小車質(zhì)量M，直接用公式求出；這是在直接運用牛頓第二定律計算的，而我們實驗是在探究加速度與物體所受合外力和質(zhì)量間的關(guān)系．故D錯誤．

故選：B．

（3）圖2中當(dāng)盤及盤中砝碼質(zhì)量較大時；a-F圖象發(fā)生彎曲，這是由于沒有保證小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于盤及盤中砝碼質(zhì)量造成的．

故答案為：（1）m＜＜M；（2）B；（3）小車質(zhì)量沒有遠(yuǎn)大于盤及盤中砝碼的質(zhì)量．

解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項．

該實驗采用的是控制變量法研究；其中加速度；質(zhì)量、合力三者的測量很重要．

教科書本上的實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．【解析】m＜＜M；B；小車質(zhì)量沒有遠(yuǎn)大于盤及盤中砝碼的質(zhì)量17、略

【分析】解：小球從3

米高處開始落下；通過的路程是3m.

被水平地板彈回后于1

米高處被接住，又通過的路程是1m

則總路程是4m.

起點與終止的線段長度是2m

則位移大小是2m.

方向是從起點指向終點，即豎直向下．

故答案是：42

豎直向下．

路程是物體運動路線的長度.

位移表示物體位置的移動；用從起點到終點的有向線段表示．

對于有往復(fù)的直線運動，物體的位移大小也是小于路程.

只有當(dāng)物體做單向直線運動時，位移大小才等于路程．【解析】42

豎直向下18、略

【分析】【解析】試題分析：物體做自由落體運動，所以下落3s時下落的高度為故重力做功為前2s內(nèi)物體下落的高度為故第三秒內(nèi)下落的高度為故功率為考點：功功率的計算【解析】【答案】450焦，250瓦19、略

【分析】解：根據(jù)變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比得：IAIB=14

電阻消耗的功率P=I2R

所以兩電阻消耗的電功率之比PAPB=116

電阻兩端的電壓U=IR

所以兩電阻兩端的電壓之比UAUB=14

故答案為：11614

變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比；求出電流之比，根據(jù)電阻消耗的功率P=I2R

電阻兩端的電壓U=IR

即可求解．

本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．【解析