2024年北師大新版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是（）A.安培B.法拉第C.奧斯特D.特斯拉2、下列說法正確的是（）A.若在電場中的P點不放置試探電荷，則P點的電場強度為零B.勻強電場中電場強度處處相同，所以任何電荷在其中受力均相同C.超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服要用包含金屬絲的織物制成D.電場線一定與帶電粒子在電場中運動的軌跡重合3、將懸掛在細線上的帶正電的小球A放在不帶電的金屬空心球C內(不與球接觸)，另有一個懸掛在細線上的帶負電的小球B向C靠近；如圖所示，于是有()

A..A向左偏離豎直方向，B向右偏離豎直方向B.A的位置不變，B向右偏離豎直方向C..A向左偏離豎直方向，B的位置不變D..A和B的位置都不變4、北京正負電子對撞機是我國第一臺高能加速器，由電子注入器、儲存環(huán)、探測器、核同步輻射區(qū)、計算中心等5個部分組成，其儲存環(huán)的周長為240米．某同學在參觀時得知此時在儲存環(huán)中繞環(huán)圓周運動的電子有5×1012個，形成的電流為10mA，則可估算出儲存環(huán)中電子的平均移動速率為（）A.3×107m/sB.3×106m/sC.9×107m/sD.9×106m/s5、一根長為L，橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為ρ。棒內單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓時，棒內產生電流，自由電子定向運動的平均速率為v。則金屬棒內的電場強度大小為（）

A.B.C.ρnevD.6、如圖所示，電源的電動勢為E、內阻為r，為定值電阻，C為電容器。閉合開關S，在滑動變阻器R的滑片向上滑動過程中（）

A.電阻中的電流變小B.電阻中的電流向右C.電容器C的電容變大D.電容器C所帶電荷量變小7、如圖所示的電路中，電源的電動勢為E、內阻為r；電表均為理想電表。閉合開關S，滑動變阻器的滑動觸頭由圖示的位置向右滑動一小段距離，在這個過程中，下列判斷正確的是（）

A.電源的輸出功率增加B.電阻兩端電壓減小C.電容器所帶電荷量減少D.電壓表與電流表示數(shù)變化量的比值增加8、如圖所示，三個圓形線圈置于勻強磁場中，線圈平面均與磁場方向垂直，其半徑分別為且關于穿過這三個線圈的磁通量；下列判斷正確的是（）

A.線圈的最大B.線圈的最大C.線圈的最大D.三個線圈的一樣大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示，虛線可能是電場線，也可能是等差等勢線，實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域的運動軌跡，是這條軌跡上的兩點．下列判斷正確的是（）

A.不論虛線是電場線還是等差等勢線，粒子在點時加速度一定比在點時加速度大B.不論虛線是電場線還是等差等勢線，點的電勢一定比點的電勢高C.若虛線是電場線，粒子通過點時動能比在點時大D.若虛線是等差等勢線，粒子通過點時電勢能比在點時小10、空間存在著沿x軸方向的電場，質量為m，電荷量為+q的點電荷，僅在電場力作用下，在x軸上從x=0處向x軸正方向運動；其速度隨位置變化如圖所示，由圖像可知。

A.電荷做勻加速直線運動B.電荷在處的加速度為C.x=0與兩點之間的電勢差為D.處的電場強度為11、如圖所示，一個質量為電荷量為的帶正電油滴，在平行于紙面的勻強電場中沿斜向右下方做直線運動，其軌跡與豎直方向的夾角為重力加速度大小為不計空氣阻力，則下列判斷正確的是（）

A.若油滴一定做勻速直線運動B.若油滴的機械能一定減小C.電場力可能對帶電油滴不做功D.電場強度可能等于12、如圖所示，在絕緣的斜面上方，存在著勻強電場，電場方向平行于斜面向上，斜面上有一帶電金屬塊在平行于斜面的力F作用下沿斜面移動。已知金屬塊在移動的過程中，力F做功40J；金屬塊克服電場力做功8J，金屬塊克服摩擦力做功12J，重力勢能增加18J，則在此過程中（）

A.金屬塊的動能增加2JB.系統(tǒng)的電勢能增加24JC.金屬塊的機械能增加20JD.系統(tǒng)的重力勢能與電勢能之和增加26J13、空間有一半徑為1m的圓形區(qū)域處于勻強電場中，勻強電場方向平行于圓形邊界所處的平面。邊界上有六個點等間距排列。電子從a點以初動能6eV朝不同方向飛出，經過圓形邊界不同位置時，具有不同的速度，經過b處時動能最大；為7eV。電子重力不計，下列說法正確的是（）

A.電場方向為b→e，大小為2V/mB.電子經過e處時動能最小，為2eVC.因為六個點等間距排列，任意相鄰兩點間的電勢差大小都相等D.經過O點的電子不能返回a點，經過f點的電子能返回a點14、金屬自由電子氣理論認為金屬中的自由電子好像氣體分子一樣，總是在不停地做無規(guī)則熱運動，由于自由電子會與金屬離子發(fā)生碰撞，其在金屬中的運動軌跡是“曲折”的路線，當存在外加電場E時，自由電子在雜亂無章的熱運動基礎上會疊加一個沿電場力方向的定向移動，如圖所示，大量自由電子沿同一方向的定向移動形成了宏觀的電流，通常情況下，電流穩(wěn)定時，自由電子定向移動的速率約為自由電子熱運動的速率約為可以將金屬導電問題簡化為下述過程：自由電子每次與金屬離子碰撞后，定向移動速率變?yōu)?；接著自由電子在電場力的作用下重新加速獲得定向移動速度，直到再次與金屬離子發(fā)生碰撞，根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）

A.相較于自由電子的定向移動速率，熱運動速率對碰撞頻率影響更大B.相較于自由電子的熱運動速率，定向移動速率對碰撞頻率影響更大C.E恒定時，若碰撞頻率升高，金屬中自由電子定向移動形成的電流不變D.E恒定時，若碰撞頻率升高，金屬中自由電子定向移動形成的電流變小15、如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的U－I圖線，電源的電動勢和內阻分別用E、r表示；根據(jù)所學知識分析下列選項正確的是()

A.E＝50VB.r＝ΩC.當該導體直接與該電源相連時，該導體的電阻為20ΩD.當該導體直接與該電源相連時，電路消耗的總功率為80W評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、為了體現(xiàn)全民大聯(lián)歡，2020年央視春晚繼續(xù)采用“北京主會場+各地分會場”的直播模式，突破演播室界限，將春晚舞臺的歡聲笑語帶到觀眾的身邊。用衛(wèi)星轉播春晚實況是利用______（選填“超聲波”“次聲波”或“電磁波”）來傳遞信息的；主持人的說話聲是由聲帶______產生的。17、正三角形ABC的邊長為10cm，在三角形的頂點A和B上分別放有帶電荷量為和的點電荷，這兩個點電荷在三角形的頂點C處產生的合場強大小為________N/C．18、長波的波長范圍為3000～30000m，短波的波長范圍為10～50m，則長波的頻率范圍是________，短波的頻率范圍是________。19、電荷守恒定律。

（1）電荷守恒定律表述：電荷既不會____________，也不會____________，它只能從一個物體轉移到____________，或者從物體的一部分轉移到____________；在轉移過程中，電荷的____________保持不變。

（2）電荷守恒定律的另一表述是：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，____________保持不變。20、自組電位差計測電動勢的電路如圖所示，其中RP的作用是______________，R1的作用是_______________，K3的作用是_____________。

21、圖中用3V量程時，表針的示數(shù)是___________V；當使用15V量程時，圖中表針示數(shù)為___________V。

22、熱功率。

（1）定義：______內的發(fā)熱量稱為熱功率。

（2）公式：P熱＝I2R。評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

25、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)26、在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗時，所用電流表內阻約為幾歐，電壓表內阻約為十幾千歐。實驗中得到了多組數(shù)據(jù)，通過描點連線在I-U系中得到了小燈泡的伏安特性曲線如圖甲所示。

（1）在虛線框中畫出實驗電路原理圖，并在圖乙中用筆畫線代替導線連接電路。（________）（_______）

（2）根據(jù)圖甲，可確定小燈泡的功率P與和P與的關系，圖示意圖中合理的是___________。

A.B.C.D.

（3）將被測小燈泡、定值電阻R和電源串聯(lián)成如圖丙所示的電路，電源電動勢為內阻為1.0Ω若電路中的電流為則定值電阻R所消耗的電功率為_______W。27、某同學利用如圖所示的電路可以測量多個物理量．實驗室提供的器材有：

兩個相同的待測電源內阻電阻箱最大阻值為電阻箱最大阻值為電壓表內阻約為電流表內阻約為靈敏電流計G，兩個開關．

主要實驗步驟如下：

按圖連接好電路，調節(jié)電阻箱和至最大，閉合開關和再反復調節(jié)和使電流計G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V、電阻箱電阻箱的示數(shù)分別為

反復調節(jié)電阻箱和與中的電阻值不同使電流計G的示數(shù)為0，讀出電流表A、電壓表V的示數(shù)分別為．

回答下列問題：

（1）電流計G的示數(shù)為0時，電路中A和B兩點的電勢和的關系為______；

（2）電壓表的內阻為______；電流表的內阻為______；

（3）電源的電動勢E為______，內阻r為______。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)28、如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內存在著勻強電場．電量為q、動能為Ek的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場；不計重力．

（1）若粒子從c點離開電場；求電場強度的大小和粒子離開電場時的動能；

（2）若粒子離開電場時動能為Ek'，則電場強度為多大？29、下圖為真空示波管的示意圖，電子從燈絲發(fā)出（初速度可忽略不計），經燈絲與A板間的電場加速后，從A板中心孔沿中心線射出，然后進入兩塊平行金屬板間的偏轉電場（電子進入時的速度方向與該電場方向垂直），離開偏轉電場后打在熒光屏上的點。已知A間的加速電壓為兩板間的偏轉電壓為兩板間的距離為板長為電子的質量為電荷量為不計電子所受的重力及它們之間的相互作用力。

（1）求電子穿過A板時速度的大小

（2）求電子從偏轉電場射出時的側移距離

（3）電子從偏轉電場射出打在光屏上的若板的右側距離為求的距離？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

首先發(fā)現(xiàn)通電導線周圍存在磁場的物理學家是丹麥的物理學家奧斯特；安培提出了分子電流假說；研究了通電導線的磁場；法拉第研究了電磁感應現(xiàn)象；特斯拉是電力工程師。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場中某點場強的大小與試探電荷無關；A錯誤；

B．勻強電場中電場強度處處相同，根據(jù)

可知不同電荷在其中受力不同；B錯誤；

C．超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服要用包含金屬絲的織物制成；形成靜電屏蔽，對作業(yè)人員起到保護作用，C正確；

D．電場線方向就是正電荷受力的方向；與電荷運動軌跡不同，如果粒子做曲線運動，受力的方向和運動方向一定不同，D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

A在空心金屬球內；由于靜電感應，使得C外表面帶正電，B；C相互吸引，所以B向右偏；

而金屬空腔C可以屏蔽外部的B的電場；所以B的電荷對空腔C的內部無影響，所以A位置不變．故B正確，ACD錯誤；故選B．

點睛：考查靜電感應現(xiàn)象，掌握同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引．并理解外部電場對空心球內部沒有影響，即為靜電屏蔽．4、B【分析】【詳解】

設單位長度上的電子數(shù)目為n，

則單位長度上電子的電荷量q'=ne。t秒內電子通過的距離x=vt，t秒內通過某橫截面的電荷量q=xq'=nevt，由得：

所以：

A.3×107m/s。故A錯誤；

B.3×106m/s。故B正確；

C.9×107m/s。故C錯誤；

D.9×106m/s。故D錯誤。5、C【分析】【分析】

考查電路和電場知識。

【詳解】

I=neSv，聯(lián)立得E=ρnev，故選C。6、B【分析】【詳解】

A．閉合開關S，在滑動變阻器R的滑片向上滑動過程中，滑動變阻器接入電路的阻值減小，則電路總電流增大，即通過電阻中的電流變大；故A錯誤；

BD．根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知通過電阻中的電流變大，則通過電阻中的電壓變大，所以電容器C兩端電壓變大，根據(jù)電容的定義式可得

可知電容器C極板所帶電荷量變大，即電容器充電，根據(jù)連接方式可知電容器左極板帶正電，所以電阻中有向右的電流；故B正確，D錯誤；

C．電容器電容大小是由于電容器的兩板之間的距離和面積，以及介電常數(shù)決定，故電容器C的電容不變；故C錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的觸頭從左端向右滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，因為不知道與內阻r的關系；所以不能確定電源的輸出功率變化，A錯誤；

B．當滑動變阻器的觸頭由圖示的位置向右滑動小段距離，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，電路中總電流I增大，根據(jù)歐姆定律可以知道電阻兩端電壓增大；B錯誤；

C．電路中總電流I增大，內電阻與所占電壓增大，則R1的電壓減小，電容器與R1并聯(lián)，故電容器的電壓減小，根據(jù)

可以知道；電容器所帶電荷量減小，C正確；

D．電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律

得

電壓表與電流表示數(shù)變化量的比值不變。D錯誤。

故選C。8、C【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)磁通量的定義

由于c線圈的半徑最大；面積最大，因此磁通量最大。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【詳解】

A．若虛線是電場線，則電場線密集的地方電場強度大，則所受電場力大，則加速度大，所以粒子在點時加速度比在點時加速度大，若虛線是等差等勢線，由等差等勢面密集的地方電場強度大，則所受電場力大，則加速度大，所以粒子在點時加速度比在點時加速度大；故A正確；

BCD．若虛線代表三條電場線；則帶電粒子的大致受力方向和速度方向的關系如圖所示。

在由Q到P的過程中，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，由于粒子帶負電，則電勢增加，若虛線代表等差等勢線；則帶電粒子的大致受力方向和速度方向的關系如圖所示。

在由Q到P的過程中電場力做負功；動能減小，電勢能增加，由于粒子帶負電，則電勢減小，故D正確，BC錯誤。

故選AD。10、B:C【分析】【詳解】

A．有圖像可知，根據(jù)動能定理聯(lián)立可得電場強度隨x變化，根據(jù)Eq=ma，電荷做變加速直線運動，v2=2ax不成立；故A錯誤，B正確；

C．由動能定理可得，x=0與兩點之間的電勢差為故C正確；

D．根據(jù)處的電場強度為故D錯誤．

故選BC

點睛：根據(jù)動能定理圖像，可知電場強度的表達式，可判斷粒子的運動性質；根據(jù)電場力做功，由動能定理可得x=0與兩點之間的電勢差；根據(jù)電場強度的表達式可得處的電場強度．11、C:D【分析】【詳解】

AB．若且電場力豎直向上，油滴可沿直線做勻速運動，但電場力若沿如圖所示方向，則合力沿直線向下，油滴做勻加速直線運動，可知電場力做正功，油滴機械能增加，AB錯誤；

C．若電場力的方向垂直直線向上，且油滴沿直線做勻加速運動，電場力不做功，C正確；

D．如圖所示，設電場力與該直線夾角為當時，要沿該直線運動，應滿足

解得

故存在這樣一個方向，使電場強度等于且油滴沿直線運動，D正確。

故選CD。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)動能定理可得

故A正確；

B．系統(tǒng)電勢能的增加量等于金屬塊克服電場力做的功；即系統(tǒng)的電勢能增加8J，故B錯誤；

C．金屬塊機械能的增加量等于金屬塊的動能增量和重力勢能增量之和，即

故C正確；

D．系統(tǒng)的重力勢能與電勢能之和增加量等于金屬塊的重力勢能增量和電勢能增量之和，即

故D正確。

故選ACD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電子經過b處時動能最大，則圓環(huán)上b點電勢最高，過b點的等勢面與圓形邊界相切，可知場強方向為b→e，電子由a到b由動能定理得

得

a、b連線與的夾角為可得

得

故A正確。

B．圓形邊界上的各點，e點電勢最低，電子經過e點時動能最小，電子由b到e由動能定理

又

可得

故B錯誤。

C．六個點等間距排列；但相鄰點的連線沿電場線方向的投影長度不同，相鄰兩點間的電勢差大小不同，故C錯誤；

D．與（電場方向）有夾角，電子從a運動到O，說明電子在勻強電場中做曲線運動，不可能回到a點，與（電場方向）平行，電子從a運動到f（沿電場方向），說明電子做勻減速直線運動，則電子能回到a點；故D正確。

故選AD。14、A:D【分析】【詳解】

AB．自由電子熱運動的速率約為自由電子定向移動的速率約為由于

則說明熱運動更容易發(fā)生碰撞；即相較于自由電子的定向移動速率，熱運動速率對碰撞頻率影響更大，B錯誤，A正確；

CD．E恒定時；碰撞頻率升高，則單位時間自由定向移動量減少，自由電子定向移動形成的電流變小，C錯誤，D正確。

故選AD。15、A:C【分析】【詳解】

AB．由圖象的物理意義可知電源的電動勢E＝50V，內阻r＝＝Ω＝5Ω，

故A正確；B錯誤；

CD．該導體與該電源相連時，電阻的電壓、電流分別為U＝40V，I＝2A，則R＝＝20Ω，

此時，電路消耗的總功率P總＝EI＝100W，

故C正確，D錯誤．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]微波通信；衛(wèi)星通信、光纖通信都是用電磁波來傳遞信息；故用衛(wèi)星轉播春晚實況是利用電磁波來傳遞信息的；

[2]聲音是由物體的振動產生的，主持人的說話聲是靠聲帶振動產生的?！窘馕觥侩姶挪ㄕ駝?7、略

【分析】【詳解】

[1]如圖所示，根據(jù)場強的合成可知：

【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]已知長波波長范圍為3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

則長波頻率在10～100kHz之間．

[2]同理由短波的波長范圍為10～50m，則頻率范圍是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一個物體④.另一部分⑤.總量⑥.電荷的代數(shù)和20、略

【分析】【詳解】

[1]在自組電位差測電動勢中，其原理為補償原理，變阻器的作用為調節(jié)電路中電流大小作用，因此圖中RP作用為調節(jié)電流大小；

[2]R1位于主路上可以起到控制電流不過大的作用；

[3]K3斷開后檢流計與大電阻R串聯(lián)，因此可以起到防止檢流計G偏轉過大打壞指針的作用?！窘馕觥空{節(jié)電流大小控制電流不過大保護檢流計21、略

【分析】【詳解】

[1]當電壓表量程為3V時；每一小格為0.1V，故指針所指讀數(shù)為1.70V；

[2]當使用15V量程時，每一小格為0.5V，故指針所指讀數(shù)為8.5V?！窘馕觥?.708.522、略

【分析】【詳解】

略【解析】單位時間四、作圖題(共3題，共27分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

五、實驗題(共2題，共20分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]描繪燈泡伏安特性曲線；電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，由圖甲所示圖象可知，燈泡電阻約為。

電流表內阻約為幾歐；電壓表內阻約為十幾千歐，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示。

[2]根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示。