2024年華師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版選擇性必修1物理上冊月考試卷250考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、—位游客在湖邊欲乘游船，當日風浪很大，游船上下浮動．可把游艇浮動簡化成豎直方向的簡諧運動，振幅為20cm，周期為3.0s．當船上升到最高點時，甲板剛好與碼頭地面平齊．地面與甲板的高度差不超過10cm時，游客能舒服地登船．在一個周期內，游客能舒服地登船的時間是（）A.0.5sB.0.75sC.1.0sD.2.0s2、如圖所示，兩個小朋友在玩彈性球，他們從同一點將質量相同的甲、乙兩個彈性球水平拋出，兩個小球經過了地面上的同一點O；兩個小球的運動軌跡如圖所示（實線和虛線分別為甲球和乙球的運動軌跡），忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.兩球從拋出至到達O點運動時間相同B.甲、乙兩球的初速度之比為7∶5C.甲、乙兩球在O點時速度大小之比為7∶5D.每球與地面碰撞前后的動量大小相等、方向相反3、在光滑水平面上，有兩個小球A、B沿同一直線同向運動，B在前，A在后。已知碰前兩球的動量分別為pA＝12kg·m/s、pB＝13kg·m/s，碰撞前后，它們動量的變化量分別為ΔpA、ΔpB。下列數(shù)值可能正確的是（）A.ΔpA＝－4kg·m/s、ΔpB＝4kg·m/sB.ΔpA＝4kg·m/s、ΔpB＝－4kg·m/sC.ΔpA＝－24kg·m/s、ΔpB＝24kg·m/sD.ΔpA＝24kg·m/s、ΔpB＝－24kg·m/s4、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為在傳播方向上有P、Q兩質點，坐標分別為波傳播到P點開始計時，P點的振動圖像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.該波的振幅為B.該波的頻率為C.該波的波長為D.經過波將傳播到Q點5、一列簡諧橫波某時刻的波形圖如圖所示。此后K質點比L質點先回到平衡位置。下列判斷正確的是（）

A.該簡諧橫波沿x軸負方向傳播B.此時K質點沿y軸正方向運動C.此時K質點的速度比L質點的小D.此時K質點的加速度比L質點的小6、如圖所示，實線是一列簡諧橫波在時刻的波形圖，虛線是時刻的波形圖。已知該橫波沿x軸負方向傳播，質點M的平衡位置距O點5m。下列說法不正確的是（）

A.該波的周期可能為B.若波的周期為質點M在時間內運動的路程為3mC.質點M在時刻沿y軸負方向運動D.該波遇到尺度為10m的障礙物時，無衍射現(xiàn)象發(fā)生7、機械波和電磁波都能產生多普勒效應。下列現(xiàn)象中不屬于利用多普勒效應的是（）A.交通警察利用測速儀向行進中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，根據反射波的頻率變化判斷車速B.醫(yī)生向人體內發(fā)射頻率已知的超聲波，根據接收到的被血管中的血流反射后的超聲波的頻率變化，判斷血流的速度是否正常C.發(fā)生雷電時，人們利用看見閃電與聽見雷聲的時間間隔來估算自己與雷電發(fā)生處之間的距離D.天文學上通過對比某些元素在遙遠天體上的發(fā)光頻率與其靜止在地球上的發(fā)光頻率，判斷天體相對于地球的運動速度評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，物體A、B的質量分別為m、2m，物體B置于水平面上，B物體上部半圓形槽的半徑為R，將物體A從圓槽的右側最頂端由靜止釋放；一切摩擦均不計。則下列說法正確的是（）

A.A不能到達B圓槽的左側最高點B.B向右勻速運動C.A運動到圓槽最低點的速率為D.B向右運動的最大位移大小為9、如圖所示；兩個質量相等的物體沿同一高度；傾角不同的兩光滑斜面頂端從靜止自由下滑，到達斜面底端，兩個物體具有不同的物理量是（）

A.下滑的過程中重力的沖量B.下滑的過程中彈力的沖量C.下滑的過程中合力的沖量D.剛到達底端時的動量大小10、如圖所示，一輕質彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質量為的平板，靜止在點，一質量為的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為如圖所示，讓環(huán)自由下落，撞擊平板．已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長，則下列說法正確的是（）

A.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總機械能守恒B.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒C.環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置在點正下方D.碰撞后新平衡位置與下落高度無關11、如圖所示，水平面上固定著兩根足夠長的平行導槽，質量為的形管恰好能在兩導槽之間自由滑動，一質量為的小球沿水平方向，以初速度從形管的一端射入；從另一端射出。已知小球的半徑略小于管道半徑，不計一切摩擦，下列說法正確的是（）

A.該過程中，小球與形管組成的系統(tǒng)機械能守恒B.小球從形管的另一端射出時，速度大小為C.小球運動到形管圓弧部分的最左端時，速度大小為D.從小球射入至運動到形管圓弧部分的最左端的過程中，平行導槽受到的沖量大小為12、高空作業(yè)必須系安全帶，但安全帶使用不當也會對人體造成傷害。我國對安全帶的材料、長度、寬度以及使用方法都有規(guī)定，其中規(guī)定如果安全帶的長度超過三米一定要加裝緩沖器。某興趣小組的同學們通過模擬實驗來探究緩沖器的作用。同學們改裝了甲、乙兩根安全帶，甲不加裝緩沖器，乙加裝緩沖器，使兩根安全帶的總長度（乙安全帶的總長度含緩沖器）都為1.25m，把重物和力的傳感器捆在一起掛在安全帶的底端，重物（含傳感器）的質量為1kg?，F(xiàn)讓重物從安全帶上端處自由下落（重物可視為質點），實驗發(fā)現(xiàn)從安全帶伸直到重物速度第一次減為零，甲、乙分別用時0.1s和0.5s。忽略緩沖器對安全帶長度的影響，重力加速度取10m/s2。則（）

A.安全帶剛伸直時重物的動量為5kg·m/s，方向豎直向下B.從安全帶伸直到重物速度第一次減為零的過程，重物的動量變化為5kg·m/s，方向豎直向下C.從安全帶伸直到重物速度第一次減為零的過程，甲安全帶對重物的平均作用力為60N，乙安全帶對重物的平均作用力為10ND.從安全帶伸直到重物速度第一次減為零的過程，乙安全帶對重物的沖量為10N·s，方向豎直向上13、如圖所示，以原點0為界在軸上有兩段不同材料的繩子，波源和分別置于和處，產生兩列簡諧橫波甲和乙，分別沿軸正方向和軸負方向傳播。時刻和處的質點剛好開始振動，某時刻二列波恰好同時到達原點0，若從開始到時間內點經過的路程為則（）

A.兩波源開始振動的方向相同B.兩列波不能在繩子上形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.時兩列波恰好同時到達對方波源處D.在兩個波源和之間共有6個加強點評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、簡諧運動的運動特征：靠近平衡位置時，x減小，v___________；遠離平衡位置時，x都增大，v___________15、一質量為1kg的小球從0.8m高的地方自由下落到一個軟墊上，若從小球接觸軟墊到下陷至最低點經歷了0.2s，則這段時間內軟墊對小球沖量的方向為______，平均沖力大小為______（g取不計空氣阻力）。16、如圖，質量為20kg的物體M靜止放在光滑水平面上，現(xiàn)用與水平方向成30°角斜向上的力F作用在物體上，力F的大小為10N，作用時間為10s。在此過程中，力F對物體的沖量大小為__________N·s，10s末物體的動量大小是__________kg·m/s。

17、如圖所示，一個輕質彈簧下端掛一小球，小球靜止?，F(xiàn)將小球向下拉動距離A后由靜止釋放，并開始計時，小球在豎直方向做簡諧運動，周期為T。經時間，小球從最低點向上運動的距離_____（選填“大于”、“小于”或“等于”）；在時刻，小球的動能______（選填“最大”或“最小”）。

18、單擺做簡諧運動的周期跟擺長的平方根成_________（正比或反比），跟重力加速度的平方根成反比，跟振幅、擺球的質量無關。表達式為：_________。19、某處一單擺做簡諧運動的振動方程為x=0.04cos3.14t（m）,關于該單擺的敘述下列說法正確的是__________（填正確的答案標號。

A．該單擺的擺長約為1m；

B．若該單擺被考察隊攜至珠穆朗瑪峰的頂端；則其擺動變慢．

C．在t=1.2s時擺球正沿正方向做加速運動；加速度正在減小；

D．在0.25s時刻和1.25s時刻擺球沿相反方向經過同一位置；

E．在0-4s內擺球通過的路程為0.32m，4s末的位移為零；20、某同學利用游標卡尺觀察教室內日光燈的衍射現(xiàn)象．他將游標卡尺的兩個測量腳逐漸靠近；將眼睛緊貼著狹縫觀察日光燈，并讓狹縫與日光燈管平行．當游標卡尺之間的狹縫足夠小的時候，他觀察到了光的衍射現(xiàn)象，此時游標卡尺如下圖．

（1）請讀出此時游標卡尺的讀數(shù)________________．

（2）請描述他看到的現(xiàn)象：_______________________________．評卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)21、O點是彈簧振子的平衡位置，在圖上標出振子在B點的振動位移和在A點的加速度。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)22、在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中；請按照題目要求回答下列問題：

（1）圖中甲、乙兩圖都是光的條紋形狀示意圖，其中干涉圖樣是________（填“甲”或“乙”）。

（2）將下表中的光學元件放在圖所示的光具座上組裝成用雙縫干涉測量光的波長的實驗裝置，并用此裝置測量紅光的波長。元件代號ABCDE元件名稱光屏雙縫白光光源單縫透紅光的濾光片

將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學元件，從左至右，表示各光學元件的排列順序應為________；（填寫元件代號）

（3）已知該裝置中雙縫間距d＝0.50mm，雙縫到光屏的距離l＝0.50m，在光屏上得到的干涉圖樣如圖（a）所示，分劃板中心刻線在圖中A位置時游標卡尺如圖（b）所示，則其示數(shù)為________mm；在B位置時游標卡尺如圖（c）所示。由以上所測數(shù)據可以得出形成此干涉圖樣的單色光的波長為________m（保留2位有效數(shù)字）。

23、某同學用氣墊導軌驗證動量守恒定律；實驗裝置如圖1所示。

（1）實驗室有兩組滑塊裝置。甲組兩個滑塊的碰撞端面裝上彈性碰撞架，乙組兩個滑塊的碰撞端面分別裝上撞針和橡皮泥。若要求碰撞過程動能損失最小，應選擇__________（填“甲”或“乙”）組的實驗裝置。

（2）用螺旋測微器測量遮光條寬度d，如圖2所示，并將兩塊寬度均為d的遮光條安裝到兩滑塊上，可知遮光條的寬度__________

（3）安裝好氣墊導軌和光電門，接通氣源后，在導軌上輕放一個滑塊，給滑塊一初速度，使它從軌道右端向左運動，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門2的時間小于通過光電門1的時間。為使導軌水平，可調節(jié)P使軌道左端__________（填“升高”或“降低”）一些。

（4）用天平測得滑塊A、B的質量（均包括遮光條）分別為調整好氣墊導軌后，將滑塊A向左彈出，與靜止的滑塊B發(fā)生碰撞，碰后兩滑塊沒有粘連，與光電門1相連的計時器顯示的擋光時間為與光電門2相連的計時器顯示的先后擋光時間為和從實驗結果可知兩滑塊的質量滿足_______（填“>”“<”或“=”）滑塊A、B碰撞過程中滿足表達式_______（用所測物理量的符號表示），則說明碰撞過程中動量守恒。24、如圖甲所示，某同學在“測定玻璃的折射率”的實驗中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面和O為直線AO與aa′的交點。在直線OA上豎直地插上兩枚大頭針。

（1）該同學接下來要完成的必要步驟有()；

A．插上大頭針使僅擋住的像。

B．插上大頭針使擋住的像和的像。

C．插上大頭針使擋住和的像。

D．插上大頭針使P4僅擋住

（2）過作直線交bb′于O′，過O′作垂直于bb′的直線NN′，連接OO′。測量圖甲中角和β的大小，則玻璃磚的折射率n=______；

（3）在用兩面平行的玻璃磚測定玻璃折射率的實驗中，下列說法正確的是()；

A．為了減小作圖誤差，和的距離應適當取大些。

B．如果光在界面aa′的入射角大于臨界角；光將不會進入玻璃磚。

C．不論光以什么角度從aa′射入，經一次折射后到達界面bb′都能射出。

（4）另一位同學在“測量玻璃的折射率”實驗中，為了防止筆尖碰到玻璃磚面而損傷玻璃磚，該同學畫出的玻璃磚界面aa′、bb′如圖乙所示。若其他操作正確，請通過作圖和必要的文字，說明玻璃磚折射率的測量值比真實值偏大、偏小還是不變？()

評卷人得分六、解答題(共4題，共12分)25、小球A和B的質量分別為mA和mB，且mA＞mB．在某高度處將A和B先后從靜止釋放．小球A與水平地面碰撞后向上彈回，在釋放處的下方與釋放處距離為H的地方恰好與正在下落的小球B發(fā)生正碰．設所有碰撞都是彈性的，碰撞時間極短．求小球A、B碰撞后B上升的最大高度．26、如圖，傾角為足夠大的固定斜面與水平直導軌連接。光滑球A和粗糙物體B放置在軌道最左側，兩者均視為質點，物體B與水平導軌的動摩擦因數(shù)為A、B粘在一起且中間夾有一小塊炸藥（炸藥的質量可以忽略不計）。0時刻炸藥爆炸使A、B分離，物體B在導軌上運動距離后靜止，爆炸時間很短可以忽略不計。重力加速度g取求。

（1）爆炸后瞬間物體B的速度大?。?/p>

（2）物體B速度為0時；AB間距離。

27、如圖所示，質量為2kg的“”形木板A靜止放置在光滑的水平地面上，其左端擋板與放在A板上的質量為的小物塊之間夾著一小塊炸藥，炸藥爆炸時，有的化學能全部轉化為A、B的動能。爆炸結束瞬間，一質量為的物塊以水平向左，大小為的速度從A板右端滑上木板，最終物塊C恰好沒有發(fā)生碰撞，且木板與兩物塊間的動摩擦因數(shù)均為取求。

（1）炸藥爆炸結束瞬間A、的速度大小及方向；

（2）木板的長度為多少；

（3）整個過程中摩擦力對做的功。

28、如圖為時刻兩列簡諧波在同一介質中傳播的波形圖，虛線波的頻率為求：

(1)實線波的頻率和波速；

(2)從時刻開始橫坐標之間的某質點出現(xiàn)位移是的最短時間（結果保留3位有效數(shù)字）。

(3)對應小題(2)求得的時間，范圍內，此時刻有無位移為的質點？如果有，寫出對應的坐標；如果無；請說明理由。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

把船浮動簡化成豎直方向的簡諧運動，從船上升到最高點時計時，其振動方程為：代入得：cm，當時，可解得：故在一個周期內，游客能舒服登船的時間是故ABD錯誤，C正確2、B【分析】【詳解】

A．由題意可知小球拋出后做平拋運動，兩個小球拋出時離地面的高度相同，所以從拋出后到第一次落地的時間相等，設此時間為t0，則兩球拋出后到O點的運動時間分別為5t0和7t0；故A錯誤；

B．設甲、乙兩球拋出時的速度分別為v甲、v乙，由圖結合平拋運動規(guī)律可知

解得

故B正確；

C．由圖結合平拋運動規(guī)律可知，兩個小球與地面碰撞時豎直方向的速度相等，有

則兩個小球落地時速度分別為

則

故C錯誤；

D．由圖可知球與地面碰撞前后水平方向速度不變，豎直方向速度大小不變但方向相反，則球與地面碰撞前后的合速度大小不變，但方向不是相反的，故每球與地面碰撞前后的動量大小相等、方向不是相反的，故D錯誤；3、A【分析】【詳解】

碰撞前的總動量為

碰撞前的總動能為

A．如果則碰后兩球的動量分別為

則有

滿足動量守恒；由于A的動量大小減少，B的動量大小增加，根據

可知A的動能減少，B的動能增加；由于兩者的質量關系未知，所以總動能可能不增加，是可能的，故A正確；

BD．由于B在前，A在后，故A、B碰后A的動量減少，B的動量增加；故BD錯誤；

C．如果則碰后兩球的動量分別為

則有

滿足動量守恒；由于A的動量大小不變，B的動量大小增加，根據

可知A的動能不變，B的動能增加；總動能增加，違反了能量守恒定律，故不可能，故C錯誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

A．該波的振幅為A錯誤；

B．周期為0.2s；故頻率為5Hz，B錯誤；

C．波速為則波長為

C錯誤；

D．經過波傳播的距離為

故波將傳播到Q點；D正確。

故選D。5、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題知K質點比L質點先回到平衡位置，則K質點應向下振，再根據“上坡、下坡”法可知，該波應沿x軸正方向傳播；A；B錯誤；

C．由AB選項可知K質點應向下振，而L質點在波谷處，則L質點的速度為0，故此時K質點的速度比L質點的大；C錯誤；

D．由于質點在豎直方向做機械振動，根據F=-kyF=ma

結合波圖像可看出yL>yK

則，此時K質點的加速度比L質點的??；D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．波沿x軸負方向傳播，則波速

周期

當時

故A正確；

B．當時

從t1到t2時間內，質點M運動的路程為

故B正確；

C．波沿負方向傳播，根據上下坡法可知質點M在時刻沿y軸負方向運動；故C正確；

D．該波的波長為4m；則該波遇到尺度為10m的障礙物時會發(fā)生衍射現(xiàn)象，但不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。

本題選不正確項，故選D。7、C【分析】【詳解】

A．交通警察利用測速儀向行進中的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波；根據反射波的頻率變化判斷車速利用了聲波多普勒效應的原理，故A正確，不符合題意；

B．醫(yī)生向人體內發(fā)射頻率已知的超聲波；根據接收到的被血管中的血流反射后的超聲波的頻率變化，判斷血流的速度是否正常也屬于聲波多普勒效應的應用，故B正確，不符合題意；

C．發(fā)生雷電時；人們利用看見閃電與聽見雷聲的時間間隔來估算自己與雷電發(fā)生處之間的距離是通過光速遠大于聲速，用這個時間間隔乘以聲速來估算的，故它不屬于多普勒效應的應用，故C錯誤，符合題意；

D．天文學上通過對比某些元素在遙遠天體上的發(fā)光頻率與其靜止在地球上的發(fā)光頻率；判斷天體相對于地球的運動速度是屬于光波的多普勒效應的原理應用，故D正確，不符合題意。

故選C。

多普勒效應是由于振源與觀察者之間存在著相對運動；使觀察者接受到的頻率不同于振源頻率的現(xiàn)象，據此判斷即可。

本題考查的是多普勒效應在實際生活中的應用，能夠很好地體現(xiàn)物理就在身邊，物理與生活中的一些現(xiàn)象息息相關的新課改理念，是一道非常好的試題。二、多選題(共6題，共12分)8、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．物體A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，當A到達左側最高位置時速度為零，此時B的速度也為零；由機械能守恒可知，A能到達B圓槽的左側最高點；故A錯誤；

B．物體B向右先加速后減速；減速到零之后又向左先加速后減速，即做往返運動，故B錯誤；

C．由于水平方向上動量守恒，所以有

即

物體A運動到圓槽的最低點的運動過程中，A、B整體機械能守恒，即

解得

故C正確；

D．物體A、B在水平方向上的最大位移之和為2R，由于A的速度總是B的2倍，所以A的位移也是B的2倍，則B向右運動的最大位移大小為

故D正確。

故選CD。9、A:B:C【分析】【詳解】

AD．物體在下滑中屬于勻加速運動；且只有重力做功，而重力做功只與高度差有關，故兩種情況下重力做功相等，到達底部時速度大小相等，故動量大小相等；因初末速度相等，故平均速度大小相等，由于傾角小的斜面長度長，則運動時間長，故下滑過程中重力的沖量不同，故A正確，D錯誤；

B．由圖可知彈力由題可知，傾斜角小的斜面彈力要大，且運動時間要長，故下滑的過程中彈力的沖量不相同，故B正確；

C．由動量定理可知；合外力的沖量等于動量的變化，而落地時的速度大小相等，方向不同，故合外力的沖量不同，故C正確。

故選ABC。10、B:C:D【分析】【詳解】

A．由于碰后速度相同；為完全非彈性碰撞，機械不守恒，減小的機械能轉化為內能，A錯誤；

B．圓環(huán)與平板碰撞過程；若碰撞時間極短，內力遠大于外力，外力可忽略不計，則系統(tǒng)總動量守恒，B正確；

CD．碰撞前板的平衡位置滿足kx=Mg

碰撞后平衡時，有：

即碰撞后新平衡位置在點正下方，且與下落高度無關；CD正確。

故選BCD。

【點睛】

本題關鍵是抓住碰撞過程和碰撞后下降的兩個過程，碰撞過程動量守恒，機械能不守恒，之后環(huán)與板及彈簧系統(tǒng)機械能守恒，滿足簡諧振動的規(guī)律。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．小球和U形管組成的系統(tǒng)整體在運動過程中沒有外力做功；所以系統(tǒng)整體機械能守恒，所以A正確；

B．小球從U形管一端進入從另一端出來的過程中，對小球和U形管組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，規(guī)定向左為正方向，由動量守恒定律可得

再有機械能守恒定律可得

解得

所以B正確；

C．從小球射入至運動到形管圓弧部分的最左端的過程時，小球和U形管速度水平方向速度相同，對此過程滿足動量守恒定律，得

由能量守恒得

解得

所以C錯誤；

D．小球此時還有個分速度是沿著圓形管的切線方向，設為由速度的合成與分解可知

對小球由動量定理得

由于力的作用是相互的，所以平行導槽受到的沖量為

所以D正確。

故選ABD。12、A:D【分析】【詳解】

A．從重物自由下落到安全帶剛伸直的過程，由自由落體運動公式v2＝2gh，可得v＝5m/s

則可知此時重物的動量p＝mv＝5kg·m/s

動量的方向即速度方向；為豎直向下，故A正確；

B．從安全帶伸直到重物速度第一次減為零的過程，重物的初動量為5kg·m/s，方向豎直向下，重物的末動量為0，設豎直向上為正方向，重物的動量變化為Δp＝0－（－mv）＝5kg·m/s

方向豎直向上；故B錯誤；

C．從安全帶伸直到重物速度第一次減為零的過程，設安全帶對重物的平均作用力為F，由動量定理有（F－mg）t＝0－（－mv）

代入兩次作用時間；得甲；乙兩根安全帶對重物的平均作用力分別為60N和20N，故C錯誤；

D．由動量定理（F－mg）t＝0－（－mv）

可得Ft＝mgt＋mv＝10N·s

方向豎直向上；故D正確。

故選AD。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從波傳播的最遠點判斷，甲、乙波起振方向分別是正軸方向和負軸方向；A錯誤；

B．因二列波同時到達原點知甲波傳播速度是乙波的一半，又因波長也是一半，所以甲；乙波的頻率相同，能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，B錯誤；

C．在內，點的運動形式傳播距離為知甲波傳播的速度為乙波為分析知兩列波的最遠點運動形式恰好在時到達對方的波源處；C正確；

D．在正軸上，甲波經恰好到達原點此時該點的振動方向沿正軸方向，視為新波源，而此時波源振動方向也沿正軸方向，加強點滿足距兩波源的位移差是波長的整數(shù)倍，分別為同理在負軸上，加強點為共有6個加強點，D正確。

故選CD。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]簡諧運動的運動特征：靠近平衡位置時，x減小，v增大;遠離平衡位置時，x都增大，v減小.【解析】①.增大②.減小15、略

【分析】【詳解】

[1][2]由機械能守恒可得

計算得出

規(guī)定豎直向下為正方向，設這段時間內軟墊對小球沖量為I，由動量定理可以知道

解得

負號表示沖量方向為豎直向上，故平均沖力大小為【解析】豎直向上16、略

【分析】【詳解】

[1]由沖量定義可得，力F對物體的沖量大小為

[2]對物體由動量定理得

解得【解析】1005017、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據簡諧振動的位移公式

則時有

所以小球從最低點向上運動的距離為

則小球從最低點向上運動的距離小于

[2]在時，小球回到平衡位置，具有最大的振動速度，所以小球的動能最大。【解析】①.小于②.最大18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]單擺做簡諧運動的周期跟擺長的平方根成正比或反比；跟重力加速度的平方根成反比，跟振幅；擺球的質量無關。表達式為。

【解析】正比19、A:B:C【分析】【詳解】

單擺的周期根據解得選項A正確；若該單擺被考察隊攜至珠穆朗瑪峰的頂端，則由于g變小，則T變大，其擺動變慢，選項B正確；在t=1.2s時擺球正處于平衡位置負方向位置向正方向做加速運動，由于逐漸靠近平衡位置，則加速度正在減小，選項C正確；在0.25s時刻位移x1=0.04cos（m）=0.02m；1.25s時刻的位移x2=0.04cos（m）=-0.02m，則擺球在平衡位置兩邊對稱的位置，選項D錯誤；在0-4s內擺球通過的路程為8A=8×0.04m=0.32m，4s末的位移為x=0.04cos4πm=0.04m；選項E錯誤；故選ABC.20、略

【分析】游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為0mm；游標尺上第1個刻度對齊，所以游標讀數(shù)為0.1×1mm=0.1mm，所以最終讀數(shù)為：0+0.1mm=0.1mm；

它看到的是相互平行的彩色直條紋．【解析】0.1mm彩色直條紋四、作圖題(共1題，共6分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如圖。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

（(1)[1]圖甲中的條紋間距和亮度相同；是干涉圖樣，圖乙中的條紋中央亮紋最寬，是衍射圖樣；

(2)[2]光源發(fā)出的白光，各種頻率都有，加上透紅光的濾光片后通過的只有紅光了，變成單色光，加上單縫和雙縫后，就得到兩列頻率相同、步調一致的相干光，最后放置光屏，干涉條紋呈現(xiàn)在光屏上，所以順序為EDBA；

(3)[3]由圖可知，游標卡尺是20分度的卡尺，其精確度為0.05mm，由游標卡尺可讀出，主尺讀數(shù)為111mm，可動部分第三個刻度與主尺對齊，所以A位置的示數(shù)為

[4]B位置的示數(shù)為115.45mm，所以圖（a）中A、B之間的距離為

則相鄰條紋的間距為

根據公式可得波長為【解析】①.甲②.CEDBA③.111.10④.5.4×10－723、略

【分析】【詳解】

（1）[1]乙組中兩滑塊碰撞后連成一體運動；是完全非彈性碰撞，動能損失較大，根據題意，應選擇甲組的實驗裝置。

（2）[2]螺旋測微器的讀數(shù)為

（3）[3]滑塊通過光電門2的時間小于通過光電門1的時間，說明滑塊從右到左加速運動，為使導軌水平，可調節(jié)使軌道左端升高一些。

（4）[4]滑塊向左運動，先通過光電門1，與滑塊碰撞后，滑塊A通過光電門2，接著滑塊通過光電門2，說明碰撞后滑塊向左運動，所以

[5]滑塊A、B碰撞前后動量守恒，則

又代入可得【解析】甲6.790升高24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]大頭針P1、P2、P3、P4理論上都應在同一光路上，所以該同學接下來要完成的必要步驟有插上大頭針使擋住的像和的像，接著插上大頭針使擋住和的像。

故選BC。

（2）[2]根據折射定律可得

（3）[3]A．為了減小作圖誤差，和的距離應適當取大些；故A正確；

B．全反射必須是光由光密介質射向與光疏介質的交界面時才能發(fā)生，所以即使光在界面aa′的入射角大于臨界角；光也不會發(fā)生全反射，而一定會折射進入玻璃磚，故B錯誤；

C．根據光路的可逆性可知光在aa′的入射角為β，根據折射定律有

不論光以什么角度從aa′射入，經一次折射后到達界面bb′時的入射角都會小于全反射臨界角；所以都能射出，故C正確。

故選AC。

（4）[4]如圖所示，紅色光線為實際的光路圖，綠色光線為實驗中作出的折射光線，可知作出的折射光線相比實際折射光線沿逆時針轉動了一個角度，所以入射角α的測量值大于真實值，而由于玻璃磚下表面與bb′平行，所以折射角β的測量值等于真實值；因此玻璃磚折射率的測量值比真實值偏小。

【解析】BC##CBAC##CA見解析六、解答題(共