2024年滬教版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理上冊月考試卷165考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關于元電荷的理解；下列說法正確的是（）

A.元電荷就是電子。

B.元電荷是表示跟電子所帶電荷量數(shù)值相等的電荷。

C.元電荷就是原子。

D.物體所帶的電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍。

2、如圖所示；絕緣金屬球殼的空腔內有一帶電小球，現(xiàn)在球殼左側放一帶電小球A，下列說法正確的是（）

A.A球對球殼內的電場不影響。

B.由于靜電屏蔽；球殼內沒有電場。

C.球殼內外表面均沒有電荷。

D.由于球殼接地；空腔內的電場對外部也沒有影響。

3、如圖所示，AB

兩點間電壓為18VR1=0.2婁賂

電動機M

的內阻也是0.2婁賂

線路中的電流是25A

則此電路中電能轉化為機械能的效率是()

A.72攏樓

B.28攏樓

C.55.6攏樓

D.44.4攏樓

4、如圖所示，矩形線圈abcd

位于通電長直導線附近，線圈與導線在同一平面內，線圈的adbc

邊與導線平行.

下面的操作不能使線圈中產生感應電流的是(

)

A.使線圈水平向左平移B.使線圈水平向右平移C.使線圈豎直向下平移D.使線圈以bc

邊為軸轉動5、如圖所示，金屬桿ab

以恒定的速率v

在間距為L

的光滑平行導軌上向右滑行，設整個電路總電阻為R(

恒定不變)

整個裝置置于垂直紙面向里的勻強磁場中，下列敘述正確的是(

)

A.ab

桿中的電流與速率v

成正比B.磁場作用于ab

桿的安培力與速率v

成反比C.電阻R

上產生的電熱功率與速率v

成正比D.外力對ab

桿做功的功率與速率v

的平方成反比6、一電飯煲和一臺洗衣機同時并入u=311sin314tV

的交流電源上，均正常工作，用電流表分別測得電飯煲的電流是5A

洗衣機的電流是0.5A.

下列說法正確的是(

)

A.電飯煲的電阻是44婁賂

洗衣機電動機線圈電阻是440婁賂

B.電飯煲消耗的功率為1555W

洗衣機電動機消耗的功率為155.5W

C.1min

內電飯煲消耗的電能為6.6隆脕104J

洗衣機電動機消耗的電能為6.6隆脕103J

D.電飯煲的發(fā)熱功率是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10

倍7、一帶負電荷的質點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c，已知質點的速率是遞減的．關于b點電場強度E的方向，下列圖示中可能正確的是（虛線是曲線在b點的切線）（）A.B.C.D.8、關于地球上的物體，下列說法中正確的是（）A.物體靜止時不受到重力作用B.物體只有落向地面時才受到重力作用C.物體落向地面時比物體上拋時所受的重力小E.物體靜止時不受到重力作用E.物體靜止時不受到重力作用9、如圖所示，在水面下同一深度并排緊挨著放置分階段分別能發(fā)出紅光、黃光、藍光和紫光的四個燈泡．一個站在這四盞燈正上方離水面有一定距離處觀察，他感覺離水面最近的那盞燈發(fā)出的光是（）A.紅光B.黃光C.藍光D.紫光評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、關于多普勒效應，下列說法中正確的是（）A.只要波源在運動，就一定能觀察到多普勒效應B.只要觀察者在運動，就一定能觀察到多普勒效應C.只要波源與觀察者之間有相對運動，就能觀察到多普勒效應D.當發(fā)生多普勒效應時，觀察者感到的頻率可能增大也可能減小11、如圖所示，有一混合正離子束先后通過正交電磁場區(qū)域Ⅰ和勻強磁場區(qū)域Ⅱ，如果這束正離子束在區(qū)域Ⅰ中不偏轉，進入?yún)^(qū)域Ⅱ后偏轉半徑R

相同，則它們具有相同的(

)

A.電荷量B.質量C.速度D.比荷12、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P

、Q

分別于圓盤的邊緣和銅軸接觸，關于流過電阻R

的電流，下列說法正確的是

A.若圓盤轉動的角速度恒定，則電流大小恒定B.若從上往下看，圓盤順時針轉動，則電流沿a

到b

的方向流動C.若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?

倍，則電流在R

上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?

倍13、在真空中水平放置一對平行金屬板，兩板間的電壓為U

一個電子以水平初速度v0

沿兩板中線射入電場，忽略電子所受的重力.

設電子在電場中的豎直偏移距離為Y

當只改變偏轉電壓U

或只改變初速度v0

時，下列哪個圖象能正確描述Y

的變化規(guī)律(

)

A.B.C.D.14、下列說法正確的是()A.熱量有可能由低溫物體傳遞到高溫物體B.布朗運動不是指懸浮在液體中的固體分子的無規(guī)則運動C.兩分子組成的系統(tǒng)，其分子勢能Ep隨兩分子間距離r增大而增大E.陽光暴曬下的自行車車胎極易爆裂的原因是車胎內氣體溫度升高，氣體分子間斥力急劇增大E.陽光暴曬下的自行車車胎極易爆裂的原因是車胎內氣體溫度升高，氣體分子間斥力急劇增大15、如圖為演示光電效應的裝置，閉合開關S

當用某種頻率的光照射光電管時，電流表A

有示數(shù)，則下列說法中正確的是()

A.斷開開關S

則電流表示數(shù)為零B.將滑動變阻器的滑片c

向a

端移動，電流表的示數(shù)減小C.換用頻率更高的光照射光電管，并將電源反接，電流表的示數(shù)可能增大D.增大照射光電管的光照強度，同時將滑動變阻器的滑片c

向a

端移動，電流表的示數(shù)一定增大16、A、B

兩物體質量分別為mAmB

且mA>mB

置于光滑水平面上，相距較遠.

將兩個大小相等的恒力F

同時作用在AB

上，如圖所示.

從靜止開始，經相同時間撤去兩個力，此后AB

兩物體發(fā)生碰撞.

下列說法中正確的是(

)

A.撤去兩個力時，AB

兩物體動量大小相等B.撤去兩力前，AB

兩物體在同一時刻動量大小相等C.碰撞前后，AB

兩物體動量的變化量的大小相等D.碰撞后，AB

兩物體一定靜止17、對于液體和固體來說，如果用Mmol表示摩爾質量，m表示分子質量，ρ表示物質密度，Vmol表示摩爾體積，V分子表示分子體積，NA表示阿伏加德羅常量，下列各式中能正確反映這些量之間關系的是（）A.NA=B.NA=C.Vmol=ρMmolD.Vmol=評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如果一個系統(tǒng)從環(huán)境中吸收了40J的熱，在膨脹過程中對環(huán)境作了10J的功，則該系統(tǒng)的內能________（選填“增加”或“減少”）J。19、在“驗證碰撞中的動量守恒定律”實驗中，讓質量為m1的小球從斜面上某處自由滾下，與靜止在支柱上質量為m2的小球發(fā)生對心碰撞；則。

(1)兩小球質量為關系應滿足____________

A．m1=m2B．m1＞m2C．m1＜m2D．沒有限制。

(2)實驗必須滿足的條件是____________

A．軌道的末端的切線必須是水平的。

B．斜槽軌道必須光滑。

C．入射球m1每次必須從同一高度滾下。

D．入射球m1和被碰球m2的球心在碰撞瞬間必須在同一高度。

(3)實驗中必須測量的量是____________

A．小球的質量m1和m2

B．小球的半徑R1和R2

C．桌面離地的高度H

D．小球起始高度。

E．從兩球相碰到兩球落地的時間。

F．小球m1單獨滾下的水平距離。

G．兩小球m1和m2相碰后飛出的水平距離．20、利用油膜法估測油酸分子的大小，實驗器材有：濃度為0.05%(體積分數(shù))的油酸酒精溶液、最小刻度為0.1ml的量筒、盛有適量清水的45×50cm2淺盤；痱子粉、橡皮頭滴管、玻璃板、彩筆、坐標紙．則：

①下面給出的實驗步驟中；正確順序為：____________．

A；將玻璃板放在淺盤上；用彩筆將油酸薄膜的形狀畫在玻璃板上．

B；用滴管將濃度為0.05%油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中；記下滴入1ml油酸精溶液時的滴數(shù)N

C；將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標紙上；以坐標紙上邊長為1cm的正方向為單位，計算輪廓內正方形的個數(shù)，算出油酸薄膜的面積S

D；將痱子粉均勻地撒在淺盤內水面上；用滴管吸取濃度為0.05%的油酸酒精溶液，從低處向水面中央一滴一滴地滴入，直到油酸薄膜有足夠大的面積又不與器壁接觸為止，記下滴入的滴數(shù)n

②該實驗測得的單個油酸分子的直徑約為____________(單位：cm)．

A、B、C、D、．21、(1)

在“測定某電阻絲的電阻率”實驗中。

壟脵

用螺旋測微器測量一種電阻值很大的電阻絲直徑，刻度位置如圖1

所示，則電阻絲的直徑是______mm

．

壟脷

用多用電表的歐姆檔粗測這種電阻絲的阻值：

已知電阻絲的阻值約為幾十k婁賂

下面給出的操作步驟中，合理的實驗步驟順序是：______(

填寫相應的字母)

旋轉選擇開關其尖端應對準的歐姆檔位是______，根據(jù)圖2

中指針所示位置，電阻絲的阻值約為______婁賂.

a.

將兩表筆短接；調節(jié)歐姆檔調零旋鈕使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，而后斷開兩表筆。

b.

將兩表筆分別連接到被測電阻絲的兩端；讀出阻值后，斷開兩表筆。

c.

旋轉選擇開關S

使其尖端對準歐姆檔的某一檔位。

d.

旋轉選擇開關S

使其尖端對準交流500V

檔，并拔出兩表筆。

壟脹

用電流表和電壓表精確測定此電阻絲的阻值；實驗時提供下列可選用的器材：

電壓表V(

量程3V

內阻50k婁賂)

電流表A1(

量程200婁脤A

內阻200婁賂)

電流表A2(

量程5mA

內阻20婁賂)

電流表A3(

量程0.6A

內阻1婁賂)

滑動變阻器R(

最大阻值1k婁賂)

電源E(

電源電動勢4V)

開關S

導線。

a.

在所提供的電流表中應選用______(

填字母代號)

b.

在虛線框中畫出測電阻的實驗電路；

壟脺

分別用LdRx

表示電阻絲的長度、直徑和阻值，則電阻率表達式為婁脩=

______．22、一個玩具小汽車在水平地板上以某一速度勻速行駛時，玩具小汽車對地板的壓力大小F1________(填“等于”或“不等于”)它的重力大小G；當該玩具小汽車以同一速度通過玩具拱形橋最高點時，它對橋面的壓力大小F2________(填“等于”或“不等于”)它的重力大小G。23、有五個同學做實驗，各組實驗數(shù)據(jù)列于下表，若每位同學用刻度尺測長度，用秒表測時間的技術水平都一樣，那么_______組測量結果更準確，由此計算出的重力加速度的大小約為__實驗條件，數(shù)據(jù)記錄表格。組別擺球材料最大擺角擺長（m）全振動次數(shù)所測時間（s）A木0．411023．6B鋁0．505087．2C鐵0．805090．0D銅0．603070．8E鉛0．803071．824、如圖所示的電路，當開關與a相連時，通過靈敏電流表的電流方向____（選填“向左”或“向右”）．然后將開關與b相連，此時通過靈敏電流表的電流方向____（選填“向左”或“向右”）．

25、在β衰變中常伴有一種稱為“中微子”的粒子放出，但中微子的性質十分特別，因此在實驗中很難探測．1953年，萊尼斯和柯文建造了一個由大水槽和探測器組成的實驗系統(tǒng)，利用中微子與水中11H的核反應，間接地證實了中微子的存在，中微子與水中11H發(fā)生核反應，產生中子（01n）和正電子（+10e），即：中微子+11H→01n++10e，由此可以判定，中微子的質量數(shù)和電荷數(shù)分別是______（填入正確選項前的字母）

A．0和0B．0和1C．1和0D．1和l

上述核反應產生的正電子與水中的電子相遇，可以轉變?yōu)閮蓚€能量相同的光子（γ），即+10e+-10e→2γ．已知正電子和電子的質量都是9.1×10-31kg，反應中產生的每個光子的能量約為______J．（c=3.0×108m/s）26、彈射器豎直向上彈出一個小球，小球上升到的最大高度為h

從彈出點至落回到發(fā)射處的過程中，小球的位移______，路程______．評卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)27、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）28、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

29、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、證明題(共2題，共8分)30、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。31、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】

元電荷又稱“基本電量”；在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷量叫做元電荷，常用符號e表示，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍．所以D正確．

故選D．

【解析】【答案】人們把最小電荷量叫做元電荷；常用符號e表示．

2、A|D【分析】

A；由于靜電屏蔽；A球對球殼內的電場沒有影響，故A正確；

B；由于靜電屏蔽；球A的電場對絕緣金屬殼內的帶電小球沒有影響，球殼內的帶電小球會產生電場，故B錯誤；

C；由于靜電屏蔽；球殼外表面不帶電帶電，內表面帶電，故C錯誤；

D；由于球殼接地；空腔內的電場對外部也沒有影響，故D正確；

故選AD．

【解析】【答案】導體在電場中要發(fā)生靜電感應；最終使導體達到靜電平衡狀態(tài)；處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部場強處處為零．

3、D【分析】【分析】首先根據(jù)公式P=UI

求出電路中總電功率，然后再利用公式P=I2R

求出電阻性負載功率，最后利用婁脟=P鈭?P鈥?P隆脕100攏樓

即可求出此電路中電能轉化為機械能的效率。本題考查了電功率等相關知識，屬于基礎知識的考查。【解答】電路中總電功率為：P=UI=18V隆脕25A=450W

電阻性負載功率為：P鈥?=I2R=(25A)2隆脕(0.2+0.2)婁賂=250WP{{'}}=I^{2}R=(25A)^{2}隆脕(0.2+0.2)婁賂=250W

因此電能轉換為機械能的效率為：婁脟=P鈭?P鈥?P隆脕100攏樓=450W鈭?250W450W隆脕100攏樓隆脰44.4攏樓婁脟=dfrac{P-P{{'}}}{P}隆脕100攏樓=dfrac{450W-250W}{450W}隆脕100攏樓隆脰44.4攏樓故選D?！窘馕觥緿

4、C【分析】解：A

使線圈水平向左平移；垂直紙面向里的磁場，穿過線圈的磁通量增加，因此有感應電流．

B；當線圈向右移動；逐漸遠離線圈，穿過線圈的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產生感應電流．

C；當線圈向下平動；穿過線圈的磁通量不變，則不會產生感應電流．

D、線圈以bc

直導線為軸轉動；穿過線圈的磁通量減小，則產生感應電流．

本題選不能使線圈中產生感應電流的；故選：C

．

當通過線圈的磁通量發(fā)生變化時；線圈中將會產生感應電流．

解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向，掌握感應電流的產生條件，還可考查根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向．【解析】C

5、A【分析】解：

A、ab

桿中的電流I=ER=BLvR

可知，I隆脴v

故A正確．

B、磁場作用于ab

桿的安培力F擄虜=BIL=B2L2vR

可知F擄虜隆脴v

故B錯誤．

C；D

由于桿勻速運動；拉力與安培力大小相等，則外力F=F擄虜

．

所以外力對ab

桿做功的功率為P=Fv=F擄虜v=B2L2v2R

則知P隆脴v2

．

根據(jù)功能關系可知；電阻R

上產生的電熱功率等于拉力的功率，所以電阻R

上產生的電熱功率也與速率的平方成正比，故CD錯誤．

故選：A

本題中ab

切割磁感線產生感應電流，由E=BLv

和歐姆定律分析電流與速率的關系；推導出安培力與速度的關系；由于ab

桿勻速運動；電阻R

上產生的電熱功率等于拉力的功率，由平衡條件和功率公式P=Fv

分析電熱功率；拉力功率與速率v

的關系．

本題關鍵要熟練掌握感應電動勢公式、歐姆定律、安培力公式，并正確理解功能關系，屬于基礎性問題．【解析】A

6、C【分析】解：A

電飯煲與洗衣機的都與電源并聯(lián)，電源兩端電壓相等，均為220V

由歐姆定律可求得電飯煲的電阻為R1=UI1=2205=44婁賂

但洗衣機不是純電阻用電器，由R2=UI2=2200.5=440婁賂

求得的電阻是錯誤的；所以A

項錯誤；

B；它們消耗的電功率分別為P1=UI1=1100WP2=UI2=110W

所以B

項錯誤；

C；電飯煲和洗衣機在1min

內產生的電能分別為Q1=P1t=6.6隆脕104JQ2=P2t=6.6隆脕103J

所以C

項正確；

D；因洗衣機的內阻未知；無法比較二者的發(fā)熱功率，所以D

項錯誤．

故選：C

電飯煲是純電阻；洗衣機不是純電阻，加在洗衣機兩端的電壓不是全部加在內阻上，根據(jù)功率公式和熱量公式可以方向各項．

本題需要注意的是對于非純電阻器件，要注意區(qū)分兩端電壓和其內阻上的分壓，區(qū)分總功率、機械功率和內阻消耗的功率．【解析】C

7、D【分析】【解答】解：

A；電荷做曲線運動；電場力與速度方向不在同一直線上，應指向軌跡彎曲的內側，不可能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向．故A錯誤．

B；負電荷所受的電場力方向與場強方向相反；圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題不符．故B錯誤．

C；圖中場強方向指向軌跡的內側；則電場力指向軌跡的外側，電荷的軌跡應向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運動．故C錯誤．

D；圖中場強方向指向軌跡的外側；則電場力指向軌跡的內側，而且電場力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，符合題意．故D正確．

故選D

【分析】根據(jù)物體做曲線運動的條件和受力特點分析電荷受的電場力方向，再由負電荷所受的電場力方向與場強方向相反進行選擇．8、D【分析】解：ABD；地面附近一切物體都受到地球的吸引；由于地球的吸引而使物體受到的力叫做重力，其G=mg，所以與物體的質量和所處的位置有關，與物體的運動狀態(tài)無關，故ABC錯誤；D正確；

故選：D．

利用地面附近一切物體都受到地球的吸引；由于地球的吸引而使物體受到的力叫做重力，與物體的運動狀態(tài)無關．

本題考查了重力的概念、大小、方向，是一道基礎題，要熟練掌握相關的基礎知識．【解析】【答案】D9、D【分析】解：光線從水中射入空氣中折射時；折射角大于入射角，所以，水面上方的人看水中的燈覺得變淺。水對紫光的折射率最大，相同入射角時，折射角最大，水面上方的人看水中的紫光燈最淺。故D正確。

故選：D。

光線從水中射入空氣中折射時；折射角大于入射角，水對紫光的折射率最大，根據(jù)折射定律分析四個光源視深關系．

本題關鍵要知道各種色光折射率關系，運用折射定律進行分析．【解析】D二、多選題(共8題，共16分)10、CD【分析】解：多普勒效應是指波源或觀察者發(fā)生移動；而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的頻率發(fā)生了變化；

A；若波源和觀察都同時運動；兩者間相對靜止時，是不能觀察到多普勒效應的，故AB錯誤；

C；只要波源與觀察者之間有相對運動；就一定能觀察到多普勒效應，C正確；

D；發(fā)生多普勒效應時；觀察者感到的頻率可能增大，也可能減小，若聲源和觀察者靠近時，音調會變高，若兩者遠離，則頻率減小，故D正確；

故選：CD．

本題考查多普勒效應的原理；熟記多普勒的定義即可求解，同時掌握頻率變化與運動間的關系．

多普勒效應是由于觀察者和波源間位置的變化而產生的；掌握物理概念要一定要理解其真正意義．【解析】【答案】CD11、CD【分析】解：

在正交的電磁場區(qū)域中，正離子不偏轉，說明離子受力平衡，在此區(qū)域Ⅰ中，離子受電場力和洛倫茲力，由qvB=qE

得v=EB

可知這些正離子具有相同的速度。進入只有勻強磁場的區(qū)域Ⅱ時，偏轉半徑相同，由R=mvqB

和v=EB

可知；這些正離子具有相同的質量。由題意可知電量相同，所有這些離子具有相同的比荷。選項CD正確，選項AB錯誤。

故選：CD

由題意中的離子在區(qū)域Ⅰ中直線運動；可知離子受力平衡，由牛頓運動定律可判斷出粒子具有相同的速度；進入?yún)^(qū)域Ⅱ后，各離子的運動半徑相同，由離子在勻強磁場中的運動半徑結合速度相等可推導出離子具有相同的比荷．

帶電粒子在正交的勻強電場和勻強磁場中運動，要注意對其進行運動狀態(tài)的分析和受力分析，此種情況往往會出現(xiàn)電場力和磁場力平衡，從而可得到帶電粒子能勻速直線通過正交的勻強電場和勻強磁場的條件，即為：v=EB

．

這種問題的本質還是力學問題，往往要按力學的基本思路，運用力學的基本規(guī)律研究和解決此類問題．【解析】CD

12、AB【分析】【分析】圓盤轉動可等效看成無數(shù)軸向導體切割磁感線，有效切割長度為銅盤的半徑L

根據(jù)感應電動勢公式分析電動勢情況，由歐姆定律分析電流情況.

根據(jù)右手定則分析感應電流方向，根據(jù)P=I2R

分析電流在R

上的熱功率變化情況。本題是轉動切割磁感線類型，運用等效法處理.

根據(jù)右手定則判斷感應電流的方向，需要熟練掌握?！窘獯稹緼B.

銅盤轉動產生的感應電動勢為：婁脴BL婁脴

不變，E

不變，電流：電流大小恒定不變，由右手定則可知，回路中電流方向不變，若從上往下看，圓盤順時針轉動，由右手定則知，電流沿a

到b

的方向流動，故AB正確；C.若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向方向不變，大小變化，故C錯誤；D.若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?

倍，回路電流變?yōu)樵瓉?

倍，根據(jù)P=I2R

電流在R

上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?

倍，故D錯誤；故選AB?！窘馕觥緼B

13、AD【分析】解：電子在電場中做類平拋運動；

水平方向：L=v0t

豎直方向：Y=12at2=12eUmdt2

解得：Y=eUL22mdv02

故說明Y

與U

以及1v02

成正比，但要注意當U

過大或1v02

過大時，電子會打在極板上，不再出來，Y

就不隨U

或1v02

增加而變大了；故AD正確，BC錯誤．

故選：AD

．

電子在偏轉電場中做類平拋運動；應用類平拋運動規(guī)律求出偏移量與U

和速度的關系，從而確定對應的圖象；

本題考查了電子在電場中的偏轉問題，應用類平拋運動規(guī)律即可正確解題.

但要注意明確為什么后來轉折為水平線．【解析】AD

14、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律可知；熱量有可能由低溫傳遞到高溫物體，但要引起其他的變化，選項A正確；

B．布朗運動不是指懸浮在液體中的固體分子的無規(guī)則運動；是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運動，是液體分子無規(guī)則運動的表現(xiàn)，選項B正確；

C．兩分子組成的系統(tǒng)，其勢能E。當r>r0時，隨兩分子間距離r增大而增大；當r0時，隨兩分子間距離r增大而減小；選項C錯誤；

D．如果氣體溫度升高；分子的平均動能會增加，但并不是所有分子的速率都增大，選項D正確；

E．陽光暴曬下的自行車車胎極易爆裂的原因是車胎內氣體溫度升高；氣體的壓強變大，與分子間斥力無關，選項E錯誤；

故選ABD.15、BC【分析】【分析】根據(jù)是否發(fā)生光電效應判斷斷開開關時，電流表示數(shù)是否為零；根據(jù)單位時間內到達另一端的電子數(shù)目判斷電流表示數(shù)的變化，光強會影響單位時間內發(fā)出光電子數(shù)目，通過所加的電壓為正向電壓還是反向電壓分析判斷。解決本題的關鍵是掌握光電效應的條件以及光電流大小與什么因素有關，注意正向電壓與反向電壓的區(qū)別。【解答】A；當開關S

斷開時；有光電子飛出到達另一端，則電流表示數(shù)不為零，故A錯誤。

B；由圖可知；光電管兩端所加的電壓為反向電壓，將滑動變阻器的滑片c

向a

端移動，反向電壓增大，到達另一端的電子數(shù)目變少，則電流表的示數(shù)減小，故B正確。

C；換用頻率更高的光照射光電管；則光電子的最大初動能增大，將電源反接，即加正向電壓，單位時間內到達另一端的電子數(shù)目變多，則電流表德爾示數(shù)可能增大，故C正確。

D；增大照射光電管的光照強度；單位時間內發(fā)出的光電子數(shù)目增多，由于反向電壓增大，單位時間內到達另一端電子數(shù)目不一定增多，則電流表示數(shù)不一定增大，故D錯誤。

故選BC。

【解析】BC

16、ABC【分析】解：AB

撤去兩力前任意時刻；對物體A

根據(jù)動量定理，有：

Ft=PA

對于物體B

據(jù)動量定理，有：

Ft=PB

故PA=PB

故A正確；B正確；

C；碰撞前后；AB

兩個物體系統(tǒng)動量守恒，故A、B

兩物體動量的變化量的大小相等，故C正確；

D；碰撞過程兩個物體系統(tǒng)動量守恒；機械能可能守恒，故碰撞后AB

兩物體可能反彈，故D錯誤；

故選：ABC

．

根據(jù)動量定理判斷碰撞前兩個物體的動量情況；碰撞過程兩個物體系統(tǒng)動量守恒，機械能不一定守恒．

本題關鍵是對碰撞前的物體運用動量定理分析，對碰撞過程運用動量守恒定律分析，基礎題．【解析】ABC

17、AD【分析】解：AB、阿伏加德羅常量NA==故A正確，C錯誤；

BD、摩爾體積Vmol=故C錯誤，D正確。

故選：AD。

阿伏加德羅常量NA==摩爾體積Vmol=

本題考查了阿伏加德羅常量、摩爾體積的計算。對阿伏加德羅常量的應用是本題的關鍵?！窘馕觥緼D三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】試題分析：由于吸收了40J的熱，故Q＝40J，對環(huán)境作了10J的功，故W＝－10J，故根據(jù)勢力學第一定律，系統(tǒng)的內能△U＝Q＋W＝40J－10J＝360J，即內能增加了30J?？键c：熱力學第一定律?！窘馕觥俊敬鸢浮吭黾?；30。19、略

【分析】解：(1)在“驗證碰撞中的動量守恒”實驗中；為防止被碰球碰后反彈，入射球的質量必須(遠)大于被碰球的質量，因此B正確，ACD錯誤．

故選：B．

(2)A；要保證每次小球都做平拋運動；則軌道的末端必須水平，故A正確；

B；“驗證動量守恒定律”的實驗中；是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故B錯誤；

C；要保證碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D；要保證碰撞后都做平拋運動；兩球要發(fā)生正碰，碰撞的瞬間，入射球與被碰球的球心應在同一水平高度，兩球心的連線應與軌道末端的切線平行，因此兩球半徑應該相同，故D正確．

故選：ACD．

(3)A；測量A球和B球的質量(或兩球質量之比)；用來表示出球的動量，故A正確；

B；不需要測量A球或B球的直徑；故B誤；

C；根據(jù)平拋規(guī)律可知；小球運動時間是相同的，不需要測量G點相對于水平槽面的高度，故C錯誤；

D；不需要測量小球起始點的高度；故D錯誤；

E；小球做平拋運動；落地時間相同，不需要測量時間，故E錯誤；

F、需要測量小球m1滾下平拋的水平距離；由測量出的水平距離表示出碰撞前球的速度，故F正確；

G；兩球碰后都做平拋運動；因此需要測量其水平距離從而確定其碰后速度大小，故G正確；

故選：AFG．【解析】B;ACD;AFG20、略

【分析】解：(1)下面給出的實驗步驟中；正確順序為：BDAC；

(2)每一滴油溶液的體積是ml，滴入水面的油溶液的體積ml，滴入水中的油的體積為：V=ml；

油膜的厚度，即油分子的直徑為：d==cm．

故答案為：(1)BDAC(2)B【解析】BDAC;B21、0.642；cabd；×1k；3.2×104；A1；【分析】解：(1)

讀數(shù)為0.5mm+14.2隆脕0.01mm=0.642mm

(2)

使用多用電表測電阻時，首先要選擇檔位，然后進行歐姆調零；再進行測量；測量完成后要斷開開關，將旋鈕打到OFF

檔或交流電壓最高檔；故步驟為：cabd

因電阻為幾十k婁賂

故應選擇隆脕1k

檔位；

多用電表的讀數(shù)方法為指針示數(shù)與檔位的乘積；故電阻的阻值R=32隆脕1000婁賂=3.2隆脕104婁賂

(3)a

由I=ER+r

得：I隆脰100uA

故電流表選A1.b

精確測定此電阻絲的阻值，滑線變阻器用分壓，由RVRX<RXRA

電流表用內接法，電路圖如圖所示。

(4)

根據(jù)電阻定律Rx=婁脩LS

其中S=14婁脨d2

解得：婁脩=婁脨d2Rx4L

故答案為：(1)0.642

(2)cabd隆脕1k3.2隆脕104

(3)aA1b

如圖所示；

(4)婁脨d2Rx4L

(1)

螺旋測微器固定刻度最小分度為1mm

可動刻度每一分度表示0.01mm

由固定刻度讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動刻度讀出毫米的小數(shù)部分．

(2)

明確多用電表的使用方法；掌握萬用表的讀數(shù)方法，即電阻的測量值=

指針指示值隆脕

倍率．

(3)

由I=ER+r

求得電流值選擇電流表，根據(jù)電壓表；電流表與待測電阻阻值倍數(shù)關系，選擇電流表外接法，精確測定此電阻絲的阻值，要求測量值盡可能多，故采用分壓法．

(4)

由電阻定律公式變形即可求得電阻率的表達式．

本題考查電阻率的測量實驗，對于實驗電路所用器材的要求能熟練掌握，明確各儀器正確讀數(shù)的方法；電表的內外接法，變阻器的分壓與限流式的區(qū)別要弄清楚．【解析】0.642cabd隆脕1k3.2隆脕104A1婁脨d2Rx4L

22、略

【分析】小汽車在水平地板上以某一速度勻速運動，豎直方向受力平衡，支持力等于重力，支持力與壓力為相互作用力，大小相等方向相反，在最高點時由豎直方向的合力提供向心力，重力小于支持力【解析】【答案】等于；不等于23、略

【分析】【解析】【答案】C9.74m/s224、向右向左【分析】【