2024年滬教版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷286考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖6是電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線分布圖，a、b是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，這兩點(diǎn)比較:A.b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大B.a點(diǎn)的電勢(shì)較低C.負(fù)點(diǎn)電荷從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做正功D.同一負(fù)點(diǎn)電荷放在a點(diǎn)所受的電場(chǎng)力比放在b點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力小2、如圖所示，在兩條豎直邊界線所圍的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子從左邊界的P點(diǎn)以某一水平速度射入電場(chǎng)，從右邊界的Q點(diǎn)射出，下列判斷正確的有A.粒子帶正電B.粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.粒子電勢(shì)能增大D.若增大電場(chǎng)強(qiáng)度粒子通過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間變大3、如圖所示電路，電壓U保持不變，當(dāng)電鍵S斷開(kāi)時(shí)，理想電流表A的示數(shù)為0.6A，當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，理想電流表的示數(shù)為0.9A，則兩電阻阻值之比R1：R2為（）A1：2B2：1C2：3D3：24、2014

年10

月2

日，中國(guó)選手曹碩在仁川亞運(yùn)會(huì)上以17.30m

的成績(jī)奪得男子三級(jí)跳遠(yuǎn)冠平.

在運(yùn)動(dòng)員起跳瞬間(

)

A.運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力就是運(yùn)動(dòng)員所受的重力B.地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力大于運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力C.地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力與運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力大小相等D.地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力小于運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力5、小球P

和Q

用不可伸長(zhǎng)的輕繩掛在天花板上，P

球的質(zhì)量大于Q

球的質(zhì)量，懸掛P

球的繩比懸掛Q

球的繩短.

將兩球拉起，使兩球均被水平拉直，如圖所示.

將兩球由靜止釋放，在各自軌道的最低點(diǎn)(

)

A.P

球的速度一定大于Q

球的速度B.P

球的動(dòng)能一定大于Q

球的動(dòng)能C.P

球所受繩的拉力一定大于Q

球所受繩的拉力D.P

球的向心加速度一定大于Q

球的向心加速度6、如圖所示，在長(zhǎng)直通電導(dǎo)線附近放置一矩形線框，開(kāi)始時(shí)線框與導(dǎo)線下在同一平面內(nèi)，線框中的ac、bd邊與導(dǎo)線平行，當(dāng)線框做下列運(yùn)動(dòng)時(shí)不能產(chǎn)生感應(yīng)電流是（）A.線框向右勻速運(yùn)動(dòng)B.線框垂直紙面向里運(yùn)動(dòng)C.線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)D.線框平面以直導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)7、關(guān)于如圖所示的電場(chǎng)中的A、B、C點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大B.B點(diǎn)的電勢(shì)最高C.C點(diǎn)沒(méi)有電場(chǎng)線，所以電場(chǎng)強(qiáng)度為零D.同一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能最大評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解9、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)10、萬(wàn)有引力常量G=6.67×10-11____，由萬(wàn)有引力定律可知，兩個(gè)質(zhì)量分別為50kg的人，相距2m時(shí)的萬(wàn)有引力為_(kāi)___．11、兩顆人造地球衛(wèi)星質(zhì)量的比m1：m2=1：2，軌道半徑之比r1：r2=3：1．求這兩顆衛(wèi)星運(yùn)行的周期之比T1：T2=____；線速度之比v1：v2=____．12、如圖所示，一個(gè)均勻的帶電圓環(huán)，帶電荷量為+Q，半徑為r，放在絕緣水平桌面上．圓心為O點(diǎn)，過(guò)O點(diǎn)作一豎直線，在此線上取一點(diǎn)A，使A到O點(diǎn)的距離為0.75r，在A點(diǎn)放一檢驗(yàn)電荷-q，則-q在A點(diǎn)所受的庫(kù)侖力大小為_(kāi)_____．13、如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個(gè)帶有同種電荷的小球AB

分別處于豎直墻面和水平地面，且處于同一豎直平面內(nèi)，若用圖示方向的水平推力F

作用于小球B

則兩球靜止于圖示位置.

如果將小球向左推動(dòng)少許，并待兩球重新達(dá)到平衡時(shí)，跟原來(lái)的狀態(tài)相比，豎直墻面對(duì)小球A

的推力______；地面對(duì)小球B

的支持力______；兩小球之間的距離______.(

填“變大”、“變小”或“不變”)

14、在“探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，按如圖連接電路，在閉合S1瞬間發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)G指針向左偏，則將L2從L1中拔出，電流表指針______，將滑動(dòng)變阻器滑片迅速右移，電流表指針______，斷開(kāi)S2，電流表指針______（填“左偏”、“右偏”或“不偏”）。從該實(shí)驗(yàn)的探究可以得到的結(jié)論是______。15、如圖所示，x為放射源，L為一紙板，紙板與計(jì)數(shù)器之間有強(qiáng)磁場(chǎng)B．當(dāng)強(qiáng)磁場(chǎng)移開(kāi)時(shí)，計(jì)數(shù)器的計(jì)數(shù)率不變，說(shuō)明放射源中沒(méi)有______（選填“α”、“β”或“γ”）粒子；將紙板L移開(kāi)，計(jì)數(shù)器計(jì)數(shù)率大幅度上升，這表明放射源中有______（選填“α”、“β”或“γ”）粒子．評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共18分)16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共40分)18、如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的物體在與水平方向成α=37°的拉力F=10N的作用下，在動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2的水平面上由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）物體的加速度多大。

（2）2s末物體的位移多大。

（3）5S后撤去F物體還能運(yùn)動(dòng)多遠(yuǎn)．19、在如圖所示的電路中，電阻R=2.0婁賂

電源的電動(dòng)勢(shì)E=3.0V

內(nèi)電阻r=1.0婁賂.

閉合開(kāi)關(guān)S

求：

(1)

通過(guò)電阻R

的電流I

(2)

電阻R

的功率P

．20、一圓柱形氣缸直立在地面上；內(nèi)有一個(gè)具有質(zhì)量；無(wú)摩擦的絕熱活塞(AB

兩部分氣體之間沒(méi)有熱傳遞)

把氣缸分成容積相同的AB

兩部分，如圖所示.

兩部分氣體的溫度相同，均為t0=27隆忙A

部分氣體的壓強(qiáng)pA0=1.0隆脕105PaB

部分氣體的壓強(qiáng)pB0=2.0隆脕105pa.

現(xiàn)對(duì)B

部分氣體加熱，使活塞上升，保持A

部分氣體的溫度不變，使A

部分氣體的體積減小為原來(lái)的2/3.

求此時(shí)：

(1)A

部分氣體的壓強(qiáng)。

(2)B

部分氣體的溫度．21、如圖所示，光滑水平面MN左端足夠遠(yuǎn)的地方有一彈性擋板（碰撞時(shí)無(wú)能量損失）P，右端N與處于同一高度的水平傳送帶之間的距離可忽略，傳送帶水平部分NQ的長(zhǎng)度L=2m，傳送帶逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，其速度v=2m/s．MN上放置著兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量mA=4kg、mB=1kg的小物塊A、B，開(kāi)始時(shí)A、B都靜止，A、B間壓縮一鎖定的輕質(zhì)彈簧，其彈性勢(shì)能EP=10J．現(xiàn)解除鎖定，彈簧彈開(kāi)A、B后迅速移走彈簧，g=10m/s2．求：

（1）物塊A；B被彈開(kāi)時(shí)各自的速度大?。?/p>

（2）要使兩物塊能在水平面MN上發(fā)生碰撞；則小物塊B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)至少為多大；

（3）若物塊A、B與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都等于第（2）問(wèn)中的臨界值，且兩物塊碰撞后結(jié)合成整體．在此后物塊A、B三次離開(kāi)傳送的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，兩物塊與傳送帶間產(chǎn)生的總熱量．評(píng)卷人得分六、畫(huà)圖題(共2題，共8分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|D【分析】電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，可知A對(duì)；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，b點(diǎn)電勢(shì)低，B錯(cuò)；負(fù)電荷從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力向右，位移向左，電場(chǎng)力做負(fù)功，C錯(cuò)；由電場(chǎng)力F=qE可知同一負(fù)點(diǎn)電荷放在a點(diǎn)所受的電場(chǎng)力比放在b點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力小，D對(duì)；【解析】【答案】AD2、A【分析】試題分析：由題意知，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由圖知粒子受電場(chǎng)力豎直向下，與電場(chǎng)方向相同，故粒子帶正電，所以A正確，B錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做正功，故電勢(shì)能減小，所以C錯(cuò)誤；粒子在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故僅增大電場(chǎng)強(qiáng)度粒子通過(guò)電場(chǎng)的時(shí)間不變，所以D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】A3、A【分析】試題分析：當(dāng)電鍵S斷開(kāi)時(shí)，U=0.6×R1；當(dāng)S閉合時(shí)：聯(lián)立解得：R1：R2=1：2，選項(xiàng)A正確.?？键c(diǎn)：部分電路的歐姆定律.【解析】【答案】A4、C【分析】解：A

運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力和運(yùn)動(dòng)員所受的重力是兩種不同性質(zhì)的力；不能說(shuō)運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力就是運(yùn)動(dòng)員所受的重力，故A錯(cuò)誤；

BCD

地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力與運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的作用力是作用力與反作用力；大小相等，故BD錯(cuò)誤，C正確；

故選：C

．

根據(jù)牛頓第三定律可知作用力與反作用力大小相等；方向想法，作用在兩個(gè)物體上．

解決本題的關(guān)鍵是會(huì)區(qū)別作用力與反作用力和平衡力的區(qū)別．【解析】C

5、C【分析】解：A

對(duì)任意一球，設(shè)繩子長(zhǎng)度為L(zhǎng).

小球從靜止釋放至最低點(diǎn)，由機(jī)械能守恒得：mgL=12mv2

解得：v=2gLv隆脴L

則知，通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，P

球的速度一定小于Q

球的速度.

故A錯(cuò)誤．

B；由于P

球的質(zhì)量大于Q

球的質(zhì)量；而P

球的速度小于Q

球的速度，所以P

球的動(dòng)能不一定大于Q

球的動(dòng)能.

故B錯(cuò)誤．

C、在最低點(diǎn)，由拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得：F鈭?mg=mv2L

解得，F(xiàn)=3mg

與L

無(wú)關(guān)，與m

成正比，所以P

球所受繩的拉力一定大于Q

球所受繩的拉力，故C正確．

D、在最低點(diǎn)小球的向心加速度a脧貌=v2L=2g

與L

無(wú)關(guān)，所以P

球的向心加速度一定等于Q

球的向心加速度，故D錯(cuò)誤．

故選：C

從靜止釋放至最低點(diǎn)；由機(jī)械能守恒列式，得到最低點(diǎn)的速度表達(dá)式；在最低點(diǎn)由牛頓第二定律可得繩子的拉力和向心加速度表達(dá)式，再比較它們的大?。?/p>

比較一個(gè)物理量時(shí)，往往根據(jù)物理規(guī)律得到它們的表達(dá)式，再比較它們的大小.

對(duì)于本題的結(jié)論要在理解的基礎(chǔ)上記住，經(jīng)常用到．【解析】C

6、D【分析】解：A；當(dāng)線框向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)；穿過(guò)線圈的磁通量減小，則線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，不符合題意，故A錯(cuò)誤。

B；當(dāng)線框垂直紙面向里運(yùn)動(dòng)；穿過(guò)線圈的磁通量減小，則線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，不符合題意，故B錯(cuò)誤。

C、線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；穿過(guò)線圈的磁通量減小，則線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，不符合題意，故C錯(cuò)誤。

D；線框平面以直導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；線框中的磁通量沒(méi)有發(fā)生變化，故不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。

故選：D。

由通過(guò)直導(dǎo)線周?chē)嬖诖艌?chǎng)；可確定線圈所處磁場(chǎng)的分布，當(dāng)閉合回路中磁通量發(fā)生變化時(shí)，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流．

判斷電路中能否產(chǎn)生感應(yīng)電流，應(yīng)把握兩點(diǎn)：一是要有閉合回路；二是回路中的磁通量要發(fā)生變化．【解析】D7、A【分析】【詳解】

A．處電場(chǎng)線最密，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，故正確．

B．根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低可以知道點(diǎn)的電勢(shì)最高，故錯(cuò)誤．

C．電場(chǎng)線可形象描述電場(chǎng)線的強(qiáng)弱和方向，點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)電場(chǎng)線，由圖可以知道電場(chǎng)仍存在，故錯(cuò)誤．

D．點(diǎn)電勢(shì)最低，由知負(fù)電荷在處電勢(shì)能最大，故錯(cuò)誤．

故選．

點(diǎn)睛：對(duì)電場(chǎng)線要了解：（1）電場(chǎng)線密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，（2）沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，（3）正電荷受力方向與電場(chǎng)線相同，負(fù)電荷受力方向與電場(chǎng)線方向相反．二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共6題，共12分)10、略

【分析】

國(guó)際單位制中質(zhì)量m、距離r；力F的單位分別是：kg、m、N；

根據(jù)牛頓的萬(wàn)有引力定律F=得到G的單位是N?m2/kg2．

兩個(gè)質(zhì)量分別為50kg的人，相距2m時(shí)的萬(wàn)有引力F==1.67×10-7N．

故答案為：N?m2/kg2，1.67×10-7N

【解析】【答案】根據(jù)牛頓的萬(wàn)有引力定律F=由m，r；F三個(gè)物理量的單位推導(dǎo)出G的單位．應(yīng)用萬(wàn)有引力定律直接計(jì)算；

11、略

【分析】

設(shè)地球的質(zhì)量為M．人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則有。

G得T=2π則得兩顆衛(wèi)星運(yùn)行的周期之比T1：T2==31

衛(wèi)星的線速度為v=

則線速度之比為v1：v2=1：

故答案為：31，1：

【解析】【答案】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程，得到衛(wèi)星的周期；速度與半徑的關(guān)系，再求解比值．

12、略

【分析】解：檢驗(yàn)電荷受的庫(kù)侖力沿著電荷的連線指向+q；由對(duì)稱(chēng)性可知在垂直于豎直線的方向上的分力相互抵消，只有沿豎直線方向的分力．

由庫(kù)侖力公式知：F=kcos53°=

故答案為：．

把檢驗(yàn)電荷受的力分解為沿豎直線和垂直于豎直線；由電荷的對(duì)稱(chēng)性知垂直于豎直線方向的力相互抵消，從而即可求解．

畫(huà)出受力圖，利用力的分解可以順利解出本題，同時(shí)掌握庫(kù)侖定律及力的矢量合成法則．【解析】13、略

【分析】解：以A

球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力，作出力圖如圖1

所示：

設(shè)B

對(duì)A

的庫(kù)侖力F

與墻壁的夾角為婁脠

由平衡條件得豎直墻面對(duì)小球A

的彈力為：

N1=mAgtan婁脠

將小球B

向左推動(dòng)少許時(shí)婁脠

減??；則N1

減小，即豎直墻面對(duì)小球A

的推力變?。?/p>

再以AB

整體為研究對(duì)象；分析受力如圖2

所示，由平衡條件得：

F=N1

N2=(mA+mB)g

則F

減?。坏孛鎸?duì)小球B

的彈力一定不變，即地面對(duì)小球B

的支持力不變．

庫(kù)侖力F驢芒=mAgcos婁脠婁脠

減小，cos婁脠

增大，F(xiàn)驢芒

減小，根據(jù)庫(kù)侖定律，可知，兩小球的間距增大．

故答案為：變??；不變；變大．

先以A

球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件分析墻壁對(duì)A

的彈力如何變化，再以AB

整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件分析F

如何變化和地面對(duì)小球B

的彈力的變化．

本題運(yùn)用隔離法和整體法結(jié)合分析動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是確定研究對(duì)象(

往往以受力較少的物體為研究對(duì)象)

分析受力情況．【解析】變?。徊蛔?；變大14、右偏左偏不偏穿過(guò)閉合線圈中的磁通量變化，則會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【分析】解：閉合電鍵S1時(shí)穿過(guò)副線圈的磁通量增加；靈敏電流計(jì)G的指針向左偏了一下，說(shuō)明穿過(guò)副線圈的磁通量增加時(shí)電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn)；

若將L2從L1中拔出時(shí)。穿過(guò)副線圈的磁通量減少；電流計(jì)指針將右偏轉(zhuǎn)；

若將滑動(dòng)變阻器滑片迅速右移時(shí)；穿過(guò)副線圈的磁通量增大，電流計(jì)指針將向左偏；

當(dāng)斷開(kāi)S2；不論如何變化，均不會(huì)偏轉(zhuǎn)；

從該實(shí)驗(yàn)的探究可以得到的結(jié)論是：穿過(guò)閉合線圈中的磁通量變化；則會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

故答案為：右偏；左偏；不偏；穿過(guò)閉合線圈中的磁通量變化；則會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。

根據(jù)題意確定磁通量變化關(guān)系與電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系；然后根據(jù)題意分析答題。

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是閉合電路的磁通量發(fā)生變化。

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、判斷電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向問(wèn)題，知道實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，根據(jù)題意確定電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化的關(guān)系即可正確解題。【解析】右偏左偏不偏穿過(guò)閉合線圈中的磁通量變化，則會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流15、略

【分析】解：α射線不能穿透紙板；將磁場(chǎng)移開(kāi)后，計(jì)數(shù)器所得計(jì)數(shù)率保持不變，說(shuō)明穿過(guò)紙板的粒子中無(wú)帶電粒子，故沒(méi)有β射線；將薄紙板L移開(kāi)，計(jì)數(shù)率大幅上升，說(shuō)明射線中有穿透力很弱的粒子，因此放射源有α．

故答案為：β；α

α射線是由氦核構(gòu)成的；β射線是高速電子流，γ射線是波長(zhǎng)極短的電磁波，三者貫穿本領(lǐng)依次增強(qiáng)．

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)特性及放射性現(xiàn)象；了解三種射線的特性是做好本題的關(guān)鍵．【解析】β；α四、判斷題(共2題，共18分)16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．五、計(jì)算題(共4題，共40分)18、略

【分析】

（1）物體受重力；拉力、支持力和摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度大?。?/p>

（2）根據(jù)位移時(shí)間公式求得位移；

（3）根據(jù)牛頓第二定律求得撤去外力后的加速度；根據(jù)速度位移公式求得位移。

加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，通過(guò)加速度，可以根據(jù)力求運(yùn)動(dòng)，也可以根據(jù)運(yùn)動(dòng)求力【解析】解：（1）物體受力如圖所示，在x軸方向?qū)ξ矬w運(yùn)用牛頓第二定律得：Fcosα-Ff=ma

在y軸方向由平衡條件得：Fsinα+FN-mg=0

又因?yàn)椋篎f=μFN

聯(lián)立以上三式代入數(shù)據(jù)解得：=7.2m/s2

（2）2s末物體的位移為

（3）5s末的速度v=at=36m/s，根據(jù)牛頓第二定律可知根據(jù)速度位移公式可知

答：（1）物體的加速度為7.2m/s2

（2）2s末物體的位移為14.4m

（3）5S后撤去F物體還能運(yùn)動(dòng)324m19、略

【分析】

已知電源的電動(dòng)勢(shì)；內(nèi)阻和外電阻；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電路中電流I

根據(jù)P=I2R

可求解電阻R

的功率；

此題是閉合電路歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用，該定律是電路中最重要的規(guī)律之一，掌握要牢固，應(yīng)用要熟練．【解析】解：(1)

通過(guò)電阻R

的電流I=ER+r=1.0A

(2)

電阻R

的功率P=I2R=2.0W

答：(1)

通過(guò)電阻R

的電流I

為1.0A

(2)

電阻R

的功率P

為2.0W

20、解：（1）設(shè)開(kāi)始時(shí)兩部分氣體的體積均為V0．

對(duì)A部分氣體：

初態(tài)：P1=105Pa，V1=V0

末態(tài)：P2=？V2=V0

因?yàn)椴糠謿怏w保持溫度不變，所以由玻意耳定律，有P1V1=P2V2

代入解得，P2=1.5×105Pa

（2）初態(tài)時(shí)，B、A的壓強(qiáng)差△p=pB0-pAO=2.0×105pa-1.0×105Pa=1.0×105Pa

這個(gè)壓強(qiáng)差是由活塞的重力產(chǎn)生的，由于活塞的重力不變，則這個(gè)壓強(qiáng)差不變．兩部分氣體體積之和保持不變，則此時(shí)B部分氣體的體積為2V0-=

對(duì)于B部分氣體：

初態(tài)：P3=2×105Pa，V3=V0，T3=300K

末態(tài)：P4=P2+△P=2.5×105Pa，V3=V0，T4=？

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：

代入解得T4=500k

答：（1）A部分氣體的壓強(qiáng)是1.5×105Pa；

（2）B部分氣體的溫度是500k．【分析】

(1)A

部分氣體發(fā)生等溫變化；由玻意耳定律即可求出后來(lái)A

部分氣體的壓強(qiáng)；

(2)B

與A

兩部分氣體的壓強(qiáng)差等于活塞的重力產(chǎn)生的壓強(qiáng)；求出B

部分氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解此時(shí)B

部分氣體的溫度．

本題是兩部分氣體的問(wèn)題，既要分別確定兩部分各作何種變化，選擇規(guī)律列式，更重要的是抓住它們之間的聯(lián)系進(jìn)行分析．【解析】解：(1)

設(shè)開(kāi)始時(shí)兩部分氣體的體積均為V0

．

對(duì)A

部分氣體：

初態(tài)：P1=105PaV1=V0

末態(tài)：P2=V2=23V0

因?yàn)椴糠謿怏w保持溫度不變；所以由玻意耳定律，有P1V1=P2V2

代入解得；P2=1.5隆脕105Pa

(2)

初態(tài)時(shí)，BA

的壓強(qiáng)差鈻?p=pB0鈭?pAO=2.0隆脕105pa鈭?1.0隆脕105Pa=1.0隆脕105Pa

這個(gè)壓強(qiáng)差是由活塞的重力產(chǎn)生的，由于活塞的重力不變，則這個(gè)壓強(qiáng)差不變.

兩部分氣體體積之和保持不變，則此時(shí)B

部分氣體的體積為2V0鈭?23V0=43V0

對(duì)于B

部分氣體：

初態(tài)：P3=2隆脕105PaV3=V0T3=300K

末態(tài)：P4=P2+鈻?P=2.5隆脕105PaV3=43V0T4=

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：

p3V3T3=p4V4T4

代入解得T4=500k

答：(1)A

部分氣體的壓強(qiáng)是1.5隆脕105Pa

(2)B

部分氣體的溫度是500k

．21、略

【分析】

（1）A；B被彈簧彈開(kāi)的過(guò)程實(shí)際是爆炸模型；符合動(dòng)量守恒、AB及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．

（2）對(duì)B；運(yùn)用用動(dòng)能定理可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)．

（3）我們用逆向思維考慮：A；B整體最后剛好從Q點(diǎn)滑出那么它的末速度一定為零；即他們一直做勻減速運(yùn)動(dòng)，則A、B碰撞后的公共速度可求；而碰撞前B的速度已知，那么碰撞前A的速度利用動(dòng)量守恒可求；既然A的速度求出來(lái)了，利用動(dòng)能定理或者功能關(guān)系知道P對(duì)A做的